2023年浙江省9+1高中联盟高考冲刺模拟物理试题含解析.pdf

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1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、2012年 12月 2 6 日，世界上最长的高铁京广线全线开通.如图所示，京广高铁从北京出发，经石家庄、郑州、武汉、长沙、衡阳，到达广州，途经北京、河北、河南、湖北、湖南、

2、广东等6 省市，全程2230公里，全程运行时间8小时.同学们根据上述材料，可以求出A.北京到广州的路程B.北京到广州的平均速度C.北京到广州的加速度D.北京到广州的位移2、如图，长为L 的直棒一端可绕固定轴O 在竖直平面内转动，另一端搁在升降平台上，平台以速度丫匀速上升，当棒与竖直方向的夹角为。时，棒的角速度为(-DTLsin。3、如图，吊桥AB长 L,质量均匀分布，重 Gi。A 端由较链支于地面，8 端由绳拉住，绳绕过小滑轮C 挂重物，重G2O重力作用线沿铅垂线AC,A C=A B,当吊桥平衡时，吊桥与铅垂线的夹角。为2G,C.2arctan 5G,D.arctan2G4、如图所示，三段长度

3、相等的直导线a、b、c 相互平行处在同一竖直面内，a、b 间的距离等于dc 间的距离，通电电 流 方 向 如 图 所 示，则下列判断正确的是（）A.导线分受到的安培力可能为0B.导线a 受到的安培力可能为0C.导线c 受到的安培力的方向一定向左D.导线a、受到的安培力的方向一定相同5、用甲、乙、丙三种单色光在同一个光电管上做光电效应实验，发现光电流/与电压U 的关系如图所示，下列说法正确的是甩OUN甲、乙两种单色光的强度相同B.单色光甲的频率大于单色光丙的频率C.三种单色光在同种介质中传播时，丙的波长最短D.三种单色光中，丙照射时逸出光电子的最大初动能最小6、两列完全相同的机械波于某时刻的叠加

4、情况如图所示，图中的实线和虚线分别表示波峰和波谷，关于此时刻的说法错 误 的 是（）A.a,。连线中点振动加强B.a,b 连线中点速度为零C.a,b,c,d 四点速度均为零D.再经过半个周期c、d 两点振动减弱二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、智能手机屏幕的光线过强会对眼睛有害，因此手机都有一项可以调节亮度的功能，该功能既可以自动调节，也可以手动调节。某兴趣小组为了模拟该功能，设计了如图所示的电路。闭合开关，下列说法正确的是A.仅光照变强，小灯泡变亮B.仅光照变弱，

5、小灯泡变亮C.仅将滑片向“端滑动，小灯泡变亮D.仅将滑片向5 端滑动，小灯泡变亮8、如图所示电路中，电源内阻忽略不计.闭合电键，电压表示数为U,电流表示数为/；在滑动变阻器R 的滑片尸由a 端滑到5 端的过程中A.U 先变大后变小C.U 与/比值先变大后变小B./先变小后变大D.。变化量与/变化量比值等于必9、在一电梯的地板上有一压力传感器，其上放一物块，如图甲所示，当电梯运行时，传感器示数大小随时间变化的关系图象如图乙所示，根据图象分析得出的结论中正确的是（）A.从时刻八到5 物块处于失重状态B.从时刻f 3到4 物块处于失重状态C.电梯可能开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向

6、上，最后停在高楼层D.电梯可能开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层1 0、以下说法正确的是A.晶体具有各向同性，而非晶体具有各向异性B.液体表面张力与重力有关，在完全失重的情况下表面张力消失C.对于一定的液体和一定材质的管壁，管内径的粗细会影响液体所能达到的高度D.饱和汽压随温度而变，温度越高饱和汽压越大E.因为晶体熔化时吸收的热量只增加了分子势能，所以熔化过程中晶体温度不变三、实验题：本题共2小题，共1 8分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1.(6分)用如图甲所示装置来探究功和物体速度变化的关系，木板上固定两个完全相同的遮光条A、B,

7、用不可伸长的细线将木板通过两个滑轮与弹簧测力计C相连，木板放在安装有定滑轮和光电门的轨道。上，轨道固定在水平桌面上，动滑轮上可挂钩码，滑轮质量、摩擦均不计。图乙(1)实验中轨道应倾斜一定角度，这样做的目的是;(2)用游标卡尺测量遮光条的宽度，如图乙所示，则遮光条的宽度”=c m；(3)主要实验步骤如下：测量木板(含遮光条)的质量，测量两遮光条间的距离L,按图甲正确连接器材。将木板左端与轨道左端对齐。由静止释放木板，木板在细线拉动下运动，记录弹簧测力计示数F及 遮 光 条 先 后经过光电门所用的时间八t2,则可以测出遮光条B、A通过光电门时的速度大小和合外力对木板做的功；加挂钩码，重复的操作，建

8、立木板速度丫和细线拉力对木板做的功W的相关图像，分析得出实验结论。(4)根据实验中可能遇到的困难，回答下列问题：由静止释放木板的瞬间，弹 簧 测 力 计 的 示 数 会 (填“变大”“变小”或“不变”)；如果将钩码的个数成倍增加，细线拉力对木板做的功W将（填“会”或“不会”）成倍增加；利用图像法处理实验结果时，应该建立_ _ _ _ _ _ _ （填“吁 卬”2一卬，,或“.2一卬,）图像，如果得到的图像是线性变化的，则说明实验探究成功，此时图像的斜率的表达式为 =（用已知物理量的符号表示）。1 2.（1 2分）某同学用如图所示电路做“研究电磁感应现象”实验。他将铁芯插入小线圈约一半的位置，变

9、阻器的滑片P置于ab的中点，在闭合电键瞬间，电流计的指针向左摆。闭合电键后，为使电流计的指针向右摆，应将铁芯（选填“插入”或“拔出”）或将变阻器的滑片P向 端滑动（选填“”或?”）。四、计算题：本题共2小题，共2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.（1 0分）有一截面为正方形物体A B C D静止浮在水面上，刚好在一半在水下，正方形边长l=1.2 m,A B侧前方 =0.8 m处有一障碍物.一潜水员在障碍物前方$2 =3 0机处下潜到深度为九的P处时，看到A点刚好被障碍物挡住.已知水的折射率=4.求：3A水面 卜 先一f nnAi BP T

10、（i）深度4；（2）继续下潜/%恰好能看见C D右侧水面上方的景物，则外为多少？1 4.（1 6分）如图，一定质量的理想气体从状态。开始，经 历 状 态 从c、到达状态d,已知一定质量的理想气体的内能 与 温 度 满 足A T 为 常 数）。该气体在状态。时 温 度 为 求：p气体在状态d 时的温度气体从状态。到达状态d过程从外界吸收的热量15.（12分）第 24届冬奥会将于2022年在北京举行，冰壶是比赛项目之一。如图甲，蓝壶静止在大本营圆心。处，红壶推出后经过尸点沿直线向蓝壶滑去，滑行一段距离后，队员在红壶前方开始。不断刷冰，直至两壶发生正碰为止。己知，红壶经过尸点时速度=3.25m/s,

11、尸、。两点相距L=27m,大本营半径K=L83m,从红壶进入刷冰区域后某时刻开始，两壶正碰前后的7图线如图乙所示。假设在未刷冰区域内两壶与冰面间的动摩擦因数恒定且相同，红壶进入刷冰区域内与冰面间的动摩擦因数变小且恒定，两壶质量相等且均视为质点。（1）试计算说明碰后蓝壶是否会滑出大本营；（2）求在刷冰区域内红壶滑行的距离s。一甲 乙参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：北京到广州全程2230公里，指的是的路程，选项A 正确；北京到广州的直线距离未知，即位移未知，不能求北京到广州的平均速度，选项

12、B、C、D 错误；考点：路程和位移2、D【解析】棒与平台接触点的实际运动即合运动方向是垂直于棒指向左上，如图所示，合速度u实=L 9沿竖直向上方向上的速度分量等于用即所以vB.综上分析3 二，B错误;C.综上分析3=,C错误;L si n，VD.综上分析6 9 =丁;-,D正确。L s m夕故选D。3、A【解析】以4为支点，根据力矩平衡条件：G 1 c o s(9 0-0)=G2.L e o s,可得：解得:0-2arcsin GA.与分析相符，故A正确；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C错误；D.与分析不符，故D错误；故选Ao4、B【解析】A.根据同向电流相互吸引、反向电流相互排

13、斥可知，导线8受到的安培力不可能为0,故A错误；B D.导线受到导线8给的向右的安培力和导线c给的向左的安培力，又 因 为 通 电 电 流/ac之前的距离大于口之间的距离，所以导线受到的安培力可能为0,而导线力 受到的安培力不可能为0,所以导线a、受到的安培力的方向不一定相同，故B正确，D错误；C.根据同向电流相互吸引、反向电流相互排斥可知，导线c受到的安培力的方向一定向右，故C错误。故选B。5、C【解析】A、甲乙两种单色光对应的遏止电压相同，则两种光的频率相同，但加正向电压时甲的饱和电流更大，说明甲光的光更强；故A错误.B、D、由光电效应方程4“=和 一 网 和-e 4 =0-E痴可知遏止电

14、压越大时，对应的光的频率越大，故 咻=/乙 丫 丙；三种光照射同一金属，飞出的光电子的最大初动能关系为纥 产线 乙 或“丙；故B,D均错误.C、光在同种介质中传播的速度相同，由u=2v可得，A|,=4 4；故C正确.故选C.6、B【解析】AB.a是两个波谷相遇，位于波谷，振动加强，但此时速度为0；8是两个波峰相遇，位于波峰，振动加强，但此时速度为0;a、6两点是振动加强区，所以 连线中点振动加强，此时是平衡位置，速度不为0;故A正确，B错误;C.c和d两点是波峰和波谷相遇点，c、d两点振动始终减弱，振幅为0,即质点静止，速度为零，故a,b,c,d四点速度均为零，故C正确；D.再经过半个周期c、

15、d两点仍是振动减弱，故D正确。本题选错误的，故选B。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、A C【解析】A.仅光照变强，可知光敏电阻的阻值变小，则总电阻变小，由闭合电路的欧姆定律可知总电流增大，则流过灯泡的功率变大，灯泡变亮，A 正确；B.仅光照变弱，可知光敏电阻的阻值变大，则总电阻变大，由闭合电路的欧姆定律可知总电流减小，则流过灯泡的功率变小，灯泡变暗，B 错误；C.仅将滑片向a 端滑动，接入电路的有效阻值变小，则总电阻变小，干路电流增大，灯泡的功率变大，

16、灯泡要变亮,C 正确；D.仅将滑片向8 端滑动，接入电路的有效阻值变大，则总电阻变大大，干路电流减小，灯泡的功率变小，灯泡要变暗，D 错误；故选A C。8、BC【解析】由图可知电压表测量的是电源的电压，由于电源内阻忽略不计，则电压表的示数总是不变，故 A 错误；在滑动变阻器飞的滑片尸由a 端滑到b 端的过程中，滑动变阻器 的电阻先增大后减小，由于电压不变，根据闭合电路欧姆定律可知电流表示数先减小后增大，U 与 I 的比值就是接入电路的R1的电阻与此的电阻的和，所 以 U 与 I 比值先变大后变小，故 C 正确；由于电压表示数没有变化，所以U 变化量与I变化量比值等于0,故 D 错误；【点睛】当

17、滑动变阻器的两部分并联在电路中时，在最中间时，电阻最大，滑片从一端移动到另一端的过程中，电阻先增大后减小，9、BC【解析】由尸一f图象可以看出，。有F=mg物块可能处于静止状态或匀速运动状态，介打Fmg电梯具有向上的加速度，物块处于超重状态，可能加速向上或减速向下运动，殳打F=mg物块可能静止或匀速运动，工3“Fvmg电梯具有向下的加速度，物块处于失重状态，可能加速向下或减速向上运动，综上分析可知，故BC正确。故选BC10、CDE【解析】A.晶体分为单晶体和多晶体，单晶体各向异性，多晶体各向同性，非晶体各向同性，故A错误；B.液体表面张力是微观的分子引力形成的规律，与宏观的超失重现象无关，则在

18、完全失重的状态下依然有表面张力的现象，故B错误；C.浸润现象中，浸润液体在细管中上升时，管的内径越小，液体所能达到的高度越高，故对于一定的液体和一定材质的管壁，管内径的粗细会影响液体所能达到的高度，则c正确；D.饱和汽压与温度有关，温度越高饱和汽压越大，故D正确；E.晶体熔化时吸收热量，导致内能增大，但只增加了分子势能，故熔化过程中晶体温度不变，故E正确。故选CDE三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。211、平衡摩擦力 0.560 变小 不会 A r-w -M【解析】(1)实验中轨道应倾斜一定角度，是利用木板的重力沿轨道向下的分力来平衡摩擦力

19、；(2)2根据游标卡尺的读数方法可得遮光条的宽度为0.5cm+12x().05mm=0.5cm+0.060cm=0.560cm(4)3释放木板前，设弹簧测力计的示数为目，根据受力平衡有2 月=mg释放的瞬间，对木板有F=Ma对钩码有mg-2Fr=则有E _ mgF=1-m2+-mg2M故有FFX弹簧测力计的示数会变小由可知，当钩码的个数成倍增加，即加加倍时，F 不是成倍增加的，而每次位移相等，故细线拉力做的功不会成倍增加；5以木板为研究对象，根据动能定理有故应该建立俨_卬图像，图像对应的函数关系为Av2=-WM故M12、拔出、a【解析】在闭合电键瞬间，磁通量增加，电流计的指针向左摆。闭合电键后

20、，为使电流计的指针向右摆，则应使磁通量减小，即应将铁芯拔出或将变阻器的滑片尸向。端滑动，增大电阻，减小电流，从而减小磁通量。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、4=4m；为 a 1.0，“【解析】解：设过A点光线，恰好障碍物挡住时，入射角、折射角分别为a、P，贝！1：叱向sinasinfJ由()解得：4=4m1 3潜水员和C 点连线与水平方向夹角刚好为临界角C,贝必s山C=i =w4 +邑 +/_ 5tanC3.4+用 由解得：h2 Hl.0m14、T1/=37o 。=2A7+6pWo【解析】由 a 到 d 气体发

21、生等压变化，由盖吕萨克定律可以求出气体的温度；求出气体做的功，然后应用热力学第一定律求出从外界吸收的热量;【详解】解：状态a 与状态d 压强相等，由:可得：7；=37；依题意可知：Ua=kT0,U d=3 k T。由热力学第一定律，有：Ud-Ua Q +W其中：w =_ 3,o(匕一匕)联立可得：Q=2H；)+6po%15、(1)会滑出；(2)s=15m【解析】(1)设冰壶的质量为，碰撞前、后瞬间红壶、蓝壶的速度分别为也、匕 和匕，由图乙可得vi=L25m/sV Z=0.25m/s由动量守恒定律得mvt=mv+mv 设碰后蓝壶滑行距离为s】，红壶、蓝壶的加速度大小均为m，21 2a,0-V|ca.-=0.25m/s2 t由及图乙信息得s/=2.00m7?=1.83m会滑出；(2)设在不刷冰区域红壶受到的摩擦力大小为力工=加4 由图乙可得1=0时红壶的速度=1.35m/s,设在刷冰区域红壶受到的摩擦力大小为f2,加速度大小为与f2=ma2匕-%,a,=-=0.10m/s-在红壶经过尸点到与蓝壶发生正碰前的过程中，由动能定理得1,1,-fi(L-s)-f2s=-m v；-m v-由式及代入数据得s=15m