大连市名校新高考物理实验题大全100题含解析.pdf

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1、word版可编辑】大连市名校新高考物理实验题大全100题精选高考物理实验题100题含答案有解析1.如 图 1 所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度a 与钩码的质量及小车和祛码的质量对应关系图。钩码的质量为m i,小车和祛码的质量为m 2,重力加速度为g。图4(1)下列说法正确的是A.每次在小车上加减祛码时，应重新平衡摩擦力B.实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源C.本实验m2应远小于miID.在用图象探究加速度与质量关系时，应作a-图象(2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤,测得F=m ig,作出a-F 图象，他可能作出图 2 中

2、(选填“甲”、“乙”、“丙”)图 线。此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _A.小车与轨道之间存在摩擦B.导轨保持了水平状态C.硅码盘和祛码的总质量太大D.所用小车的质量太大1(3)实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，若轨道水平，他 测 量 得 到 的 一-a 图象，如图3。设图中直线的斜率为k,在纵轴上的截距为b,则 小 车 与 木 板 间 的 动 摩 擦 因 数 =,钩码的质量mi=o(4)实验中打出的纸带如图4 所示。相邻计数点间的时间是0.1 s,图中长度单位是c m,由此可以算出小车运动的加速度是 m/s2,b 1

3、【答案】D 丙 C 二 一7 0.46gk gk【解析】【详解】(1)1A.平衡摩擦力，假设木板倾角为0,则有:f =agsin。=叫geos。m2约掉了，每次在小车上加减硅码时，故不需要重新平衡摩擦力，故 A 错误;B.实验时应先接通电源后释放小车，故 B 错误；C.让小车的质量小远远大于钩码的质量 叫，绳子的拉力F=m2a=1+处m.故应该是叫 m2,故 C 错误;F1D.F =m2a,所以：a=，所以在用图像探究小车的加速度与质量的关系时，通常作。一 一 图像，m2 m2故 D 正确。故选：D。(2)2遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况。故图线为丙；当不满足班

4、加2时，随 m i的增大物体的加速度a 逐渐减小，故图象弯曲的原因是：所挂钩码的总质量太大，不满足沙和沙桶质量远小于小车的质量，故 C 正确。(3)4根据牛顿第二定律可知m1g 一 m2 g=加2a1结合-。图象，可得:tn2tr%myg设图中直线的斜率为k,在纵轴上的截距为b,因此钩码的质量1mgk小车与木板间的动摩擦因数b 7gk(4)网根据A x=aT2得,2.62-1.243x0.12xlO-2m/s2=0.64m/s22.某同学要测量一节旧电池的电动势和内阻，实验器材有一个电流表、一个电阻箱R、一 个 的 定 值电阻Ro,一个开关和导线若干，该同学按如图所示电路进行实验，测得的数据如

5、下表所示：实验次数12345R(Q)4.010.016.022.028.0I(A)1.000.500.340.250.20(1)该同学为了用作图法来确定电池的电动势和内电阻，若 将 R 作为直角坐标系的纵坐标，则应取_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ 作为横坐标。(2)利用实验数据在给出的直角坐标系上画出正确的图象由图象可知，该电池的电动势=V,内电阻r=母。【答案】Ia/A”6.0(5.86.2)1.0(0.8.-1.2)【解析】【详解】根据闭合电路欧姆定律，有1=-R+R)+r公式变形，得到R=E(+J-R)E=k-r-Ro=b解得：E=kr=-b-Ro所以由图象可知，该电池的

6、电动势E=6.0V,内电阻r=1.0Q。3.如图甲所示，一与电脑连接的拉力传感器固定在竖直墙壁上，通过细绳拉住一放在长木板上的小铁块,细绳水平伸直，初始时拉力传感器示数为零。现要测量小铁块与长木板之间的动摩擦因数，用一较大的水平拉力拉住长木板右端的挂钩，把长木板从小铁块下面拉出，在电脑上得到如图乙所示的数据图像，已知当地重力加速度g=9.8ni/s2o接电脑拉力传感器图甲测得小铁块的质量m=0.50kg,则小铁块与长木板间的动摩擦因数ji=。（结果保留三位有效数字)(2)以不同的速度把长木板拉出，随着速度的增加，小铁块受到的摩擦力 o(填“越来越大”“越来越小”或“不变”)(3)若固定长木板，

7、去掉小铁块上的细绳，用一水平推力推小铁块，则至少需要 N 的推力才能推动小铁块。【答案】0.204 不变 1.20【解析】【详解】由题图乙可知，小铁块所受滑动摩擦力/=L 0 N,由/=根g 解得小铁块与长木板之间的动摩擦因数p=0.204.(2)2.由于摩擦力与小铁块运动的速度无关，所以随着速度的增加，小铁块受到的摩擦力不变。(3)3.由题图乙可知，小铁块所受的最大静摩擦力盘 x=L 20N所以至少需要L20N的推力才能推动小铁块。4.如图所示，用做平抛运动实验的装置验证机能守恒定律。小球从桌面左端以某一初速度开始向右滑动，在桌面右端上方固定一个速度传感，记录小球离开桌面时的速度(记作V)。

8、小球落在地面上，记下落点，小球从桌面右边缘飞出点在地面上的投影点为O,用刻度尺测量落点到O 点的距离X。通过改变小球的初速度，重复上述过程，记录对应的速度v 和距离X。已知当地的重力加速度为g。若想验证小球在平抛运动过程中机械能守恒，只需验证平抛运动过程的加速度等于重力加速度即可。(D 某同学按如图所示测量高度h 和水平距离x,其 中 存 在 测 量 错 误 的 是 (填h”或x”)，正确的 测 量 方 法 应 是.(2)若小球在下落过程中的加速度为a,则 x 与 v 的关系式为x=o(3)该同学在坐标纸上画出了纵、横坐标，以/为纵坐标，画出的图象为一条过原点的直线，图线的斜率为k,那么该同学

9、选择 为横坐标，根 据 平 抛 运 动 得 到 的 加 速 度 为。然后与g0比较，若两者在误差允许范围内相等，就验证了小球在平抛运动过程中机械能守恒。【答案】h 从桌面到地面的距离V22/1T【解析】【分析】【详解】(1)12.其中h 的测量有问题，应该是从桌面到地面的距离;(2)3.小球下落过程中，竖直方向h at2水平方向：x=vt解得：(3)45.根据x=三 可 得/=丫2,则以/为纵坐标，画出的图象为一条过原点的直线，图线的斜率为k,那么该同学选择v2为横坐标；由左=一2h得 到的加速度为。=2h(。然后与g。比较，若两者在a k误差允许范围内相等，就验证了小球在平抛运动过程中机械能

10、守恒。5.某研究性学习小组的一同学想测量一下某电阻丝的电阻率，实验室供选择的器材如下：A.量程0.6 A,内阻约0.5。的电流表B.量程3 A,内阻约0.01。的电流表C.量程0.6 A,内阻0.5。的电流表D.量 程 1 5 V,内阻约30k。的电压表E.阻值为0 lk C,额定电流为0.5A的滑动变阻器F.阻值为0-1 0 Q,额定电流为1A 的滑动变阻器G 阻值为0-99.9Q的电阻箱H.电动势为3V 的电池I.开关一个、导线若干(1)如图甲是他先用螺旋测微器测量电阻丝直径的示意图，则该电阻丝的直径D=m m,用多用电表粗测了该电阻丝的电阻如图乙所示，则多用电表的读数为。；图乙（2）该同

11、学想用伏安法精确测量该电阻丝的电阻，他检查了一下所给器材，发现所给电压表不能用，就用电流表改装一电压表，你认为所给电压表不能用的理由是一；如果要改装成量程为3V 的电压表，需要串联的电阻R=C;如果他选好器材后设计了如图所示的电路，电 流 表 他 应 选 用;滑动变阻器应选用;（3）该同学连好电路后，测出该电阻丝的长度为L,直径为D,然后改变滑动变阻器滑动头的位置读出两个电流表和电阻箱的若干数据，其中电流表AI、A2的读数分别用11、12来表示，从而测出该电阻丝的电阻率P,则 P 的 表 达 式 是（用所有测量的物理量的字母表示）（4）如果要求电流表A2的读数从零开始,请你根据上图将电路添加一

12、条线改画在电路图上。（）【答案】2.000 5.0 因为电源电动势只有3 V,所给电压表量程太大 4.5 A、C F【解析】【分析】【详解】（1）根据螺旋测微器读数规则读数为2.000mm。从图上可以看出选择开关放在了“x l 挡，根据读数规则读出电阻为5.0。（2）3因为电源电动势只有3 V,所给电压表量程太大。4改装成量程为3V 的电压表，选用电流表A 改装，需要串联的电阻5由于所求电阻丝的电阻约为5 C,两端的电压不超过3 V,电流不超过0.6 A,为求电表读数准确，量程不能过大，所以电流表选A 和 C。网阻值为0lk。，额定电流为0.5A的滑动变阻器阻值太大，为方便调节滑动变阻器应选用

13、F。（3）7根据电阻定律和欧姆定律，有I2R因此p 的表达式是TII2RD24L(/,-Z2)（4）8因为要求电压表读数从零开始，所以用分压式接法，又电压表的内阻比待测电阻大的多，故采用电流表外接法，故完整的电路图如图所示6.某同学设计如图所示的装置测量灵敏电流计的内阻R g,电压表可视为理想电压表，请完成以下问题:（1）按照原理图甲，完 成 图 乙 中 实 物 间 的 连 线;（2）实验时，闭 合 开 关 前 应 先 将 电 阻 箱 的 电 阻 调 到 （选填“最大值”，“最小值”或“任意值”）;（3）调节电阻箱的阻值，使灵敏电流计满偏。并读出此时电阻箱的阻值R,电压表示数U。已知灵敏电流计

14、满偏时的示数 则灵敏电流计的内阻Rg=（用 R、U、k 表示）;（4）已知该灵敏电流计的内阻R/3 0 0 C,满偏电流Ig=200nA,除该灵敏电流计外，还有以下实验器材:A.电 池 组（电动势6 V,内阻约为0.5。）；B.滑动变阻器R（0-1 0 H,额定电流1A）；C.电流表A（050m A,内阻约为20。）；D.标准电阻Ri=14700。E.一个电键S、导线若干现要用伏安法测量一个阻值约为50ft的电阻Rs的阻值，请在方框中画出测Rx阻值的实验电路图（要求测量结果尽量准确，电表的测量范围尽可能大一些，并在电路图中标明对应器材的符号）。A.【解析】【分析】【详解】(1)口 实物连线如图

15、(2)2实验时，闭合开关前应使电路中的电流最小，故先将电阻箱的电阻调到最大值。3 由欧姆定律R+RaU4解得灵敏电流计的内阻(明伏安法测电阻需要电压表，由于器材中没有电压表，所以需要用表头串联电阻R i改装成电压表。若滑动变阻器采用限流式接法，则电路中的最小电流大约为650+20+10A=75mA超过电流表的量程，故只能采用分压式接法。由于表头内阻已知，电流表采用外接法。故电路图如图7.某同学要用电阻箱和电压表测量某水果电池组的电动势和内阻，考虑到水果电池组的内阻较大，为了提高实验的精确度，需要测量电压表的内阻。实验器材中恰好有一块零刻度在中央的双电压表，该同学便充分利用这块电压表，设计了如图

16、所示的实验电路，既能实现对该电压表的内阻的测量，又能利用该表完成水果电池组电动势和内阻的测量，他用到的实验器材有：待测水果电池组（电动势约4 V,内阻约50。）、双向电压表（量程为2 V,内阻约为2ZC）、电阻箱（0 9999Q）、滑动变阻器（0 200。），一个单刀双掷开关及若干导线。（1）该同学按如图所示电路图连线后，首先测出了电压表的内阻。请完善测量电压表内阻的实验步骤:将飞的滑动触头滑至最左端，将s拨 向1位置，将电阻箱阻值调为0；调节 的滑动触头，使电压表示数达到满偏；保持 不变，调节&，使 电 压 表 的 示 数 达 到;读出电阻箱的阻值，记为R2,则电压表的内阻&=o（2）若测得

17、电压表内阻为2左。，可分析此测量值应_ _ _ _ _ _ （选填“大于”“等于”或“小于”）真实值。（3）接下来测量水果电池组的电动势和内阻，实验步骤如下：将开关S拨至_ _ _ _ _ _ （选填“1”或“2”）位置，将飞的滑动触片移到最 端，不再移动；调节电阻箱的阻值，使电压表的示数达到一个合适值，记录下电压表的示数和电阻箱的阻值；重复步骤，记录多组电压表的示数及对应的电阻箱的阻值。（4）若将电阻箱与电压表并联后的阻值记录为R,作 出 号 图 象，则可消除系统误差，如图所示，其中纵截距为方，斜率为攵，则 电 动 势 的 表 达 式 为,内 阻 的 表 达 式 为.【答案】（1）与 半 偏

18、（或最大值的一半）4 （2）大于（3）2 左（4）1 kb b【解析】【详解】(I)由题图可知，当 s 拨 向 I 位置，滑动变阻器R1在电路中为分压式接法，利用电压表的半偏法得：调节用使电压表满偏；.保持与不变，&与电压表串联；2.调节R?使电压表的示数达到半偏(或最大值的一半)；.则电压表的内阻R、与电阻箱示数均 相同。(2)4.由闭合电路欧姆定律可知，调节R?变大使电压表达到半偏的过程中，总电阻变大。干路总电流变小，由E=+U外得U外变大，由电路知。外=。井+。右，滑动变阻器的滑动触头右侧分得的电压U右=1 0：变小，则 U并变大，电压表半偏时，R2上分得的电压就会大于电压表上分得的电压

19、，那么R?的阻值就会大于电压表的阻值。(3)5.网.测水果电池组的电动势和内阻，利用伏阻法，S 拨到2 位置，同时将凡的滑动触头移到最左u u 端。利用E=E=U；+.r,联立求E、ro(4)由闭合电路欧姆定律得：E=U+-r,R变形得1 r 1 1-H-,V E R E则,1,=k 9 =b,E E解得：E口 =1 ,r=koh b8.某同学设计测量电流表内阻的实验。待测电流表的内阻Rg约 在 IkC 2k。之间，量程250J1A。提供实验器材：电 源(4V,0.6C)电键S 及导线若干一只电阻箱R(0-9999。)滑动变阻器Ri(050C,0.6A)滑动变阻器R2(0lkQ,0.3A)某同

20、学的测量过程如下：第一，选择实验器材，设计实验的电路图，如图甲所示：第二，实验操作步骤如下：先按电路图接好各元件，调节滑动变阻器R的滑片P 位置，再使电阻箱阻值为零闭合电键S,调节滑动变阻器R，的滑片P 于某一位置，使电流表达到满刻度k滑动变阻器R，的滑片P 保持不变，调节电阻箱值使电流表读数为k 的一半，记下电阻箱读数R x,则待测电流表的内阻R g=R x,请回答以下问题：(1)为了精确测量电流表的内阻，该同学选择的滑动变阻器R是(选填 的”或“R2”)。(2)该同学在操作步骤中，滑动变阻器R，的滑片P 应置于 端(选 填 a”或b)理由是。(3)接照该同学所设计的实验思路，用铅笔画出的线

21、代表导线在图乙中替他完善正确规范的实验电路连接，导线不能交叉 o(4)在实验步骤中，确保滑动变阻器R，的滑片P 的位置不变，其理由是【答案】R a 接通电路时，确保电流表安全保持aP 间电压不变【解析】【详解】根据题意要求精确测量电流表内阻及分压式连接，为了便于调节分压，需要选择阻值较小，额定电流较大的滑动变阻器，即 Ri。(2)23为了确保开关闭合后，电路安全，因此滑动变阻器的滑片应置于a 端，这样测量电路部分开始时分压为0,保证了电路安全。(3)4根据电路图，连接实物图如图所示：(4)5在实验步骤中，确保滑动变阻器R，的滑片P 的位置不变，其理由是保持aP 间电压不变。9.同学们利用西红柿

22、自制了水果电池，现在通过实验测量水果电池的电动势和内阻，(1)甲同学采用图a 测量电路测量水果电池的电动势，用 3 V 电压表测量结果如图b 所示，读数为_ V,测量结果比水果电池电动势(选填“偏小”、“偏大”或“相等”)。(2)实验室可提供以下器材，乙同学设计了电路图测量水果电池电动势和内阻。微 安 表(0 3 0 0RA,内阻为4=1()()。)；电阻箱R(0 9 9 9 9 Q)；开关(一个)；导线若干。请在虚线框中画出乙同学设计的电路图_ _ _ _ _ _ _(如图c 所示)；同学们完成了实验数据记录，通过图像法来分析数据，做出R与;的图像如图d所示，则电源电动势为_,水果电池的内阻

23、为.(结果保留三位有效数字)【答案】0.7 1 V-0.7 5 V 偏小【解析】【分析】1.2 2 V 1.2 2 均可）2 5 0 Q【详解】电压表的最小分度为0.1 V,由图可知，电压表的读数为0.7 1 V,由于误差0.7 1 V-0.7 5 V 均可 2 由于电池有内阻，则电压表测的为电源路端电压，则测量值小于电动势(2)3 由题所给器材可知，可用微安表和电阻箱进行测量，电路图如图 4 根据闭合电路欧姆定律有E=I(R+Rg+r)变形得FR=一 R-rI g电动势等图像斜率为4 41.2 2 V4-0.4由于误差1.1 6 V L 2 2 V 均可截距的绝对值为+尸=3 5()。则厂=

24、3 5 0 0 100。=250Q1 0.某同学用“插针法”测一玻璃砖的折射率。在木板上平铺一张白纸，并把玻璃砖放在白纸上，在纸上描出玻璃砖的两条边界。然后在玻璃砖的一侧竖直插上两根大头针Pi、P 2,透过玻璃砖观察，在玻璃砖另一侧竖直插大头针P3时，应 使 P3，用同样的方法插上大头针口。在白纸上画出光线的径迹，以入射点O 为圆心作一半径为5.（）0 cm 的圆，与入射光线、折射光线分别交于A、B 点，再过A、B 点作法线N N 的垂线，垂足分别为C、D 点，如图所示。测得AC=4.00cm,BD=2.80 c m,则玻璃的折射率n=。【答案】挡住P2、P i的像 1.43【解析】【详解】1

25、.在木板上平铺一张白纸，并把玻璃砖放在白纸上，在纸上描出玻璃砖的两条边界。然后在玻璃砖的一侧竖直插上两根大头针Pl、P 2,透过玻璃砖观察，在玻璃徜另一侧竖直插大头针P3时，应 使 P3挡住P2、P l的像，用同样的方法插上大头针P4。2.玻璃的折射率 _s_in_ _Z_A_ _O_ _C_ _A_ _C_ _4_ _.0_0_ j 4 5-sin2.80 一 ,-11.某同学利用图甲所示电路测量一量程为3mA的直流电流表的内阻RA（约 为 110。）。提供的实验器材有:A.直流电源（电动势为I V,内阻不计）；B.电阻箱（0999.9。）；C.滑动变阻器（0-5C.额定电流为3A）；D.滑

26、动变阻器（0-50C.额定电流为1A）。（1）为了尽可能减小测量误差，滑动变阻器R 应选用（选填C”或D”）。(2)根据图甲所示电路，在图乙中用笔画线代替导线，将实物间的连线补充完整一。(3)主要实验步骤如下：I.将电阻箱Ro的阻值调为零，滑动变阻器R 的滑片P 移到右端；II.闭合开关S,调节滑动变阻器R 的滑片P,使电流表的示数为3mA；I.调节电阻箱R o,使电流表的示数为1m A,读出此时电阻箱的阻值Ri；IV.断开开关S,整理好仪器。(4)已知Ri=208.8C,则 电 流 表 内 阻 的 测 量 值 为。，由于系统误差，电流表内阻的测量值_ _ _ _ _(选填“大于,，“等于,，

27、或“小 于 真 实 值。【解析】【详解】(1)口 本实验为了减小实验误差，应满足滑动变阻器的最大阻值远小于电流表的内阻，即应选用C根据实验电路图连接实物图如图所示 4 由于闭合开关S,调节滑动变阻器R 的滑片P,使电流表的示数为3 m A,调节电阻箱R o,使电流表的示数为1m A,读出此时电阻箱的阻值Ri；电阻箱阻值变大，并联等效电阻变大，故并联部分分担电压增大，由于电阻箱两端电压变大，故电阻箱阻值偏大，故电流表内阻测量偏大。1 2.用如图甲所示装置来探究功和物体速度变化的关系，木板上固定两个完全相同的遮光条A B,用不可伸长的细线将木板通过两个滑轮与弹簧测力计C 相连，木板放在安装有定滑轮

28、和光电门的轨道。上，轨道固定在水平桌面上，动滑轮上可挂钩码，滑轮质量、摩擦均不计。光 电 门 壬210 15 2010图甲乙图（1）实验中轨道应倾斜一定角度，这样做的目的是;（2）用游标卡尺测量遮光条的宽度，如图乙所示，则 遮 光 条 的 宽 度 =cm；（3）主要实验步骤如下：测量木板（含遮光条）的质量M,测量两遮光条间的距离L,按图甲正确连接器材。将木板左端与轨道左端对齐。由静止释放木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数尸及遮光条 R A 先后经过光电门所用的时间小弓，则可以测出遮光条通过光电门时的速度大小和合外力对木板做的功；加挂钩码，重复的操作，建立木板速度V和细线拉力对木板做

29、的功W 的相关图像，分析得出实验结论。（4）根据实验中可能遇到的困难，回答下列问题：由静止释放木板的瞬间，弹 簧 测 力 计 的 示 数 会 （填“变大”“变小”或“不变”）；如果将钩码的个数成倍增加，细线拉力对木板做的功W 将（填“会”或“不会”）成倍增加；利用图像法处理实验结果时，应该建立_ _ _ _ _ _ _ （填“Av-W”“一一W”或“A i?w，）图像，如果得到的图像是线性变化的，则说明实验探究成功，此时图像的斜率的表达式为Z=（用已知物理量的符号表示）。2【答案】平衡摩擦力 0.560 变小 不会 AP2-W M【解析】【分析】【详解】（1）1 实验中轨道应倾斜一定角度，是利

30、用木板的重力沿轨道向下的分力来平衡摩擦力；（2）2 根据游标卡尺的读数方法可得遮光条的宽度为0.5cm+12x 0.05mm=0.5cm+0.060cm=0.560cm（4）网释放木板前，设弹簧测力计的示数为,根据受力平衡有2 片=mg释放的瞬间，对木板有F=Ma对钩码有mg-2F =m-a则有TF1-mg2+2M故有F ,电流表应采用外接法，实验电路图如图所示根据实验电路图连接实物电路图，如图所示彳，联立得0 =岑 2 4.为了测定电阻的阻值，实验室提供下列器材：待测电阻R(阻值约100。)、滑动变阻器Ri(01000)、滑动变阻器R2(010。)、电阻箱Ro(0-9999.9。)、理 想

31、电 流 表A（量 程50mA）、直 流 电 源E（3 V,内阻忽略）、导线、电键若干.（1）甲 同 学 设 计（a）所示的电路进行实验.请 在 图（b）中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接滑动变阻器应选（填 入 字 母）.实验操作时，先将滑动变阻器的滑动头移到（选填“左”或“右”）端,再 接 通 开 关S；保 持S 2断开，闭 合 调 滑 动 变 阻 器 使 电 流 表 指 针 偏 转 至 某 一 位 置，并 记 下 电 流L.断 开S i,保持滑动变阻器阻值不变，调 整 电 阻 箱Ro阻 值 在100。左右，再 闭 合S 2,调 节Ro阻值使得电流表读数为 时，Ro的读数即为电阻的阻值.（

32、2）乙同学利用电路（c）进 行 实 验,改 变 电 阻 箱R0值,读出电流表相应的电流I,由测得的数据作出；-&图 线 如 图（d）所 示，图 线 纵 轴 截 距 为m,斜 率 为k,则 电 阻 的 阻 值 为.（3）若电源内阻是不可忽略的，则 上 述 电 路（a）和（c）,哪 种 方 案 测 电 阻 更 好?为什么？【答 案】R2 左 11方案（a）较好 原因是此方案不受电源内阻的影响【解 析】【分 析】【详 解】（D 1.连线图如图所示:2 .因为变阻器采用分压式接法时,阻值越小调节越方便，所以变阻渊应选&;3.实验操作时，应将变阻器的滑动触头置于输出电压最小的最左端;4.根据欧姆定律若两

33、次保持回路中电流读数变，则根据电路结构可知，回路中总电阻也应该相等，结合回路中的电阻计算，可 知 Ro的读数即为电阻的阻值.5.根据闭合电路欧姆定律应有E=l(R+&)解得1/4 .1-I E E结合数学知识可知R,1m=,k=E E解得E=-kmR=Em=k(3)67.若电源内阻是不可忽略的，则电路(a)好，因为电源内阻对用(a)测电阻没有影响。2 5.为了测某电源的电动势和内阻，实验室提供了如下器材:电阻箱R,定值电阻R n,两个电流表Ai、A 2,电键SI,单刀双掷开关S 2,待测电源，导线若干.实验小组成员设计如图甲所示的电路图.乙(1)闭合电键S i,断开单刀双掷开关S 2,调节电阻

34、箱的阻值为R i,读出电流表A2的示数IO;将单刀双掷开关S2合 向 1,调节电阻箱的阻值，使电流表A2的示数仍为I o,此时电阻箱阻值为R 2,则电流表A1的阻值RAI=.(2)将单刀双掷开关S2合向2,多次调节电阻箱的阻值，记录每次调节后的电阻箱的阻值R 及电流表A i的 示 数I,实验小组成员打算用图象分析I与R的关系，以电阻箱电阻R为横轴，为了使图象是直线,则 纵 轴y应取.A.I B.I2C.1/1 D.1/I2(3)若 测 得 电 流 表A i的 内 阻 为1 Q,定 值 电 阻R0=2。，根 据(2)选 取 的y轴，作 出y-R图象如图乙所 示，则 电 源 的 电 动 势=V,内

35、 阻r=S 1.(4)按照本实验方案测出的电源内阻值_.(选填“偏大”、“偏小”或“等于真实值”)【答 案】R2-R1;C；3；0.9；等于真实值.【解 析】【详 解】(1)由题意可知，电路电流保持不变，由闭合电路欧姆定律可知，电路总电阻不变，则电流表内阻等于两种情况下电阻箱阻值之差，即：RAI=R2-RI;(2)根据题意与图示电路图可知，电源电动势：E=/(r+&+R +RG，整理得：；=,为得到直线图线，应 作;-R图象，C正 确ABD错误.(3)由J R图线可知：b=r +R +R =1.3,1 A7 2.6-1.3 1 ,解 得，电源电动势:1 E k=；=-4-=-E H 3.9 3

36、E=3 V,电源内阻：r=0.9O；(4)实 验 测 出 了 电 流 表A i的内阻，由(2)(3)可 知，电源内阻的测量值等于真实值.2 6.如图所示是研究电源电动势和电路内、外电压关系的实验装置。电 池 的 两 极A、B与 电 压 表V2相连,位于两个电极 内 侧 的 探 针a、b与 电 压 表Vi相 连，R是滑动变阻器，电 流 表A测量通过滑动变阻器的电流,置于电池内的挡板向上移动可以使内阻减小。当 电 阻R的滑臂向左移动时，电 压 表V2的示数(选填“变大”、“变小”或“不 变 若 保 持 滑 动 变 阻 器R的阻值不变，将挡板向上移动,则 电 压 表V1的 示 数 变 化 量AU】与

37、 电 流 表 示 数 变 化 量M的比值_ (选填“变大”、“变小”或，不变，)【答 案】变小 不变【解 析】【详 解】1根据题意，电压表V1测量是电源的内电压，电压表Vz测量是路端电压，由闭合电路欧姆定律：R+r可知，当电阻R 的滑臂向左移动时外电阻减小，总电流增大，由：U内=可知内电压变大，故电压表2 的示数变小；因电源电动势等于电源内外电路之和，故电压表1和电压表2 的示数之和不变；若保持滑动变阻器R 的阻值不变，将挡板向上移动，则电源的内电阻将减小，根据U=E-Ir结合数学推理可知：r-M所以电压表1 的示数变化量A U 与电流表示数变化量/的比值大小等于电源的内阻，由于挡板向上运动时

38、，液体的横截面积变大，根据电阻定律：R=pS可知内电阻减小，故比值变小。2 7.在练习使用多用电表的实验中。请完成下列问题：（1）用多用表测量某元件的电阻，选用“xlOO”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，因此需选择 倍 率 的 电 阻 挡 （填“X10”或“xlk），并需（填操作过程）后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为 flo某同学设计出一个的欧姆电表，用来测量电阻，其内部结构可简化成图乙电路，其中电源内阻r=L0C,电流表G 的量程为Ig,故能通过读取流过电流表G 的电流值而得到被测电阻的阻值。但和普通欧姆表不同的是调零方式。该同学想用一个电阻箱R、来测出电路

39、中电源的电动势E 和表头的量程进行如下操作步骤是：a.先两表笔间不接入任何电阻，断开状态下调滑动电阻器使表头满偏；b.将欧姆表与电阻箱R、连成闭合回路，改变电阻箱阻值；记下电阻箱示Rx和与之对应的电流表G 的示数 I;1 1c.将记录的各组R、，I 的数据描点在乙图中，得到7-育图线如图丙所示;1 A,1 1d.根据乙图作得的:一b图线，求出电源的电动势E 和表头的量程Ig。由丙图可知电源的电动势为,欧 姆 表 总 内 阻 为，电流表G 的量程是。【答案】xlk 欧姆调零(或电阻调零)6000 1.5 6.0 0.25【解析】【详解】(1)123.多用表指针偏转角度过小说明指针靠近无穷处，所以

40、要换高挡位，因此需选择x l k,同时注意欧姆调零；多用表的指针结果为6000Q。(2)d.456J.设电流表G 所在回路除电源内阻外其余电阻之和为R,由闭合电路欧姆定律解得ERRX-+rR+R、由分流原理得f=R*R+R、联立两式整理得1 R+r Rr 1=-1-x Ig E E R,由图可知R+r A-二4ERr 9-4E 1.5解 得 E=1.5V,R=5C,所以欧姆表总内阻为R+r=6Q电流表G 的量程E=0.25Ag R+r解得E=1.5VR=6.0。Ig=0.25A2 8.某同学设计了一个如图所示的实验装置验证动量守恒定律。小球A 底部竖直地粘住一片宽度为d 的遮光条，用悬线悬挂在

41、O 点，光电门固定在O 点正下方铁架台的托杆上，小球B 放在竖直支撑杆上，杆下方悬挂一重锤，小球A(包含遮光条)和B 的质量用天平测出分别为加A、%，拉起小球A 一定角度后释放，两小球碰撞前瞬间，遮光条刚好通过光电门，碰后小球B 做平抛运动而落地，小球A 反弹右摆一定角度，计时器的两次示数分别为4、t2,测量O 点到球心的距离为L,小球B 离地面的高度为h,小球 B 平抛的水平位移为X。(1)关于实验过程中的注意事项，下列说法正确的是 oA.要使小球A 和小球B 发生对心碰撞B.小球A 的质量要大于小球B 的质量C.应使小球A 由静止释放某次测量实验中，该同学测量数据如下：d=().5 c m

42、,L=0.5 m,h=0.4 5 m,x =0.3 0 m,=0.0 0 25 s,r2=0.0 0 5 0 s,重力加速度g 取 1 0 m/s 2,则小球A 与小球B 碰 撞 前 后 悬 线 的 拉 力 之 比 为,若小球 A(包含遮光条)与小球B 的质量之比为犯，：%=，则动量守恒定律得到验证，根据数据可以得知小球A 和小球B 发生的碰撞是碰撞_ _ _ _ _ _ _ _ (“弹性”或“非弹性【答案】A=：弹性2 3【解析】【分析】(1)由实验原理确定操作细节；(2)根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度求出小球通过最低点的速度，从而得出动能的增加量，根据小球下降的高度求出重力势能的减小

43、量，判断是否相等。【详解】(1)1A.两个小于必发生对心碰撞，故选项A 正确；B.碰撞后入射球反弹，则要求入射球的质量小于被碰球的质量，故选项B 错误；C.由于碰撞前后A 的速度由光电门测出，A 释放不一定从静止开始，故选项C 错误；故选A；(2)2碰撞前后入射球A 的速度由光电门测出：d 0.5 x 1 0-2Vi T1 4 2.5 x 1 0-3m/s =2.0 m/s,二=经 誓 1 t2 5 x 1 0-3被 碰 球B碰撞后的速度为:tV2x ,-0 3.m/s =1.0 m/s2h根据牛顿第二定律，碰撞前有:2工 _=丁LJ所以工=1 8%;同理碰撞后有：，2丁 mAV jL所以T2

44、-1 2 加 A，则：3若碰撞前后动量守恒则有:机AW=S 从而求得：%匕 加 B v,+v/34碰撞后的动能而碰撞后的动能2=11，2+12,2=2加八，由于E=E2,所以机械能守恒，故是弹性碰撞。【点睛】考查验证动量守恒定律实验原理。2 9.某同学在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材:A.待测的干电池(电动势约为1.5 V,内电阻小于1.0C)B.电流表Ai(量程03 m A,内阻Rgi=10C)C.电流表A2(量程00.6A,内阻阪Rg2=0.1。)D.滑动变阻器Ri(0-20Q,10A)E.滑动变阻器 R2(0-200J2,1A)F.定值电阻Ro(990。)G开关和导

45、线若干-I S(A)r-C S-I 1|_ _ _(a)(b)隼他设计了如图甲所示的(a)、(b)两个实验电路，其中更为合理的是_ _ _ _ _ _ _ _ 图；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选_ _ _ _ _ _ _ _ (填写器材名称前的字母序号)；用你所选择的电路图写出全电路欧姆定律的表达式E=(用 11、12、Rgi、Rg2、Ro、r 表示)。(2)图乙为该同学根据(1)中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的L-L 图 线(L 为电流表A i的示数，L 为电流表A2的示数)，为了简化计算，该同学认为L 远远小于L,则由图线可得电动势E=V,内阻r=f

46、to(r 的结果保留两位小数)【答案】b D+6)+(/|+A)r 1.46V-1.49V 0.80-0.860。【解析】【详解】(1)1.上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G 串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表。将电流表Ai和定值电阻Ro串联可改装成一个量程为U=+&)=3x10-3 x(10+990)V=3V的电压表；则(a),(b)两个参考实验电路，其中合理的是b；2.因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小。滑动变阻器应选D；若选择大电阻，则在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表A2读数太小，电流表Ai读数变化不明显

47、。3 J.根据电路可知：E=U+lr=Ii(Rgi+Ro)+(I1+I2)r；(2)45.根据欧姆定律和串联的知识得，电源两端电压U=Ii(990+10)=100011根据图象与纵轴的交点得电动势E=1.47mAx 1000Q=1.47V；由图可知当电流为0.45A时，电压为L 1 V,则由闭合电路欧姆定律可知3 0.某同学研究小车的匀变速直线运动，某次实验得到的纸带如图所示，其中计数点3 污损，只测得以下数据，2=3.5 9 c m,=4.4 1 c m,%=6.78cm,4 =7.64cm。图中相邻两计数点间有四个点未画出，打点计时器所用电源的频率为50H z,(计算结果均保留两位有效数字

48、)。.j j i i,-4-.Xi x2 M&(1)利用所测数据求得小车的加速度大小a=_m/s20(2)打点计时器在打计数点3 时小车的速度大小匕=_ _ _ _ _ _ _ _ _ m/s.(3)如果在测定匀变速直线运动的加速度时，工作电压的频率变小了,加速度值与真实值相比_ _ _ _ _ _ _ _ _(选填“偏大”“不变”或“偏小【答案】().80 0.56 偏大【解析】【分析】【详解】由_ _(3+%)-(尤|+当)8/或但该同学不知道，这样计算出的2/a-=v5-V-jL4t求得a 0.80m/s2(2)2J.由x3+x4=（司+）+（毛+4）2或x,v.=-1 2t匕=匕+a

49、x 2/求得v3 a 0.56m/s o网.根据a =（/+4）-（*+*）,电源的频率为5 0 H z,f =0.1 s,若工作电压的频率变小了，r 0.1 s,8*但该同学不知道，仍然代入了 r =（）.1 s,使得结果与真实值相比偏大。3 1.某同学用如图甲所示装置测当地的重力加速度，光电门A、B与光电计时器相连，可记录小球经过光（1）实验前用游标卡尺测量小球的直径，示数如图乙所示，则小球的直径d=m m（2）让小球紧靠固定挡板，由静止释放，光电计时器记录小球经过光电门A和光电门B所用的时间h、t 2,测出两光电门间的高度差h,则测得的重力加速度g=（用测得的物理量的符号表示）。（3）将

50、光电计时器记录小球通过光电门的时间改为记录小球从光电门A运动到光电门B所用的时间，保持光电门B的位置不变，多次改变光电门A的位置，每次均让小球从紧靠固定挡板由静止释放，记录每次h两光电间的高度差h 及小球从光电门A运动到光电门B所用的时间t,作出-/图象如图丙所示，若图t象斜率的绝对值为k,则图象与纵轴的截距意义为一，当地的重力加速度为一 2 1 、【答案】11.4 小球经过光电门B 时的速度 2k【解析】【详解】(1)1由图示游标卡尺可知，其示数为d=ll mm+4x0.1 mm=l 1.4mm(2)2小球经过光电门时的速度为小球做自由落体运动，由速度位移公式得=2g人解得d2(1 1 2从