2023年浙江省学军、镇海等名校高考冲刺模拟物理试题含解析.pdf

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1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3,请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、甲、乙两车在一平直公路上从同一地点沿同一方向沿直线运动，它们的v-t图象如图所示

2、。下列判断正确的是（）A.乙车启动时，甲车在其前方100m处 B.运动过程中,乙车落后甲车的最大距离为50mC.乙车启动后两车的间距不断减小直到两车相遇D.乙车启动后10s内，两车不会相遇2、如图所示，纸面为竖直面，MN为竖直线段，MN之间的距离为日空间存在平行于纸面的足够宽的匀强电场，其大小和方向未知，图中未画出，一带正电的小球从M 点在纸面内以v户师的速度水平向左开始运动，以后恰好以大小为口=血 刃 的 速 度 通 过 N 点。已知重力加速度g,不计空气阻力。则下列说法正确的的是（）N VA.可以判断出电场强度的方向水平向左B.从 M 点到N 点的过程中小球的机械能先增大后减小C.从 M

3、到 N 的运动过程中小球的速度最小为为2D.从M到N的运动过程中小球的速度最小为且为5 3、如图所示，理想变压器原、副线圈匝数比为1：2,正弦交流电源电压为U=12 V,电阻Ri=l l,R2=2 SI,滑动变 阻 器&最 大 阻 值 为 20。，滑片尸处于中间位置，则A.R i与匕消耗的电功率相等C.若向上移动P,电压表读数将变大4、下列说法正确的是（）B.通过K i的电流为3 AD.若向上移动P,电源输出功率将不变A.一定量的理想气体，当气体体积增大时，气体一定对外界做功B.物体放出热量，其内能一定减少C.温度高的物体分子平均动能一定大，但内能不一定大，D.压缩气体需要用力，这是因为气体分

4、子间存在斥力5、下列四个选项中哪个不等干磁感应强度的单位特斯拉（）N N-s 八 V-s W bA.B.-C.D.-A-m Cm m-m6、下列关于运动项目的叙述正确的是（）A.若足球的运动轨迹是旋转的香蕉球时，要研究足球的运动足球可以看做质点B.2 0 1 8年苏炳添在男子1 0 0 m中跑出的亚洲纪录是一个时刻C.4 x 1 0 0 m接力赛中的1 0 0 m都是指位移D.运动员1 0 0 m短跑用时1 0 s,则其加速过程的平均加速度定不小于2 m/s 2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共2 0分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不

5、全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为一列沿x轴正方向传播的简谐横波f =l s时刻波形图，该时刻M点开始振动，再过1.5 s,N点开始振动。下列判断正确的是。A.波的传播速度4 m/sJIB.质点的振动方程y =0.5 s i n（2 m +z）C.质点M、N相位相差是乃D.7 =0.5 s时刻，x =1.0 m处质点在波峰E J=2.5s时刻，质点M、N与各自平衡位置的距离相等8、以点电荷A、B的连线为x轴，以点电荷B为坐标原点建立如图所示的坐标系，点电荷A、B带电量分别为切、仇,间距为xo。一电子以一定的初速度进入该电场，由靠近坐标原点的位置沿x轴正方向运动，其电势能的变化如图中实线

6、所示，图线与x轴交点的横坐标为X I,图线最高点对应的横坐标为孙，则下列判断正确的是A.0-处之间电场强度沿x轴正方向 B.A电荷带正电，B电荷带负电C 1 =（*2 +*o）D 1 =（-+*o）%2%X 9、平行金属板PQ、MN与电源和滑线变阻器如图所示连接，电源的电动势为E,内电阻为零；靠近金属板尸的S处有一粒子源能够连续不断地产生质量为机，电荷量+,初速度为零的粒子，粒子在加速电场尸。的作用下穿过。板的小孔尸，紧贴N板 水 平 进 入 偏 转 电 场 改 变 滑 片p的位置可改变加速电场的电压g和偏转电场的电压。2,且所有粒子都能够从偏转电场飞出，下列说法正确的是（）A.粒子的竖直偏转

7、距离与S 成正比B.滑片p向右滑动的过程中从偏转电场飞出的粒子的偏转角逐渐减小C.飞出偏转电场的粒子的最大速率D.飞出偏转电场的粒子的最大速率10、如图所示，用跨过光滑滑轮的轻质细绳将小船沿直线拖向岸边，已知拖动细绳的电动机功率恒为P,电动机卷绕绳子的轮子的半径R=2 5 cm,轮子边缘的向心加速度与时间满足a=2（2+0 2,小船的质量m=3 k g,小船受到阻力大小恒为y =1 0 x(百+DN,小船经过A点时速度大小%=2fm/s，滑轮与水面竖直高度=1.5 m,则A.小船过8点时速度为4 m/sB.小船从A点到8点的时间为(J I+l)sC.电动机功率P =5 0 WD.小船过B点时的

8、加速度为2 5 H 2()6 +5 m/s?6三、实验题：本题共2小题，共 1 8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1.(6 分)利用阿特伍德机可以验证力学定律。图为一理想阿特伍德机示意图，A、B为两质量分别为m 1、切2 的两物块，用轻质无弹性的细绳连接后跨在轻质光滑定滑轮两端，两物块离地足够高。设法固定物块A、B后，在物块A上安装一个宽度为d的遮光片，并在其下方空中固定一个光电门，连接好光电门与毫秒计时器，并打开电源。松开固定装置，读出遮光片通过光电门所用的时间若想要利用上述实验装置验证牛顿第二定律实验，则/zTx(1)实验当中，需要使、满足关系：o(2)实验当

9、中还需要测量的物理量有 利用文字描述并标明对应的物理量符号)。验证牛顿第二定律实验时需要验证的等式为(写出等式的完整形式无需简化)。(4)若要利用上述所有数据验证机械能守恒定律，则所需要验证的等式为一(写出等式的完整形式无需简化)。1 2.(1 2 分)为了精密测量一金属丝的电阻率：(1)如图甲所示，先用多用电表“x l 挡粗测其电阻为 C,然后用螺旋测微器测其直径为mm.三1 5世 昌 一10隼5乙（2）为了减小实验误差，需进一步测其电阻，除待测金属丝外，实验室还备有的实验器材如下:A.电 压 表 V（量 程 3 V,内 阻 约 15 g；量 程 15 V,内阻约75 kft）B.电流表A（

10、量 程 0.6A,内 阻 约 1Q；量 程 3 A,内阻约0.2。）C.滑动变阻器Ri（05。，1A）D.滑动变阻器R2（O 2000 C,0.1 A）E.1.5 V 的干电池两节，内阻不计F.电阻箱G.开 关 S,导线若干为了测多组实验数据，则 上 述 器 材 中 的 滑 动 变 阻 器 应 选 用（选填“Ri”或“R2”）.请在虚线框内设计最合理的电路图并完成实物图的连线四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图，一导热性能良好的容器由三根内径相同的竖直玻璃管构成，管内装有足够多的水银，左管上端封闭

11、有一定质量的理想气体A,右管上端与大气相通，下管用活塞顶住。开始时左右两管的水银面恰好相平，气体A 的长度为20 cm,环境温度为304 K。已知大气压强恒为76 cmHg,现用外力缓慢向上推活塞,使气体A 的长度变为19 cm。（i）求此时左右两管水银面的高度差；（）再将活塞固定，对气体A 缓慢加热，使其长度变回20 cm。求此时气体A 的温度。A14.(16分)如图所示，截面为直角三角形A5C的玻璃砖，NC=30。，一束细激光自A 5 中点。垂直4 8 射入玻璃砖，光线第一次射到8C 边时，自BC边折射射出的光线平行于A C 已知A 8 长度为L,光在真空中传播速度为c。求：玻璃的折射率；

12、(2)光线自A 3 边射入到第一次从BC边射出经历的时间t.15.(12分)如图所示，滑块和滑板静止在足够大的水平面上，滑块位于滑板的最右端，滑板质量为M=0.6kg,长为Li=0.6m,滑块质量为/n=0.2kg,质量也为?=0.2kg的小球用细绳悬挂在。点，绳长L2=0.8m,静止时小球和滑板左端恰好接触。现把小球向左拉到与悬点等高处无初速释放，小球到达最低点时与木板发生弹性碰撞。空气阻力忽略不计，已知滑块与滑板之间的动摩擦因数为1=0，滑板与水平面之间的动摩擦因数2=2,滑块和小球均可看成质点，重力加速度g 取 lOm/s?。求：(1)小球刚摆到最低点时与木板发生碰撞前绳的拉力大小；(2

13、)滑块能否从滑板上掉下?试通过计算说明理由；(3)滑块和滑板之间由于相对滑动所产生的热量。参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.根据速度图线与时间轴包围的面积表示位移，可知乙在f=10s时启动，此时甲的位移为X.=xlOxl Om=50m2即乙车启动时，甲车在乙前方5 0 m 处，故 A 错误；B.当两车的速度相等时即r=15s时相遇最远，最大距离为S z,=x(5+15)x10-X 10 x5m=75m2 2故 B 错误；C.两车从同一地点沿同一方向沿直线运动，10s15s内甲车的速度比乙车的大

14、，两车的间距不断增大，故 C 错误;D.当位移相等时两车才相遇，由图可知，乙车启动10s后位移x?=x20 xl0m=100m一 2此时甲车的位移为%,=l+2xl0m=150m3 2乙车启动10s后位移小于甲的位移，两车不会相遇，故 D 正确；故选D。2、D【解析】A.小球运动的过程中重力与电场力做功，设电场力做的功为W,则有W+mgh=mv2-mv1代入v=解得W=O说明M N 为电场的等势面，可知电场的方向水平向右，故 A 错误；B.水平方向小球受向右的电场力，所以小球先向左减速后向右加速，电场力先负功后正功，机械能先减小后增加,故 B 错误；C D.设经过时间力小球的速度最小，则竖直方

15、向Vv =水平方向匕=%一町驾4l2hV g合速度u=M +v；=J(gf J +(-2gf J =yj5g2ti-4 gyf2gh-tl+2gh由数学知识可知，u的最小值为故C错误，D正确。故选D。3、B【解析】理想变压器原副线圈匝数之比为1:2,可知原副线圈的电流之比为2：1,根据P=PR可 知Ri与R2消耗的电功率之比为2：1,故A错误；设通过Ri的电流为I,则副线圈电流为0.51,初级电压：U-IRi=12-I；根据匝数比可知次级电压为2（12-D,则1髭 ）=氏2 +g尺3,”=12 c，解 得I=3A,故B正确：若向上移动P,则R3电阻减小，次级电流变大，初级电流也变大，根 据P=

16、IU可知电源输出功率将变大，电阻Ri的电压变大，变压器输入电压变小，次级电压变小，电压表读数将变小，故C D错误；故 选B。4、C【解析】A.一定量的理想气体，当气体由于自由扩散而体积增大时，气体对外界不做功，故A错误；B.物体放出热量，若同时外界对物体做功，物体的内能不一定减少，故B错误；C.内能取决于物体的温度、体积和物质的量，温度高的物体内能不一定大，但分子平均动能一定大，故C正确；D.气体之间分子距离很大，分子力近似为零，用力才能压缩气体是由于气体内部压强产生的阻力造成的，并非由于分子之间的斥力造成，故D错误。故选C。5,D【解析】F NA.根据B=一 可知，1=1 T,选项A不符合题

17、意；IL A-mV-CN N N-s yBC.1T=1-=1-=1-=1-5=1-,选项 BC 不符合题意；A m C C m Cm m ms WbD.由8=u可知，=选 项D符合题意。S m故选D。6、D【解析】A.若足球的运动轨迹是旋转的香蕉球时，要研究足球的运动足球大小不能忽略，不可以看做质点，选项A 错误;B.2018年苏炳添在男子100m中跑出的亚洲纪录是一个时间间隔，选 项 B 错误；C.4x100m 接力赛中有弯道，则其中的100m不都是指位移，选 项 C 错误；D.运动员100m短跑用时1 0 s,若整个过程中一直加速，则加速度因运动员在100m短跑中先加速后匀速，则其加速过程

18、的平均加速度定不小于2 m/s2,选 项 D 正确;故选D。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、ACE【解析】A.质点M 和 N 相距6 m,波的传播时间为1.5 s,则波速:Axv=t12-61.5m/s=4m/s,故 A 正确;B.波长2=4m,根据波长、波速和周期的关系可知周期为:圆频率：27 c,a=27 rad/s,T质点M 起振方向向上，Z=ls时开始振动，则质点M 的振动方程为y=0.5si（2足-2兀），故 B 错误；C.相隔半波长奇数倍的

19、两个质点，相位相差为7T,质点M、N 相 隔 1.52,故相位相差7T,故 C 正确;D.Z=0.5s=0.5 7,波传播到*=4.0m处，此时x=1.0m处质点处于波谷，故 D 错误；E.t=2.5s=2.5T,N 点开始振动，质 点 M、N 相 隔 1.5人振动情况完全相反，故质点M、N 与各自平衡位置的距离相等，故 E 正确。故选ACE8、AC【解析】A.。到 网之间电子的电势能增大，电场力对电子做负功，电场力沿轴负方向，故电场强度沿x 轴正方向，A 正确;B.0 到 过程中，电场力水平向左做负功，合电场强度水平向右，9 之后，电场力水平向右做正功，合电场强度水平向左，可 知 A 电荷带

20、负电，B 电荷带正电，B 错误；C D.电场力做功改变电势能，所以电场力的大小表示为:所以电势能随位移变化的图像的斜率为电场力，Z 处电场力为0,电场强度为0,所以:女为+ZX2解得：如%里，C 正确，D 错误。故选ACo9、BC【解析】A.带电粒子在加速电场中加速Y1 1 2Uq=/V o在偏转电场中一 强 山U-2 dm%4dq由于Ut+U2=E则则粒子的竖直偏转距离y 与 S 不是成正比关系，选 项 A 错误;B.从偏转电场飞出的粒子的偏转角滑片P 向右滑动的过程中。变大，S 减小，则从偏转电场飞出的粒子的偏转角逐渐减小，选 项 B 正确；C D.当粒子在加速电场中一直被加速时，飞出偏转

21、电场的速率最大，即当。尸E 时粒子的速率最大，根据动能定理解得选 项 C 正确，D 错误。故选BC10、A D【解析】241.由。=匕 得，沿绳子方向上的速度为:Rv=sJaR=（2 +V 2）t小船经过A 点时沿绳方向上的速度为：2no6V,=V0C O 5 3 0=v0小船经过A 点时沿绳方向上的速度为：V 2v2=VBCOS45-vB作出沿绳速度的修图象，直线的斜率为:=2 +及A 到 B 图象与横轴所夹面积即为沿绳的位移:血,6YVB+2V2/=(2-扬联立可解得：vB=4 m/s；/=（V 2-1）s选项A 正确，B 错误；C.小船从A 点运动到B 点，由动能定理有:由几何知识可知：

22、$=（百一1）h联立可解得:P =5 0（0 +1）W选 项 C错误；D.小船在B 处，由牛顿第二定律得:P-cos450-f=maRVBCOS45 B解得：2 5 7 2-2 0 7 3+5 ,=-m/s-选 项 D正确。故选A D o三、实验题：本题共2小题，共 1 8分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。d21 1、my m2 物块A初始释放时距离光电门的高度 gg-机2 g =(班+根 2)五 屋 T,1 d2 1 d2m,gh-m2g h-mI+-m2【解析】由题意可知，在物块A上安装一个宽度为d的遮光片，并在其下方空中固定一个光电门，连接好光电门与毫秒计时器，所以

23、应让物块A向下运动，则 有 叫 吗；(2)由匀变速直线运动的速度位移公式可知，加速度为2Va=2h则实验当中还需要测量的物理量有物块A初始释放时距离光电门的高度生(3)网对两物块整体研究，根据牛顿第二定律，则有（叫 _ 丐）g =（m,+和）a物块A经过光电门的速度为dv =一t联立得/d1叫g 一吗g=(町+色)标(4)4机械能守恒定律得（W 1-m,）gh=g（m+机,）廿=g（叫+m-,）12、（1）8.0 2.096 拈(3)如图甲、乙所示【解析】欧姆表指针示数与倍率的乘积是欧姆表示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；在保证安全的前提下，为方便实验操作，应选最大

24、阻值较小的滑动变阻器；为准确测量电阻阻值，应测多组实验数据，滑动变阻器可以采用分压接法，根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法，作出实验电路图，然后根据电路图连接实物电路图；【详解】解：(1)由图示多用电表可知，待测电阻阻值是8xlC=8。；由图示螺旋测微器可知，的固定刻度读数为2m m,可动刻度读数为0.01x9.6mm=0.096mm,其读数为：2mm+9.6x0.01mm=2.096mm；(2)滑动变阻器R2(02000。，0.1 A)的阻值比待测金属丝阻值8。大得太多，为保证电路安全，方便实验操作，滑动变阻器应选R i,最大阻值5。；为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，

25、由于被测电阻阻值较小，则电流表应采用外接法，实验电路图如图所示根据实验电路图连接实物电路图，如图所示四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(i)4cm(ii)328K【解析】由题意可知开始时气体A 的压强等于大气压强po,设玻璃管的横截面积为S,气体4 长度为19cm时的压强为pi,根据玻意耳定律P o S/()=PM又P l =o+Q g%可得A/?,=4 c m(ii)设气体A 长度变回20cm时的温度为乙,压强为pi,由题意可知此时左右两管液面的高度差为A/i,=防 +2(/0 /,)P2=Po+0 g 色

26、根据查理定律Po.=2.T0T2解得T2=3 2 8Kr-5L14、(1)73;(2)2c【解析】(1)光路如图所示根据几何关系，在 5 C 边，入射角为30。折射角为60。，则n=5(2)由所以2DE=A D=Ltan 300 2据几何关系有AC=2L,CE=L所以CEEF=-2 =Lcos300 3光在介质中速度光线自A 8 边射入到第一次从8 c 边射出经历的时间DE+EF 5Lt=-=一v 2c415、(1)6N；(2)没有掉下来，理由见解析；(3)J35【解析】(1)小球下摆过程中，由动能定理:r1 ，m gj=mv-小球摆到最低点时，则有:21-mg=m解 得 7=6N(2)对小球

27、和滑板碰撞前后，小球和滑板系统动量守恒，则有:mv0=mv+M v根据能量守恒，则有：mvl=m v2+M v22 2 2解得：v =2 m/s,v,=2 m/s碰后滑块向右加速，滑板向右减速对滑块，根据牛顿第二定律有：=m a解得：=1 m/s2对滑板，根据牛顿第二定律有：/Jng+/j2(m+M)g =M a2解得：出=3 m/s2假设没有掉下来，经过时间t共速度，则有:卬=v,-a2t得f =0.5 s根据：耍C l t解得：丫 共=85 m/s滑块位移为：1 2尤1=万印一解得：*=0.1 2 5 m滑板位移为：1 2x2 vt-a2t解得：x2=0.62 5 m相对位移A x,-x2-x=0.5 m Ly此时没有掉下来。（3）但由于2自，共速后滑块和滑板之间会继续相对运动，此时滑块相对于滑板向右运动,对滑块，根据牛顿第二定律有：-ma3解得：/=1 m/s2对滑板，根据牛顿第二定律有：（加+M）g-mg=Ma4,，7解得：=-m/s2滑块位移为：喙解得：X3=ZmO滑板位移为：2X-巫2%3解得：x4=m56相对位移/=七 一 七=上 根 0.5加不会掉下来则滑块和滑板之间由于相对滑动所产生的热量：Q=4m g（A T+M）4解得：Q=J