2021年浙江中考科学复习专练(杭州专版)——专题23电功率.pdf

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1、2021年浙江中考科学复习专练（杭州专版）一一专题23电功率一.选 择 题（共10小题）I.（2019秋萧山区期末）某建筑工地需要架设临时供电线路，实现照明和电加热功能。其简化电路如图所示，供电处电压U 不变，从供电处到工地用长导线（有电阻）连接。闭合开关S、S2时，加热器和照明灯同时工作。断开S2后与断开S2前相比较，则（）供电处 工地A.照明灯亮度不变B.照明灯亮度变弱C.长导线上消耗的电能增加D.整个供电线路消耗的电功率变小2.（2019余杭区模拟）如图是小金自制电子秤的原理示意图，且所测物体质量越大，仪表示数越大。已知弹簧整体每受5N压力时，被压缩1cm,且不受压力时，指针P 在 R

2、i的最上端。电源电压为4.5 V,电压表量程为（0-3V）,R i长 为 10cm,标 有“50C,0.3A”字样的均匀电阻丝，Ro=2O H.以下说法正确的是（）A.改装后的称重表表盘刻度是不均匀的B.称重表的零刻度线和电压表的零刻度线不重合C.该电路能达到的最小功率为2.025WD.该电子秤的测量范围为。5 千克3.（2020秋江干区期末）把“220V40W”的灯泡L i和“220V 60W”的灯泡L2串联接入220V电路，下列说法正确的是（）A.两灯泡的额定电功率都变小了B.两灯泡的额定电压都不变C.电路实际总功率为100WD.灯泡L i两端的实际电压比L2两端的实际电压低4.（2020

3、杭州模拟）一根电热丝的电阻值为R,将它接在电压为U 的电路中时，在时间t内产生的热量为Q.使用一段时间后，将电热丝剪掉一小段,剩下一段的电阻值为0.5R.现将剩下的这段电热丝接入电路，则（）A.若仍将它接在电压为U 的电路中，在时间t 内产生的热量为0.5QB.若仍将它接在电压为U 的电路中，产生的热量为Q,所需时间为2tC.若将它接入电压为0.5U的电路中，在时间t 内产生的热量为0.5QD.若将它接入另一电路，在时间t 内产生的热量仍为Q,这个电路的电压为0.5U5.（2020萧山区一模）如图实验装置可用于探究“电流通过导体产生热量的多少与电阻大小的关系”。实验装置中，两根电阻丝Ri（5。

4、）、R2（10ft）串联后分别放入两个相同的封闭空气盒中；两个空气盒各自连接一个相同的U 形管，两 U 形管装有同种液体并封闭等量的空气，且两U 形管内的各液面相平。下列说法正确的是（）A.该实验装置是利用U 形管中液体的热胀冷缩来反映电阻丝产生热量的多少B.通电一段时间后，会发现左侧U 形管的液面高度差小于右侧U 形管C.两侧空气盒与U 形管中装等量的煤油也可以完成探究任务，且更节省时间D.利用该实验装置无法探究“电流通过导体产生热量的多少与通电时间长短的关系”6.（2020萧山区一模）如图所示，电源的输出电压恒定不变，现将一个灯泡L 接在离电源很近的AB两点时，灯泡L（电阻不变）消耗的功率

5、为100W,若将灯泡L 接在离电源较远的CD两点时，灯泡L 消耗的功率为81W.则输电导线AC、BD上消耗的功率为（）RDA.10WB.19WC.9WD.I5W7.（2019萧山区模拟）如图所示水平的传送带上放一物体，物体下表面及传送带上表面均粗糙，导电性能良好的弹簧右端与物体及滑动变阻器滑片相连，弹簧左端固定在墙壁上，不计滑片与滑动变阻器线圈间摩擦。当传送带如箭头方向运动且速度为v 时，物体与传送带将发生相对滑动。此实验装置不能研究的问题是（）A.电能是否可以转化为热能B.导体的电阻大小同哪些因素有关C.通电导体放出的热量与电阻大小是否有关D.通电导体放出的热量与电流大小是否有关8.（201

6、9西湖区校级模拟）如图所示，2 只烧瓶内装有煤油，瓶塞上各插1 根玻璃管，瓶内各装1根阻值不同的电阻丝R 甲和R 乙.则利用该实验装置难以完成探究的是（）A.电流通过电热丝时产生的热量跟电热丝的阻值大小有关B.电流通过电热丝时产生的热量跟通过电热丝的电流大小有关C.电流通过电热丝时产生的热量跟电热丝的通电时间长短有关D.电流通过导体时产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻、通电时间成正比9.（2019西湖区校级模拟）如图所示是探究电流产生热量与电阻的大小是否有关的实验装置。烧瓶内装有质量和初温均相同的煤油，且 R 甲小于R 乙.下列分析不合理的是（）A.加热相同的时间，乙装置中温度计的示

7、数上升得更高B.用温度计便于直观比较两者产生热量的多少C.在此实验中，去掉电流表也能完成实验D.烧瓶内的液体选用煤油而不是水，是因为水更容易导电10.（2019杭州模拟）下列各图都是课本上的实验示意图，关于各实验的解释正确的是（）A.甲图所示的实验中，两个电阻丝串联的目的是为了控制通过它们的电流、通电时间相同B.乙图实验可以说明：物体的动能大小与高度有关。在其它条件相同时，高度越高，物体的动能越大C.丙图所示实验中，若弹簧秤沿斜面拉动物体匀速直线运动，弹簧秤的示数等于物体受到的摩擦力D.丁图所示实验可以说明做功可以改变物体的内能，气体对外做功时，管内气体内能增大二.填 空 题（共1小题）1 1

8、.（2020春富阳区期中）如图甲为某品牌具有反向充电技术的手机，其手机电池参数如图，对外充电时最大输出功率4 0 W,最多能输出总电能的5 0%,甲手机电池充满电储存的电能为 kWh,如图甲手机正对乙手机充电，按最大输出功率最多能对乙手机输电 h o充电功率2 1 0 W标称电压4V电池容量5000m A h三.实验探究题（共 1 2 小题）1 2.（2 02 0秋江干区期末）如图甲所示是“测量小灯泡电功率”的实验装置，电源电压为6 V 且保持不变，小灯泡额定电压为2.5V,电阻约为5 Q,滑动变阻器标有“2 0。1 A”字样，电流表和电压表都是学生实验电表且已选量程。（1）用笔画线代替导线把

9、图甲的实物电路连接完整；（2）实验中，电压表示数如图乙所示，要使小灯泡正常发光，应将滑片向（选填“左”或“右”）端移动；（3）实验记录电流表和电压表的示数，如表所示，计算得到是小灯泡额定功率为W o1 3.（2 02 1 杭州模拟）小明用如图1 所示电路来测量小灯泡的电功率（部分实验器材的规格实验序号1234U (V)1.52.02.53.0I (A)0.2 50.2 80.3 10.3 4已标明）。图1图2 图3(1)请用笔画线代替导线将图I 中滑动变阻器连入电路，使之接入电路的阻值最大；(2)实验中，小明发现无论怎样调节滑动变阻器，两电表指针始终处于图2所示位置,则故障是(3)故障排除后，

10、小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录数据，得到小灯泡U-I 图象如图3所示，所 用 滑 动 变 阻 器 的 规 格 是 下 列 四 个 选 项 中 的.A.“5 Q 2 A”B.“1 5Q 2 A C.“2 5。2 A D.“3 0Q 2 A”(4)某次调节中，滑动变阻器接入电路的阻值减小了 足,小灯泡的阻值变化了R z，则A R i AR2(填或1 4.(2 02 0余杭区二模)某兴趣小组的同学利用甲图所示的电路进行了多个电学实验。实验中电源电压为6 V 且恒定不变；滑动变阻器在电路中除了保护电表即保护电路以外，在不同的实验中作用各不相同。(1)第一小组的同学要测量电阻R的阻值，他们在

11、A、B间接入待测电阻R,请你用笔画线代替导线，将图乙中的实物图连接完整。(2)第二小组的同学要测量额定电压为2.5V 的小灯泡的额定功率。他们在A、B间接入额定电压为2.5V 的小灯泡，正确连接电路，实验步骤及操作都正确。闭合开关后，发现电压表的示数始终大于小灯泡的额定电压，小灯泡发光较亮，出现这种现象的原因是(3)第三小组的同学要研究 电流与电阻的关系该实验中滑动变阻器除了保护电路的作用外，另一个重要的作用是 o实验步骤如下：按照电路图连接电路接入定值电阻Ri，滑动变阻器滑片在阻值最大处，闭合开关；移动滑片，使电压表为某个固定值，记下此时电流表的电流h；断开开关，摘下R1，接入阻值稍大的电阻

12、R 2;闭合开关，记下此时电流表的电流l 2；改 用 R,重复步骤，记下此时电流表的电流1 3；比较Ri h、R2 I 2、R3 I 3 的数值，得出验证结论。甲 乙1 5.（2 0 2 0 杭州模拟）现有电压表一个、电流表一个（均已调零）、电压为6V 的蓄电池、滑动变阻器Ri （5。，1 A）、R2（2 0 0,0.5 A）、开关一个、导线若干。请你设计一个实验测量一只标有“0.3 A”、正常发光时电阻约为8.2 Q 的小灯泡正常发光时的功率。实验次数123电流I (A)0.1 40.20.3电压U (V)1.01.52.5（1）在答卷的虚线框内画出实验电路图，并标明所选用的滑动变阻器的符号

13、；（2）将下面的实验步骤补充完整：按图连接电路，连接电路时保持开关断开；，闭合开关；应 用 P=U I 计算小灯泡的额定功率。（3）小金在实验过程中测得了如上表所示的数据，由数据可知，小灯泡的额定功率为，小灯 泡 正 常 发 光 时 的 电 阻 为。（结果保留两位小数）1 6.（2 0 1 9 秋萧山区期末）小华在做“测量小灯泡电功率”的实验中，实验室有如下器材：电 源（电压恒为6 V）,小灯泡L （额定电压为2.5 V,灯丝电阻约为1 0 Q）,电流表、电压表、开关、规格分别为“1 0 Q 1 A”的滑动变阻器Ri 和“5 0 Q 0.5 A”的滑动变阻器R2 各个，导 线 若 干。（1）请

14、用笔画线代替导线，帮小华同学将图甲中的电路连接完整;（2）为了顺利完成实验，小 华 应 选 用 规 格 为（填“Ri”或“R2”）的滑动变阻器；（3）分析乙中图象发现小灯泡电阻是变化的，影 响 其 变 化 的 主 要 原 因 是：（4）小华打算增加一个阻值为1 5 0。的定值电阻Ro,只利用一只电表，通过操作图中单刀双掷开关（单刀双掷开关分别接“a”、b”各一次）测量小灯泡的额定电功率，图丙、图丁是他设计的两种不同方案的电路图，则 以 下 判 断 正 确 的 是。A.两种方案都能B.两种方案都不能C.丙方案能，丁方案不能D.丙方案不能，丁方案能1 7.（2 0 2 0 春下城区校级月考）大头要

15、测定小灯泡的功率。现有如下器材：额定电压为2.5V的小灯泡一只（正常发光时的电阻约为8 Q）；电流表一只、电压表一只、滑动变阻器两只（“5Q,1 A”、“2 0。，2 A”），其余开关、导线、干电池两节，实验电路如图1所示，获得数据如表所示。灯泡发光情况 灯丝暗红 微弱发光 正常发光 发光很亮(1)根据题目要求，变 阻 器 应 选 用,理由.(2)小灯泡的额定功率为 W o(3)大头在评价交流时发现几个问题：有同学将电压表连接成如图2所示的电路，则这种连接测量出的额定功率与实际额定功率相比(“偏大”、“偏小”“不变有同学的电流表坏了，设计了如图3所示的电路，只用一个电压表也可以测量小灯泡的额定

16、功率。只是为了使实验更准确，在 定 值 电 阻R o阻值大小的选择上有什么要求？。1 8.(2 0 1 9秋下城区期末)在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5V,小灯泡的额定电压为2.5V,小灯泡正常发光时的电阻约为1 0(l o(I)用笔画代替导线，将图甲中的实物电路连接完整(要求：当滑动变阻器的滑片向右移动时，接入电路的电阻变大；连线不得交叉)。(2)连接电路后试触开关，发现电压表指针发生如图乙所示偏转，则出现的故障是。(3)排除故障后，闭合开关，若要测量小灯泡的额定功率，接 下 来 的 操 作 是。(4)继续移动滑片P,得到多组对应的电压表和电流表示数，并绘制成图丙所示的I-U关系

17、图象，根据图象信息，判断实验数据是否可靠？，原因是。1 9.(2 0 2 0杭州模拟)测定小灯泡额定功率的实验中(所用灯泡的额定电压U o=3.8 V),小强小组设计了另一种实验方案(其中电源电压未知，电阻R的阻值己知)。具体步骤如下：按如图所示的电路图连接好电路；开 关 S拔到位置1,移动滑片P至任一位置，读出电流表示数II；开 关 S拔 到 位 置 2,滑片位置不动，读出电流表示数1 2,先算出灯泡的电阻RL=ri 2（请你用所测的物理量表示），再根据周二患，计算灯泡的额定功率。他们按此方案测量，发现实验结果与真实值相差较大，原因是 o仔细分析后，他们认为要准确测出灯泡的额定功率，只需将上

18、述步骤2改为 o2 0.（2 0 2 0 杭州模拟）在“测定小灯泡电功率”的实验中，提供以下器材：常用的小灯泡1只（标明额定电压，未标明额定功率），电流表、电压表各1 只，滑动变阻器1 只，开关1 只，电源，导线若干。（1）在方框图中画出实验电路图。（2）按正确的电路图连接电路，根据数据画出小灯泡灯丝U-I 曲线如图所示，这个图象中，横坐标表示的是 o （选 填“电流”或“电压”）请你结合已学知识，说明理由？2 1.（2 0 2 0 杭州）小金用如图甲所示的电路来研究滑动变阻器消耗的电功率与变阻器接入电路电阻之间的关系。已知电源电压恒为3 V,定值电阻R o 的阻值为3 C,滑动变阻器R i上

19、标有“2 A 5 Q”字样。实验数据如表所示。实验次数123456电流表示数/A0.3 80.4 30.5 00.6 00.7 5电压表示数/V1.8 61.7 11.5 01.2 00.7 50.0 0变阻器电功率/W0.7 10.7 40.7 50.7 20.5 60.0 0（1）用笔画线代替导线，完成图乙的电路连接。（2）表中第6次实验时，电流表示数如图丙所示，则 表 中 数 据 是。（3）根据实验数据可知，此电路中，滑动变阻器消耗的电功率随着变阻器接入电路电阻的 变 化 的 规 律 是。2 2.（2 0 2 0 萧山区一模）一个额定电压是3.5 V 的小灯泡，正常工作时的电阻约为6 C

20、,小明想测量它的额定功率。实验室有如下器材：电压恒为6V的电源、电流表、电压表、开关各 1 个、规格分别为“1 0 C 1 A”和“5 0 Q 0.5 A”的滑动变阻器各1 个、导线若干。（1）如图是小明连接的实验电路，根据电路，闭合开关前应先将滑动变阻器滑片P移至（填“C”或 D”）端；（2）要能达到实验目的，小明所选用的滑动变阻器规格应该是 o（3 ）闭合开关后，小明为了能测出小灯泡的额定功率,接下来，他 的 操 作 应 该 是。（4）实验结束后，小明整理实验器材时，发现滑动变阻器的PB部分比AP部分温度高，这是因为。2 3.（2 0 2 0 西湖区一模）某兴趣小组的同学利用甲图所示的电路

21、进行了多个电学实验。实验中电源电压为6 V 且恒定不变，滑动变阻器规格为“3 0 C,1 A”。（1）第一个实验是测量电阻R x 的阻值，他们在A、B间接入待测电阻R x，请你用笔画线代替导线，在答题卷相应位置将乙中的实物图连接完整。（2）第二个实验测量额定电压为2.5 V 的小灯泡的额定功率。他们在A、B间接入额定电压为2.5 V 的小灯泡，正确连接电路，闭合开关后，（请将实验步骤补充完整）记下电流表示数，算出灯泡的额定功率。（3）第三个实验是利用5。、1 0。、1 5 Q 的定值电阻研究“电流与电阻的关系”，在实验过程中有同学发现器材和电路连接均没有问题，但 用 15（1 的电阻无法完成实

22、验，出现该问 题 的 原 因 是。甲 乙四.计 算 题（共 3小题）24.（2020杭州模拟）如图所示，已知电源电压恒为U,定值电阻阻值为R i,滑动变阻器从最左边滑到最右端的过程中，则：（1）试解释R i 的电功率的变化情况。（2）R 2的电功率在此过程中有无最大值？通过计算证明。25.(2020浙江一模)如图所示是一种适合北方冬季使用的电热加湿器，其工作原理：加湿器水箱中部分水通过进水阀门进入电热槽中受热至沸腾，产生的水蒸气通过蒸汽扩散装置喷入空气中，从而提高空气湿度。下表是小明从产品铭牌上摘录的电热加湿器部分参数，其发热电路如图所示，Ri、R2为阻值相同的发热电阻，1、2、3、4 为触点

23、，S 为旋转型开关，通过旋转可以实现挡位的转换。(1)小明在开始加热前测得水温为20,电热槽内气压为标准大气压，若从加热到沸腾最短时间为3 分钟，则该电热槽中水的质量是多少千克？(不计热损失，c 水=4.2X1()3J/(k g-r),结果保留两位小数)(2)R i的阻值为多少？(3)该加湿器在低档时的发热功率是多少？额定电压220V额定最大发热功率400W水箱容积4L适用面积40 60m226.(2020上城区一模)近期一些餐厅出现了用送餐机器人进行无接触配送，其运动依靠底部电动机带动。已知电动机线圈为铜制，比热容为0.4X 103J/(kg-C),整个线圈质量为0.2kg,产生的能量有80

24、%转化为线圈的内能，电动机与电流表串联后接在24V直流电源上工作，闭合开关后发现机器人并未运动，这时电流表示数为8 A.检查发现电动机的齿轮被卡住了，排除故障后，正常刚工作时电流表的读数为1 A,忽略所有摩擦，计算：（1）电动机线圈的阻值。（2）电动机正常工作时的效率。（3）不考虑线圈与其他材料之间的热传递，在卡住的1 分钟内线圈的温度会升高多少。五.解 答 题（共 1小题）27.（2020杭州模拟）由于今年冬天较往年寒冷，很多老师的办公桌上放置了电热桌垫（如图）。好奇的小东同学看到后，很想知道它的电热原理，他查看说明书后发现：该电热桌垫 由 12伏电源供电，电功率在安全用电规定的30W 80

25、W 范围内，发热部分由两根电热丝组成，Ri、R2的阻值分别为6。、4 Q,该桌垫可通过调温开关控制不同的电功率（不考虑 温度 的 变 化对 电 阻 的 影 响）（1）小东根据刚刚学习过的电热器知识，画出了电热桌垫甲、乙两种电路，并说都符合设计要求，请你简要分析说明哪一个电路符合要求？（2）该电热桌垫消耗的最大功率是多少瓦？（3）当电热桌垫处于低温挡时，在 1 分钟内产生的热量是多少焦？2021年浙江中考科学复习专练（杭州专版）一一专题23电功率参考答案与试题解析选 择 题（共 10小题）1.【解答】解:AB、设长导线的电阻为Ro，由图知，闭合开关Si、S2时，灯泡与加热器并联后再与Ro串联，设

26、此时灯泡两端电压为UL，断开开关S2时，灯泡与Ro串联，设此时灯泡两端电压为UL；由于并联电路的总电阻小于任何一个分电阻，所以，断开开关S2时，灯泡的电阻大于灯泡与加热器并联的总电阻，导线的电阻不变，因灯泡的电阻大于灯泡与加热器并联的总电阻，根据串联电路的分压规律可知，灯泡两端的电压变大，即UL UL.灯泡的电阻可认为不变，由 P=%知，PL PL,即断开开关S2时，灯泡的实际功率变大,所以灯泡变亮；故 A、B 错误；C、断开开关S2时，整个电路的电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律知，电路中电流减小，导线的电阻不变，由公式W=pR t知，单位时间内长导线上消耗的电能减少，故c 错误；D、断开开

27、关S2时，整个电路的电阻变大，电源电压不变，由 P=小 知，整个供电线路K消耗的电功率变小，故 D 正确。故选：D。2.【解答】解：由电路图可知，R i与 Ro串联，电压表测变阻器R i两端的电压。A.由电阻的串联可得，电路中的电流1=h%=益 焉，电压表的示数U i=IR.十 Kg 十4.5V、小Rl+200 XR由 U i与 R i不成正比可知，改装后的称重表表盘刻度是不均匀的，故 A 正确；B.没有称量物体时，R i接入电路中的电阻为零，电压表被短路无示数，所以称重表的零刻度线和电压表的零刻度线是重合的，故 B 错误：C.由串联分压的规律可知，当电压表的示数最大为U i=3 V 时，变阻

28、器接入电路的阻值最大，电路中的电流最小，电路的总功率最小，由串联电路的电压特点可得，Ro两端的电压：Uo=U-Ui=4.5V-3V=1.5V,由串联电路的电流特点可得，电路中的最小电流：1小=黑=喘=0.075人,则电路的最小总功率：P 小=U I小=4.5VX0.075A=0.3375W,故 C 错误；D.当电压表的示数U i=3V 时，R i接入电路中的电阻最大，称量的物体的重力最大，此时R1接入电路中的电阻：R1=T=0 4 =4 0 f l,由均匀电阻丝R i的长度为10cm、总阻值为50。可知，滑片下移的距离黑 xl0cm=8cm,由弹簧整体每受5N 压力时被压缩1cm可得，称量物体

29、的最大重力:G=覆x5N=40N,由G=m g可得，称量物体的最大质量：m=1。工=4kg,则该电子秤的测量范围为0 4 k g,故 D 错误。故选：Ao3.【解答】解：AB、用电器正常工作时的电压为额定电压；用电器在额定电压下的功率为额定功率；把两个灯泡串联接入220V电路两端，两灯泡的额定电压和额定功率都不改变，故 A 错误，B 正确；C、由于串联电路起分压作用，所以两灯泡两端的实际电压都小于额定电压，由 p=r 可知，两灯泡的实际功率小于额定功率，所以电路实际总功率小于两灯泡的额定功率之和40W+60W=100W,故 C 错误；D、由灯泡的铭牌可知，两灯泡的额定电压相等，L i的额定功率

30、小于L2的额定功率，由R=*可知，L i的电阻大于L2的电阻；因串联电路中各处的电流相等，由 U=1R可知，则灯泡L i两端的实际电压比L2两端的实际电压大，故 D 错误。故选：Bo4【解答】解：电热丝的电阻值为R,将它接在电压为U 的电路中时，在时间t 内产生的热量 Q=W=*t,剪掉一小段，剩下一段的电阻值为0.5R。7 Z2A、若仍将它接在电压为U 的电路中，在时间t 内产生的热量Q尸 卷 t=2 x/t=2 Q,故 A 错误；B、若仍将它接在电压为U 的电路中，产生的热量为Q,即-t i=g t,所需时间ti=O.SR K0.5 t,故 B错误；C、若将它接入电压为0.5 U 的电路中

31、，在时间t 内产生的热量Q2=*t=0.5x t=U.J A K0.5 Q,故 C正确；D、若将它接入另一电路，在时间t 内产生的热量仍为Q,即：券=(t,这个电路的电压U =u,故 D错误。故选：C o5 .【解答】解：A、电热丝对空气盒内的空气加热，空气受热膨胀，会 推 动 U形管内的液柱变化，通过液柱的变化可以判定电阻产生热量的多少，故 A 错误；B、由Q=R t 可知，在电路和通电时间相同时，右侧电阻较大，产生的热量较多，左侧U形管的液面高度差小于右侧U形管，故 B正确；C、煤油的比热容远远高于空气的比热容，在吸收相同的热量时，温度变化较小，体积变化较小，U形管内的液柱变化不明显，利用

32、煤油更浪费时间，故 C错误；D、实验中可以通过开关来控制加热的时间，能探究电流通过导体产生热量的多少与通电时间长短的关系，故 D错误。故选：B。6 .【解答】解：设灯泡L连接在A、B两点时，电路的电流为h，则PL=I/RL=100W 若将灯泡L接 C、D两点时，电路的电流为1 2，则PL=I22RL=81W 由两式可得：I i：12=1 0：9,若将灯泡L接 C、D两点时，电源的功率为：P=Ub，则：=即 P=1 =2X100W=90W,所以导线A C和 BD消耗的总功率为：P =P -P 2=9 0 W -8 1 W=9 W。故选：Co7.【解答解：A、小灯泡发光时电能转化为热能，故 A 不

33、符合题意；B、导体的电阻大小与导体的长度有关，物体与传送带将发生相对滑动时可以改变导体的长度，可以探究导体电阻与导体长度的关系，故 B 不符合题意；C、滑动变阻器的电阻可以改变，探究通电导体放出的热量与电阻大小是否有关时，应控制电流相同，改变电阻，本实验中不能控制电流相同，故 C 符合题意；D、实验中可以通过调节滑动变阻器来改变电路中的电流，根据灯泡的发光亮度来判定产生热量的大小，故 D 不符合题意。故选：C。8.【解答】解:A、由图可知，该电路为串联电路，电路中的电流是相同的，通电时间也相同，电阻不同，故可以探究电流通过电热丝时产生的热量跟电热丝的阻值大小是否有关，故 A 能完成；B、图中有

34、滑动变阻器，移动滑片，可以改变电流的大小，故可以探究电流通过电热丝时产生的热量跟通过电热丝的电流大小是否有关，故 B 能完成；C、实验中，可以通过控制开关来控制通电时间的长短，来判定产生热量与通电时间的关系，故 C 能完成；D、实验中可以探究电流产生的热量与电阻、通电时间、电流大小的关系，但不能得出具体的数字关系，故 D 不能完成.故选：D。9.【解答】解：A、加热相同的时间，由于串联电路，电流也相同，电阻越大，产生的热量越多，乙的电阻大，产生的热量多，加热相同的煤油，则乙装置中温度计的示数上升得更高，故 A 正确；B、实验中采用了转换法，用温度计便于直观比较两者产生热量的多少，故 B 正确；

35、C、在此实验中，去掉电流表后，由于该电路为串联电路，通过甲乙的电流是相同的，故也能完成实验，故 C 正确；D、烧瓶内的液体选用煤油而不是水，是因为煤油的比热容较小，在吸收相同热量时，煤油的温度变化大，易于观察，故 D 错误。故选：D。10.【解答】解：A、甲图所示的实验中，甲乙两个电阻丝串联，则通过两电阻丝的电流相等。故 A 正确；B、在实验中改变小球滚下的高度，是为了使小球到水平面的速度不同，此实验是为了探究动能和物体速度的关系。故 B 错误；C、在测量摩擦力时，若沿斜面拉动物体做匀速直线运动，由于重力沿斜面的分力作用，则此时拉力不等于摩擦力。故 C 错误；D、在拉动绳子时，克服摩擦做功，使

36、金属管和管内空气的内能增大，温度升高；当金属管内部空气对外做功，将塞子冲出时，内能减少，温度降低。故 D 错误。故选：Ao二.填 空 题（共 1 小题）11【解答】解：甲手机电池充满电储存的电能：W=UIt=4VX5000X 103AX lh=20W h=0.02kW h,因为甲手机对外充电时最大输出功率为40W=0.04kW,最多能输出总电能的50%,所以由P=与可得，甲手机按最大输出功率对乙手机充电时，最多充电时间：,W 0.02kW-hxS0%nt=户 工=OMkW=025h。故答案为:0.02；0.25 o三.实 验 探 究 题（共 12小题）12【解答】解：（1）滑动变阻器应与灯泡串

37、联，滑动变阻器要采用“一上一下”的接法，灯泡的额定电压是2.5V,灯丝电阻约为5 欧姆，灯泡正常工作时电流约为：I=0.5 A,电流表用0 0.6A与灯泡串联，电压表用。3V量程并联在灯泡两端；如图所示：（2）小灯泡额定电压为2.5 V,由图乙可知，电压表的量程是0 3 V,分度值是0.1V,示数为1.8V,低于额定电压；要使灯泡正常发光，应增大灯泡两端的电压，根据串联分压的规律可知，应减小变阻器两端的电压，减小变阻器的阻值，应将滑片向右端滑动，直到电压表的示数为2.5 V；(3)灯泡的额定电压为：U额=2.5V,由表格数据可知，此时灯泡的电流为：I 额=0.31 A,灯泡的额定功率：P额=U

38、颔 1 额=2.5V X 0.31 A=0.7 7 5W。故答案为：(1)如图所示；(2)右；(3)0.7 7 51 3【解答】解：(1)因要求滑动变阻器连入电路，使之接入电路的阻值最大，故应将左下接线柱连入电路中，如下图所示；假定电瓜：2.5V 只k-_-t-3V电源(2)由图2可知，电流表示数为0,说明电路可能断路；图中电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的灯泡断路了，即接线柱间之间发生了断路；(3)因电压电压为3 V,由图3 可知，当灯的电压为0.5V,通过的电流为I=0.1 A,因小明从滑动变阻器接入电路阻值最大时开始记录

39、数据，根据串联电路的规律和欧姆定律，此时变阻器连入电路中的最大电阻：故选用C “2 5C 2 A”的变阻器：(4)当滑动变阻器电阻R滑变小时，根据分压原理，变阻器的电压变小，由串联电路电压的规律，灯泡两端电压增大；由图3 知，通过灯的电流也增大，根 据 P=U I 可知，灯的实际功率增大，灯丝温度升高，灯泡电阻R灯变大；因通过灯的电流即电路中电流变大，说明电路中的总电流变大，故总电阻R变小；根 据R=R滑+R灯可知，只有当R滑的减小量大于R灯的增加量才会让总电阻变小，即4R 1 A R2；故答案为：(1)如上图所示；(2)之间发生断路；(3)C；(4)o1 4 【解答】解:(1)变阻器按一上一

40、下接入电路中与电阻串联，电压表与电阻并联，如下所示：(2)第二小组的同学要测量额定电压为2.5V 的小灯泡的额定功率。他们在A、B间接入额定电压为2.5V 的小灯泡，正确连接电路，实验步骤及操作都正确，则灯与变阻器串联，变阻器连入电路的电阻最大，闭合开关后，发现电压表的示数始终大于小灯泡的额定电压，小灯泡发光较亮，则电路的电流过大，由欧姆定律知电路的电阻过小，出现这种现象的原因是选用滑动变阻器规格太小(或滑动变阻器的最大电阻太小)；(3)研 究“电流与电阻的关系”要控制电阻的电压不变，该实验中滑动变阻器除了保护电路的作用外，另一个重要的作用是控制电阻两端的电压保持不变(或使电阻两端的电压保持2

41、.5V)；(4)根据串联分压原理可知，摘 下 R i,接入阻值稍大的电阻R 2,电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数不变。故答案为：(1)如上图；(2)选用滑动变阻器规格太小(或滑动变阻器的最大电阻太小)；(3)控制电阻两端的电压保持不变(或使电阻两端的电压保持2.5V)；滑片应向左端移动，使电压表的示数不变。1 5.【解答】解：(1)根 据 P=UL电压表测灯的电压，电流表测灯的电流，滑动变阻器串联在

42、电路中：电压为6V的蓄电池、灯的额定电流为0.3A,正常发光时电阻约为8.2 Q,由串联电路的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻：R 滑=-RL=。6 匕-8.2 f l=1 1.2 C；故选用变阻器R 2;如下所示：r-OnR 2（2）按图连接电路，连接电路时保持开关断开；将变阻器连入电路的电阻最大，闭合开关；移动变阻器的滑片，使电流表示数为0.3A,记下电压表示数；应 用 P=U I 计算小灯泡的额定功率；（3）灯在额定电流下对应的电压为2.5V,由数据可知，小灯泡的额定功率为：P=U JL=2.5V X 0.3A=0.7 5W；由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻为：R=，=

43、鬻，8.33Q。故答案为：（1）如上所示；（2）将变阻器连入电路的电阻最大；移动变阻器的滑片，使电流表示数为0.3A,记下电压表示数；（3）0.7 5W；8.33f t,1 6.【解答】解：（1）灯的额定电压为2.5V,故电压表选用小量程与灯并联，灯丝电阻约为ion,由欧姆定律，灯泡正常发光时电路中电流约为:I=0.25 A,所以电流表要选用小量程与灯串联，如下所示:（2）灯泡正常发光时电路中电流的为0.2 5A,根据串联电路的规律，灯正常发光时变阻器应分去的电压：U 变=6 V-2.5 V=3.5 V,由欧姆定律，变阻器的阻值至少为：1变=字=3 耗=14。10。，所以应选择滑动变阻器的规格

44、为“50Q0.5A”；（3）灯泡电阻是变化的，原因是小灯泡的电阻受温度的影响；（5）图丙中，无论开关接a 还是接b 都无法得知小灯泡是否正常发光，此方案不能测定小灯泡的额定电功率；图丁中，Ro、小灯泡、变阻器三者串联，S 接 a 时，电压表测定值电阻的电压，当开关接b 时测量灯和定值电阻的总电压，不能通过调节滑动变阻器使灯泡两端的电压为2.5 V,所以此方案不能测出小灯的额定电功率，故选B。故答案为：（1）如上图所示；（2）R2;（3）小灯泡的电阻受温度的影响；（4）Bo17.【解答】解：（I）灯的额定电压为2.5 V,正常发光时的电阻约为8。，由欧姆定律，灯的额定电流约为：%=今=缪=-31

45、25A，灯正常发光，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻约为：黑 8。=1.6。，考虑到操作的方便性，故变阻器应选用“5。，1 A”；1L U.01Z0/4（2）灯在额定电压2.5V时正常发光，由表中数据，此时灯的电流为0.32A,小灯泡的额定功率为：P=UI=2.5VX0.32A=0.8W；（3）有同学将电压表连接成如图2 所示的电路，灯与电流表串联，电流表测量的电流是准确的，因电流表也有内阻，由串联电路电压的规律，电压表示数大于灯的实际电压，根据P=U I,则这种连接测量出的额定功率与实际额定功率相比偏大；将变阻器滑片移到到最左端，闭合Si，将 S2掷 于 d,S3掷 于 e,

46、电压表测灯的电压,移动变阻器的滑片，使灯的电压为2.5V,保持变阻器的滑片位置不动，将 S2掷于c,S3掷于f,这时电压表测Ro的电压U ,在开关转换过程中，电路连接没有改变，灯仍正常工作，由欧姆定律可得出通过定值电阻的电流即灯的额定电流：九=/，根据P=U I可求出灯的额定功率，因电压表与待测电阻并联，根据并联电阻的规律，通过灯的电流等于通过电压表与定值电阻电流之和，故为了使实验更准确，即通过电压表的电流应很小，在定值电阻Ro阻值应比电压表内阻小很多。故答案为：(1)“5Q,1A”；灯正常发光，变阻器连入电路的电阻约为1.6。，考虑到操作的方便性,故变阻器应选用“5Q,1A”；(2)0.8；

47、(3)偏大；定值电阻Ro阻值应比电压表内阻小很多。18.【解答】解:(1)当滑动变阻器的滑片向右移动时，接入电路的电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与灯串联，小灯泡的额定电压为2.5V,则电压表选用小量程与灯并联，如下所示：(2)连接电路后试触开关，发现电压表指针发生如图乙所示偏转，则出现的故障是：电压表正负接线柱接反了；(3)为保护电路，连接电路时，变阻器连入电路电阻应最大，因灯在额定电压下正常发光，排除故障后，闭合开关，若要测量小灯泡的额定功率，接下来的操作是向左移动滑动变阻器的滑片P,直至电压表的示数为2.5V,并记录此时电流表的示数进行计算；(4)根据绘制成图丙所示的I-U 关系图

48、象知，电压分别为1.5V、2V、2.5V时的电流分别为 0.1A、0.15A,0.25A,由欧姆定律1=半 电压为1.5V时灯的电阻R i=/=罂=15。，同理电压为2V、2.5V时灯的电阻分别为13.3。、10Q,故根据图象信息，判断实验数据不可靠，原因是：小灯泡的阻值随着温度的升高而降低了，而实验室所用灯泡灯丝一般都是鸨丝，电阻随温度的升高而增大。故答案为：(1)如上所示；(2)电压表正负接线柱接反；(3)向左移动滑动变阻器的滑片P,直至电压表的示数为2.5 V,并记录此时电流表的示数进行计算；(4)不可靠；小灯泡的阻值随着温度的升高而降低了，而实验室所用灯泡灯丝一般都是鸨丝，电阻随温度的

49、升高而增大。1 9【解答】解：(1)按照电路图，将灯泡的左边接线柱与开关中间的接线柱相连、电流表的负接线柱与开关的位置1相连，如图所示：(2)由可得灯泡两端电压U=h R,而开关S由位置1拨到位置2时，电路中三个电阻的连接方式没有发生改变，所以此时灯泡两端电压仍然为I 1 R,因为L与R并联，所以由得灯泡电流IL=I2-1 1，由欧姆定律得灯泡电阻：Rl 工 -E(3)因为灯泡电阻随温度的变化而变化，题中所求电阻值RL与灯泡正常发光时的阻值不相等，“2所以根据P o=祟求出的功率与额定功率的真实值相差较大；要准确测出灯泡的额定功率，只需将上述步骤2改为：开 关S拔到位置1,移动滑片P直 到 电

50、 流 表 示 数 为=鬻为止，读出电流表示数A KI i o故答案为：如图所示；与灯泡电阻随温度的变化而变化;开关S拔到位置1,移动滑片P直到电流表示数为1|=半=半为止，读出电流表示数1|。20.【解答】解:（1）根据P=U I可知：需要利用电压表测出小灯泡两端的电压，用电流表测出小灯泡中的电流，用滑动变阻器改变小灯泡两端的电压，滑动变阻器应与灯泡串联，山此设计实验电路图如下:（2）灯泡两端电压越大，通过它的电流越大，由 P=U I知，灯泡的实际功率越大，灯泡越越亮，温度越高，且灯泡的电阻随温度的升高而增大，由 R=可知，灯泡两端电压变化应大于通过它的电流变化，由图象可知，横坐标表示的是电流