上海市黄浦区2016年中考物理模拟试卷(5月份)(分析版).doc

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1、优质文本1/242016 年上海市黄浦区中考物理模拟试卷年上海市黄浦区中考物理模拟试卷5 月份月份一、选择题共一、选择题共 16 分以下各题均只有一个正确选项分以下各题均只有一个正确选项1原子中带负电的粒子是A核子 B质子 C中子 D电子2“禁止喧哗主要是为了控制声源的A音调 B振幅 C频率 D音色3在四冲程热机工作时，将内能转化为机械能的是A吸气冲程 B压缩冲程 C做功冲程 D排气冲程4根据图中通电螺线管的 S 极，以下判断正确的选项是A电源的左端是正极B螺线管的左端是 S 极C静止小磁针的左端是 S 极D螺线管周围磁感线是从 S 极出来的5如下图，小刘同学站在电子秤上测体重，以下属于一对平

2、衡力的是A小刘受到的重力和地面对电子秤的支持力B电子秤受到的重力和地面对电子秤的支持力C小刘受到的重力和电子秤对小刘的支持力D小刘受到的重力和小刘对电子秤的压力6如下图电路，以下说法正确的选项是A闭合电键 S 后，将滑片向右移动，电压表示数将变小B闭合电键 S 后，将滑片向左移动，电流表示数将变大C断开电键 S 后，将滑片向右移动，电流表示数将变小D断开电键 S 后，将滑片向左移动，电压表示数将不变7在光具座的 A 点处放置一发光物体，从焦距 f甲为 5 厘米、f乙为 10 厘米、f丙为 20 厘米的凸透镜中选择一个放置在如下图的位置，在 BC 间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，那么选择的凸

3、透镜为优质文本2/24A甲B乙C甲、乙D乙、丙8底面积为 S1和 S2的两柱形容器中分别盛有质量相等的水和酒精水酒精，现将质量相等的甲、乙实心小球分别浸没在水和酒精中液体不溢出 两小球密度分别为甲和乙，以下条件中可能使水和酒精对容器底部压强相等的是AS1S2甲=乙BS1=S2甲乙CS1=S2甲=乙DS1S2甲乙二、填空题共二、填空题共 26 分分9远距离输电时为了减少输电线上的电能损失，常采用输电选填“高压或“低压 在家庭电路中，消耗的电能常用表来测量标有“220V 100W的电视机正常工作1 小时耗电度10白光是光选填“单色或“复色 光的色散现象是由于介质对不同色光的折射本领不同选填“同一或

4、“不同 光的三原色是红、绿、11如下图用镊子夹豆子时，镊子相当于杠杆选填“省力、“等臂或“费力 松开镊子，豆子会加速下落，说明力可以改变物体的，在此过程中，豆子的重力势能选填“变大、“不变或“变小 12质量相等的甲、乙、丙三物体，同时由同一地点沿同一直线运动甲、乙的 st 图象如下图以甲为参照物，乙是的选填“运动或“静止；经过 6 秒，甲、丙之间的距离为 0.3 米，那么此时乙、丙之间的距离最大为米；此过程中甲物体的惯性乙物体的惯性选填“大于、“等于或“小于 13 将一杯水放进冰箱，水温从 15下降到 5，水分子的运动会减缓，这是通过方式改变了水的内能，假设这杯水的质量是 0.5 千克，水放出

5、的热量为焦c水=4.2103千克/千克14首先发现导体中电流与电压关系的物理学家是假设某导体两端电压为 6 伏，10秒内消耗电能 18 焦，这段时间内通过导体横截面的电荷量为库假设该导体两端电压为 12 伏，那么导体中的电流为安优质文本3/2415在如下图的电路中，电源电压保持不变，闭合电键 S 电路正常工作一段时间后，发现电路中至少有一个电表示数变小，故障发生在电阻 R1、R2上，其他元件仍保持完好现在故障电路中将电阻 R1与 R2的位置互换电压表 V 的示数，电流表 A 的示数 均选填“一定不变、“一定变化或“可能变化假设电流表 A1示数发生变化，那么故障可能是16某同学研究“物体在水平面

6、上滑动时，所受滑动摩擦力 F 的大小与哪些因素有关他利用玩具中的小电机带动同一物体，在不同材质的水平面上以不同的速度 v1、v2做匀速直线运动，实验过程及现象如图a、b、c所示实验中滑动摩擦力 F 的大小可以通过观察间接获得，这是利用了知识从图中的信息可以判断出：该同学猜测滑动摩擦力 F 可能与有关三、作图题共三、作图题共 6 分分17根据图中给出的入射光线，画出相应的折射光线18在如下图的电路中，请用笔线代替导线连接成正确的电路要求：闭合电键 S 后，滑片向左移动过程中，电压表示数变小四、计算题共四、计算题共 24 分分19体积为 1104米3的物体，浸没在酒精中，求物体所受的浮力 F浮 酒

7、精=0.8103千克/米320用如下图装置匀速提起重为 20 牛的物体，5 秒内绳子自由端移动 2 米，不计绳重和摩擦，求：拉力做功 W拉力的功率 P优质文本4/2421如下图，实心柱体甲、乙放在水平地面上甲的质量为 2 千克，密度为 2103千克/米31求甲的体积 V甲2假设甲高 0.1 米，求地面受到甲的压强 p甲3假设柱体甲、乙的底面积 S甲：S乙=2：1现沿竖直方向将乙切去体积，并将切去局部叠放到甲上面，求甲对地面的压强增加量p甲与乙剩余局部对地面压强 p乙的比值22如图a所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为 10 欧，滑动变阻器 R2上标有“501A的字样闭合电键后，电流表的示

8、数为 0.8 安求：R1的两端电压 U110 秒内电流对 R1所做的功 W1假设在电路中正确并联两个表盘如图b所示的电压表，在电路平安工作的情况下，滑片处于不同位置时两表的示数如表请通过计算说明电压表的位置，及电流表的最小示数序号V1伏V2伏1153215531574159五、实验题共五、实验题共 18 分分23图a中所示的弹簧测力计量程为牛，使用前应拉动面板，使指针对准，图示测力计示数为牛图b的实验器材名称是优质文本5/2424如下图装置说明在进行的实验名称是：“验证，由b、c两图可以得出力的大小在“探究平面镜成像的特点实验中，为得到蜡烛 A 的像与蜡烛 A 到镜面的距离关系，需将蜡烛 A

9、放在位置进行屡次实验；假设蜡烛 B 与蜡烛 A 的像无法重合，实验中存在的问题可能是：填合理选项 玻璃板没有竖直放置蜡烛 A 到平面镜的距离较小蜡烛 A 和蜡烛 B 不等大25小李和小红同学研究“使用动滑轮缓慢提起重物时所需竖直向上的拉力 F 与哪些因素有关，他们用如下图装置，将不同物体缓慢提起，分别测出物体所受重力 G物和所需拉力 F的大小，数据记录在表一中然后，他们更换滑轮，重复实验，将相关数据记录在表二、表三中表一：G滑轮=1.0 牛实验序号G物牛F牛12.01.522.51.833.02.044.02.5表二：G滑轮=2.0 牛实验序号G物牛F牛52.52.363.02.573.52.

10、884.03.0表三：G滑轮=3.0 牛实验序号G物牛F牛94.03.5优质文本6/24105.04.0116.04.5127.05.0分析比拟表一、表二或表三中 F 与 G物的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：分析比拟实验序号中的 F 与的变化关系及相关条件，可以得出的初步结论是：使用动滑轮缓慢提起重物，物体的重力 G物相同，滑轮的重力 G滑轮越大，所需竖直向上的拉力 F 越大小李同学分析比拟各组数据中的大小关系及相关条件，得出结论：使用动滑轮沿竖直方向缓慢提起重物，可以省力小红同学认为小李同学的实验结论，不具有普遍规律，原因在于：26小华同学做“测定小灯泡电功率实验待测小灯的额定电压

11、为“2.5V或“4.0V，滑动变阻器上标有“502A，实验器材齐全且完好他连接电路后，将变阻器的滑片置于一端，闭合电键，移动滑片的过程中，观察到小灯发光始终较暗且亮度不变，电流表示数逐渐变大，电压表的指针始终处于如下图位置小华在连接电路时的主要问题是：请判断小灯的额定电压和电源电压，并说明理由为了完成实验，小华同学需对电路连接进行的调整是：；需对实验器材进行的调整是：优质文本7/242016 年上海市黄浦区中考物理模拟试卷年上海市黄浦区中考物理模拟试卷5 月份月份参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题共一、选择题共 16 分以下各题均只有一个正确选项分以下各题均只有一个正确选项1原子中

12、带负电的粒子是A核子 B质子 C中子 D电子【考点】原子结构、元电荷与带电情况【分析】根据原子结构的相关根底知识可以确定带负电的微粒是哪一个【解答】解：由原子结构的相关知识可知：原子是由带负电的电子和原子核组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的所以原子中带负电的粒子是电子应选 D2“禁止喧哗主要是为了控制声源的A音调 B振幅 C频率 D音色【考点】响度与振幅的关系【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的上下，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；禁止喧哗是减弱响度【解答】解：“禁止喧

13、哗是为了减小声音响度；响度与振幅有关，振幅越大，响度越大；因此“禁止喧哗主要是为了控制声源的振幅故 ACD 错误；B 正确；应选 B3在四冲程热机工作时，将内能转化为机械能的是A吸气冲程 B压缩冲程 C做功冲程 D排气冲程【考点】内燃机的四个冲程【分析】掌握四个冲程中的能量转化情况，吸气和排气冲程不发生能量转化，压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能【解答】解：内燃机的四个冲程是吸气、压缩、做功、排气冲程压缩冲程将汽油和空气的混合物压缩，将机械能转化内能；在做功冲程中高温高压燃气推动活塞向下运动做功，将内能转化为机械能，故 C 正确应选 C4根据图中通电螺线管的 S 极，以下判

14、断正确的选项是A电源的左端是正极B螺线管的左端是 S 极优质文本8/24C静止小磁针的左端是 S 极D螺线管周围磁感线是从 S 极出来的【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁感线及其特点【分析】从螺线管的 NS 极入手，结合磁极间的作用规律，可以确定小磁针的 NS 极；根据螺线管的 NS 极和螺线管的绕向，利用安培定那么可以确定螺线管中电流方向，进而可以确定电源的正负极【解答】解：1根据螺线管的右端为 S 极，结合线圈的绕向，利用安培定那么可以确定电流从螺线管的右端流入，左端流出，由此可以确定电源的左端为正极，右端为负极异名磁极相互吸引，所以小磁针的左端为 S 极，右端为 N 极，答案如

15、以下图所示：故 AB 错误2螺线管周围磁感线是从 N 极出来的，故 D 错误应选 C5如下图，小刘同学站在电子秤上测体重，以下属于一对平衡力的是A小刘受到的重力和地面对电子秤的支持力B电子秤受到的重力和地面对电子秤的支持力C小刘受到的重力和电子秤对小刘的支持力D小刘受到的重力和小刘对电子秤的压力【考点】平衡力的区分【分析】一对平衡力等大、反向、作用在同一直线上、作用在同一物体上，对物体进行受力分析，然后做出判断【解答】解：A、小刘受到的重力和地面对电子秤的支持力大小并不相等，所以不是一对平衡力，故 A 错误；B、电子秤受到的重力和地面对电子秤的支持力大小并不相等，所以不是一对平衡力，故 B错误

16、；C、小刘受到的重力和电子秤对小刘的支持力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故 C 正确；D、小刘受到的重力和小刘对电子秤的压力作用在不同的物体上，方向也相同，不是一对平衡力，故 D 错误应选 C6如下图电路，以下说法正确的选项是优质文本9/24A闭合电键 S 后，将滑片向右移动，电压表示数将变小B闭合电键 S 后，将滑片向左移动，电流表示数将变大C断开电键 S 后，将滑片向右移动，电流表示数将变小D断开电键 S 后，将滑片向左移动，电压表示数将不变【考点】欧姆定律的应用【分析】1闭合电键 S 后，把电压表看作开路可知，R1始终与滑动变阻器的最大阻值 R2串

17、联；电压表测变阻器左边局部的电压，电流表测电路中的电流；滑片 P 向左或向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻始终不变，利用欧姆定律分析电路中的电流的变化，根据串联分压的原理判断电压表示数的变化2断开电键 S 后，电压表串联在电路中，电压表相当于并联在电源两端，此时电压表测电源电压；由于电压表的内阻很大，根据欧姆定律可知，电路中的电流非常小，电流表示数几乎为 0；移动滑动变阻器的滑片时，对电路没有任何影响，电压表和电流表示数均不变【解答】解：AB、闭合电键 S 后，把电压表看作开路可知，R1始终与滑动变阻器的最大阻值 R2串联；电压表测变阻器左边局部的电压，电流表测电路中的电流；闭合电键 S 后

18、，将滑片向右移动，变阻器左边局部的电阻增大，根据串联分压的规律可知，变阻器左边局部的电压将增大，即电压表示数将变大，故 A 错误；闭合电键 S 后，将滑片向左移动，由于滑动变阻器接入电路的电阻始终不变，根据欧姆定律可知电路中的电流不变，即电流表的示数不变，故 B 错误；CD、断开电键 S 后，电压表串联在电路中，电压表相当于并联在电源两端，电压表测电源电压；断开电键 S 后，由于电压表的内阻很大，根据欧姆定律可知，电路中的电流非常小，电流表示数几乎为 0；由于变阻器接入电路的阻值比电压表内阻小得多，向右移动滑片，对整个电路的电流没有任何影响，电流表示数示数仍然为 0即电流表示数不变，故 C 错

19、误；断开电键 S 后，将滑片向左移动，电压表仍然测电源电压，电压表示数将不变，故 D 正确应选 D7在光具座的 A 点处放置一发光物体，从焦距 f甲为 5 厘米、f乙为 10 厘米、f丙为 20 厘米的凸透镜中选择一个放置在如下图的位置，在 BC 间移动光屏时可在光屏上得到清晰的像，那么选择的凸透镜为A甲B乙C甲、乙D乙、丙【考点】凸透镜成像规律及其探究实验优质文本10/24【分析】根据物距和像距的大小，判断成像的性质，然后根据像距和焦距的关系判断焦距的大小【解答】解：由图可知，此时的像距在 5cm20cm 之间，此时的物距为 25cm，物距大于像距，所以在光屏上成的是倒立、缩小的实像，像距应

20、在一倍焦距和二倍焦距之间：当像距为 5cm 时：f5cm2f，那么 2.5cmf5cm；当像距为 20cm 时：f20cm2f，那么 10cmf20cm；由此可知，凸透镜的焦距应在 2.5cm20cm 之间应选：C8底面积为 S1和 S2的两柱形容器中分别盛有质量相等的水和酒精水酒精，现将质量相等的甲、乙实心小球分别浸没在水和酒精中液体不溢出 两小球密度分别为甲和乙，以下条件中可能使水和酒精对容器底部压强相等的是AS1S2甲=乙BS1=S2甲乙CS1=S2甲=乙DS1S2甲乙【考点】液体压强计算公式的应用【分析】1先根据容器底面积关系和液体质量相等利用 p=判断在没有放小球之前，水和酒精对容器

21、底部的压强，根据题意水和酒精对容器底部压强相等判断出增加的压力，再结合浮力公式得出两小球的体积关系，进而知道密度关系；2 先结合选项中两个容器底面积的关系，根据水和酒精的质量相同得出没有放小球之前，水和酒精的高度关系，然后根据容器底受到的压强相等比拟液体高度的关系和排开液体体积的关系，从而得出两球密度关系即可判断出正确的选项【解答】解：A、当两个容器的底面积 S1S2时，水和酒精的质量相同，根据柱形容器底面受到的压力等于液体自身的重力可知，水和酒精对容器底的压力相等，在没有放小球之前，由 p=可得，水对容器底部压强大于酒精对容器底部的压强，两个小球的质量相同，当甲=乙时，根据=可知，V甲=V乙

22、，又因为小球均浸没在液体中，所以排开液体的体积 V排相同，根据可知，S1小，那么水面升高的高度大，水增加的压强大，即放入后水的压强比酒精的压强大，故 A 不符合题意；B、当两个容器的底面积 S1=S2，水和酒精的质量相同，水和酒精对容器底的压力相等，在没有放小球之前，由 p=可得，水对容器底部压强等于酒精对容器底部的压强，两个小球的质量相同，当甲乙时，根据=可知，V甲V乙，又因为小球均浸没在液体中，所以甲球排开水的体积较大，根据可知，那么水面升高的高度大，水增加的压强大，即放入后水的压强比酒精的压强大，故 B 不符合题意；优质文本11/24C、当 S1=S2，甲=乙，与 B 项同理，水对容器底

23、部压强等于酒精对容器底部的压强，两个小球的质量相同，当甲=乙时，根据=可知，V甲=V乙，又因为小球均浸没在液体中，所以它们排开液体的体积相同，根据可知，那么液面升高的高度相同；由于水的密度大于酒精，根据p=液gh 可知，水增加的压强大，即放入后水的压强比酒精的压强大，故 C 不符合题意；D、当两个容器的底面积 S1S2，水和酒精的质量相同，水和酒精对容器底部压力相等，在没有放小球之前，由 p=可得，水对容器底部压强小于酒精对容器底部的压强，小球浸没时，要使水和酒精对容器底部压强相等，由于 S1大，根据 F=pS 可知，此时水对容器底的压力较大，那么水对容器底增加的压力大于酒精对容器底部增加的压

24、力，即：F水F酒，又因为容器底部增加的压力等于小球受到的浮力，即F水=F浮甲，F酒=F浮乙，所以 F浮甲F浮乙，即：水gV甲酒精gV乙，又因为水酒精，所以体积关系可能为：V甲V乙，或 V甲=V乙，或 V甲V乙，小球的质量相同，根据=可知，当 V甲V乙，甲乙；当 V甲=V乙，甲=乙；当 V甲V乙，甲乙，故 D 符合题意应选：D二、填空题共二、填空题共 26 分分9远距离输电时为了减少输电线上的电能损失，常采用高压输电选填“高压或“低压 在家庭电路中，消耗的电能常用电能表来测量标有“220V 100W的电视机正常工作 1 小时耗电0.1度【考点】电能的输送；电功的测量；电功率与电能、时间的关系【分

25、析】远距离输电，当功率一定时，提高电压，从而使电线中的电流减小，那么电线上损失的电能减小；用来测量用户消耗的电能仪表是电能表；电视机的电功率和工作时间，根据公式 W=Pt 可求电视机消耗的电能【解答】解：当输出功率一定时，假设提高电压，那么由 P=IU 可知，电流降低，从而使电线上电阻的损失的功率减小，进而减小电能的损失；电能表是用来测量用户消耗电能的；由 P=可得，电视机正常工作 1 小时消耗电能：W=Pt=0.1kW1h=0.1kWh=0.1 度故答案为：电能；0.5；高压10白光是复色光选填“单色或“复色 光的色散现象是由于同一介质对不同色光的折射本领不同选填“同一或“不同 光的三原色是

26、红、绿、蓝优质文本12/24【考点】光的色散；色光的三原色和颜料的三原色【分析】复色光分解成单色光而形成光谱的现象叫做光的色散 同一介质对不同色光的偏折能力不同光的三原色是红、绿、蓝【解答】解：白光通过三棱镜后会发生色散，形成一条光带，因此白光是复色光；光的色散现象是由于同一介质对不同色光的折射本领不同而引起的；光的三原色是红、绿、蓝故答案为：复色；同一；蓝11 如下图用镊子夹豆子时，镊子相当于费力杠杆 选填“省力、“等臂或“费力 松开镊子，豆子会加速下落，说明力可以改变物体的运动状态，在此过程中，豆子的重力势能变小选填“变大、“不变或“变小【考点】杠杆的分类；力的作用效果；动能和势能的大小变

27、化【分析】将杠杆的五要素与镊子进行对应，然后再利用动力臂与阻力臂的大小关系，即可确定杠杆类型力的作用效果：力可以改变物体的形状、力可以改变物体的运动状态影响重力势能大小的因素：物体的质量和物体所处的高度物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大【解答】解：镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是一个费力杠杆；松开镊子，豆子在重力的作用下会加速下落，说明力可以改变物体的运动状态；豆子在下落过程中，位置变低，豆子的重力势能变小故答案为：费力；运动状态；变小12质量相等的甲、乙、丙三物体，同时由同一地点沿同一直线运动甲、乙的 st 图象如下图以甲为参照物，乙是运动的选填“运动或“静止；经过

28、6 秒，甲、丙之间的距离为 0.3 米，那么此时乙、丙之间的距离最大为1.2米；此过程中甲物体的惯性等于乙物体的惯性选填“大于、“等于或“小于【考点】参照物及其选择；速度公式及其应用；惯性【分析】1根据 st 关系，求出甲乙的速度，然后根据甲乙的速度关系判断两物体的位置关系，再以甲为参照物，判断乙的运动状态；2甲的速度和运动时间，可以得到甲通过的距离，甲、丙之间的距离，可以得到丙通过的最小距离和最大距离；乙运动速度和时间，可以得到乙通过的距离；丙运动的最大距离和乙通过的距离，可以得到乙、丙间最大距离；3惯性是物体本身具有的属性，决定于物体的质量，与其它因素无关优质文本13/24【解答】解：1由

29、图可求出，甲的速度 v甲=0.1m/s，乙的速度 v乙=0.05m/s，v甲v乙，行驶中，以甲为参照物，乙与甲之间的位置不断发生变化，因此是运动的；2因为 v=，所以 6s 内甲通过的路程为 s甲=v甲t=0.1m/s6s=0.6m，s=0.3m，所以丙通过的最小距离为 s丙小=0.6m0.3m=0.3m，丙通过的最大距离为 s丙大=0.6m+0.3m=0.9m，6s 内乙通过的路程为 s乙=v乙t=0.05m/s6s=0.3m，如果乙与丙从同一地点出发，沿直线向相反方向运动，那么最大距离为 0.9m+0.3m=1.2m；3惯性只与质量有关，甲、乙质量相同，所以具有的惯性大小相等故答案为：运动

30、；1.2；等于13将一杯水放进冰箱，水温从 15下降到 5，水分子的无规那么运动会减缓，这是通过热传递方式改变了水的内能，假设这杯水的质量是 0.5 千克，水放出的热量为2.1104焦c水=4.2103千克/千克【考点】分子的运动；热传递改变物体内能；热量的计算【分析】1温度越高，分子运动越剧烈，温度越低，分子运动越慢；2改变物体内能的方式：做功和热传递；3利用热量的公式 Q=cmt 可计算水放出热量的多少【解答】解：将一杯水放进冰箱，水温从 15下降到 5，水分子的无规那么运动会减缓；此时是通过热传递的方式改变了水的内能；水放出的热量 Q=cmt=4.2103J/kg0.5kg155=2.1

31、104J故答案为：无规那么；热传递；2.110414首先发现导体中电流与电压关系的物理学家是欧姆假设某导体两端电压为 6 伏，10 秒内消耗电能 18 焦，这段时间内通过导体横截面的电荷量为3库假设该导体两端电压为 12 伏，那么导体中的电流为0.6安【考点】欧姆定律的应用；电量及其计算【分析】1德国物理学家欧姆提出的欧姆定律，内容是：流过导体的电流与导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比2知道电压和电功，利用 W=UIt=UQ 求通过导体横截面的电荷量；3利用 W=UIt=求导体的电阻，假设该导体两端电压为 12 伏，导体的电阻不变，利用欧姆定律求此时导体中的电流【解答】解：1通过导体的电

32、流与导体两端电压成正比，与导体的电阻成反比，这一规律最早由德国科学家欧姆总结得出，这就是著名的欧姆定律2由 W=UIt=UQ 得通过导体横截面的电荷量：Q=3C；优质文本14/243由 W=UIt=得导体电阻：R=t=10s=20，假设该导体两端电压为 12 伏，导体的电阻不变，此时导体中的电流：I=0.6A故答案为：欧姆；3；0.615在如下图的电路中，电源电压保持不变，闭合电键 S 电路正常工作一段时间后，发现电路中至少有一个电表示数变小，故障发生在电阻 R1、R2上，其他元件仍保持完好现在故障电路中将电阻 R1与 R2的位置互换电压表 V 的示数一定不变，电流表 A 的示数一定不变 均选

33、填“一定不变、“一定变化或“可能变化假设电流表 A1示数发生变化，那么故障可能是R1断路或 R2断路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用【分析】由图知 R1、R2并联，A 测量干路电流，A1测量 R1电流，电压表测量电源电压如果两只电阻发生短路，会烧坏电源和干路的电流表所以故障不可能是短路，只能是断路根据电压表测量位置判断示数是否变化；从 R1、R2分别断路和都断路三种情况，分析电阻 R1与 R2的位置互换后电流表示数变化情况；根据将电阻 R1与 R2的位置互换电流表 A1示数变化，确定电路可能出现的故障【解答】解：由电路图知，闭合开关，R1、R2并联，A 测量干路电流，A1测量 R1

34、电流，电压表测量电源电压电源电压不变，将电阻 R1与 R2的位置互换后，电压表仍测电源电压，故电压表示数不变；并联电路中某个电阻发生短路时，会烧坏电源和干路的电流表所以故障不可能是短路，只能是断路，分为以下 3 种情况：A、当两只电阻都断路时，整个电路断路，两只电流表示数都为 0；将电阻位置互换后仍然断路，两电流表示数仍然为 0；B、当只有电阻 R1断路时，电流表 A1示数为 0，干路电流 I=I2；电阻 R1与 R2的位置互换，A1示数为 I2，干路电流仍然是 I=I2所以电流表示数 A 不变；同理，当只有电阻 R2断路时，电流表 A 示数也不变；总结上面分析可知，只有电阻 R1断路时，电流

35、表 A1示数为 0，电阻 R1与 R2的位置互换，A1示数为 I2，也就是电流表 A1示数发生变化；C、当只有电阻 R2断路时，电流表 A1示数为 I1，电阻 R1与 R2的位置互换，A1示数为 0，也就是电流表 A1示数发生变化优质文本15/24所以无论是哪只电阻发生断路，互换位置后，电流表 A1示数都发生变化，电流表 A 示数不变结合前面可知，假设电流表 A1示数发生变化，那么故障可能是 R1断路或 R2断路故答案为：一定不变；一定不变R1断路或 R2断路16某同学研究“物体在水平面上滑动时，所受滑动摩擦力 F 的大小与哪些因素有关他利用玩具中的小电机带动同一物体，在不同材质的水平面上以不

36、同的速度 v1、v2做匀速直线运动，实验过程及现象如图a、b、c所示实验中滑动摩擦力 F 的大小可以通过观察弹簧测力计示数间接获得，这是利用了二力平衡知识从图中的信息可以判断出：该同学猜测滑动摩擦力 F 可能与接触面的粗糙程度有关【考点】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验【分析】实验中，要运用二力平衡条件来测量摩擦力的大小，即让木块做匀速直线运动，通过弹簧测力计的示数得出摩擦力的大小；影响滑动摩擦力大小的因素是压力和接触面的粗糙程度，在实验中，要通过控制变量法来进行探究【解答】解：实验中滑动摩擦力 F 的大小可以通过观察弹簧测力计示数间接获得，这是利用了二力平衡知识当物体做匀速直线运动时，拉

37、力与摩擦力是一对平衡力从图中的信息可以看出，当接触面相同，速度不同时，弹簧测力计的示数不变；而当速度相同，接触面不同时，弹簧测力计的示数不同，由此可判断出：该同学猜测滑动摩擦力 F可能与接触面的粗糙程度有关故答案为：弹簧测计示数；二力平衡；接触面的粗糙程度三、作图题共三、作图题共 6 分分17根据图中给出的入射光线，画出相应的折射光线【考点】透镜的光路图【分析】仔细观察入射光线的特点，根据凹透镜的三条特殊光线作图【解答】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点，如下图：优质文本16/2418在如下图的电路中，请用笔线代替导线连接成正确的电路要求：闭合电键 S 后，滑片

38、向左移动过程中，电压表示数变小【考点】实物的电路连接【分析】电压表与被测电路并联，由图电压表负接线柱已经与 R 的一端相连，假设电压表测 R 两端电压，那么电压表必须接 R 的右侧，这样电流就从电压表负接线柱流进了，这不符合电压表使用的规那么 所以电压表应测滑动变阻器两端电压，可将此电路连成定值电阻与滑动变阻器串联，根据串联电路的分压原理确定滑片的接线柱情况【解答】解：由图将滑动变阻器与定值电阻串联，电压表与滑动变阻器并联，根据串联电路的分压原理可知，滑片左移电压表示数变小，应使滑动变阻器连入阻值变小，故应将其左下接线柱接入电路，如下图：四、计算题共四、计算题共 24 分分19体积为 1104

39、米3的物体，浸没在酒精中，求物体所受的浮力 F浮 酒精=0.8103千克/米3【考点】浮力大小的计算【分析】物体完全浸没时排开水的体积等于其自身体积，又知酒精密度，根据浮力公式可求物体受到的浮力【解答】解：物体浸没在酒精中，那么 V排=V物=1104m3，物体受到的浮力：F浮=液gV排=0.8103kg/m39.8N/kg1104m3=0.784N答：求物体所受的浮力 F浮为 0.784N20用如下图装置匀速提起重为 20 牛的物体，5 秒内绳子自由端移动 2 米，不计绳重和摩擦，求：拉力做功 W拉力的功率 P优质文本17/24【考点】功的计算；功率的计算【分析】根据定滑轮的工作特点求出拉力，

40、然后利用 W=Fs 计算拉力做功 W利用 P=计算拉力的功率 P【解答】解：不计绳重和摩擦，根据定滑轮的特点可知，拉力 F=G=20N，拉力做功：W=Fs=20N2m=40J；拉力的功率：P=8W答：拉力做功 W 为 40J拉力的功率 P 为 8W21如下图，实心柱体甲、乙放在水平地面上甲的质量为 2 千克，密度为 2103千克/米31求甲的体积 V甲2假设甲高 0.1 米，求地面受到甲的压强 p甲3假设柱体甲、乙的底面积 S甲：S乙=2：1现沿竖直方向将乙切去体积，并将切去局部叠放到甲上面，求甲对地面的压强增加量p甲与乙剩余局部对地面压强 p乙的比值【考点】压强的大小及其计算；密度公式的应用

41、【分析】1知道甲的质量和密度，利用 V=求甲的体积；2甲对地面的压力 F=G，知道甲的高度，地面受到甲的压强p=gh；3利用p甲=求出甲对地面的压强增加量；沿竖直方向将乙切去体积，乙的密度和高度不变，由 p=gh 可知乙剩余局部对地面压强不变，可求乙剩余局部对地面压强，进而求出二者比值【解答】解：1由=得甲的体积：V甲=1103m3；优质文本18/242甲对地面的压力 F=G，地面受到甲的压强：p甲=甲gh甲=2103kg/m39.8N/kg0.1m=1960Pa；3甲对地面的压强增加量：p甲=；沿竖直方向将乙切去体积，乙的密度和高度不变，由 p=gh 可知，乙剩余局部对地面压强不变，乙剩余局

42、部对地面压强仍为：p乙=，所以，=答：1甲的体积为 1103m3；2假设甲高 0.1m，地面受到甲的压强为 1960Pa；3甲对地面的压强增加量p甲与乙剩余局部对地面压强 p乙的比值为 1：622如图a所示的电路，电源电压保持不变，R1的阻值为 10 欧，滑动变阻器 R2上标有“501A的字样闭合电键后，电流表的示数为 0.8 安求：R1的两端电压 U110 秒内电流对 R1所做的功 W1假设在电路中正确并联两个表盘如图b所示的电压表，在电路平安工作的情况下，滑片处于不同位置时两表的示数如表请通过计算说明电压表的位置，及电流表的最小示数序号V1伏V2伏1153215531574159【考点】欧

43、姆定律的应用；电功的计算优质文本19/24【分析】1知道电路中的电流和 R1的阻值，根据欧姆定律求出 R1两端的电压；2根据 W=UIt 求出 10 秒内电流对 R1所做的功；3由表格数据可知，电压表 V1的示数不变，且电源的电压保持不变，据此可知电压表V1并联在电源两端并得出电源的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻为 0时电路中的电流，然后与滑动变阻器允许通过的最大电流相比拟确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出 R1两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出 R2两端的最小电压，根据表中数据可知 V2的最小示数确定电压表 V2不可能并联在 R2两端；根据电阻的串联和欧姆定律求

44、出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的最小电流，根据欧姆定律求出 R1的最小电压据此确定电压表 V2的位置和电路中的最小电流【解答】解：由 I=可得，R1两端电压：U1=I1R1=0.8A10=8V；10 秒内电流对 R1所做的功：W1=U1I1t=8V0.8A10s=64J；由表格数据可知，电压表 V1的示数没有改变，那么电压表 V1并联在电源两端，且电源电压 U=15V，当滑动变阻器接入电路中的电阻为 0 时，电路中的电流：I=1.5A，因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流为 1A，所以，R1两端的最大电压：U1大=I大R1=1A10=10V，因串联电路中总电压等

45、于各分电压之和，所以，R2两端的最小电压：U2小=UU1大=15V10V=5V，由表中数据可知，电压表 V2的示数可以到达 3V，那么电压表 V2不可能并联在 R2两端，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I小=0.25AR1的最小电压：U1小=I小R1=0.25A10=2.5V，所以，电压表 V2应并联在 R1两端，电路中的最小电流为 0.25A答：R1的两端电压为 8V；10 秒内电流对 R1所做的功为 54J；电压表 V1并联在电源两端，电压表 V2应并联在 R1两端，电路中的最小电流为 0.25A五、实验题共五、

46、实验题共 18 分分23图a中所示的弹簧测力计量程为05牛，使用前应拉动面板，使指针对准零刻度线，图示测力计示数为3.6牛图b的实验器材名称是U 形管压强计优质文本20/24【考点】弹簧测力计的使用与读数；液体的压强的特点【分析】1弹簧测力计使用前首先要观察其指针是否指在零刻度线处；弹簧测力计的量程指的就是弹簧测力计的测量范围；读取弹簧测力计的示数时，首先要认清分度值，然后再读数2在初中物理实验中，液体压强用 U 形管压强计测量【解答】解：1弹簧测力计的最大测量值是 5N，量程是 05N；一大格表示 1N，里面有 5 个小格，故其分度值为 0.2N；弹簧测力计按测量时所需的位置放好，检查指针是

47、否在“0刻度线处；测力计的分度值是 0.2N，其示数为 3N+0.6N=3.6N2由图示知，此装置是利用液体对橡皮膜压强不同，U 形管左右两端液柱高度不同来测量或比拟液体压强的，装置名称为 U 形管压强计故答案为：05；零刻度线；3.6；U 形管压强计24如下图装置说明在进行的实验名称是：“验证阿基米德原理，由b、c两图可以得出排开液体所受重力的大小在“探究平面镜成像的特点实验中，为得到蜡烛A 的像与蜡烛 A 到镜面的距离关系，需将蜡烛 A 放在不同位置进行屡次实验；假设蜡烛 B 与蜡烛 A 的像无法重合，实验中存在的问题可能是：填合理选项 玻璃板没有竖直放置蜡烛 A 到平面镜的距离较小蜡烛

48、A 和蜡烛 B 不等大【考点】阿基米德原理；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案【分析】1根据如下图装置可确定实验名称；2利用量筒测量液体体积时，先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；量筒中原来水的体积和放入金属块以后的总体积，两者之差就是排开水的体积；排开水的体积和水的密度，利用 G=mg=gV 排计算排开的水重；3一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，防止实验现象的偶然性，才能保证结论的正确，玻璃板没有竖直放置时，像会偏上或偏下，蜡烛 B 和蜡烛 A 的像不能完全重合假设蜡烛 A 和蜡烛 B 不等大，蜡烛 B 与蜡烛 A 的像也不会重合优质文本21/24【解答

49、】解：1根据所示装置说明在进行的实验名称是：“验证阿基米德原理2由b、c两图可知，物体的排开水的体积为 V=V2V1，可求得排开的水重 G排=m排g=水gV排；3在“探究平面镜成像的特点实验中，一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，防止实验现象的偶然性，才能保证结论的正确，所以应将物体放在不同位置进行实验在桌面上无论怎样移动蜡烛 B，都无法与蜡烛 A 的像重合可能是玻璃板没有竖直放置假设蜡烛 A 和蜡烛 B 不等大，也会造成蜡烛 B 与蜡烛 A 的像无法重合，应选故答案为：阿基米德原理；排开液体所受重；不同；25小李和小红同学研究“使用动滑轮缓慢提起重物时所需竖直向上的拉力 F

50、与哪些因素有关，他们用如下图装置，将不同物体缓慢提起，分别测出物体所受重力 G物和所需拉力 F的大小，数据记录在表一中然后，他们更换滑轮，重复实验，将相关数据记录在表二、表三中表一：G滑轮=1.0 牛实验序号G物牛F牛12.01.522.51.833.02.044.02.5表二：G滑轮=2.0 牛实验序号G物牛F牛52.52.363.02.573.52.884.03.0表三：G滑轮=3.0 牛实验序号G物牛F牛94.03.5105.04.0116.04.5127.05.0分析比拟表一、表二或表三中 F 与 G物的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：使用同一动滑轮提起物体，物体的重力越大，拉