济宁市新高考物理实验题大全100题含解析.pdf

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1、word版可编辑】济宁市新高考物理实验题大全100题精选高考物理实验题100题含答案有解析1.为了探究物体质量与加速度的关系，某同学设计了如图所示的实验装置。质量分别为m i和 m2的两个小车，用一条柔软的轻绳通过滑轮连起来，重物的质量为m ,忽略滑轮的质量和各种摩擦，使两车同时从静止开始运动，同时停止，两个小车发生的位移大小分别为X1和 X2。小车I小车2(D如果想验证小车的质量和加速度成反比，只需验证表达式_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ 成立。(用题中所给物理量表示)(2)实验中(填“需要”或“不需要”)满足重物的质量远小于小车的质量。【答案】町入1=色%不需要【解析】【详

2、解】根据运动学公式x=:。户可知甲、乙两车运动的加速度之比为a,:4 =X:W要验证“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”的结论，则满足可得肛再=m1s2即等式g 4=%*近似成立，则可认为“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”；(2)根据实验装置可知甲、乙两车所受的合外力相等，而甲、乙两车运动的时间相同，根据运动学公式x/可知甲、乙两车运动的加速度之比等于甲、乙两车运动的位移之比，所以只要测出甲、乙两车的质量和运动的位移就可验证“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”的结论，故不需要满足钩码的质量远小于任一小车的质量。2.为了测量大米的密度，某同学实验过程如

3、下：(1)取适量的大米，用天平测出其质量，然后将大米装入注射器内；(2)缓慢推动活塞至某一位置，记录活塞所在位置的刻度V”通过压强传感器、数据采集器从计算机上读取此时气体的压强Pi;次数物理量12P/105PaPlP2V/10 5m3Viv2(3)重复步骤(2),记 录 活 塞 在 另 一 位 置 的 刻度V2和读取相应的气体的压强P2；(4)根据记录的数据，算出大米的密度。如果测得这 些 大 米 的 质 量 为m k g,则 大 米 的 密 度 的 表 达 式 为；为了减小实验误差，在上述实验过程中，多 测 几 组P、V的数据，然后作_ _ _ _ _图(单 选 题)。1 1A.P-V B.

4、V-P C.P D.V-VP【解 析】【分 析】(1)以封闭气体为研究对象，由玻意耳定律求出大米的体积，然后由密度公式求出大米的密度;(2)为了方便地处理实验数据，所作图象最好是正比例函数图象，由玻意耳定律分析答题。【详 解】(4)设 大 米 的 体 积 为V,以注射器内封闭的气体为研究对象，由玻意耳定律可得：虫 乂 4)=鸟化-4)解 得：心 垩 二 生 一4大米的密度v p -p y,C 由 玻 意 耳定律可知，对一定量的理想气体,在温度不变时，压 强P与 体 积V成反比，即PV=C,则v=-,1 1 1由 此 可 知V与 三 成 正 比，V-；图像是过原点的直线，故 可 以 作V-图象，

5、故D正 确，ABC错 误。P P p故 选D。【点 睛】本题难度不大，是一道基础题，熟练应用玻意耳定律是正确解题的关键；知道玻意耳定律的适用条件是质量一定温度不变。3.某班同学在学习了向心力的公式F=m E 和 Fume?!后，分学习小组进行实验探究向心力。同学们用细绳系一纸杯(杯中有30 m L的水)在空中甩动，使纸杯在水平面内做圆周运动(如图乙所示)，来感受向心力。(1)下列说法中正确的是A.保持质量、绳长不变，增大转速，绳对手的拉力不变B.保持质量、绳长不变，增大转速，绳对手的拉力增大C.保持质量、角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力不变D.保持质量、角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力增大

6、如图甲所示，绳离杯心4()cm 处打一结点A,80 cm 处打一结点B,学习小组中一位同学用手表计时，另一位同学操作，其余同学记录实验数据。操作一：手握绳结A,使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。操作二：手握绳结B,使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。操作三：手握绳结A,使杯在水平方向每秒运动两周，体会向心力的大小。操作四：手握绳结A,再向杯中添30 m L的水，使杯在水平方向每秒运动一周，体会向心力的大小。操作二与一相比较：质量、角速度相同，向心力的大小与转动半径大小有关；操作三与一相比较：质量、半径相同，向心力的大小与角速度的大小有关；操作四与一相比较：相同，向心力大小

7、与 有关；物理学中这种实验方法叫 法。小组总结阶段，在空中甩动纸杯的同学谈感受时说：“感觉手腕发酸，感觉力不是指向圆心的向心力而是背离圆心的离心力，跟书上说的不一样，你认为该同学的说法正确吗？答：【答案】)BD 角速度、半径 质量大小 控制变量 不正确，见解析【解析】【详解】(1)1 .由题意知，根据向心力公式F 向=m”2 r,结合牛顿第三定律，有 T 拉=m/r；保持质量、绳长不变，增大转速，根据公式可知，绳对手的拉力将增大，故 A 错误，B 正确；保持质量、角速度不变，增大绳长，根据公式可知，绳对手的拉力将增大，故 C 错误，D 正确。（2）3.根据向心力公式F 向 n m o/r,结合

8、牛顿第三定律，则有TL IT KA；操作二与一相比较：质量、角速度相同，向心力的大小与转动半径大小有关；操作三与一相比较：质量、半径相同，向心力的大小与角速度的大小有关；操作四与一相比较：角速度、半径相同，向心力大小与质量大小有关；4.物理学中这种实验方法叫控制变量法。5.该同学受力分析的对象是自己的手，但实验中受力分析的对象是纸杯，绳的拉力提供纸杯做圆周运动的向心力，方向指向圆心，绳对手的拉力与“向心力”大小相等，方向相反，背离圆心，故该同学的说法不正确。4.某实验小组欲将一量程为2V 的电压表u 改装成量程为3V 的电压表，需准确测量电压表V i的内阻，经过粗测，此表的内阻约为2kQ。可选

9、用的器材有：电压表V2（量程为5 V,内阻为5kC）滑动变阻器&（最大值为1002）电流表（量程为0.6 A,内阻约为0.1C）电源（电动势E=6V,内阻不计）定值电阻R（阻值已知且满足实验要求）。江血 尾乙图甲为测量电压表V 的内阻实验电路图，图中M、N 为实验小组选用的电表。请选择合适的电表替代M、N,按 照 电 路 图 用 线 条 替 代 导 线 连 接 实 验 电 路；实验电路正确连接，调节滑动变阻器，M 表的读数为Y,N 表的读数为X,请用两表的读数和定值电阻 R 表示电压表V i的内阻；（3）改变滑动变阻器滑片的位置，得到多组M 表和与之对应的N 表的读数，建立直角坐标系，通过描点

10、作出 M 表（纵坐标）和与之对应的N 表的读数（横坐标）的函数图象。若 使 M 表和N 表可同时达到满偏，则函数 图 象 的 斜 率 约 为;（结果保留2 位有效数字）（4）若测得电压表V 的内阻准确值为Ro,则将此表改成量程为3V 的电压表需（选填“串”或“并”）联电阻的阻值为 o【解析】【分析】【详解】（1）口 将一量程为2V 的电压表V i改装成量程为3V 的电压表，应将定值电阻与电压表VKN）串联，为测量电压表V i的内阻，再将电压表V2（M）并联到电压表V 和定值电阻两端，电路如图（2）2 根据欧姆定律可得，M 表（纵坐标）和与之对应的N 表的读数（横坐标）的函数关系为Y=R+R l

11、.xR、（3）3 R、i 约为2 k C,而电路分压需要5V,分到电压为2 V,故要求R 分压为3 V,电阻约为3k。，图象斜率约为k422.5（明将电压表改装成大量程的电压表时应串联电阻分压，根据串联电路规律可知，串联电阻应分IV 电R压即为电压表V1的一半，串联电路中电流相等，则串联电阻应为电压表V 的一半即为5.某同学用图1 中的器材，做描绘小灯泡伏安特性曲线的实验.（1）已知小灯泡的额定电压为2 V,电流表的内阻约为几欧，电压表的内阻有几千欧，请将实验电路图连接完整.（）闭合开关前，滑 动 变 阻 器 的 滑 片 应 移 到（填 A 或 B ）端.m io 0910（2）闭合开关，调节

12、滑动变阻器，出多组电流表的值和电压表的值，在坐标纸上作出L U 图象如图2 所示.由图象可知，小 灯 泡 的 电 阻 随 温 度 的 升 高 而（填“增大”或“减小”）;根据图象可得小灯泡的额定功率为 W.由于电压表的分流作用，实验存在_ _ _ _ _（填”系统”或“偶然”）误差，根据图象求得的额定功率比真实值_ _ _ _ _ _（填“大”或“小 ）.【解析】【详解】（1）口 滑动变阻器用分压式接法，电流表外接，电路连接如图所示:闭合开关前，为使滑动变阻器输出电压为零，滑片应移到A 端.（2）3 由图象可知，小灯泡的电附随温度的升高而增大；由图2 可以看出，当灯泡的电压为2V 时，通过灯泡

13、的电流为0.5 A,因此灯泡的额定功率为：P=UI=2xO.5W=1W由于电压表的分流作用，实验存在系统误差，实验测得的电流偏大，因此根据图2 求得的额定功率比真实值大.6.从坐标原点O 产生的简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，t=0时刻波的图像如图所示，此时波刚好传播到M 点，x=lm 的质点P 的位移为10cm,再 经 加=0.卜，质点P 第一次回到平衡位置，质点N坐标x=-81 m（图中未画出），则.A.波源的振动周期为1.2sB.波源的起振方向向下C.波速为8m/sD.若观察者从M点以2m/s的速度沿x轴正方向移动，则观察者接受到波的频率变大E.从t=0时刻起，当质点N第一次到达

14、波峰位置时，质点P通过的路程为5.2m【答案】ABE【解析】A C,由函数关系可得本题说对应的数学函数为：y=2 0 s in-,由题条件可知当x=l时，y=10cm,代A入解得4=12m，P点在经过加=O.ls第一次回到平衡位置，所以在波的传播方向0.1s前进了 1 m,所I2 12以波速为un n lO m/s周期-,故A正确；C错误；（）.1 v 10B、t=0时刻波刚好传播到M点，则M点的振动方向即为波源的起振方向，结合波振动方向的判断方法知波源的起振方向向下，故B正确；D、若观察者从M点以2m/s的速度沿x轴正方向移动，由多普勒效应知观察者接受到波的频率变小，故D错误；q 81 12

15、E、波传播到N需要乙=二 ；=6.9s,刚传到N点时N的振动方向向下，那么再经过v 103 3 7 8/2=-T =-x l.2 =0.9.v,所以质点 P一共振动了，=7.8s=六T=6.5T4 41.2所以，在此过程中质点P运动的路程为：s=6.5x4x20。=5.2,”故E正确；综上所述本题答案是:ABE点睛：根据波的传播方向得到质点P的振动方向，进而得到振动方程，从而根据振动时间得到周期；由P的坐标得到波的波长，进而得到波速;根据N点位置得到波峰传播距离，从而求得波的运动时间,即可根据时间求得质点P的运动路程.7.某同学要测量一由新材料制成的粗细均匀的圆柱形导体的电阻率p。步骤如下：用

16、20分度的游标卡尺测量其长度如图（甲）所示，由图可知其长度为 cm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图（乙）所示，由图可知其直径为 mm；用 图（丙）所示的电路测定其电阻值，其中R、是待测的圆柱形导体，R为电阻箱，电源电动势为E,其内阻不计。在保证安全的情况下多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电压表示数U,由测得的数据，绘出了如图（丁）所 示 的 图 线，电阻Rx=_C（结果保留两位有效数字），此数值与电阻的真实值Ro比较，Rx_Ro(4)根据以上数据计算出圆柱形导体的电阻率p=.【答案】5.015 4.700 17 小于 5.9xlO-3Q m【解析】【详解】(1)。根据游标卡尺的读

17、数规则可知读数为50mm+3x0 05mm=50 15mm=5 015cm(2)根据螺旋测微器读数规则可知读数为4.5mm+20.0 x0.01mm=4.700mm(3)3 由图示电路图可知，电压表示数为整理得由图示图象可知，纵轴截距=0.5E所以电源电动势E=2V,图象斜率 1=%8 0.5ERX R 10所以电阻阻值 4 由于电压表的分流作用可知此测量值小于电阻的真实值R。(5)5 由电阻定律可知n LR、=P 7=PT C代入数据解得电阻率p=5.9xl0-3n-m；8.举世瞩目的嫦娥四号，其能源供给方式实现了新的科技突破：它采用同位素温差发电与热电综合利用技术结合的方式供能，也就是用航

18、天器两面太阳翼收集的太阳能和月球车上的同位素热源两种能源供给探测器。图甲中探测器两侧张开的是光伏发电板，光伏发电板在外太空将光能转化为电能。某同学利用图乙所示电路探究某光伏电池的路端电压U 与电流I 的关系，图中定值电阻R0=5C,设相同光照强度下光伏电池的电动势不变，电压表、电流表均可视为理想电表。(1)实验一：用一定强度的光照射该电池，闭合开关S,调节滑动变阻器Ro的阻值，通过测量得到该电池的 U-I如图丁曲线a,由此可知，该 电 源 内 阻 是 否 为 常 数(填“是”或 否”)，某时刻电压表示数如图丙所示，读数为 V,由图像可知，此时电源内阻值为实验二：减小实验一光照的强度，重复实验，

19、测 得 U-I如图丁曲线，在实验一中当滑动变阻器的电阻为某值时路端电压为2.0V,则在实验二中滑动变阻器仍为该值时，滑动变阻器消耗的电功率为 W(计【解析】【详解】(1)1.根据闭合电路欧姆定律有：U=E-Ir,所以图象的斜率为电源内阻，但图象的斜率在电流较大时,变化很大，所以电源的内阻是变化的。2 3.从电压表的示数可以示数为1.80V,再从图象的纵轴截距为2.9 V,即电源的电动势为2.9 V,又从图象看出，当路端电压为L80V时，电流为0.23A,所以电源的内阻E-U2.9-1.80.23Q=4.78Q(2)4.在实验一中，电压表的示数为2.0V,连接坐标原点与电源的(2.0V路端电压)

20、两点，作出定值的伏安特性曲线如图所示,LTV3.0此时还能求出滑动变阻器的阻值2.0R=-C-R4.5C0.21同时该直线与图象b 有一交点，则该交点是电阻是实验二对应的值，由交点坐标可以读出：0.7V,0.75Ao所以滑动变阻器此时消耗的功率P=(0.75)2X4.5W=2.5W,9.某同学现要利用气垫导轨来研究匀变速直线运动规律，其实验装置如图甲所示，其实验步骤如下：挡 关 片 滑 块 光电门沃接气泵 钩码3用游标卡尺测出挡光片的宽度d。按图甲安装好器材，并调节好气垫导轨，使气垫导轨处于水平位置。然后用跨过轻质定滑轮的轻绳一端与钩码相连，另一端与滑块相连，再将滑块置于气垫导轨的左端，并用手

21、按住滑块不动；调整轻质滑轮，使轻绳处于水平位置；从气垫导轨上的刻度尺上读出滑块与光电门之间的距离s（钩码到地面的高度大于滑块与光电门之间的距离），同时记下滑块的初始位置；由静止释放滑块，用光电门测出挡光片经过光电门的时间t；将滑块重新置于初始位置，保持滑块所挂的钩码个数不变，改变光电门的位置从而改变滑块与光电门之间的距离s,多次重复步骤再次实验，重物到地面的高度大于滑块与光电门之间的距离；整理好多次实验中得到的实验数据。回答下列问题：挡光片的宽度测量结果，游标卡尺的示数如图乙所示，其读数为（1=cm；012 3cm6 5 10 15 20（2）滑块在运动过程中的加速度a 可根据匀变速运动的规律

22、 来求；据实验数据最后得到了如图丙所示的 一 S 图像，由图像可求得滑块运动时的加速度a=m/s2（取 gEOm/sz,结果保留三位有效数字）图丙【答案】0.520 2as=v2 0.270【解析】【分析】【详解】游标卡尺的主尺读数为5m m,游标尺读数为0.05x4mm=0.20mm则读数结果为5.20mm=0.520cm(2)滑块在钩码的作用下沿水平桌面做匀加速直线运动，滑块在运动过程中的加速度a 可根据匀变速运动的规律V-片=2 心 来求。(3)3滑块在钩码的作用下沿水平桌面上做匀加速直线运动，经过光电门时的瞬时速度大小为u=幺，由加匀变速直线运动规律名一片=2如 和 匕=0 解得：由上

23、式可得I 2a尸 厂,由此可知图像的斜率为,2ak=Fd2由图像可知图像的斜率为k=2.0 xl()4。所以滑块的加速度为把=2.0*x(0.5 2 0 炉)、o.27Om/s22 210.研究电阻值相近的两个未知元件X 和 Y 的伏安特性,使用的器材有多用电表、电压表(内阻约为3kC)、电流表(内阻约为1。).UN用多用电表欧姆挡的“x l”倍率粗测元件X 的电阻，示数如图（a）所示，其读数为 Q o 若用电压表与电流表测量元件X 的电阻，应选用图（b）或 图（c）中 的 哪 一 个 电 路（选填“（b）”或“（c）（2）连接所选电路并闭合开关S,滑动变阻器的滑片P 从左向右滑动，电 流 表

24、 的 示 数 逐 渐 （选填“增大 或 减小”）；依次记录实验中相应的电流值与电压值。（3）将元件X 换成元件Y,重复上述步骤进行实验。（4）图（d）是根据实验数据作出的元件X 和 Y 的图线，由图像可知，当元件Y 中的电流增大时其电阻（选填“增大”“减小”或“不变【答案】10（b）增大 增大【解析】【详解】（1）口 选择“xl”倍率测量读数为10Q,则待测电阻值为10Q.元件X 电阻值约为10Q,根据3kQ 10Q-10Q 1Q可知元件X 与电流表内阻相近，则电流表采用外接法误差较小，应 选（b）电路。（3）3 在（b）电路中，滑动变阻器的滑片P 从左向右滑动，元件X 两端电压增大，则其电流

25、增大则电流表的示数逐渐增大。（4）4 根据欧姆定律变形R1U-/图像上的点与原点连线斜率的大小为电阻，由图像的变化特点知，元件Y 的电阻随电流的增大而增大。1 1.在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取0.25mL油酸，倒入标注250mL的容量瓶中，再加入酒精后得到250m的溶液。然后用滴管吸取这种溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中1mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有弹子粉的盛水浅盘中滴下2 滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图所示。坐标格的正方形大小为2cm x2cm,由图可以估算出油膜的面积是 cn

26、?（结果保留两位有效数字），由此估算出油酸分子的直径是 m（结果保留一位有效数字）。【答案】2.4xl02【解析】【详解】8x101.2 滴溶液中含有纯油酸的体积0.25 2,c 5 TV=-x-mL=2xl05mL2.50 100观察油膜，大于或等于半格的算一格，小于半格的舍弃，数出小方格个数为6(),乘以小方格面积2cmx2cm=4cm2,可估算出油膜面积为S=60 x4cm2=2.4xl02cm22.把油膜视为单分子油膜，油膜厚度为分子直径，由 V=dS得出油酸分子的直径d=8xl0l0m1 2.某学习小组利用如图1 所示的装置验证机械能守恒(1)下列实验器材中，不 必 要 的 是 ;A

27、.刻度尺 B.交流电源 C.秒表(2)实验中，小白先接通电源，再释放重物，得到如图2 所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C,测得它们到起始点0 的距离分别为h,、hB、he。已知当地重力加速度为g。打点计时器打点的周期为T。设重物的质量为m。从打0 点到打B 点的过程中，重物的重力势能减少量AEp=动能增加量AEk=5小白同学通过比较得到，在误差允许范围内AEp与 AEk近似相等他又在纸带选取多个计数点。测量它们到起始点0 的距离；计算出各计数点对应的速度v,画出v2h 图像，则该图像斜率的物理意义是(4)小白同学又从纸带上读出计数点B 到起始点O 的时间t,根据v=gt,计

28、算出动能的变化A E J,则 AEJ、AEp、AEk的大小关系是 oA.AEpAEkAEkB.AEpAE|C,AEkC.AEkAEpAEjD.AEj AEpAEk【答案】C mghB，(小 一 初 2g D8【解析】【分析】【详解】(1)口 因为打点计时器有计时功能，所以不需要秒表，故选C。(2)2根据重物的重力势能减少量即为重力做的功综=mgh.3B点速度为B 2T根据动能公式A E，1 2 1(hc-h SI 2 T Jm(国 一 匕8P(3)4根据动能定理,1 2mgn=mv2得l=2 g,所以图像斜率的物理意义是2g。h(4)根据&=g 加卢二g/g 2 产可以看出，影响A E J的只

29、有时间t,时间是通过打点计时器打的点输出来的，相对准确，所以A E J的计算最准确，误差最小。AEp是根据下落的高度计算出来的，由于受到阻力等影响，实际下落高度会略小于A E J中对应的下落高度。根据Ar1 2 1心=耳机乙一=耳加hc-h SIT,加(4一48P可知，影响AEk有h3和h2两个数据，所以导致误差比AEp更大，从而AEpAEk，所以综上得到AEJ AEpAEk,故 ABC 错误，D 正确。故选D。13.小明同学在测定一节干电池的电动势和内阻的实验时，为防止电流过大而损坏器材，电路中加了一个保护电阻R o,根据如图所示电路图进行实验时，-th图1(1)电流表量程应选择(填“0.6

30、A”或“3A”)，保护电阻应选用（填“A”或B）;A、定值电阻(阻值10.0Q,额定功率10w)B、定值电阻(阻值2.0 Q,额定功率5w)(2)在一次测量中电压表的指针位置如图2 所示，则此时电压为 V(3)根据实验测得的5 组数据画出的U-I图线如图3 所示，则干电池的电动势E=V,内阻r=C(小数点后保留两位)图3【答案】0.6A B 1.21+0.01 1.45+0.01 0.50+0.05【解析】试题分析：根据题中所给器材的特点，大致计算下电流的大小，选择合适的电流表，对于选择的保护电阻,一定要注意保护电阻的连入，能使得电流表的读数误差小点；图像的斜率表示q +r,纵截距表示电源电动

31、势，据此分析计算.(1)因一节干电池电动势只有L 5 V,而内阻也就是几欧姆左右，提供的保护电阻最小为2 Q,故电路中产生的电流较小，因此电流表应选择0.6A量程；电流表的最大量程为0.16A,若选用10欧姆的，则电流不超过0.15A,所以量程没有过半，所以选择B 较为合适.(2)电压表应选择3V量程的测量，故读数为L20V.(3)图像与纵坐标的交点表示电源电动势，故 E=L45V；图像的斜率表示/+厂，故1.45 0.74 +/=-=2.5。，故 r=0.5Q.1 4.某同学要测量量程为6 V 的电压表Vx的内阻，实验过程如下：（1）先用多用电表粗测电压表的内阻，将多用电表功能选择开关置于“

32、xl K”挡，调零后，将红表笔与电压表（选填“正”或 负”）接线柱连接，黑表笔与另一接线柱连接，指针位置如图所示，电压表内阻为_ 2.（2）为了精确测量其内阻，现提供以下器材：电 源E（电 动 势 为12 V,内 阻 约 为1C）K开关和导线若干电 流 表A（量 程0.6 A,内 阻 约 为3 Q）电 压 表V（量 程1（）V,内 阻 约 为15 kC）定 值 电 阻Ro（阻 值 为5 kQ）滑 动 变 阻 器Ri（最 大 阻 值 为5 Q,额 定 电 流 为1A）滑 动 变 阻 器R2（最 大 阻 值 为50。，额 定 电 流 为1A）请选用合适的器材，在方框中画出实验电路图_ _ _ _

33、_ _ _（需标注所用实验器材的符号）.待 测 电 压 表V、内阻测量值的表达式为RK=.（可能用到的数据：电 压 表V*的 示 数 为U、，电【解 析】【分 析】【详 解】（1）红表笔是欧姆表的负极，所以应该接电压表的负接线柱.电压表的内阻为10.0X1000Q=1.00X104Q.（2）滑动变阻器的电阻远小于电压表的内阻，应该选择分压接法，若使用均会使流过滑动变阻器的电流超 过1 A,故 要 选 择 与，电路图如图:R 一 二 5 U、R。根据欧姆定律可得电压表内阻的测量值为：*U-U、JJ-UX.R。1 5.有一个量程为3 V、内电阻约为4 0 0 0 0 的电压表，现用如图所示的电路测

34、量其内电阻(1)实验中可供选择的滑动变阻器有两种规格，甲的最大阻值为2000。，乙的最大阻值为10。应选用。(选填“甲”或“乙”)(2)实验过程的主要步骤如下，请分析填空。A.断开开关S,把滑动变阻器R 的滑片P 滑到 端；(选 填 或“8”)B.将电阻箱R 的阻值调到零；C.闭合开关S,移动滑片P 的位置，使电压表的指针指到3VD.开关S 处于闭合状态保持滑片P 的位置不变，调节电阻箱R 的阻值使电压表指针指到 V,读出此时电阻箱R 的阻值，此值即为电压表内电阻的测量值(3)电压表内电阻的测量值底和真实值曝相比，有 时 R真.(选填“”或“”)【答案】乙 b 1.5【解析】【详解】滑动变阻器

35、在电路中为分压使用，为保证测量电路供电电压不受滑片P 位置的影响，减小实验误差,滑动变阻器的最大电阻应远小于测量电路的电阻，故应选择10。的，即应选用乙；在闭合S 前，滑动变阻器滑片应移到某一端使电压表示数为0,即滑片应移到人端；3当电阻箱阻值为0 时，电压表满偏为3 V；接入电阻箱后认为电路测量部分的总电压不变，仍为3 V；当电压表读数为L5V时，电阻箱两端电压也为1.5 V,则电压表内电阻与电阻箱阻值相等；电阻箱与电压表串联后，测量电路的电阻增加，则测量电路两端的总电压稍大于3.0V,则电阻箱两端的电压稍大于L 5 V,则电阻箱的阻值大于电压表的阻值，即有1 6.某小组在“用单摆测定重力加

36、速度”的实验中进行了如下的操作：某同学组装好单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺测量从悬点到摆球上端的长度L=0.9997m,如图甲所示，再用游标卡尺测量摆球直径，结果如图乙所示，即该摆球的直径为 mm,单摇摆长为 m(2)小组成员在实验过程中有如下说法，其 中 正 确 的 是(填 正 确 答 案 标 号)A.测量周期时，从摆球经过平衡位置计时误差最小B.实验中误将49次全振动记为50次，则重力加速度的测量值偏大C.质量相同、体积不同的摆球，选用体积较大的进行实验，测得的重力加速度误差较小【答案】9.6 1.0045 AB【解析】【详解】(1)12.由游标尺的“0”刻线在主尺上的位置读出

37、摆球直径的整毫米数为9 m m,游标尺中第6 条刻度线与主尺刻度线对齐，所以摆球的直径d=9 mm+6x0.1 mm=9.6 m m,单摆摆长为/=乙+4=(0.999 7+0.00428)m=l.0045m。(2)3.单摆摆球经过平衡位置时的速度最大，经过最大位移处的速度为0,在平衡位置计时误差最小，A项正确；实验中将49次全振动记成50次全振动，测得的周期偏小，则重力加速度的测量值偏大，B 项正确；摆球体积较大，空气阻力也大，不利于提高测量的精确度，C 项错误。故选AB。1 7.如图所示为某同学设计的一种探究动量守恒定律的实验装置图。水平桌面固定一长导轨，一端伸出桌面，另一端装有竖直挡板，

38、轻弹簧的一端固定在竖直挡板上，另一端被入射小球从自然长度位置A 点压缩至 B 点，释放小球，小球沿导轨从右端水平抛出，落在水平地面上的记录纸上，重 复 10次，确定小球的落点位置；再把被碰小球放在导轨的右边缘处，重复上述实验10次，在记录纸上分别确定入射小球和被碰小球的落点位置(从左到右分别记为P、Q、R),测 得 OP=X1,OQ=X2,OR=X3(1)关于实验的要点，下列说法正确的是一A.入射小球的质量可以小于被碰小球的质量B.入射小球的半径必须大于被碰小球的半径C 重复实验时，每次都必须将弹簧压缩至B 点D.导轨末端必须保持水平(2)若入射球的质量为mi，被碰小球的质量为m 2,则该实验

39、需要验证成立的表达式为_(用所给符号表小);(3)除空气阻力影响外，请 再 说 出 一 条 可 能 的 实 验 误 差 来 源。【答案】CD m丹 二见西+秋七 轨道摩擦的影响：确认落点P、Q、R 时的误差：西，的测量误差【解析】【详解】(1)1 A.为防止两球碰撞后入射球反弹，入射小球的质量必须大于被碰小球的质量，故 A 错误；B.为使两球发生正碰，入射小球的半径必须与被碰小球的半径相同，故 B 错误；C.为了保证入射球每次到达桌面边缘的速度相同，则重复实验时，每次都必须将弹簧压缩至B 点，从而让入射球获得相同的弹性势能，故 C 正确；D.为了保证两球碰后都能做平抛运动从而能求出飞出时的速度

40、，导轨末端必须保持水平，故 D 正确。故选CD(2)2两球碰撞过程系统的动量守恒，以向右为正方向，有町=町巧+m2v2小球做平抛运动的时间t 相等，两边同时乘以t,有叫 =町 卬+m2V2t结合碰撞前后的小球落点情况，换算水平距离后，有x2=vot,X=卬，七=v2t可得=町%+m,x3(3)3除空气阻力影响外，本实验其它的误差有：轨道摩擦的影响；确认落点P、Q、R 时的误差；可，占的测量误差。1 8.为测得某圆柱形金属导体的电阻率，某同学设计了如下实验。(1)用螺旋测微器测它的直径，如图甲所示，为 m m,用游标卡尺测它的长度，如图乙所示,为_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _cm.2

41、 3 4 cm,1 II J 1.1,1 I I I I I H 1 J i 1 1 I 111 I I 11 I Illl 11 f f|I I I I I0 10 20图甲图乙(2)用伏安法测得该金属导体的伏安特性曲线如图丙所示，则该金属导体材料的电阻率与 有关，并且 电 阻 率 随 该 物 理 量 的 增 大 而 (填“增大”或“减小若把该金属导体与一阻值为4.0。的定值电阻串联后接在电源电动势为3.0V、内阻为1.0Q的电源两端,该金属导体的热功率为 Wo(保留两位有效数字)【答案】0.600 2.060 温度 增大 0.45【解析】【详解】螺旋测微器的读数由固定刻度和可动刻度两部分组

42、成，直径为d=0.5mm+10.0 x0.01mm=0.600mm2.游标卡尺的读数由固定刻度和游标尺上的读数两部分组成，长度为L=20mm+12x0.05mm=20.60mm=2.060cm(2)34|,由曲线可看出温度升高电阻增大，电阻率增大；.电 源 与 4.0。的定值电阻串联组成等效电源，有U=E-I(R+r)=3.0-(4.0+1.0)1=3-51在灯泡伏安特性曲线中作出电源的U-I图象，两图象的交点坐标值为：U=1.5V,I=0.3A灯泡功率为P=UI=1.5Vx0.3A=0.45W1 9.如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清

43、晰的纸带，纸带上:两相邻计数点间有四个点没画出来.已知打点计时器打点周期T=0.02s,其中前F =8.33cm,x4=8.95cm，完成以下问题：上 小 丑 膜 卜 力 JNI0.50.40.30.20.10.1 0.2 0.3 0.4打下A 点时速度大小是m/s.若某同学甲实验时只测量了纸带中X3、X4的值，则 小 车 运 动 的 加 速 度 计 算 表 达 式 为（用X3、X4及 T 表示）.某同学乙根据学过的知识，算出了几个计数点的瞬时速度，建立坐标系，画出的v-t图像如图所示，请你根据图像得出小车运动的加速度为 m/s）由图可知，从开始计时的0.3s内，小车通过的位移大小为 m.【答

44、案】0.864 乂 广 个 1 0 0j225T-【解析】【详解】（1）U.相邻两计数点间还有4 个打点未画出，所以相邻的计数点之间的时间间隔为t=0.1s；根据平均速度等于中时刻的瞬时速度，则有：&+匕 8.33+8.95 八_2 n o x.,v.=-=-xlO=0.864m/sA 2t 0.2（2）2.根据运动学公式得：A ,2A x=at解得:尤4一 七=4一七t2 25T2,（3）3.v-t图象中图象的斜率表示加速度，故4.图象与时间轴围成的面积表示位移，则可知位移大小x=0.25+0.552x 0.3=0.12m2 0.用 10分度游标卡尺测一工件外径的度数如图所示，读数为 mm；

45、用螺旋测微器测一圆形工件的直径读数如图所示，读数为 mm。3 4111vll,0 5 10图 图（2）（2）在伏安法测电阻的实验中，待测电阻尺约为20。，电压表的内阻约为2kQ,电流表0 的内阻约为1。，测量电路中电流表的连接方式如图（a）或 图（b）所示，电阻由公式&=系计算得出，式中U 与/分别为电压表和电流表的示数，若 将 图（a）和 图（b）中电路图测得的电阻值分别记为凡1和 4 2,则（填或“4 2”）更接近待测电阻的真实值，且测量值R”（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值，测 量 值%2（填“大于”、“等于”或“小于”）真实值。（b）【答案】32.7 1.506 RR 大于 小

46、于【解析】【详解】分度的游标卡尺，精确度是0 4 m m,游标卡尺的主尺读数为32m m,游标尺上第7 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为7x0.1mm=0.7inm所以最终读数为32mm+0.7mm=32.7mm 2 螺旋测微器的固定刻度为l.5m m,可动刻度为6.0 x0.001mm=0.006mm所以最终读数为1.5mm+0.006mm=1.506mm（2）3 由于待测电阻满足Rv _ 2000 Rx _ 200兵一-200-瓦一-10所以电流表应用内接法，即 更 接 近 真 实 值；4 根据串并联规律可知，采用内接法时真实值应为R其=二+*=R测即测量值大于真实值；5采用外接

47、法时，真实值应为R卡 自 吟=%即测量值小于真实值。2 1.某 一 小型电风扇额定电压为5.0 V,额 定 功 率 为2.5W.某实验小组想通过实验描绘出小电风扇的伏安特 性 曲 线。实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：A.电 源E（电 动 势 为6.0V）B.电 压 表V（量 程 为06 V,内 阻 约 为8k。）C.电 流 表Ai（量 程 为00.6 A,内 阻 约 为0.2Q）D.电 流 表A z（量 程3 A,内 阻 约0.05。）；E.滑 动 变 阻 器Ri（最 大 阻 值5 k,额 定 电 流100mA）F.滑 动 变 阻 器R2（最 大 阻 值2 5 C,额 定 电 流1

48、A）（1）为了便于调节，减小读数误差和系统误差，实验中所用电流表应选用 滑动变阻器应选用（填所选仪器前的字母序号）。（2）请你为该小组设计实验电路，并 把 电 路 图 画在甲图中的虚线框内（小电风扇的电路符号如图甲所示）（3）操作过程中发现，小电风扇通电后受阻力作用，电压表读数小于0.5V时电风扇没启动。该小组测绘出的小电风扇的伏安特性曲线如图乙所示，由此可以判定，小电风扇的电阻为 a,正常工作时的发热功率为 W,机械功率为 W甲【答 案】（D C；E；(3)2.5。，0.625,1.875o【解 析】【详 解】p 2 5(1)电风扇的额定电流/=d =g j A =0.5 A,从读数误差的角

49、度考虑，电流表选择C.电风扇的电阻比较小，则滑动变阻器选择总电阻为10。的误差较小，即选择E。(2)因为电压电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，电风扇的电阻大约U2 52/?=Q=10Q，远小于电压表内阻，属于小电阻，电流表采用外接法。电路图如图所示。P 2.5(3)电压表读数小于0.5V时电风扇没启动。根据欧姆定律得：R=?=Q =2.5。I 0.2正常工作时电压为5 V,根据图象知电流为0.5A,则电风扇发热功率为：P=I2R=0.52x2.5W=0.625W,则机械功率 P,=UI-I2R=2.5-0.625=1.875W,2 2.某同学利用如图甲所示的装置来验证机械能守恒定

50、律，图中A、B 为两个光电门。(1)该同学首先利用20分度的游标卡尺测量小球的直径d,测量结果如图乙所示，则 1=,图乙(2)让小球从光电门A 上方某一高度处自由下落，计时装置测出小球通过光电门A、B 的挡光时间tA、tB，已知当地的重力加速度为g,用刻度尺测量出光电门A、B 间的距离h,则只需比较 与是否相等就可以验证小球下落过程中机械能是否守恒；(用题目中涉及的物理量符号来表示)(3)该同学的实验操作均正确，经过多次测量发现，(2)中需要验证的两个数值总是存在一定的误差，产生这种误差的主要原因是 o【答案】().885 gh 小球下落过程中受到空气阻力的影响【解析】【详解】(1)根据游标卡