2023年浙江省衢州高考物理倒计时模拟卷含解析.pdf

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1、2023学年高考物理模拟试卷考生请注意：1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，木块。的上表面是水平的，将木块置于。上，让。、。一起沿固定的光滑斜面向上做匀减速运动，在上滑的过程中（）A.。对。的弹力做负功 B.a 对 b 的摩擦力为零C.。对

2、。的摩擦力水平向左 D.。和。的总机械能减少2、如图甲所示MN是一条电场线上的两点，从 M 点由静止释放一个带正电的带电粒子，带电粒子仅在电场力作用下沿电场线M 点运动到N 点，其运动速度随时间f 的变化规律如图乙所示下列叙述中不正确的是（）A.用点场强比N 的场强小B.M 点的电势比N 点的电势高C.从 M 点运动到N 点电势能增大D.从 M 点运动到N 点粒子所受电场力逐渐地大3、两根相距为L 的足够长的金属直角导轨如图所示放置，它们各有一部分在同一水平面内，另一部分垂直于水平面。质量均为小的金属细杆必、cd与导轨垂直接触形成闭合回路，杆与导轨之间的动摩擦因数均为，导轨电阻不计，回路总电阻

3、为2上 整个装置处于磁感应强度大小为B,方向竖直向上的匀强磁场中。当劭杆在平行于水平导轨的拉力产作用下以速度肛沿导轨匀速运动时,cd杆也正好以速度也向下匀速运动。重力加速度为g。下列说法中正确的是（）A.必杆所受拉力尸的大小为生S i2Rc.回路中的电流强度为 匕+吗）2RB.cd杆所受摩擦力为零2mgRD.与孙大小的关系为=后下一n L?14、滑索速降是一项具有挑战性、刺激性和娱乐性的现代化体育游乐项目。可跨越草地、湖泊、河流、峡谷，借助高度差从高处以较高的速度向下滑行，使游客在有惊无险的快乐中感受刺激和满足。下行滑车甲和乙正好可以简化为下图所示的状态，滑车甲的钢绳与索道恰好垂直，滑车乙的钢

4、绳正好竖直。套在索道上的滑轮质量为“，滑轮通过轻质钢B.滑轮5 不受摩擦力的作用C.甲一定做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动D.乙中钢绳对乘客的拉力小于乘客的总重力5、以下仪器能测量基本物理量的是（）A.弹簧测力计 B.电磁打点计时器C.电压表 D.量筒6、某一小车从静止开始在水平方向上做直线运动，其运动过程中的加速度随时间变化关系如图所示，则关于小车的运动下列说法中正确的是（）A.小车做先加速后减速，再加速再减速的单向直线运动B.小车做往复直线运动，速度反向时刻为Is、3s末C.小车做往复直线运动，且可以运动到出发点的另一侧D.小车运动过程中的最大速度为2.5m/s二、多项选择题：本题共4

5、小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、一列简谐横波在U 0 时刻的波形图如图实线所示，从此刻起，经 0.2s波形图如图虚线所示，若波传播的速度为5 m/s,则（）A.这列波沿x 轴正方向传播B.1=0时刻质点”沿 y 轴负方向运动C.若此波遇到另-列简谐横波并发生稳定的干涉现象，则该波所遇到的简谐横波频率为2.5HzD.x=2m 处的质点在U0.2 s 时刻的加速度有最大值E.从 Z=0时刻开始质点a 经 0.4 s 通过的路程为0.8 m8、小明同学尝试用图1所示的电路图进行实验，

6、定值电阻拈=8。，在滑动变阻器由a 端向b 端移动的过程中，分别用两个电流传感器测量了电流力与12关系，并得到的完整图象如图2 所示，其 中 C 点为图线最低点，则由图可知A.当滑动头尸滑到b 点时得到图2 中 8 点 B.图 2 中A 点纵坐标为0.375AC.滑动变阻器总阻值为16。D.电源电动势为6V9、水平放置的平行板电容器，极板长为/,间距为d,电容为C。竖直挡板到极板右端的距离也为/,某次充电完毕后电容器上极板带正电，下极板带负电，所带电荷量为0 如图所示，一质量为小,电荷量为q 的小球以初速度v从正中间的N 点水平射人两金属板间，不计空气阻力，从极板间射出后，经过一段时间小球恰好

7、垂直撞在挡板的M 点，已知M 点在上极板的延长线上，重力加速度为g,不计空气阻力和边缘效应。下列分析正确的是（）+M，*ffNf.:A.小球在电容器中运动的加速度大小为2B.小球在电容器中的运动时间与射出电容器后运动到挡板的时间相等,medCc.电容器所带电荷量a =一q3D.如果电容器所带电荷量。小球还以速度丫从N点水平射入，恰好能打在上级板的右端10、如图所示，O是一固定的点电荷，虚线是该点电荷产生的电场中的三条等势线，负点电荷q仅在电场力的作用下沿实线所示的轨迹从a处运动到 处，然后又运动到c处.由此可知（）A.。为正电荷B.在整个过程中g的电势能先变小后变大C.在整个过程中q的加速度先

8、变大后变小D.在整个过程中，电场力做功为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6分）物理社找到一根拉力敏感电阻丝，其阻值随拉力尸变化的图像如图甲所示，社员们按图乙所示电路制作了一个简易“吊 杆 电 路 中 电 源 电 动 势E=3V,内阻r=l。；灵敏毫安表的量程为10mA,内阻/=5Q；R是可变电阻。A,B两接线柱等高且固定。现将这两根拉力敏感电阻丝套上轻质光滑绝缘杆，将其两端接在A,B接线柱上。通过光滑绝缘杆可将重物吊起。不计敏感电阻丝的重力，现完成下列操作步骤：步骤a：滑环下不吊重物时，闭合开关，调节可变电阻R使毫安表指针满偏；

9、步骤b：滑杆下吊上已知重力的重物，测出电阻丝与竖直方向的夹角为；步骤c：保持可变电阻凡接入电路阻值不变，读出此时毫安表示数/；步骤d：换用不同已知重力的物理，挂在滑环上记录每一个重力值对应的电流值；步骤e：将毫安表刻度盘改装为重力刻度盘（1）写出敏感电阻丝上的拉力尸与重物G的关系：F=（2）设R-尸图像斜率为A,写出毫安表示数/与待测重物重力G关系的表达式：上。（用E,r,RltRo,k,，表示)(3)若 R-尸图像中Ro=5OC,Jl=0.22/N测得月45。，毫安表指针半偏，则待测重物的重力G=N(4)关于改装后的重力刻度盘，下列说法正确的是重力零刻度线在毫安表零刻度处,刻度线不均匀C.重

10、力零刻度线在毫安表满刻度处，刻度线不均匀D.重力零刻度线在毫安表零刻度处，刻度线均匀(5)若电源电动势不变，内阻变大,其他条件不变，用这台简易“吊秤”称重前，进行了步骤a 操作，则测量结果.(填“偏大”“偏小”或“不变”)12.(12分)某实验小组调试如图1所示的装置准备研究加速度与受力的关系，实验小组悬挂祛码及祛码盘打出纸带并测量小车的加速度：已知小车的质量为硅码及硅码盘的总质量为，”，打点计时器所接的交流电的率为5 0 H z。(1)实验步骤如下：按图1 所示，安装好实验装置，其中动滑轮与定滑轮及弹簧测力计相连的细线竖直调节长木板的领角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动，其目的是一

11、挂上祛码盘，接通电源后，再放开小车，打出一条纸带，由纸带求出小车的加速度改变祛码盘中祛码的质量，重复步骤，求得小车在不同合力作用下的加速度弹簧测力计的读数为F,则小车所受合外力为一(2)实验过程中，关于祛码及祛码盘的总质量，与小车的质量M 的关系，下列说法正确的是A.A/必须远大于B.A/必须远小于，C.可以不用远大于，”D.M 必须等于，(3)实验中打出的一条纸带如图2 所示，则由该纸带可求得小车的加速度为一m/s?。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如 图，一固定的水平气缸有一大一小两个同轴圆筒

12、组成，两圆筒中各有一个活塞，已知大活塞的横截面积 为 S,小活塞的横截面积为；两活塞用刚性轻杆连接，间距保持为/,气缸外大气压强为p o,温度为T,初始时大活塞与大圆筒底部相距,，两活塞间封闭气体的温度为2 7,活塞在水平向右的拉力作用下处于静止状态，拉力的大小2为尸且保持不变。现气缸内气体温度缓慢下降，活塞缓慢向右移动，忽略两活塞与气缸壁之间的摩擦，贝!J：(1)请列式说明，在大活塞到达两圆筒衔接处前，缸内气体的压强如何变化？(2)在大活塞到达两圆筒衔接处前的瞬间，缸内封闭气体的温度是多少？缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡时，缸内封闭气体的压强是多少？14.(16分)一根套有光滑轻质小环、

13、不可伸长的轻线，线的一端系在固定点仇，另一端跨过固定的小滑轮02。在轻质小环上挂质量为M=6”的物体甲，在线的自由端系有质量为，的物体乙，物体乙的下面有一根细线固定，使物体甲、乙保持静止状态，且夹角a=120,然后剪断细线由静止释放物体甲、乙，物体甲竖直下降，当夹角a 变为某一角度ao时有最大速度。重力加速度取g,忽略滑轮、小环的质量，不计摩擦。求：剪断前细线所受的拉力；(2)物体甲有最大速度时，物体乙的加速度；(3)物体甲从静止下降到最低位置，甲、乙两物发生位移之比。15.(12分)如图所示为某水池的截面图，其截面为深度/?=2机、上底宽度d=4m的等腰梯形，当水池加满水且阳光与水平面的夹角

14、，最 小 时(为 37。)，阳光恰好可以照射到整个水池的底部。已知水池的腰与水平面的倾角a=53。，sin53=0.8,cos 53=0.6.(i)求水池中水的折射率；(it)若在水池底部中心放一点光源，求站在池边的观察者看到光源的最小视深(结果可带根号)参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.由于。对人的弹力竖直向上，。、又一起沿斜面向上运动，弹力方向与速度方向的夹角为锐角，所以弹力做正功，A 错误；B C.。、。整体的加速度沿斜面向下，将该加速度分解后，水平方向的加速度分量向左，对于木块而言其在

15、水平方向的加速度是由“对人的摩擦力提供的，所以“对的摩擦力水平向左，B 错误，C 正确；D.斜面光滑，对 于 整 体 而 言，只有重力做负功，不改变整体的机械能，所以。和 b 的总机械能保持不变，D 错误。故选C。2、C【解析】A D.从 X 图 像 可 以 看 出，加速度越来越大，根据牛顿第二定律E =则说明受到的电场力越来越大，根据公式F =q E,说明电场强度越来越大，所以M 点场强比N 的场强小，故 A D 正确；B.因为带电粒子做加速运动，所以受到的电场力往右，又因为带电粒子带正电，所以电场线的方向往右，又因为顺着电场线的方向电势降低，所以M 点的电势比N 点的电势高，故 B 正确；

16、C.从 M 点运动到N 点动能增加，电势能应该减小，故 C 错误。故选C。3、D【解析】A.导体协切割磁感线时产生沿ab 方向，产生感应电动势，导体cd 向下匀速运动，未切割磁感线，不产生感应电动势，故整个电路的电动势为导体 产生的，大小为:E=BLvt 感应电流为：/当2R 2R导体协受到水平向左的安培力，由受力平衡得:BIL+/.img=F 解得:F=g+八2RA C 错误;B.导体棒cd匀速运动，在竖直方向受到摩擦力和重力平衡，有:f =/JBIL=mg 即导体棒cd摩擦力不为零，B 错误;D.联立式解得=2m旨gR，D 正确。故 选 D。4、C【解析】A B.设索道的倾角为夕，甲图中，

17、对乘客，根据牛顿第二定律得A/gsina=Ma解得a=gsina对滑轮和乘客组成的整体，设滑轮。受到的摩擦力大小为f,由牛顿第二定律得(M+m)gsina-f =(M+ni)a解得/=0故滑轮。只受重力和钢绳的拉力两个力作用；乙图中，对乘客分析知，乘客只受重力和钢绳的拉力两个力作用，这两个力必定平衡，若这两个力的合力不为零，且合力与速度不在同一直线上，乘客不能做直线运动，故该乘客做匀速直线运动，对滑轮和乘客组成的整体可知，滑轮b 一定受到摩擦力，故 A、B 错误;C.由上分析知，甲一定做匀加速直线运动，乙做匀速直线运动，故 C 正确；D.乙做匀速直线运动，乙中钢绳对乘客的拉力等于乘客的总重力，

18、故 D 错误；故选C。5、B【解析】A.弹簧测力计测量的是力，不是基本物理量，故 A 错误；B.电磁打点计时器测量的是时间，是基本物理量，故 B 正确；C.电压表测量的是电压，不是基本物理量，故 C 错误；D.量筒测量的是体积，不是基本物理量，故 D 错误。故选B。6,D【解析】A B C.由加速度时间图线可判断，Ols内，小车沿正向做加速度增大的加速运动，ls2s内小车沿正向做加速度减小的减速运动，由对称性知2s末小车速度恰好减到零，2s3s内小车沿负向做加速度增大的加速度运动，3s4s内小车沿负向做加速度减小的减速运动，4s末小车速度恰好减到零。由于速度的变化也是对称的，所以正向位移和负向

19、位移相等，即 4s末小车回到初始位置，故 ABC错误；D.小车在1s末或3s末速度达到最大，图线与时间轴所围面积表示速度的变化，所以最大速度为匕 回=|xlx5m/s=2.5m/s故 D 正确。故 选 D。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、BDE【解析】A.由图可知波的波长4=4 m,由题在时间/=0.2s内，波传播的距离为x=W =5 x 0.2m=lm=4根据波形的平移法可知，这列波沿x 轴负方向传播，故 A 错误；B.由波的传播方向可知，U 0 时刻

20、质点a 沿 y 轴负方向运动，故 B 正确；,A.C.由丫=得T 2 4 ,、cT=s =0.8 sv 5频率为/=1.25 Hz,要发生稳定的干涉图样，必须两列波频率相同，故 C 错误；D.x=2m处的质点在UO.2s时刻在负的最大位移处，所以加速度有最大值，故 D 正确；E.从 U 0 时刻开始质点a 经 0.4s是半个周期，通过的路程为2 倍的振幅，即为0.8 m,故 E 正确。故选BDE.8、BD【解析】A.滑动头P 滑到。点时，R 和 4 并联；滑动头P 滑到。点时，与被短路，只有电阻R 接入电路，由闭合电路欧姆定律知，滑到点时电流小于滑到。点时的电流，所以滑动头滑到6 点时得到图2

21、 中的A 点，故 A 错误；B.由 A 分析知，滑动头滑到点时得到图2 中的A 点，电阻飞被短路，电流表A1和 A2示数相等，根据图2 知：/,=0.3 7 5 A所以有：I2=0.3 7 5 A即图2 中 A 点纵坐标为0.375A,故 B 正确；C D.根据闭合电路欧姆定律，当滑动头P 位于。点时，则有：E =0.3 7 5(/?+r)图 2 中的C 点，/,=0.5 A,I2=0.25 A并联部分两支路电流相等，根据并联电路的特点，得：Rpb=R=8 Q中第T绛=4。设滑动变阻器的全值电阻为R则有:E =0.5（r+R 8+R井）=0.5（r+/?-8+4）联立得:E =6 V,r+R

22、=1 6。故 C 错误，D 正确；故选BD,9、BD【解析】根据水平方向做匀速直线运动分析两段过程的运动时间，根据竖直方向对称性分析小球在电容器的加速度大小，根据牛顿第二定律以及U =Ed=旦C分析求解电荷量，根据牛顿第二定律分析加速度从而求解竖直方向的运动位移。【详解】A B.小球在电容器内向上偏转做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，出电容器后受到重力作用，竖直方向减速，水平方向由于不受力，仍然做匀速直线运动，由于两段过程在水平方向上的运动位移相同，则两段过程的运动时间相同，竖直方向由于对称性可知，两段过程在竖直方向的加速度大小相等，大小都为g,但方向相反，故A错误，B正确；C.根据牛顿第

23、二定律有u Ga r q7E7 mqg-mdg q3-1-cmdg J gm m m解得I m g d CQ=-q故c错误；D.当小球到达M点时，竖直方向的位移为则根据竖直方向的对称性可知，小球从电容器射出时，竖直方向的位2f Q移为I，如果电容器所带电荷量0=5 Qi，根据牛顿第二定律有Q,_qU _qca=-g=-_ g =2gm a m a根据公式1 2y=at-2可知，相同的时间内发生的位移是原来的2倍，故竖直方向的位移为y=,故D正确。故选BD。10、CD【解析】粒子的所受合力的方向大致指向轨迹的弯曲的方向，知负电荷所受的电场力背离点电荷向外，知。为负电荷。故 A 错误。从 a 处运

24、动b 处，然后又运动到c 处电场力先做负功再做正功，所以电势能先变大后变小，故 B 错误。越靠近点电荷，电场线越密，则电荷所受电场力越大，加速度越大，则加速度先增大后减小。故 C 正确。初末位置在同一个等势面上，两点间的电势差为零，根 据 W=q U,知电场力做功为零，故 D 正确。故选C D。【点睛】解决本题的关键掌握通过轨迹的弯曲大致判断合力的方向，会根据电场力做功判断动能的变化，知道在等势面上移动电荷，电场力不做功.三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。G 1=_ _邑 _ _11、E,k G 15OOV3N C 不变2cosd/2c

25、os【解析】口 对重物，可得2Fcos0=G（2）2 不挂重物时，由闭合电路欧姆定律可得I=-挂重物后，Er+&+R*+R由图中关系可知R=&+kF=&+kG2 cos。整理得1=-E kG-+-4 2 cos。(3)将数据带入中表达式可得G=2cosfE_E|=15()0Nk I I2cos。E E(4)4由(2)中分析可知，不挂重物时，电表满偏，此时应该为重力的0刻线，由6 =-可知，G-Ik I7不成线性关系，故刻度为不均匀的，故C正确，A、B、D错误；故选B。(5)5由于称重前现将电表调满偏，当电源内阻变化时，满偏时总电阻不变，故电源内阻变化对测量结果无影响。12、平衡摩擦力 F C

26、0.15【解析】(1)口 调节长木板的领角，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动，其目的是平衡摩擦力；2弹簧测力计的读数为F,则小车所受合外力为尸；(2)3实验过程中，由于有弹簧测力计测得小车的拉力，则小车的质量M可以不用远大于祛码及祛码盘的总质量如故选C；(3)4根据=贝I I xc d-xab=2aT2,贝!xda-1x b =(-7-.5-1-7-.-21)x10.2 i 23-m/s=0.15m/s2T2 2x0.12四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。4 3F 313、(1)在大活塞到达两圆筒衔接处前，缸内

27、气体的压强保持不变；(2)T；(3)+-o【解析】(1)在活塞缓慢右移的过程中，用丹表示缸内气体的压强，由力的平衡条件得：解得：2 F片2 F在大活塞到达两圆筒衔接处前，缸内封闭气体的压强：6=+弓且保持不变；(2)在大活塞到达两圆筒衔接处前，气体做等压变化，设气体的末态温 度 为 由 盖 吕萨克定律有：上=乜2T 7；/S I _3Sl、,_Sl 不狗其中：V-S-+-,匕-解得：T=T -1 3(3)缸内封闭的气体与缸外大气达到热平衡的过程，封闭气体的体积不变，由气态方程：py解得：3 3F 36=产三+/14、(l)(V 3-l)m g；Q)(2COS%7%(3)cos 万 3【解析】(

28、1)当a=120。时，设与环接触的轻线受力为 ,对环研究有2F cos 60=Mg解得=6m g设乙下面的细线受力为乙，对乙研究Ft=mg+F2解得5=(6-1)，咫 当 夹 角 为 设 轻 线 受 力 为 尸 ，对环研究有F-cos =x 乖1mg2 2设乙物体所受合力为心，对乙研究有F mg=ma 乙解得%=(F a-Dg2cos2(3)物体甲在最低位置处时v甲 二0,v乙1=0由系统机械能守恒得出=机g屹解得4 _琳元 一34 J215、(i)-；(i i)注 m。3 2【解析】(i)水池加满水时，阳光可以照射到整个水池的底部，则水池的腰与水平面的倾角1要等于折射光与地面的夹角，折射角r -a2设入射角为i,有7 Ti=-0 =532由折射定理有解得4n=3(ii)因为.1 3sinC=n 4当点光源发出的光线从池边缘射出时，设入射角为a,则由几何关系可知。=45。C,故此时观察者可以看到光源且视深最小；设此时光线的出射角为A,则由折射定律有sin(3n-sin a由几何关系可知H=g co t/3解得 V2H=m2