盐城市新高考物理实验题100题汇总含解析.pdf

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1、word版可编辑】盐城市新高考物理精选实验题100题汇总精选高考物理实验题100题含答案有解析1.某同学设计测量电流表内阻的实验。待测电流表的内阻Rg约 在 lkC2kQ之间，量 程 250J1A。提供实验器材：电 源(4V,0.6C)电键S 及导线若干一只电阻箱R(0-9999。)滑动变阻器Ri(0 50C,0.6A)滑动变阻器R2(0lkC,0.3A)某同学的测量过程如下：第一，选择实验器材，设计实验的电路图，如图甲所示：r第二，实验操作步骤如下：先按电路图接好各元件，调节滑动变阻器R，的滑片P 位置，再使电阻箱阻值为零闭合电键S,调节滑动变阻器R 的滑片P 于某一位置，使电流表达到满刻度

2、IB滑动变阻器R，的滑片P 保持不变，调节电阻箱值使电流表读数为k 的一半，记下电阻箱读数R”则待测电流表的内阻R.=R x,请回答以下问题：(1)为了精确测量电流表的内阻，该同学选择的滑动变阻器R是(选填“Ri”或“R2”)。(2)该同学在操作步骤中，滑动变阻器R，的滑片P 应置于 端(选 填 a”或b)理由是.接照该同学所设计的实验思路，用铅笔画出的线代表导线在图乙中替他完善正确规范的实验电路连接，导 线 不 能 交 叉。匕限箱(4)在实验步骤中，确保滑动变阻器R，的滑片P 的位置不变，其理由是【答案】Ri a 接通电路时，确保电流表安全保持aP 间电压不变【解析】【详解】根据题意要求精确

3、测量电流表内阻及分压式连接，为了便于调节分压，需要选择阻值较小，额定电流较大的滑动变阻器，即 Ri。(2)2为了确保开关闭合后，电路安全，因此滑动变阻器的滑片应置于a 端，这样测量电路部分开始时分压为0,保证了电路安全。(3)4根据电路图，连接实物图如图所示：(4)5在实验步骤中，确保滑动变阻器R，的滑片P 的位置不变，其理由是保持aP 间电压不变。2.从坐标原点O 产生的简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，t=0时刻波的图像如图所示，此时波刚好传播到M 点，x=lm 的质点P 的位移为10c m,再经4 =().I s,质 点 P 第一次回到平衡位置，质点N坐标x=-81m(图中未画出)

4、，则.A.波源的振动周期为1.2sB.波源的起振方向向下C.波速为8m/sD.若观察者从M 点以2m/s的速度沿x 轴正方向移动，则观察者接受到波的频率变大E.从 t=0时刻起，当质点N 第一次到达波峰位置时，质 点 P 通过的路程为5.2m【答案】ABE【解析】2%元AC、由函数关系可得本题说对应的数学函数为：y=2 0 s in-,由题条件可知当x=l时，y=10c m,代入解得2=12加，P 点 在 经 过&=0.Ls第一次回到平衡位置，所以在波的传播方向0.1s前进了 1 m,所1j 12以波速为丫=丁 =10，/5 周期T=/=L2s,故 A 正确；C 错误；0.1 v 10B、t=

5、0时刻波刚好传播到M 点，则 M 点的振动方向即为波源的起振方向，结合波振动方向的判断方法知波源的起振方向向下，故 B 正确；D、若观察者从M 点以2m/s的速度沿x 轴正方向移动，由多普勒效应知观察者接受到波的频率变小，故D 错误；E、波传播到N需要乙=肛 二 二=6.9s,刚传到N 点时N 的振动方向向下，那么再经过v 103 3 7 8r2=-T =-x l.2 =0.95,所以质点 P 一共振动了 f=7.8s=T=6.5T4 41.2所以，在此过程中质点P 运动的路程为：ly=6.5x4x20c m =5.2 m 故 E 正确；综上所述本题答案是:ABE点睛：根据波的传播方向得到质点

6、P 的振动方向，进而得到振动方程，从而根据振动时间得到周期；由 P 的坐标得到波的波长，进而得到波速;根据N 点位置得到波峰传播距离，从而求得波的运动时间,即可根据时间求得质点P 的运动路程.3.某小组要测定某金属丝的电阻率。用螺旋测微器测量金属丝的直径。为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧如图甲所示的部件(选填“A、B 、C或 D)。从图中的示数可读出金属丝的直径为 mm.某同学采用如图乙所示电路进行实验。测得金属丝A B的直径为d,改变金属夹P 的位置，测得多组金属丝接入电路的长度L 及相应电压表示数U、电流表示数L 作出彳-L 如图丙所示，测得图线斜率为k,则该金属丝的电阻率。为

7、(3)关于电阻率的测量，下列说法中正确的有A.开关S 闭合前，滑动变阻器R i的滑片应置于最右端B.实验中，滑动变阻器R i的滑片位置确定后不可移动C.待测金属丝AB长时间通电，会导致电阻率测量结果偏小D.该实验方案中电流表A 的内阻对电阻率测量结果没有影响【答案】B 0.410 的出-D4【解析】【详解】(1)口 2 为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先转动锁紧手柄部件B,合金丝的直径为0.0mm+41.0 x0.01mm=0.410mm；(2)3 设电流表内阻为RA,根据欧姆定律可知待测电阻：根据电阻方程：R=p*,截面积:联立解得:图像斜率:所以电阻率(3)4A.为了保护电路，实验开

8、始前应使待测回路电流最小，滑动变阻器滑片处于最左端，故 A 错误；B.实验要测量多组电压、电流值，通过改变滑片位置，改变电压表示数，滑动变阻器滑片需要移动，故B 错误；C.待测金属丝AB长时间通电，因为电流热效应存在，温度升高，电阻率变大，故 C 错误。D.根 据?=号 乙+&可 知，电流表的内阻存在不会改变图像的斜率，对电阻率没有影响，故 D 正确。故 选 D。4.学校实验小组为测量一段粗细均匀的金属丝的电阻率，实验室备选了如下器材:A 电流表A i,量程为10m A,内阻n=50QB 电流表A i,量程为0.6 A,内阻 2=0.2。C 电压表V,量程为6 V,内阻小约为15k。D.滑动变

9、阻器R,最大阻值为1 5 Q,最大允许电流为2AE 定值电阻Ri=5CE.定值电阻R2=100lG1 直流电源E,动势为6 V,内阻很小H.开关一个，导线若千I.多用电表J.螺旋测微器、刻度尺用螺旋测微器测量金属丝的直径，如 图 1 所示，则 金 属 丝 的 直 径 口=m m.(2)实验小组首先利用多用电表粗测金属丝的电阻，如图2 所示，则金属丝的电阻为 Q(3)实验小组拟用伏安法进一步地测量金属丝的电阻，则电流表应选择,定值屯阻应选择.(填对应器材前的字母序号)(4)在如图3 所示的方框内画出实验电路的原理图.(5)电压表的示数记为U,所选用电流表的示数记为I,则该金属丝电阻的表达式Rx=

10、,用刻度尺测得待测金属丝的长度为L,则 由 电 阻 率 公 式 便 可 得 出 该 金 属 丝 的 电 阻 率.(用 字 母 表 示)【答案】1.700 60 A E/(t+N)yrD2RU-Ir)p=4 以4+用【解析】【分析】(1)由于流过待测电阻的最大电流大约为/=g=0.1 A,所以不能选用电流表A 2,量程太大，要改装6 0电流表；(2)根据闭合电路知识求解待测电阻的表达式【详解】(1)根据螺旋测微器读数规则可知 =1.5?+2 0.0 x 0.01 =1.7 00?加(2)金属丝的电阻为R =6.0 x 1 0=6 0。(3)流过待测电阻的最大电流大约为/=&=().L 4，所以选

11、用A与合 并联充当电流表，所以选用A、60E(3)电路图如图所示：根 据 闭 合 电 路 欧 姆 定 律 心 苗扁解得：R.x/()L 4L根据R、=3=方可求得:兀 D2Ri(U Ir)p=短/您+用【点睛】在解本题时要注意，改装表的量程要用改装电阻值表示出来，不要用改装的倍数来表示，因为题目中要的是表达式，如果是要计算待测电阻的具体数值的话可以用倍数来表示回路中的电流值.5.在练习使用多用电表的实验中。请完成下列问题：(1)用多用表测量某元件的电阻，选用“xlOO”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，因此需选择(填“xi0”或“xik”)倍率的电阻挡，并需(填操作过程)后，再次进

12、行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为(2)某同学设计出了一个“欧姆表”，用来测量电阻，其内部结构可简化成图乙电路，其中电源内阻片1.0。,电流表G 的量程为3,故能通过读取流过电流表G 的电流值而得到被测电阻的阻值。该“欧姆表”的调零方式和普通欧姆表不同。该同学想用一个电阻箱Rx来测出电路中电源的电动势E 和表头的量程如 进行如下操作步骤：A.先使两表笔间不接入任何电阻，断开状态下闭合开关，调滑动电阻器使表头满偏；B.将该“欧姆表”与电阻箱Rx连成闭合回路，改变电阻箱阻值；记下电阻箱示数R、和与之对应的电流表G 的示数I；1 1 1 1C.将记录的各组Rx,I 的数据转换成丁、后并描点得

13、到7-丁 图线，如图丙所示；1 Kx I K1 1D.根据图丙中的丁一丁图线，求出电源的电动势E 和表头的量程由图丙可知电源的电动势为,电流表G 的量程是。(3)在(2)中，某次实验发现电流表G 的指针半偏，则电阻箱接入电路中的电阻Rx=(保留2 位有效数字)【答案】)xlk 欧姆调零 6000 1.5V 0.25A 0.83。【解析】【分析】【详解】(1)123.用多用表测量某元件的电阻，选用“xioo”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小,说明倍率档选择过低，因此需选择“xlk”倍率的电阻挡，并需欧姆调零后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为6000。.由闭合电路欧姆

14、定律得l x昌 一 r)I r/+-r+Z x(-r)=E尺 I.把 r=1.0Q代入整理得故得Ig=0.25A1 1 9-4丁 豆 y r得E=1.5V(3).电流表G 的指针半偏，则 I=0.125A,由代入数据解得Rx=0.83Q6.某物理兴趣小组的同学用如图甲所示装置验证机械能守恒定律，轻绳一端固定在光滑固定转轴O 处,另一端系一小球.(1)张小明同学在小球运动的最低点和最高点附近分别放置了一组光电门，用螺旋测微器测出了小球的直径，如图乙所示，则小球的直径d=mm,使小球在竖直面内做圆周运动，测出小球经过最高点的挡光时间为A ti,经过最低点的挡光时间为At2(2)戴小军同学在光滑水平

15、转轴O 处安装了一个拉力传感器，已知当地重力加速度为g.现使小球在竖直平面内做圆周运动，通过拉力传感器读出小球在最高点时绳上的拉力大小是F 在最低点时绳上的拉力大小是F2.(3)如果要验证小球从最低点到最高点机械能守恒，张 小 明 同 学 还 需 要 测 量 的 物 理 量 有(填 字 母 代号).戴 小 军 同 学 还 需 要 测 量 的 物 理 量 有 (填字母代号).A.小球的质量m B.轻绳的长度L C.小球运行一周所需要的时间T(4)根据张小明同学的思路，请你写出验证小球从最低点运动到最高点的过程中机械能守恒的表达式：(用题目所给得字母表示)(5)根据戴小军同学的思路，请你写出验证小

16、球从最低点运动到最高点的过程中机械能守恒的表达式：(用题目所给得字母表示)rA【答.案.】,d2 d2.r5.700 B A 7-7=4gL F2-F i=6m gG 彳【解析】【详解】(1)1.螺旋测微器固定刻度读数为5.5 m m,可动刻度读数为20.0 x0.01 m m,故最终读数为两者相加，即 5.700 mm.(3)23.根据小明同学的实验方案，小球在最高点的速度大小为dV1=2小球在最低点的速度大小为dV 2=M设轻绳长度为L,则从最低点到最高点依据机械能守恒定律有工2+岫2 1 与2 Af,2 2 绝化简得d2 d2 =G Arf所以小明同学还需要测量的物理量是轻绳的长度L；根

17、据小军同学的实验方案，设小球做圆周运动的半径为 r,则小球在最低点有在最高点有Fi+mg=m-r从最低点到最高点依据机械能守恒定律有i,W|2=|m v22+2/r联立方程化简得F2Fi=6mg所以小军同学还需要测量的物理量就是小球的质量m.（4）4.由（3）可知，根据小明同学的思路，验证小球从最低点运动到最高点的过程中机械能守恒的表达式为d2 d d22 百 一 帚 二 4gL（5）5.由（3）可知，根据小军同学的思路，验证小球从最低点运动到最高点的过程中机械能守恒的表达式为Fi=6mg.7.甲实验小组利用图（a）装置探究机械能守恒定律.将小钢球从轨道的不同高度h 处静止释放，斜槽轨道水平末

18、端离落点的高度为H,钢球的落点距轨道末端的水平距离为s.（g 取 10m/s2）（1）若轨道完全光滑，s?与 h 的理论关系应满足s2=.（用 H h 表示）.(2)图(b)中图线为根据实验测量结果，描点作出的s2-h关系图线；图线为根据理论计算得到的s2-h关系图线.对比实验结果，发现自同一高度静止释放的钢球，实 际 水 平 抛 出 的 速 率 (选填“小于”或“大于”)理论值.造成这种偏差的可能原因是.乙实验小组利用同样的装置“通过频闪照相探究平抛运动中的机械能守恒”.将 质 量 为 0.1 kg的小钢球A 由斜槽某位置静止释放，由频闪照相得到如图(c)所示的小球位置示意图，O 点为小球的

19、水平抛出点.(3)根据小球位置示意图可以判断闪光间隔为 s.0 501 00二二二二一二二二二lq(4)以 O 点为零势能点，小球A 在 O 点的机械能为J;小球A 在 C 点时的重力势能为.J,动能为_ _ _ _ _ _ J,机械能为_ _ _ _ _J.【答案】(l)4H h(2)小于 轨道与小球间存在摩擦或小球的体积过大(3)0.1(4)0.112 5-0.8 0.912 5 0.112 5【解析】(1)对于小球从静止释放到水平抛出这段曲线运动，运用动能定理研究得:1 ,mgh=mv解得：v=还对于平抛运动，运用平抛运动的规律得出：在竖直方向：H=1gt2则有：片.在水平方向：s=vt

20、.由得：s=2师 所以：s2=4Hh(2)对比实验结果与理论计算得到的s2-h 关系图线中发现：自同一高度静止释放的钢球，也就是h 为某一具体数值时，理论的S2数值大于实验的S2数值，根据平抛运动规律知道同一高度运动时间一定，所以实验中水平抛出的速率小于理论值.从Sj-h关系图线中分析得出钢球水平抛出的速率差十分显著，认为造成上述偏差的可能原因是小球与轨道间存在摩擦力，或小球的体积过大造成的阻力过大；由于摩擦阻力做功损失了部分机械能，所以造成实验中水平抛出的速率小于理论值.(3)根据 y=gT?得：T=0.1s，0()5 x 4(4)设 O 点下一个点为B 点，根据运动学公式得1 幅=上 巴

21、一=lm/s,水平初速度-2 x 0.1匕=3=1 5 找/$,所以小球A 在 O 点的速度vo=1.5m/s,0.1小球A 在 C 点时的速度vc=+J；：+0*10)2小球A 在。点的机械能Eo=O+xO.lx(1.5)2=0.1125 J2因 O 点为小球的水平抛出点，且以O 点为零势能点，则小球A 在 C 点时的重力势能为Ep=mgh=-0.8J；在 C 点的动能：EkC=-m vt.2=0.9125J；2小球 A 在 C 点时的机械能 Ec=y xmxvc2+(-mgho c)=0.9125-0.8=0.1125J点睛：本题从新的角度考查了对机械能守恒实定律的理解，有一定的创新性，很

22、好的考查了学生的创新思维，掌握平抛运动的处理方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，竖直方向上做自由落体运动.8.如图甲所示为某电阻-随摄氏温度-变化的关系，图中-表示-时的电阻，-表示图线的斜率。若用该电阻与电池(电动势为_-，内阻为_-)、电 流 表(内 阻 为_-)、滑动变阻器_-串连起来，连接成如图乙所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，于是就得到了一个简单的“电阻测温计”。(1)实际使用时要把电流表的刻度值改为相应的温度刻度值，若温度-则-.的刻度应在刻度的(填“左”或“右”)侧。(2)在标识“电阻测温计”的温度刻度时，需要弄清所测温度和电流的对应关

23、系。请用-(表示滑动变阻器接入的阻值)等物理量表示所测温度二与电流二的关系式：二=_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _.(3)由(2)知，计算温度和电流的对应关系需要先测量电流表的内阻(约为二 00二)。已知实验室有下列器材:A.电 阻 箱（0 999g二）B .电 阻 箱（0 ggg.g二）C.滑 动 变 阻 器（0 二0二）D.滑 动 变 阻 器（0 二0二二）此 外，还有电动势合适的电源、开 关、导线等。请在虚线框内设计一个用“半偏法”测 电 流 表 内 阻 二 一 的 电 路；在这个实验电路中，电阻箱应选,滑动变阻器应选.（填仪器前的选项字母）。【答 案】右 一，.会一屋二口

24、+二 +二 +口。）D【解 析】【详 解】第一空.由题图甲可知，温度升高时电阻阻值增大，导致流过电流表的电流减小，可 知-的 刻 度 应 在-刻度的右侧.第二空.由闭合电路欧姆定律知-一-一-一-（一十一十-一 二1 十-一 J 由图甲知-_-一-一1_-,解得口=合 心（口匚+口+口+匚。）第三空.应用半偏法测电流表的内阻实验时，滑动变阻器采用限流式，电流表和电阻箱并联，设计的电路如图所示:第四空.第五空.采用半偏法测电阻时，电阻箱的最大阻值应该大于电流表的内阻，同时滑动变阻器应该选择阻值较大的，故 电 阻 箱 选 择 B,滑 动 变 阻 器 选 择 D.9 .用如图甲所示的实验装置验证机械

25、能守恒定律。打点计夹子纸带一II甲(1)下列操作正确且必要的有A.使用天平测出重物的质量B.应先接通打点计时器的电源，再松开纸带，让重物自由下落C.用刻度尺测出物体下落的高度h,通过v=gt算出瞬时速度vD.选择体积小、质量大的重物，纸带、限位孔在同一竖直线上，可以减小系统误差图乙是实验中得到的一条纸带，将起始点记为O,依次选取6 个连续的点，分别记为A、B、C、D、E、F,量出各点与O 点的距离分别为、h2、h3、h4、hs、h6,使用交流电的周期为T,在打B 点和E 点这段时间内，如果重物的机械能守恒，在 误 差 允 许 的 范 围 内 应 满 足 的 关 系 式 为 (已知重力加速度为g

26、).【解析】【详解】(1)1A.机械能守恒等式左右两边都有质量，所以不用天平测出重物的质量，故 A 错误；B.操作上，应先接通打点计时器的电源，再松开纸带，让重物自由下落，故 B 正确；C.在验证机械能守恒时，计算速度应利用纸带处理，不能直接应用自由落体公式，故 C 错误；D.选择体积小、质量大的重物，纸带、限位孔在同一竖直线上，可以减小系统误差，故 D 正确。故选：BD。(2)2根据机械能守恒有：2 2 2 21 J 2 21 J 872得g 10.某实验兴趣小组用如图甲所示实验装置来验证机械能守恒定律并求出当地重力加速度。倾斜气垫导轨倾角为30。，导轨上端与水平桌面相接并安装有速度传感器可

27、以直接测出小物块经过上端时的速度，气垫导轨和水平桌面上均有刻度值可读出长度。导轨下端有一固定挡板，轻质弹簧下端与挡板相连，测出不放小物块时弹簧上端与传感器之间的长度为L,气垫导轨开始工作后把质量为m 的小物块轻放在弹簧上端,用外力向下缓慢推动小物块到不同位置后撤去外力，小物块从静止开始向上运动，经过一段时间后落在水平桌面上。（1）通过实验，该小组测出了多组不同的速度v 和对应的落点到导轨上的长度x,画出了如图乙所示的%图象，已知该图象为一过原点的直线、直线斜率为k,则通过该象可求出当地重力加速度g 的值为,考虑到空气阻力，该小组测出的值_（填“偏大”“偏小”或“不变”）。（2）通过事先对轻弹簧

28、的测定,、研究得出弹簧的弹性势能与与压缩量 的 关 系 为 纥=等 政2。若p 2L每次释放小物块时弹簧的压缩量均为L 的 n 倍，为了验证小物块和轻弹簧系统的机械能守恒，该小组需要验证的表达式为（用 x、n、L 表示）。G k T 26 x【答案】坐 偏大-x2 3口一”_1）【解析】【详解】（1）1H2 物块到达斜面顶端时的速度为v,则:vx=vcos30。=v,vv=vs山30=v*2 2物块离开斜面后做斜上抛运动，运动时间:t=-2v-v =vS S水平位移：X-后27整理得:y卫x3由 V2-X图象可知图象斜率:所以重力加速度:g=h考虑空气阻力影响，所测重力加速度偏大.（2）3每次

29、释放小物块时弹簧的压缩量均为L 的 n 倍，贝!1：M =nL弹簧的弹性势能:昂啜“啜（心以释放点所处水平面为重力势能的零势面，由机械能守恒定律得:(nD2=mg(+1)Lvm30+mv22 L 2整理得：L=2y/3x11.一同学用电子秤、水壶、细线、墙钉和贴在墙上的白纸等物品，在家中验证力的平行四边形定则，主要实验步骤如下：如图甲，细 线 OC一端连接一装满水的水壶，另一端连接圆环O,用电子秤的下端挂钩钩住圆环O,记下水壶静上时电子秤的示数F；如图乙，将细线AB一端拴在墙钉A 处，另一端穿过圆环O 拴在电子秤的挂钩B 处。手握电子秤沿斜上方拉住细线的B 端使水壶处于平衡状态，在墙面的白纸上

30、记录圆环O 的位置、三细线OA、OB、OC的方向和电子秤的示数Fi；如图丙，在白纸上以O 为力的作用点，按定标度作出各力的图示，根据平行四边形定则作出两个用 的合力尸的图示。步骤中（填“必须”或“不必”）记录O 点位置；（2）步骤中用细线穿过圆环O,而不用细线直接拴接在细线AB上的原因是；（3）通过比较F 与 的大小和方向，即可得出实验结论。【答案】不必两分力一次同时测定，减小误差(或由于圆环的滑动，使 得 OA、OB两细线拉力大小相同)F,【解析】【分析】【详解】因为重力恒竖直向下，只要保证水壶静止即可，读出OC绳的拉力即可，故第一次不需要记录O 点位置。(2)由于圆环的滑动，使 得 OA、

31、OB两细线拉力大小相同，故可以两分力一次同时测定，减小误差。(3)3OA和 OB绳子的拉力作用效果和OC 一条绳子的拉力的作用效果相同，而 OC 一条绳子作用力为F,OA和 OB绳子的合力为根据平行四边形定则画出来的尸，所以只要比较F 和尸的大小和方向，即可验证试验。12.(1)如图所示的四个图反映“用油膜法估测分子的大小”实验中的四个步骤，将它们按操作先后顺序排列应是(用符号表示)(2)用“油膜法”来粗略估测分子的大小，是通过一些科学的近似处理，这些处理有：.(3)某同学通过测量出的数据计算分子直径时，发现计算结果比实际值偏大，可能是由于()A.油酸未完全散开B.油酸溶液浓度低于实际值C.计

32、算油膜面积时，将所有不足一格的方格计为一格D.求每滴溶液体积时，1mL的溶液的滴数多记了 10滴【答案】dac b 把在水面上尽可能扩散开的油膜视为单分子油膜，把形成油膜的分子看做紧密排列的球形分子 A【解析】【详解】“油膜法估测油酸分子的大小”实验步骤为：配制酒精油酸溶液（教师完成，记下配制比例）T测定一滴油酸酒精溶液的体积（d）T 准备浅水盘一形成油膜g）一描绘油膜边缘（C）-测量油膜面积（b）T 计算分子直径；因此操作先后顺序排列应是dac b；（2）在“用油膜法估测分子的大小”实验中，我们的科学的近似处理是：油膜是呈单分子分布的；把油酸分子看成球形；分子之间没有空隙；网计算油酸分子直径

33、的公式是SV 是纯油酸的体积，S 是油膜的面积。A.油酸未完全散开，测得的S 偏小，测得的分子直径d 将偏大，故 A 正确；B.如果测得的油酸溶液浓度低于实际值，测得的油酸的体积偏小，测得的分子直径将偏小，故 B 错误；C.计算油膜面积时将所有不足一格的方格计为一格，测得的S 将偏大，测得的分子直径将偏小，故 C 错误；D.求每滴体积时，1mL的溶液的滴数误多记了 1（）滴，一滴溶液的体积匕=-m Ln可知，测得一滴液体的体积偏小，测得纯油酸的体积将偏小，测得的分子直径将偏小，故 D 错误。1 3.在“研究一定质量理想气体在温度不变时，压强和体积的关系 实验中.某同学按如下步骤进行实验：将注射

34、器活塞移动到体积适中的V i位置，接上软管和压强传感器，通过DIS系统记录下此时的体积V,与压强pi.用手握住注射器前端，开始缓慢推拉活塞改变气体体积.读出注射器刻度表示的体积V,通 过 DIS系统记录下此时的V 与压强p.重复两步，记录5 组 数 据.作 p-$图.（1）在上述步骤中，该同学对器材操作的错误是：因为该操作通常会影响气体 的 一（填写状态参量）.若软管内容积不可忽略，按该同学的操作，最后拟合出的p-J 直线应是图a 中的一.（填写编号）由相关数学知识可知，在软管内气体体积 V 不可忽略时，p-5图象为双曲线，试用玻意耳定律分析,该双曲线的渐近线（图 b 中的虚线）方程是p=_.

35、（用 Vi、pi、4 V 表示）AV【解析】【详解】在进行该实验时要保持被封闭气体的温度不变化，所以实验中，不能用手握住注射器前端，否则会使气体的温度发生变化.（2）3 在 p-图象中，实验中因软管的体积不可忽略，气体测出的体积要比实际体积要小，所以压强P会偏大，最后拟合出的p-;直线应是图a 中的1 图线（3）在软管内气体体积A V 不可忽略时，被封闭气体的初状态的体积为Vi+A V,压强为P i,末状态的体积 为 V+A V,压强为P,由等温变化有：Pi(Vi+A V)=P(V+A V)解得:P=Pi(%+AV)V +A V当式中的V 趋向于零时，有:P=Pi(%+AV)A V即该双曲线的

36、渐近线（图 b 中的虚线）方程是:P=Pi(匕+村）A V1 4.某同学为了测量电源的电动势和内阻,根据元件的不同，分别设计了以下两种不同的电路。实验室提供的器材有：两个相同的待测电源E，辅助电源E；电阻箱曷、&,滑动变阻器R、R；电压表V,电流表A；灵敏电流计G,两个开关S-S2O主要实验步骤如下：按图连接好电路，闭合开关酬和S 2,再反复调节为和用,或者滑动变阻器R、R ,使电流计G 的示数为0,读出电流表A、电压表V 示数分别为4、U-反复调节电阻箱4 和 R?（与中的电阻值不同），或者滑动变阻器R、R ,使电流计G 的示数再次为0,读出电流表A、电压表V 的 示 数 分 别 为。2。回

37、答下列问题：哪 套 方 案 可 以 更 容 易 得 到 实 验 结 果(填“甲”或乙”)。(2)电源的电动势E 的 表 达 式 为,内阻 为。若不计偶然误差因素的影响，考虑电流、电压表内阻，经理论分析可得，E测一(填“大于”“小于”或“等于4,睡(填“大于”“小于”或“等于”)缶。【答案】甲 七!十一2，=一 一产 等于 等于1【解析】【详解】(1)口甲电路的连接有两个特点：左、右两个电源间的路端电压相等，干路电流相同，电阻箱可以直接读数；乙电路更加适合一般情况，需要采集更多数据，并且需要作图处理数据才可以得到结论，同状态下采集数据，根据闭合电路欧姆定律列式求解电源的电动势和内阻厂，甲电路更简

38、单。网根据闭合电路欧姆定律得E=U，+I.r解得W，K(3)45当电流计G 的示数为0 时，相同电源，电流相等时路端电压相等，此电路中电流表测的是干路电流，电压表测的是与 两端的电压(路端电压)，因此电流表和电压表都是准确值，故用列=E算,%=噎15.如图是用双缝干涉测光的波长的实验设备实物图。(1)双缝放在图中哪个位置_ _ _ _ _ _ _(填“”或“，力要使单缝和双缝相互平行，应该使用_ _ _ _ _ _ _进行调节。(3)已知双缝到毛玻璃之间的距离是L,双缝之间的距离是d,单缝到双缝之间的距离是s,在某次实验中，先将目镜中的中心刻线对准某条亮纹(记作第1 条)的中心，这时手轮上的示

39、数为XI,转动手轮使中心刻线对准第7条亮纹的中心，这时手轮上的示数为X7。由此可以计算出这次实验中所测得的单色光的波长为【答案】拨杆(x7 x jd6L【解析】【详解】(1)口 相干光频率必须相同，所以双缝应该放在位置;(2)2 相干光为单色光，振动方向相同，所以要保证单缝与双缝平行，需要借助拨杆调节；(3)3 根据相邻两条明条纹或者暗条纹之间的距离公式Ax=-k可知，dX-,-x.LA x=L=k6 d得人-6L1 6.某同学在“探究物体运动的加速度与物体受力、物体质量的关系”实验中，把按控制变量法做的两个实验的数据都记录在下表中。数据是按加速度的大小排列的。123456789F/N0.29

40、0.140.290.190.240.290.290.290.34m/kg0.860.360.610.360.360.410.360.310.36a/(m-s-2)0.340.390.480.530.670.710.810.930.94若利用表中数据探究物体运动的加速度与物体受力的关系，则选用物体的质量为m=请在本题给出的坐标纸中作出a-F 图像【答案】0.36kg00.102 03 0.4 F/N【解析】【分析】【详解】1根据按控制变量法可知，探究物体运动的加速度与物体受力的关系，需要保证质量不变，故由表中数据可知选用物体的质量为0.36kg；根据表中质量为0.36kg的数据描点作图如图所示1

41、 7.用如图甲所示装置，测定木块与长木板间的动摩擦因数。放在水平桌面上的长木板一端带有定滑轮,另一端固定有打点计时器，穿过打点计时器的纸带连接在木块上，绕过定滑轮的细线一端连接在木块上,另一端悬挂装有祛码的祛码盘，开始时木块靠近打点计时器。当地的重力加速度为g。乙(1)实验前，需要调节 的高度，使连接木块的细线与长木板平行。(2)接通电源，释放纸带，图乙为打出的纸带上点迹清晰的一段，纸带上0、1、2、3、4、5、6 为计数点，相邻计数点间均有四个计时点未标出，若打点计时器所接交流电的频率为了,测出纸带上计数点0、2 间 的 距 离 为 计 数 点 4、6 间的距离为马，则打计数点5 时，木块的

42、速度大小为一，木块的加速度大小为.(3)若木块的质量为M,悬挂的祛码和硅码盘的总质量为？，则木块与长木板间的动摩擦因数为【答案 定滑轮 及 (尤2)一10 200m(m+A/)(x2-x()/2200Mg【解析】【分析】【详解】(1)调节定滑轮的高度使连接木块的细线与长木板平行。(2)23根据时间中点速度等于某段时间的平均速度，则可求打计数点5 时，木块的速度大小为匕=点=是10-10根据 x-a r得木块的加速度_ X2-X _ (尤2 尤|)/2-J 1 0?200(3)4由牛顿第二定律有mg-jLiMg=(m+M)a解得m(m+Af)(x2-Xj)f2u,-M 20()Mg18.(1)为

43、了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图甲所示，用小锤打击弹性金属片，B 球就水平飞出，同时A 球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面；如图乙所示的实验：将两个完全相同的斜滑道固定在同一竖直面内，最下端水平.把两个质量相等的小钢球从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2 与光滑水平板连接，则将观察到的现象是球1 落到水平木板上击中球2,这两个实验说明A.甲实验只能说明平抛运动在竖直方向做自由落体运动.B.乙实验只能说明平抛运动在水平方向做匀速直线运动C.不能说明上述规律中的任何一条D.甲、乙二个实验均能同时说明平抛运动在水平、竖直方向上的运动性质(2)关于“研究物体平抛运动”实验，下列说法

44、正确的是A.小球与斜槽之间有摩擦会增大实验误差B.安装斜槽时其末端切线应水平C.小球必须每次从斜槽上同一位置由静止开始释放D.小球在斜槽上释放的位置离斜槽末端的高度尽可能低一些.E.将木板校准到竖直方向，并使木板平面与小球下落的竖直平面平行F.在白纸上记录斜槽末端槽口的位置O,作为小球做平抛运动的起点和所建坐标系的原点(3)如图丙，某同学在做平抛运动实验时得出如图丁所示的小球运动轨迹，a、b、c 三点的位置在运动轨迹上已标出，贝!J：(g m 1 0 m/?)小球平抛运动的初速度为 m/s.小球运动到b 点的速度为 m/s抛出点坐标X=c m y=cm.【答案】AB BCE 2 2.5-10-

45、1.25【解析】【分析】【详解】(DA、用小锤打击弹性金属片，B 球就水平飞出，同时A 球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面,知 B 球竖直方向上的运动规律与A 球相同，即平抛运动竖直方向上做自由落体运动.故A 正确.B、把两个质量相等的小钢球从斜面的同一高度由静止同时释放，滑道2 与光滑水平板吻接，则将观察到的现象是球1 落到水平木板上击中球2,知 1 球在水平方向上的运动规律与2 球相同，即平抛运动在水平方向上做匀速直线运动.故B 正确，C、D 错误；故选AB.(2)A、小球与斜槽之间有摩擦，不会影响小球做平抛运动，故 A 错误；B、研究平抛运动的实验很关键的地方是要保证小球能够水平

46、飞出，只有水平飞出时小球才做平抛运动，则安装实验装置时，斜槽末端切线必须水平的目的是为了保证小球飞出时初速度水平，故 B 正确；C、由于要记录小球的运动轨迹，必须重复多次，才能画出几个点，因此为了保证每次平抛的轨迹相同，所以要求小球每次从同一高度释放，故 C 正确；D、小球在斜槽上释放的位置离斜槽末端的高度不能太低，故 D 错误.E、根据平抛运动的特点可知其运动轨迹在竖直平面内，因此在实验前，应使用重锤线调整面板在竖直平面内，即要求木板平面与小球下落的竖直平面平行，故 E 正确；F、在白纸上记录斜槽末端槽口的位置O,不能作为小球做平抛运动的起点，故 F 错误;故选BCE.在竖直方向上 y=gT

47、2,可得时间间隔T =0.1 s,则小球平抛运动的初速度%=m/s=2m/sT 0.1b 点在竖直方向上的分速度%,=/=1.5m/s，小球运动到b 点的速度为v=M+哝=2.5m/s.抛出点到b 点的运动时间r=q=0.1 5 s.水平方向上的位移x产vt=0.3m,竖直方向上的位移g1,.y gt-0.1125m.所以开始做平抛运动的位置坐标x=0.2-0.3=-0.1m=-10c m,y=0.1-0.1125=-0.0125m=-1.25c m；1 9.在“用油膜法估测分子大小”的实验中，用移液管量取0.25mL油酸，倒入标注250mL的容量瓶中，再加入酒精后得到250m的溶液。然后用滴

48、管吸取这种溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面达到量筒中1mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有琲子粉的盛水浅盘中滴下2 滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜稳定后，放在带有正方形坐标格的玻璃板下观察油膜，如图所示。坐标格的正方形大小为2c m x2c m,由图可以估算出油膜的面积是 c n?（结果保留两位有效数字），由此估算出油酸分子的直径是 m（结果保留一位有效数字）。【答案】2.4x102 8x10【解析】【详解】1.2 滴溶液中含有纯油酸的体积n 25 2V=x m L=2xl(y5m L2.50 100观察油膜，大于或等于半格的算一格，小于半格的舍弃，数出小方格个数为6

49、（）,乘以小方格面积2c mx2c m=4c m2,可估算出油膜面积为S=60 x4c m2=2.4xl02c m22.把油膜视为单分子油膜，油膜厚度为分子直径，由 V=dS得出油酸分子的直径d=8xlO-,om2 0.在做“用单摆测定重力加速度”的实验时，为了使测量误差尽量小，下列说法正确的是A.须选用密度和直径都较小的摆球B.须选用轻且不易伸长的细线C.实验时须使摆球在同一竖直面内摆动D.计时起、终点都应在摆球的最高点且不少于30次全振动的时间某同学在野外做“用单摆测定重力加速度 的实验时，由于没有合适的摆球，他找到了一块外形不规则的石块代替摆球，如上图所示。操作时，他用刻度尺测量摆线OM

50、 的长度L 作为摆长，测 出 n 次全振动的27r总时间由到周期T,求出重力加速度8=（亍）2 ,这样得到的重力加速度的测量值比真实值_ _ _ _（填“大”或“小为了克服摆长无法准确测量的困难，该同学将摆线长度缩短为V,重复上面的实验，得出周期T,由此他得到了较精确的重力加速度值g=【答案】BC 小 g4 2(L-Z7 2 _ 7 2【解析】【详解】（1）A、为减小空气阻力对实验的影响，从而减小实验误差，组装单摆须选用密度大而直径都较小的摆球，故 A 错误；B、为减小实验误差，组装单摆须选用轻且不易伸长的细线，故 B 正确；C、实验时须使摆球在同一竖直面内摆动，不能使单摆成为圆锥摆，故 C