2012年全国高考新课标1卷数学文科高考试题(共13页).doc

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1、精选优质文档-倾情为你奉上2012年新课标1卷数学(文科)第I卷（共60分）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分每小题有且只有一个选项是符合题目要求的1已知集合，则（ ）A B C D2复数的共轭复数是（ ）A B C D3在一组样本数据（，），（，），（，）（，不全相等）的散点图中，若所有样本点（，）（=1，2，）都在直线上，则这组样本数据的样本相关系数为（ ）A1 B0 C D14设、是椭圆E：（）的左、右焦点，P为直线上一点，否是是结束输出A，B开始输入，否是否是底角为30的等腰三角形，则E的离心率为（ ）A B C D5已知正三角形ABC的顶点A（1，1），B（1，3），

2、顶 点C在第一象限，若点（，）在ABC内部， 则的取值范围是（ ）A（，2） B（0，2） C（，2） D（0，）6若执行右边和程序框图，输入正整数（）和 实数，输出A，B，则（ ）A为，的和 B为，的算术平均数C和分别是，中最大的数和最小的数 D和分别是，中最小的数和最大的数7如图，网格纸上小正方形的边长为1，粗线画出的是某几何体的三视图，则此几何体的体积为（ ）A6 B9 C D8平面截球O的球面所得圆的半径为1，球心O到平面的距离为，则此球的体积为（ ）A B C D9已知，直线和是函数图像的两条相邻的对称轴，则（ ）A B C D10等轴双曲线C的中心在原点，焦点在轴上，C与抛物线的准

3、线交于A，B两点，则C的实轴长为（ ）A B C D11当时，则的取值范围是（ ）A（0，） B（，1） C（1，） D（，2）12数列满足，则的前60项和为（ ）A3690 B3660 C1845 D1830第卷（共90分）本试卷包括必考题和选考题两部分。第13题第21题为必考题，每个试题考生都必须做答。第22题第24题为选考题，考生根据要求做答。二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分。13曲线在点处的切线方程为_。14等比数列的前项和为，若，则公比_。15已知向量,夹角为45，且，则_。16设函数的最大值为，最小值为，则_。三、解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤。17

4、（本小题满分12分）已知分别为ABC三个内角的对边，。（1）求A；（2）若，ABC的面积为，求18（本小题满分12分）某花店每天以每枝5元的价格从农场购进若干枝玫瑰花，然后以每枝10元的价格出售，如果当天卖不完，剩下的玫瑰花作垃圾处理。（1）若花店一天购进17枝玫瑰花，求当天的利润（单位：元）关于当天需求量（单位：枝，）的函数解析式；（2）花店记录了100天玫瑰花的日需求量（单位：枝），整理得下表：日需求量14151617181920频数10201616151310假设花店在这100天内每天购进17枝玫瑰花，求这100天的日利润（单位：元）的平均数；若花店一天购进17枝玫瑰花，以100天记录的

5、各需求量的频率作为各需求量发生的概率，求当天的利润不少于75元的概率。19（本小题满分12分）如图，三棱柱ABCA1B1C1中，侧棱垂直底面，AC=BC=AA1，D是棱AA1的中点。（1）证明：平面BDC1平面BDC；（2）平面BDC1分此棱柱为两部分，求这两部分体积的比。20（本小题满分12分）设抛物线C：（）的焦点为F，准线为，A为C上一点，已知以F为圆心，FA为半径的圆F交于B，D两点。（1）若BFD=90，ABD的面积为，求的值及圆F的方程；（2）若A，B，F三点在同一直线上，直线与平行，且与C只有一个公共点，求坐标原点到，距离的比值。21（本小题满分12分）设函数。（1）求的单调区间

6、；（2）若，为整数，且当时，求的最大值。请考生在第22、23、24 三题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。作答时用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。 22 (本小题满分10分) 选修41：几何证明选讲如图，分别为边，的中点，直线交的外接圆于，两点。若，证明：（1)；（2）23（本小题满分10分）选修44：坐标系与参数方程已知曲线的参数方程为（为参数），以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，曲线的极坐标方程是。正方形ABCD的顶点都在上，且A，B，C，D依逆时针次序排列，点A的极坐标为（2，）。(1)求点A，B，C，D的直角坐标；(2)设为上任意一点，求的取值范

7、围。24（本小题满分10分）选修45：不等式选讲已知函数。（1)当时，求不等式的解集；（2）若的解集包含1，2，求的取值范围。2012年全国卷文科数学答案第I卷（共60分）1.B【解析】因为，所以 .故选择B。2.D【解析】因为，所以，故选择D。3.D【解析】因为中，所以样本相关系数，又所有样本点（，）（=1， 2，）都在直线上，所以样本相关系数，故选择D。4.C【解析】如图所示，是等腰三角形，又，所以，解得，因此，故选择C。5.A【解析】正ABC内部如图所示，A（1，1），B（1，3），C（，2）。 将目标函数化为，显然在B（1，3）处，；在C（，2）处，。 因为区域不包括端点，所以，故选择

8、A。6.C【解析】由程序框图可知，A表示，中最大的数，B表示，中最小的数，故选择C。7.B【解析】由三视图可知，该几何体为三棱锥A-BCD，底面BCD为底边为6，高为3的等腰三角形，侧面ABD底面BCD，AO底面BCD，因此此几何体的体积为，故选择B。8.B 【解析】如图所示，由已知，在中，球的半径，所以此球的体积，故选择B。9.A【解析】由直线和是函数图像的两条相邻的对称轴，得的最小正周期，从而。由此，由已知处取得最值，所以，结合选项，知，故选择A。10. C【解析】设等轴双曲线C的方程为，即（），抛物线的准线方程为，联立方程，解得，因为，所以，从而，所以，因此C的实轴长为，故选择C。11.

9、B 【解析】显然要使不等式成立，必有。在同一坐标系中画出与的图象。若时，当且仅当， ，即解得，故选择B。12.D【解析】因为，所以，。由，可得；由，可得；由，可得；。又，所以 。故选择D。第卷（共90分）13【答案】。 【解析】由已知，根据导数的几何意义知切线斜率，因此切线方程为，即。14【答案】。 【解析】由已知得，因为，所以而，所以，解得。15【答案】。 【解析】由已知。因为，所以，即，解得。16【答案】2。 【解析】。令，则。因为为奇函数，所以。所以。17【解析】（1）根据正弦定理，得， ，因为，所以，化简得，因为，所以，即，而，从而，解得。（2）若，ABC的面积为，又由（1）得，则，化

10、简得，从而解得，。18【解析】（1）当日需求量时，利润；当日需求量时，利润。所以当天的利润关于当天需求量的函数解析式为（）.（2）假设花店在这100天内每天购进17枝玫瑰花，则这100天的日利润（单位：元）的平均数为（元）。利润不低于75元当且仅当日需求量不少于16枝。故当天的利润不少于75元的概率为。19【解析】（1）在中， 得：， 同理：， 得：。由题设知BCCC1，BCAC，所以平面。又平面，所以而，所以平面。又平面，故平面BDC1平面BDC。（2）由已知AC=BC=AA1，D是棱AA1的中点， 设，则。由（1），平面，所以为四棱锥的高，所以。 因此平面BDC1分此棱柱为两部分体积的比为

11、。20. 【解析】（1）若BFD=90，则BFD为等腰直角三角形，且|BD|=，圆F的半径，又根据抛物线的定义可得点A到准线的距离。因为ABD的面积为，所以，即，所以，由，解得。从而抛物线C的方程为，圆F的圆心F（0，1），半径，因此圆F的方程为。（2）若A，B，F三点在同一直线上，则AB为圆F的直径，ADB=90，根据抛物线的定义，得，所以，从而直线的斜率为或。当直线的斜率为时，直线的方程为，原点O到直线的距离。依题意设直线的方程为，联立，得，因为直线与C只有一个公共点，所以，从而。所以直线的方程为，原点O到直线的距离。因此坐标原点到，距离的比值为。当直线的斜率为时，由图形的对称性可知，坐标

12、原点到，距离的比值也为3。21【解析】（1）函数的定义域为（，+），且。当时，在（，+）上是增函数；当时，令，得。令，得，所以在上是增函数，令，得，所以在上是减函数，（2）若，则，。 所以，故当时，等价于，即当时，（）。 令，则。由（1）知，函数在单调递增，而，所以在存在唯一的零点。故在存在唯一的零点。设此零点为，则。当时，；当时，。所以在的最小值为。又由，可得，所以，由于式等价于，故整数的最大值为2。22. 【解析】（1）因为，分别为边，的中点，所以。又已知，所以四边形BCFD是平行四边形，所以CF=BD=AD。而，连结AF，所以ADCF是平行四边形，故CD=AF。因为，所以BC=AF，故C

13、D=BC。（2）因为，故GB=CF。由（1）可知BD=CF，所以GB=BD。所以。因为，所以，从而， 由（1），所以，从而，由，得。23.【解析】（1）曲线的参数方程化为直角坐标方程为，曲线的极坐标方程化为直角坐标方程为，因为点A的极坐标为（2，），所以点B的极坐标为（2，），点C的极坐标为（2，），点D的极坐标为（2，），因此点A的直角坐标为（1，），点B的直角坐标为（，1），点C的直角坐标为（1，），点D的直角坐标为（，1）。 （2）设P（，），则。因为，因此的取值范围为32，52。24.【解析】（1）当时，。 所以不等式可化为，或，或。解得，或。因此不等式的解集为或。 （2）由已知即为，也即。若的解集包含1，2，则，也就是，所以，从而，解得。因此的取值范围为。专心-专注-专业