《试卷3份集锦》广东省汕尾市2022届物理高一下期末考试模拟试题.pdf

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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9 分）如图所示，木板可绕固定水平轴。转动，木板从水平位置OA缓慢转到OB位置，木板上的物块始终相对于木板静止，在这一过程中，物块的重力势能增加了 2 J,用 FN表示物块受到的支持力，用 Ff表示物块受到的摩擦力，在此过程中，以下判断正确的是；，二。BC二三A.FN和 Ff对物块都不做功B.FN和 Ff对物块所做功的代数和为0C.FN对物块不做功，Ff对物块做功为2JD.FN对物块做功为2J,Ff对物块不做功2.（本题9 分）质量为2 t的汽车，

2、发动机的额定功率为30kW,在水平路面上能以15m/s的最大速度匀速行驶，则汽车在该水平路面行驶时所受的阻力为A.2xlO3N B.1.5X103N C.5X103N D.6X103N3.（本题9 分）下列关于电势和电势能的说法中正确的是A.克服电场力做功时，电荷的电势能减少B.电势降落的方向就是场强的方向C.电场中电势为正值的地方，电荷的电势能也为正值D.电荷在电场中某一点的电势能与它的电荷量的比值，叫做这一点的电势4.（本题9 分）一个做自由落体运动的物体，下列哪个物理量保持恒定不变（）A.速度 B.加速度C.动能 D.重力势能5.（本题9 分）质量为-的物体以速度-水平抛出，当其竖直分位

3、移与水平分位移大小相等时，不计空气一 一。阻力，重力加速度为二，以下说法正确的是A.物体的动能大小为B.物体的瞬时速度大小为C.重力的瞬时功率为-D.该过程物体重力做功的平均功率为6.（本题9 分）质量为2000kg的汽车在水平路面上匀加速启动，阻力恒为1000N,t=20s时发动机达到额定功率，此后，功率保持不变，其运动的v-t图象如下，下列说法正确的是（）A.在t=40s时汽车达到最大速度B.汽车的额定功率为20000WC.匀加速阶段，汽车的加速度大小为lm/s?D.加速过程中，汽车的牵引力一直在增大7.民间常用“拔火罐 来治疗某些疾病，方法是将点燃的纸片放入一个小罐内，当纸片燃烧完时，迅

4、速将火罐开口端紧压在皮肤上，火罐就会紧紧地被“吸 在皮肤上.其原因是，当火罐内的气体（）.A.温度不变时，体积减小，压强增大B.体积不变时，温度降低，压强减小C.压强不变时，温度降低，体积减小D.质量不变时，压强增大，体积减小8.2018年12月2 7日，北斗三号基本系统已完成建设，开始提供全球服务其导航系统中部分卫星运动轨道如图所示：a为低轨道极地卫星；b为地球同步卫星；c为倾斜轨道卫星，其轨道平面与赤道平面有一定的夹角，周期与地球自转周期相同。下列说法正确的是（）A.卫星a的机械能一定比卫星b的机械能大B.卫星a的机械能一定比卫星b的机械能小C.卫 星b的向心加速度与卫星c的向心加速度大小

5、相等D.卫 星b的向心加速度与卫星c的向心加速度大小不相等9.（本 题9分）如图所示，汽车以速度V。匀速向左行驶，则物体M将 怎 样 运 动（）B.加速上升C.减速上升D.先加速后减速10.一质点做简谐运动，其相对于平衡位置的位移x与时间t的关系图线如图所示，由图可知A.质点振动的频率为1.6HzB.质点的振幅为4.0cmC.在0.3s和0.5s两时刻，质点的速度方向相同D.在0.3s和0.5s两时刻，质点的加速度方向相同二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分U.（本题9分）如图所示

6、，在倾角e=3 0 的固定斜面上固定一与斜面垂直的光滑挡板，质 量 为、半径为广的光滑圆柱体放在质量也为“、半径也为 的半圆柱体上，半圆柱底面与斜面间的动摩擦因数为，现用一个平行斜面向上的拉力使其缓慢沿斜面向上移动直到两者分开.重力加速度为g,下列判断正确的是（）A.该过程中半圆柱体受到的摩擦力逐渐变小B.该过程中挡板受到的弹力逐渐变大C.该过程中圆柱体对半圆柱体的弹力不做功D.该过程中半圆柱体克服摩擦力所做的功一定大于岑卬咫/1 2.如图所示，一铁球用细线悬挂于天花板上，静止垂在桌子的边缘，悬线穿过一光盘的中间孔，手推光盘在桌面上平移，光盘带动悬线紧贴着桌子的边缘以水平速度v匀速运动，当光盘

7、由A位置运动到图中虚线所示的B位置时，悬线与竖直方向的夹角为8,此时铁球（）悬点天花板A.竖直方向速度大小为vsin。B.竖直方向速度大小为vcosBC.相对于地面速度大小为v J i +sin?（9D.相对于地面速度大小为v1 3.（本题9分）如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率vi=2m/s顺时针运行，质 量m=2.0 kg的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处以初速度vz=lm/s向左滑上传送带.若传送带足够长，已知物块与传送带间摩擦因数为0.L g取10m/s2,下列判断正确的是（）A.物体离开传送带速度大小为2m/sB.物体离开传送带速度大小为lm/sC.摩擦力对物块做的

8、功为1JD.系统共增加了 36J的内能1 4.（本 题9分）如图所示，一物体从距水平地面一定高度某处，沿水平方向抛出，不计空气阻力，下列对物体运动情况的描述，正确的是（）IIIIIA.在竖直方向上，物体做匀速直线运动B.在竖直方向上，物体做自由落体运动C.在水平方向上，物体做匀加速直线运动D.在水平方向上，物体做匀速直线运动15.（本 题9分）科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然现象具有重要作用。下列说法符合历史事实的是A.亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变B.伽利略通过 理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去C.笛卡儿指

9、出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向D.牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质16.（本题9分）如图所示，长 为L=4m的传送带的速度是5m/s,现 将m=lkg的小物体轻放在左轮正上方的皮带上，物体与皮带间的动摩擦因数u=0.2,g=10m/s2,电动机带动皮带将物体从左轮运送到右轮的过程中，下列说法中正确的是（）A.传送带对小物体做功为8JB.小物体获得的动能为12.5JC.摩擦产生的热量为12JD.电动机由于传送物体多消耗的能量为25 J三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分17.（本题9 分）在

10、“探究平抛运动的运动规律 的实验中，可以描绘出小球平抛运动的轨迹，某次实验中在坐标纸上描出了 a、b、c、d 四个点.（1）在安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是A.保证小球飞出时，速度既不太大，也不太小B.保证小球在空中运动的时间每次都相等C.保证小球飞出时，初速度沿水平方向D.保证小球运动的轨道是一条抛物线（2）已知图中小方格的边长为L,小球平抛的初速度为v=（用 L、g 表示）.18.（本题9 分）一同学测量某干电池的电动势和内阻.（1）如图所示是该同学正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路.请指出图中在器材操作 上 存 在 的 两 个 不 妥 之

11、 处;.（2）实验测得的电阻箱阻值R 和电流表示数I,以及计算的;数据见下表:根据表中数据，在 答 题 卡 的 方 格 纸 上 作 出 关 系 图 像.由图像可计算出该干电池的电动势为 v；内阻为 o.R/Q8.07.06.05.04.0I/A0.150.170.190.220.26y/A-16.76.05.34.53.8（3）为了得到更准确的测量结果，在测出上述数据后，该同学将一只量程为100 mV的电压表并联在电流表的两端.调节电阻箱，当电流表的示数为0.33 A 时，电压表的指针位置如图所示，则该干电池的电动势应为 v；内阻应为 n.四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分19.

12、（6 分）（本题9 分）民航客机机舱紧急出口的气囊是一条连接出口与地面的斜面，若斜面高3.2m,斜面长 6.5m,质 量 60kg的人沿斜面滑下时所受的阻力是240N,求人由静止滑到底端时的速度？（用动能定理解答）20.（6 分）（本题9 分）如图所示，A、B两球质量均为m,用一长为I的轻绳相连，A球中间有孔套在光滑的足够长的水平横杆上，两球处于静止状态.现给B球水平向右的初速度v o,经一段时间后B球第一次到达最高点，此时小球位于水平横杆下方1/2处.（忽略轻绳形变）求：A-O-（1）B球刚开始运动时，绳子对小球B 的拉力大小T;（2）B球第一次到达最高点时，A球的速度大小vi；从开始到B球

13、第一次到达最高点的过程中，轻绳对B球做的功W.21.（6 分）（本题9 分）在光滑水平面上建立xOy直角坐标系，t=0时刻，质量为0.1kg的物体位于坐标原点 0,沿 x 轴、y 轴正方向的分速度大小均为4 m/s,且物体始终受到沿x 轴负方向、大小为0.2N的力的作用。求（l）t=3s时，物体的速度大小；（2）当物体的速度达到最小值时，物体的位置坐标。22.(8分)(本 题9分)如图所示，在某竖直平面内，光滑曲面AB与水平面BC平滑连接于B点，BC右端连接一口深为H,宽度为d的深井CDEF,一个质量为m的小球放在曲面AB上，可从距BC面不同的高度处静止释放小球，已知B C段 长L,小球与BC

14、间的动摩擦因数为小 取重力加速度g=10m/si.贝!：(1)若小球恰好落在井底E点处，求小球释放点距BC面的高度hi；(1)若小球不能落在井底，求小球打在井壁EF上的最小动能Ekmin和此时的释放点距BC面的高度%.7参考答案一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.D【解析】由受力分析知，支持力FN的方向是垂直于木板向上的，物体的位移也是向上的，所以支持力做正功，但摩擦力Ff方向是沿斜面向上的，摩擦力的方向始终和速度方向垂直，所以摩擦力不做功；由动能定理可知，Wv-rngh=0,故支持力FN做功为弘，=m g九=2 J ,故

15、B正确，A、B、C错误；故 选D.【点睛】当力和位移的夹角为锐角时，力对物体做正功，当力和位移的夹角为钝角时，力对物体做负功，当力的方向与物体运动的方向垂直时力对物体不做功.2.A【解析】可二二/二=2。二匚 当牵引力等于阻力时，汽车速度最大，根据二=二二=二二知，所受阻力为二=零 二=1500,B 正确.3.D【解析】【详解】A.克服电场力做功时，即电场力做负功，则电荷的电势能增加，选项A错误；B.电势降落最快的方向是场强的方向，选 项B错误；C.电场中电势为正值的地方，正电荷的电势能为正值，负电荷的电势能为负值，选 项C错误；D.电荷在电场中某一点的电势能与它的电荷量的比值，叫做这一点的电

16、势，选 项 D 正确.4.B【解 析】自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，过程中加速度恒定，速度在增大，动能在增大，重力做正功，重力势能减小，故 B正确.5.C【解 析】【分 析】根据平抛运动的特点，结合竖直分位移与水平分位移大小相等关系列式，求出相应的时间，继而可求出速度、功率和动能。【详 解】物体做平抛运动，水平位移：-竖直位移：，根据竖直位移与水平位移相等，即：_ 7-2_ _ 解 之 得：_二-0-=y =AB.物体的瞬时速度为：-_ -1 -+（9物体的动能为：，.，一一、一。十 一 二 一、一。十（）一 3 匕 _ _ 1 2口口 =7 =3口一。故 A、B错 误；C.重力的

17、瞬时功率为：二=二二二_ =二二.（二二）二二二二:/故 C 正确；D.重力做功的平均功率为：-，故 D 错 误。L-LU一口 一【点 睛】本题考查了平抛运动的综合应用，较为简单。6.B【解 析】【详 解】A、t=20s时发动机达到额定功率，t=20s之 后，汽车做加速度减小的加速运动，直到达到最大速度，由 v-t图象可知，在 t=40s时汽车尚未达到最大速度，故 A错 误。v 1 0-0BC、匀加速阶段，汽 车 的 加 速 度 a=-m/s2=0.5m/s2,根据牛顿第二定律有：F-Ff=ma,汽车的牵t 20引 力 F=ma+Ff=2000N,t=20s时 发 动 机 达 到 额定功率P=

18、Fv=20000W,故 B正 确，C错 误。D、汽车达到额定功率后，牵引力大于阻力，速度还要继续增大，在功率保持不变的情况下，由 P=Fv知，随着速度的增大，牵引力要减小，直到汽车达到最大速度时，牵 引 力 F=Ff=1000N,故 D 错 误。7.B【解 析】把罐扣在皮肤上，罐内空气的体积等于火罐的容积，体积不变，气体经过热传递，温度不断降低，气体发生等容变化，由查理定律可知，气体压强减小，火罐内气体压强小于外界大气压，大气压就将罐紧紧地压在皮肤上.本题考查了查理定律在生活中的应用，对于生活现象的解释，关键在于判断此现象与哪些物理知识有关.8.C【解析】【详解】A B.由于卫星a 与卫星b

19、质量未知，所以无法确卫星a 的机械能与卫星b 的机械能的关系，故选项AB错误；C D.根据万有引力提供环绕天体的向心力，丝 丝=机。，得卫星b 和卫星c 的运行半径相同，厂r所以卫星b 的向心加速度与卫星c 的向心加速度大小相等，故选项C 正确，D 错误。9.B【解析】【分析】本题小车参与了两个分运动：沿着绳子伸长方向的分运动，和绕滑轮的转动，即与绳子垂直方向的分运动；根据平行四边形定则，可先求出速度v 的表达式，再讨论.【详解】小车的合速度（实际速度）为%,如 图小车参与了两个分运动：沿着绳子方向的分运动，和绕滑轮的转动；将小车的速度分解成沿绳子方向（指向左下）和垂直绳子方向（指向左上）两个

20、分速度，v=v绳子。是越来越小的，很容易得出cos。越来越大，v 也就越来越大，所以是加速运动，故选B.【点睛】本题关键是找出合运动与分运动，然后由平行四边形定则找出合速度与分速度间的几何关系，或列出解析式讨论；切记不可将绳子速度当成合速度.10.D【解析】【详解】A.由图读出周期T=1.6s,则频率f=0.625HzT故A错误；B.质点的振幅等于振子的位移最大值，由图直接读出振幅A=2cm,故B错误；C.在0.3s时刻，质点正从平衡位置向最大位移处运动，速度沿正方向；在0.5s时刻，质点正从正向最大位移向平衡位置运动，速度方向沿负方向，故这两个时刻的速度方向相反。故C错误；D.由简谐运动的特

21、征kxa=-m分析得知，在0.3s和0.5s两时刻，质点的位移相同，所以加速度方向相同，故D正确。二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.BD【解析】【详解】A.对小球和半圆柱整体分析，知斜面对半圆柱体的支持力等于总重力垂直于斜面的分力2mgeos。，保持不变，由/=N知半圆柱体受到的摩擦力保持不变，A错误；B.以小球为研究对象，分析受力情况，如图，利用三角形定则作出力的合成图，蓝线为初位置，红线为末位置，则知挡板对小球的支持力Nz增大，则小球对挡板的压力也增大，B正确；C.圆柱

22、体对半圆柱体的弹力过两者球心，故圆柱体对半圆柱体的弹力方向与半圆柱体的位移夹角不垂直,故做功，C错误；D.半圆柱体受到的摩擦力f =jU-2mg cos 0=6 Ring当两者分离时，根据几何知识可知，半圆柱体上移的距离为Gr,故克服摩擦力做功为W-fx-3pungr故 选D.【点睛】解决本题的关键是灵活选择研究对象，采用隔离法和整体法结合分析受力情况.同时，要熟练运用数学知识求解半圆柱体移动的距离.12.AC【解析】【详解】AB.由题意可知，线与光盘交点参与两个运动，一是逆着线的方向运动，二是垂直线的方向运动，则合运动的速度大小为v,由数学三角函数关系，则有：v 昕v s in d 而线的速

23、度的大小，即为小球上升的速度大小，故 A 正确，B错误；VV线CD.由于眩=以 8+%由上分析可知，球相对于地面速度大小为K=,故 C正确，D错误；13.AD【解析】【分析】【详解】AB、分析物体的运动过程，木块先向左匀减速直线运动,，当速度减为0,物体向右做匀加速运动，当与水平传送带速度相同时，与水平传送带一起向右做匀速运动，所以物体离开传送带速度大小为2m/s,故 A正确，B错误；C、根据动能定理，摩擦力对物块做的功等于木块动能的减少量卬=2.0*(4 2-2 2)=1 2,，故 C错误；22“2-0 1D、木块向左匀减速直线运动，物块加速度大小为4=g=4z/s 2,运动时间为乙=二 一

24、=卜，物块q0+4与传送带的相对位移为玉=X 1 +2x1=4根，物体向右做匀加速运动，物块加速度大小为出=g=4 运动时间为4=J-=0.5 5,物块与传送带的相对位移为q0+2x,=2 x 0.5-x0.5=0.5？，故系统增加的热量为2Q-4mg(X+%2)=04x2x10 x(4+0.5)=36/,故 D 正确；故选AD.14.BD【解析】【分析】根据物体在水平方向和竖直方向上的受力，判断物体在水平方向和竖直方向上的运动规律。【详解】物体在水平方向上不受力，有初速度，根据牛顿第一定律知，物体在水平方向上做匀速直线运动；物体在竖直方向上初速度为零，仅受重力，做自由落体运动，故 BD正确，

25、AC错误。故选：BD.【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动。15.BCD【解析】【详解】试题分析:A、亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体才会运动，没有力的作用，物体就要静止下来，A 错误；B、伽利略通过 理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，B 正确；C、笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，C 正确；D、牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，即惯性，D 正确；16.AC【解析】【详解】A B.对物

26、体运用动能定理有1 2/Limgx=mv可得物体速度增大到5m/s时的对地位移x=12.5m 4m,可见质点一直在加速。运动到右轮正上方时，速度还没达到5m/s,再根据动能定理可得物体获得的动能Ek=nmgx=8J故 A 正确，B 错误；C.由1 2Ek=/jmgx=mv=8J得物体到达最右端速度v=4m/s得物块相对传送带的位移L 4Ax=vn-L=5x-4 =6m0 v 42 2根据Q=Ek=pmgAx得Q=12J故 C正确；D.电动机由于传送物体多消耗的能量等于物体动能增加量和摩擦产生的内能之和等于2 0 J,故 D错误。三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分17.C 2或【解析

27、】【详解】(1)研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平飞出，只有水平飞出时小球才做平抛运动,所以斜槽末端的切线必须是水平的，是为了保证小球飞出时，初速度沿水平方向，故 ABD错误，C正确.故选C.(2)平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动，由图可知a、b、c、d 之间的水平距离相等，因此它们的运动时间间隔相等；在竖直方向上：y=gT2,由题可知4 h=L,带入解得：T=在水平方向上：x=2L=vT,解得：v0=2L/T=2，瓦；18.(1)开关未断开 电阻箱阻值为零(2)图像如图所示:【解析】1.4（1.30-1.44 都算对）1.2（1.01.4 都算对）1.0(结 果 比(

28、2)问第二个空格小0.2)本题考查测量电源电动势和内电阻实验,意在考查考生的实验数据处理能力和误差分析能力.(1)连接电路时电源应与电路断开，所以开关要断开；另一错误是电阻箱接入电路的电阻是零，这样容易烧坏电流表和电源.(2)将数据描点连线，做出一条倾斜的直线.根据闭合电路欧姆定律E=l(R+r)得 R=所以图线的斜率表示电源电动势E =8 一 J)v=1.37V,截距绝对值表示r=0.4x3.00=1.20n；用电压表与电流表并6.7-0联，可测得电流表的内阻自=?匕=粤专%。=0.20。，考虑电表内阻对实验的影响，则E=l（R+RA+r）,x A 3 S X 1U得 宠=；-（4 +r）,

29、所以图线的斜率仍表示电动势，电动势的准确值为1.37V,图线的截距表示（RA+玲,所以内阻精确值为r=（1.20-0.20）Q=1.00Q.点睛：本题考查应用电流表和电阻箱测量电源电动势和内电阻实验，本题创新之处在于用一个电压表并联在电流表的两端测出电流表的电阻，从而提高测量电源内阻的精确度.四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分19.2V3m/s 或 3.46m/s【解析】重力做功为W=mg=60 xl0 x3.2J=1920J摩擦力做功为 Wf=-fx=-240 x 6.5J=-1560./W+W -m v2 v=2y3m/s2。.mg+m彳匕=，丐磔叫丁【解析】【详解】（1）B球刚开

30、始运动时，A球静止，所 以B球做圆周运动2对 B 球：T-mg=m 2得：T=mg+my-（2）B球第一次到达最高点时，A、B速度大小、方向均相同,VB均为V1（3）从开始到B球第一次到达最高点的过程，对B球应用动能定理以A、B系统为研究对象，以水平横杆为零势能参考平面,守恒定律，1 mv。2-mgl,=1 mv2 1 ,1x+mv-mg 得:匕-J 2从开始到B球第一次到达最高点，根据机械能W-mg =m v1得3丁21.(1)v=2V5m/s(2)当物体的速度达到最小值时，物体的位置坐标(4m 8m)【解析】【详解】物体在运动过程中，加速度方向沿x轴负方向加速度大小。=2吆m/s由题意可知

31、，物体在y轴正方向保持vv=4m/s匀速运动t=3s 时 9匕0-必=-2%由丫=J吟+片=2 6%物体的速度,物体的速度达到最小值时，匕=ovx=vx 0-a tQ得：%=2s由1 2Xv o-a toy=Vyt0得：x=4my=8m当物体的速度达到最小值时，物体的位置坐标(4m 8m)J2d22.(1)+g(1)h2=/dL+-【解析】(1)小球由A到C,由动能定理得I 0 mgh jLtmgL=mvc(T)自C 点水平飞出后，由平抛运动规律得X =y=2g r 2由 得/?=+1(4)4)，若小球恰好落在井底E 处，则x=d y=H代入式得小球的释放点距BC面的高度为匕=L+嘉(1)若小

32、球不能落在井底，设打在EF上的动能为-Q,则 x=d由 式得匕=d、匡N 2y小球由C 到打在EF上，由动能定理得木kQ0=一r代入 y 得：Ek=mgy+-J4y当 y=g 时，最小，且 4 m i n=m g d此时小球的释放点距BC面的高度为也=+g高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9 分）如图所示，质量相同的两个小球a、b 分别从斜面顶端A 和斜面中点B沿水平方向抛出。恰好都落在斜面底端。不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.小球a、b 做平抛的初速度大小之比为2:1B.小

33、球a、b 到达斜面底端时的位移大小之比为1:1C.小球a、b 运动过程中速度变化量的方向不相同D.小球a、b 到达斜面底端的速度方向与斜面的夹角相同【答案】D【解析】【分析】【详解】A B.因为a、b 两球下落的高度之比为2：1,据,1 2h=28t得可知a、b 两球运动的时间之比是夜：1；又因为两球运动的水平位移之比为2：1,根据X%=7得初速度之比为血：1，故 AB错误；B.设斜面的倾角为仇根据几何关系可得小球的位移为Xs=-cos。两小球的水平位移大小之比为2：1,故两小球的位移大小为2：1,故 B错误;C.根据Av=gt知速度变化量的方向与重力加速度的方向相同，即竖直向下；a、b 两球

34、运动过程中速度变化量的方向相同，故 C错误；D.设小球落在斜面上时，速度方向与水平方向的夹角为a,位移与水平方向的夹角为仇则tan a =,tan 8=%2%可知tan a =2 tan 6因为小球落在斜面上时，位移与水平方向的夹角为定值，所以速度与水平方向的夹角为定值，假设速度与斜面的夹角为夕，根据角度关系可知a =0+/3则a、b两球到达斜面底端的速度与斜面的夹角相同，故D正确。故 选D2.（本题9分）某人造地球卫星沿圆轨道运行，轨道半径r=6.8x10377,周期T=5.6x1035，已知万有引力常量G=6.67*10一 N2 /kg2o根据这些数据可以求得的物理量为A.地球的质量B.地

35、球的平均密度C.地球表面的重力加速度大小D.地球对该卫星的万有引力大小【答案】A【解析】【详解】A.根据万有引力提供向心力G=4八=把，；代入数据可得：M=6X1O24kg.故A正确;r2 T GT-B.由于没有给出地球的半径,所以不能求出地球的密度。故B错误;C.由于没有给出地球的半径，所以不能根据万有引力定律求出地球表面的重力加速度大小。故C错误D.由于没有给出卫星的质量，所以不能根据万有引力定律求出地球对该卫星的万有引力大小。故D错误;3.（本题9分）一个物体沿平直道路行驶，如图所示，近似描写了物体在0时刻到40s这段时间运动的U-t图像.这物体所受合力为零的时间为A.10sB.20sC

36、.30sD.40s【答案】B【解析】【详解】在10-30S内，物体做匀速直线运动，合力为零，所以这物体所受合力为零的时间为20s。A.1 0 s,与结论不相符，选项A错误；B.2 0 s,与结论相符，选 项B正确；C.3 0 s,与结论不相符，选项C错误；D.4 0 S,与结论不相符，选 项D错误；4.（本 题9分）关于功和功率的计算，下列说法中正确的是（）A.用W=Fxcos。可以计算变力做功B.用W/Ek2-Eki可以计算变力做功C.用W=Pt只能计算恒力做功WD.用P=可以计算瞬时功率t【答案】B【解析】【详解】用W=FxcosB只能求解恒力功，选项A错误；用W/E k 2-E k i可

37、以计算变力做功，选 项B正确；用W=Pt也能计算变力做功，例如汽车以恒定功率启动时，牵引力为变力，可以用此公式计算，选 项C错误；用wp=可以计算平均功率，选 项D错误；故选B.t5.（本题9分）如图所示，一平底试管，管内放一质量为m的球，现驱使试管绕开口端在竖直平面内匀速转动，若通过最高点时，小球对管底刚好无压力，则通过最低点时，小球对管底的压力大小为：（）A.mg B.2mg C.3mg D.6mg【答案】D【解析】【详解】通过最高点时小球对管底刚好无压力，则重力提供向心力，设最高点速度为V。即:r移项得:2mgr=mv0运动到最低点的过程中，设最低点速度为V,由动能定理得:1 2 1 2

38、,ng(2r)=mv-mv即:mv2=5mgr设在最低点时轨道对其支持力为N,贝（J：.mv2N-mg=-即:N mg+5mg 6mgA.描述与分析不符，故A错误.B.描述与分析不符，故B错误.C.描述与分析不符，故C错误.D.描述与分析相符，故D正确.6.2019年4月2 0日，我国成功发射了第44颗北斗导航卫星.该卫星是倾斜地球同步轨道卫星，它的轨道平面与地球赤道平面有一定的夹角，离地面的高度和处于赤道平面内的地球同步轨道卫星相等.仅考虑卫星与地球间的作用，下列说法正确的是A.该卫星的角速度与地球同步轨道卫星的角速度一样大B.该卫星的环绕速度介于7.9km/s和11.2km/s之间C.该卫

39、星的周期大于地球同步轨道卫星的周期D.该卫星可以始终处在地面某点的正上方【答案】A【解析】【详解】A.根据kJ警,由于离地面的高度和处于赤道平面内的地球同步轨道卫星相等，具有相等的轨道半径，所以该卫星的角速度与地球同步轨道卫星的角速度一样大，故A正确；B.第一宇宙速度是最大的环绕速度，所以该卫星的环绕速度一定小于7.9km/s,故B错误;C.根据丁=、也E,由于离地面的高度和处于赤道平面内的地球同步轨道卫星相等，具有相等的轨道V G M半径，所以该卫星的周期等于地球同步轨道卫星的周期，故C错误；D.倾斜同步轨道卫星相对于地球非静止的，所以倾斜同步轨道卫星从地球上看是移动的，故该卫星不可能始终位

40、于地球表面某个点的正上方，故D错误；7.静止在地面上的物体在竖直向上的恒力作用下上升，在某一高度时撤去恒力，若以地面作为重力势能的零参考平面，不计空气阻力。则在整个过程中，物体的机械能随时间变化关系是（）【答案】C【解析】【详解】AC.设在恒力作用下的加速度为a,则机械能增量 =/72=/一。/，知机械能随时间不是线性增加，撤2去拉力后，机械能守恒，则机械能随时间不变，A错误C正确。B D.撤去拉力后，机械能守恒，则机械能随时间不变，BD错误。8.（本题9分）如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d,电荷量分别为+Q和-Q.在它们的水平中垂线上固定一根长为L、内壁光滑的绝缘细管，有一

41、电荷量为+q的小球以初速度V。从管口射入,则小球一。OA.速度先增大后减小B.受到的库仑力先做负功后做正功C.受 到 的 库 仑 力 最 大 值 为 坐D.管壁对小球的弹力最大值为学?【答案】C【解析】【分析】对于等量异种电荷，根据矢量的合成法则，中垂线的中点的电场强度最大，在无穷远的电场强度为零；点电荷靠近两个电荷的连线的中点过程，电场力不做功；中点处的电场强度最大，则库仑力也最大，弹力也是最大，从而即可求解.【详解】AB.由等量正负电荷的电场分布可知，两电荷连线中垂线上的电场线水平向右，因此电荷量为+q的小球以初速度V。从管口射入的过程，电场力和速度方向垂直；电 场 力（库仑力）不做功；故

42、AB错误；C.在两个电荷的中垂线的中点，单个电荷产生的电场强度为：kQ AkQ一所 uJ根据矢量的合成法则，则 有电场强度最大值为华，因此电荷量为+q的小球受到最大库仑力为2,d d 故c正确；D.根据C选项的分析，结合受力分析可知，弹力与库仑力平衡，则管壁对小球的弹力最大值为d 故D错误；故选C.【点睛】本题关键是明确等量异号电荷的中垂线上的电场强度的分布情况，同时要结合动能定理和矢量合成原理分析，注意与等量同种电荷的区别.9.（本 题9分）如图所示，质量分别为2m、m的箱子A和物体B,用轻质细绳相连跨过光滑的定滑轮，A置于倾角。=30。的斜面上，处于静止状态.现向A中缓慢的加入沙子，整个系

43、统始终保持静止，则在加入沙子的过程中（）A.绳子拉力逐渐增大B.A对斜面的压力保持不变C.A所受的摩擦力逐渐减小D.A所受的摩擦力逐渐增大【答案】D【解析】试题分析：因绳子拉力总等于物体B的重力，T=m g,故在A中加入沙子的过程中，绳子的拉力不变，选项A错误;开始时，对物体A：T+f=2mgsin30。,贝！|f=0；则在加入沙子的过程中,A对斜面的压力FN=mAgcos300,则随mA的增加，A对斜面的压力增大，选 项B错误；加入沙子的过程中，对A：T+f产mA gsin30。，则随mA的增大，A所受的摩擦力f i逐渐增大，选项C错误，D正确；故选D.考点：物体的平衡；摩擦力【名师点睛】此

44、题是对物体的平衡问题的考查；解题时要分析物体的受力，根据物体所处的状态列出平衡方程讨论；此题难度不大，考查学生灵活分析问题的能力.1 0.据报道：2019年 6 月 5 日，我国在黄海海域用长征十一号海射运载火箭CZ-11WEY号”成功发射技术试验卫星捕风一号A、B 星 及 5 颗商业卫星，如图所示.卫星被顺利送往预定轨道，试验取得圆满成功，首次实现“航天+海工”技术融合，突破海上发射稳定性、安全性 ，验证了海上发射能力.七星 在预定轨道绕地球的飞行可视为匀速圆周运动，下面对 七星 飞行速度大小的说法正确的是A.v v .2 k m ls【答案】A【解析】【详解】第一宇宙速度是人造地球卫星在近

45、地圆轨道上的运行速度，七星”绕地球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，飞行速度一定小于第一宇宙速度，即 vV7.9km/s。A.vv11.2km/s,与结论不相符，选 项 D 错误；二、多项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得。分1 1.（本题9 分）一质量为2kg的物体静止于光滑水平面上。从 t=0时开始，第 1 秒内受到3N 的水平外力作用，第 2 秒内受到同方向的1N 的外力作用。下列说法正确的是（）A.第 1 秒末物体的速度为1.5m/sB.第 2 秒末物体的动能为6JC.第

46、 2 秒内外力冲量为2N-sD.2 秒内物体动量的增量为4kg-m/s【答案】AD【解析】A、根据牛顿第二定律二=三，知第 1 秒内的加速度为二/=1.5 二/7;第 2 秒内的加速度为口;=0.5 匚/口，由速度公式知第1秒末物体的速度为二=二/二=1.5x1=1.5二/二，故A正确；B、根据速度公式知第2秒末物体的速度为二=二7二+二:二=2.5 x/+0.5 x j =2 0二/二，所以物体的动能为二二=：二 二；二,故B错C、根据冲量的定义可知第2秒内外力冲量为二=二二=j x j =j二.二，故C错;D、根据动量公式二=二二=2 x 2=4二二二/二，故D对；故选A D点睛：本题考查

47、了动量、动能、冲量等公式以及对公式的熟练运用情况。1 2.（本题9分）如图所示，在粗糙水平面上，用水平轻绳相连的两个相同的物体A、B质量均为m,在水平恒力F作用下以速度V做匀速运动。在t=O时轻绳断开，A在F作用下继续前进，则下列说法正确的是BA.一 一时，A的动量为2mvB.一时，A的动量为4mv 4一、C.，一时，B的动量为0 4 D.t=O至 时间内，A、B的总动量守恒【答案】A CD【解析】【详解】.一时，即B刚停下时，对A B,J 从t=O到_ ;一运用动量守恒定律,2口匚=2+0解得A的动量为-、-,故A正确;B.当_ 时，对A由动量定理得：_ _-_ _ _=_ _ -_ _ _

48、代入_ _ 4口 口解得：二一=3二 二，故B错误；C.t=O到B停下，对B,动量定理-/=0-口 口即,一时，B停下，所以.一时，B的动量为0,故C正确；D.设A、B受到的滑动摩擦力都为f,断开前两物体做匀速直线运动，根据平衡条件得：F=2f,设B经过时间t速度为零，对B由动量定理得：-二二=0一二二解得：由此可知，在剪断细线前，两木块在水平地面上向右做匀速直线运动，以AB为系统，一 =一 绳子的属于系统的内力，系统所受合力为零；在剪断细线后，在B停止运动以前，两物体受到的摩擦力不变，两木块组成的系统的合力仍为零，则系统的总动量守恒，故 在 二=声 _ .一的时间内A、B的总动量守恒，故D正

49、确；1 3.（本 题9分）如图所示，物体A、B由轻弹簧相连接，放在光滑的水平面上，物体A的质量等于物体B的质量。物 体B左侧与竖直光滑的墙壁相接触，弹簧被压缩，弹性势能为E,释放后物体A向右运动，并带动物体B离开左侧墙壁。下列说法正确的是（）_ _0 B AAA/VW VW V AA.物 体B离开墙之前，物体A、B及弹簧组成的系统动量守恒B.物 体B离开墙之后，物体A、B及弹簧组成的系统动量守恒C.物 体B离开墙之后，物 体B动能的最大值为一D.物 体B离开墙之后，弹簧的最大弹性势能为一【答案】BD【解析】【详解】A.物 体B离开墙之前，由于墙壁对B有向右的作用力，物体A、B系统的合外力不为零

50、，系统的动量不守恒；故A项不合题意.B.物 体B离开墙壁后，系统的合外力为零，系统的动量守恒，故B项符合题意.C.弹簧从B离开墙壁到第一次恢复原长的过程，B 一直加速，弹簧第一次恢复原长时B的速度最大.设此时A、B的速度分别为VA、VB.根据动量守恒和机械能守恒得：=一一1 c 1、1、J =二 +士）J一 口 1 7 J一 口/N解得：VB=V,VA=O物 体B的最大动能为：一 /-；一 -ZD=口 口 =5口匚=n故c项不合题意.D.根据A、B和弹簧组成的系统机械能守恒，可得物体B离开墙时物体A的动能等于E.设物体B离开墙壁的瞬间A的速度为v,则口 一，n n 2 物 体B离开墙壁后，系统