2022年湖南省衡阳市高考物理三模试卷（附答案详解）.pdf

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1、2022年湖南省衡阳市高考物理三模试卷1.物理学科注重培养学生的物理观念、科学思维和科学方法，下列说法不正确的是（）A.重心的概念体现了等效思想，验证力的平行四边形定则实验也体现了这种思想B.在探究加速度、力和质量三者之间的关系时运用了控制变量法，探究影响向心力大小的因素也用了这个方法C.用质点来代替物体的方法运用了理想模型法，在推导匀变速直线运动位移公式时也运用了这种方法D.电容器的电容C=2、电场强E=:的定义都运用了比值法2.我国在研究原子物理领域虽然起步较晚，但是近年对核能的开发与利用却走在了世界的前列，有关原子的相关知识，下列说法正确的是（）n E/eVoo-04-0.853-1.5

2、12-3.401-13.6A.查德威克发现中子的核反应方程为匆e+都6-/。+乩，这是个聚变反应B.原子核发生0衰变时，产生的夕射线本质是高速电子流，因核内没有电子，所以/?射线是核外电子逸出原子形成的C.光电效应和康普顿效应都能说明光子具有粒子性，且前者可说明光子具有能量，后者除证明光子具有能量，还可证明光子具有动量D.氢原子的部分能级结构如图，一群处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时，发出的光照射钾板（逸出功为2.25W）,钾板表面所发出的光电子的最大初动能为9.84eU3.如图所示，在粗糙的水平地面上有一斜面，轻绳绕过两光滑的定滑轮，左端与粗糙斜面上的物块P相连。右端与小球相连，轻绳PC

3、恰好与斜面垂直。现将小球从4处由静止释放，小球在4B间摆动过程中，斜面体和物块P始终保持静止不动，则小球从A T 0 7 8的运动过程中（）A.斜面对物块的摩擦力先减小后增大B.地面对斜面体的摩擦力先增大后减小C.若小球运动到。点，轻绳断裂，小球将做自由落体运动D.若小球运动到。点，轻绳断裂，物块P可能会沿斜面运动4.“人造太阳”是一种通过磁场将粒子约束在小范围内实现核聚变的装置，其简化模型如图所示，核聚变主要原料气核(狙)质 量 为 电 荷 量 为q,在纸面内从圆心。以不同速度向各个方向射出，被约束在半径为&=3R和R2=8 R两个同心圆之间的环形区域，该环形区域存在与环而垂直的匀强磁场。要

4、使所有粒子都不会穿出磁场的外边缘，不计粒子重力及粒子间碰撞和相互作用，则粒子在磁场中一个连续运动的最长时间为().27rm 3itm-47rm _ 5nmA-R-(I)-3qB 2qB 3qB 3qB5.无人驾驶汽已在我国某些地区开始上路试运行，一国产无人驾驶汽车，在试驾过程中以8m/s的速度行驶。人工智能发现车头前方28m处的斑马线上有行人，为礼让行人开始减速.从发现行人到停止运动，其u-x图像如图所示，该图线为一条抛物线，则()A.刹车过程汽车做匀减速运动，加速度大小为lm/s2B.汽车经过4s速度变为0C.若行人通过斑马线的时间是4 s,行人有被撞的危险D.0-10s内，汽车的位移大小为

5、30nl第2页，共22页6.某种家庭应急救援包中配备了一种手摇式充电器，主要用于为一些小型的用电设备暂时供电，如图为它服务于应急供电系统简易原理图，发电机中矩形线圈的电阻为r,它工作时绕轴。在磁感应强度为B的匀强磁场中匀速转动，产生交流电电压的最大值为0.05V,图中有一升压变压器.原、副线圈的匝数比为1：1 0 0,则下列说法正 确 的 是()A.若发电机矩形线圈某时刻处于图示位置，则矩形线圈此时磁通量变化最快B.副线圈两端电压为5UC.当充电设备数目增多时，充电设备的电压将会减小D.若发电机线圈的转速减为原来的一半，用户获得的功率也将减为原来的一半7.科学家发现距离地球2764光年的宇宙空

6、间存在适合生命居住的双星系统，这一发现为人类研究地外生命提供了新的思路和方向。假设宇宙中有一双星系统由质量分别为m和M的4、8两颗星体组成。这两颗星绕它们连线上的某一点在二者万有引力作用下做匀速圆周运动，如图所示，4、B两颗星的距离为L,引力常量为G,贝i j()A.因为0A O B,所以m MB.两恒星做圆周运动的周期为2兀C.若恒星A由于不断吸附宇宙中的尘埃而使得质量缓慢增大，其他最不变，恒星a的周期缓慢增大D.若恒星4由于不断吸附宇宙中的尘埃而使得质量缓慢增大，其他量不变，则恒星a的轨道半径将缓慢减小8.在x轴上固定两个带电荷量分别为+4q、-q 的点电荷，以其中的某一电荷为原点,两电荷

7、所形成的电场的电势W在x轴正半轴上的分布如图所示。下列说法正确的是A.正电荷在坐标原点，负电荷在x=的位置B.负电荷在坐标原点，正电荷在 =-刀2的位置C.在X轴上%2区域电场强度沿X轴正方向D.一带负电试探电荷从。处移到工 2处，电势能先减小后增加9.如图1所示，倾斜放置的传送带4 B,以大小为u=lm/s的恒定速率顺时针转动，传送带的倾角。=37。，一个质量为2kg的物块轻放在传送带4 端，同时给物块施加一个沿斜面向上的恒定拉力F,物块运动的v-t 图像如图2所示2.2s后运动到B端，取g=10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则在物块向上运动过

8、程中（）A.恒力F的大小为20N8.传送带4 8 长为6.6血C.物块与传送带的动摩擦因数为2D.物块与传送带之间，因摩擦产生的热量为12.75/1 0.如图所示，在水平面上有两根足够长的平行轨道，右端接有阻值为R的定值电阻,处于垂直轨道平面的磁感应强度为B的匀强磁场中，两轨道间距为心质量为小，电阻为r 的金属棒ab静置于导轨上，棒ab在水平向左的恒力F的作用开始运动，运动中与轨道垂直且接触良好，经过一段时间后，以速度u开始做匀速运动，随后撤去第4页，共22页外力入轨道的电阻不计棒ab与导轨间动摩擦因数为由最大静摩擦力等于滑动摩B.达到稳定时棒ab两端的电压为BLuC.若撤去外力后，又经过位移

9、x，棒ab停止运动，则撤去外力后棒ab运动的时间t=京-“mg(R+r)D.若撤去外力后，又经过位移x,棒批停止运动，则撤去外力后回路中产生的焦耳热c 1 2Q=-mvz imgx11.小明同学在用下面装置做力学实验时发现，这个装置也可以用来测量当地的重力加速度g。实验器材有小车，一端带有定滑轮的平直轨道，垫块，细线打点计时器，纸带，频率为50”z的交流电源，刻度尺，6个槽码，每个槽码的质量均为m。打点计时器图甲(1)实验步骤如下：按图甲安装好实验器材，跨过定滑轮的细线一端连接在小车上，另一端悬挂着6个槽码，改变轨道的倾角，用手轻推小车，直到打点计时器在纸带上打出一系列等间距的点，表明小车沿倾

10、斜轨道匀速下滑；保持轨道倾角不变，取下1个槽码（即细线下端还悬挂5个槽码），让小车拖着纸带沿轨道下滑，根据纸带上打的点迹测出加速度a；减少细线下端悬挂的槽码数量，重复步骤；以取下槽码的总个数n（l 716）的倒数;为横坐标，；为纵坐标，在坐标纸上作-工关系图线。a n（2）在进行步骤时，需要将平直轨道左侧用垫块垫高，若某次调整过程中打出的纸带如图乙所示（纸带上的点由左至右依次打出），则 垫 块 应 该（填“往左移”“往右移”或“固定不动”）；（3）某次实验获得如图丙所示的纸带.相邻计数点间均有4个点术画出，则加速度大小a=zn/s2（保留三位有效数字）；（4）测得上5关系图线的斜率为限 纵轴截

11、距为b,当地的重力加速度g=。1 2.某学校的物理兴趣小组准备为家乡设计一个简易土壤湿度计，这样就能了解土壤的干湿状态，以实现智能说水促进植物的生长.实验方案如下：（1）将两电极以合适的间距和深度插入待测土壤.使用多用电表电阻挡测量不同土壤湿度下电极间的电阻数据如下：土壤干湿状态覆水偏湿湿度适中 偏下干燥R/kn 200（2）为了得到电流表的精确电阻，实验室提供器材如下：待测电流表Gi（02004 内阻约500。）；电流表G2（04004,内阻约3000）；定值电阻（阻值为5000）；定值电阻/?2（阻值为I。）；滑动变阻器/?3（。1000。）；滑动变阻器/?式020。）；干电池（电动势为1

12、.5匕内阻较小）；开关S及导线若干。实验要求可以多测几组数据，并方便操作，请你选择恰当的实验仪器并设计一个实验电路图（画在方框内）。定 值 电 阻 应 选,滑 动 变 阻 器 应 选（在空格内填写序号）。第6页，共22页A电极(3)测得电流表内阻的准确值为5 0 0 0,利用电源E(电动势4.5匕内阻不计)，电流表G(量程2 0 0/M,内阻5 0 0 0),定值电阻&(阻值2 O k 0),以及开关和导线组成如图测量电路。与土壤“覆水”对 应 的 电 流 表 示 数 范 围 为(保留三位有效数字)。13.在竖点面内建立如图所示的平面直角坐标系x o y,整个空间存在方向沿x轴负方向的匀强电场

13、E(未画出)，第三象限有方向垂直坐标平面向外的B=乎7 的匀强磁场B(A未画出)，点A、C的坐标分别为(0,0.2m)和(-0.4m,0)。C将一质量为m=0.1kg。带电荷量为+q-0.1C的小球从4 点以速度。0=ln i/s沿x轴负方向抛出，小球恰能经过C点，进入第三象限，运动到第三象限的B点时，速度vB=4m/s,B点的横坐标为a=-0.5巾，取g=lOm/s?。求：(1)电场的场强大小；(2)小球通过C点时的速度大小；(3)8点的纵坐标、3。14.有如图所示装置放在光滑水平面上，轨道4BCD的质量M=0.4 k g,其中4 8 段是半径R=0.4m的光滑;圆弧，在B点与水平轨道BC相

14、切，水平轨道的BC段粗糙，动摩擦因数=0.4,长L=3.sn,C点右侧的轨道光滑，轨道的右端连接一轻质弹簧。现有一质量m=0.1题 的小物体在4 点正上方高为H=3.6m处由静止自由落下，恰沿4 点切线滑入圆弧轨道，重力加速度g=10m/s2。求：（1）轨道M在水平面上运动的最大速率;（2）弹簧的最大弹性势能；（3）小物体最终停在距B点多远的位置。1 5 .关于一些热学现象的物理解释，下列说法正确的是（）A.小飞虫能停留在水面上是水的表面张力作用的结果B.彩色液晶显示器利用了液晶的电学性质具有各向异性的特点C.当人们感到潮湿时，水蒸发慢，空气的相对湿度一定较大D.在熔化过程中，晶体要吸收热量。

15、但温度保持不变，内能也保持不变E.热量可以从分子平均动能小的物体向分子平均动能大的物体转移1 6 .某位同学想用如图所示的装置做一个气体温度计，有一导热容器4体积为,充有一定质量的理想气体”上连有一 U形管（U形管内气体的体积忽略不计）。他发现,当室温为“=2 7。（：时，两边水银柱高度差为1 9 c m。若气体的温度缓慢变化，U形管两边水银柱高度差也会发生变化。（外界大气压等于7 6 c m汞柱，水银柱不会全部进入左管中）请你列出室温t与U形管两边水银柱高度差/无的关系式；若某时2/i =1 5 c机，4内气体的内能如何变化？从外界吸热还是放热？请简单说明理由。A19cmr r1 7 .一列

16、机械波在某时刻的波形如图所示，质点P的速度为外经过1.2 s它的速度第一次与。相同再经过0.8 s它的速度第二次与“相同，则下列判断中正确的是（）第8页，共22页B.这列波的波速为2cm/sC.从图示位置开始计时，在2.0s内，质点P向波的传播方向移动4cmD.若此波遇到另一列波并发生稳定的干涉现象，则另一列波的频率一定为0.5Hz,振幅一定是10cmE.若该波在传播时遇到宽为1cm的陈碍物，能发生明显的衍射现象2021年12月9日，“太空教师”翟志刚、王亚平、叶兆富在中国空间站为青少年带来了一场精彩纷呈的太空科普课。王亚平在水膜里注水，得到了一个晶莹剔透的水球，接着又在水球中央注入一个气池，

17、形成了两个同心的球。如图所示48是通过球心。的一条直线，有一束宽为8R的单色光沿着水球的水平轴纹射向水球左侧表面，光的中轴线与AB重合，内球面半径为3 R,外球面半径为5 R,边界光线经折射后恰好与内表面相切，已知sin37=0.6o 求：单色光在水中的折射率n；有多宽范围内的光线不能进入水球中的气泡。答案和解析1 .【答案】C【解析】解：4、重心概念的建立，验证力的平行四边形定则都体现了等效替代的思想，故 A正确；8、在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法，在探究加速度、力和质量三者之间的关系时运用了控制变量法，探究影响向心力大小的因素也用了这个方法，故 B正确；C

18、、用质点来代替物体的方法运用了理想模型法，在探究匀变速运动的位移公式时，采用了微元法将变速运动无限微分后变成了一段段的匀速运动，即采用了微元法，故 C错误；D、电容器的电容。=小 电场强E 的定义都运用了比值法，故。正确。本题选不正确的，故选：C。重心概念的建立，验证力的平行四边形定则都体现了等效替代的思想；在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；用质点来代替物体的方法运用了理想模型法，在推导匀变速直线运动位移公式时也运用了微元法；知道常见的比值定义得出的物理量。在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律

19、的基础上，更要注意科学方法的积累与学习.2 .【答案】C【解析】解：4、查德威克发现中子的核反应方程为如e+Ue-C+W，这是个人工核反应，故4错误；8、0 射线是高速电子流，来自原子核内部一个中子转化为一个质子核一个电子，故 8错误；C、光电效应和康普顿效应深入地揭示了光的粒子性的一面。前者表明光子具有能量，后者表明光子除了具有能量之外还具有动量，故 C正确；D、一群处于n =4能级的氢原子向低能级跃迁时，发出的光能量值最大为：Em a x=E4-EI=-0.85e IZ -(-13.6e K)=12.75e V,用它照射钾板(逸出功为2.25W),钾板表面所发出的光电子的最大初动能为：E

20、k =/n/-%=12.75e V -2.25e U =10.5e V,故。错误。第10页，共22页故选：c。发现中子的核反应为人工核反应；0射线是高速电子流，来自原子核内部中子的衰变；康普顿效应说明了光子具能量和动量；根据玻尔理论，结合光电效应方程分析。本题考查了光电效应、康普顿效应、0衰变的本质、核反应方程式等知识点。对于原子物理部分知识很多是属于记忆部分的，因此需要注意平时的记忆与积累。3.【答案】B【解析】解：4对物块受力分析，由于轻绳PC恰好与斜面垂直，斜面体和物块P始终保持静止不动，物块受斜面沿斜面向上的静摩擦力f与物块重力沿斜面向下的分力mgsin。始终平衡，所以斜面对物块的摩擦

21、力保持不变，故A错误；A小球从4-0-B的运动过程中，由机械能守恒知小球的速度先增大后减小，由牛顿第二定律可知绳的拉力先增大后减小，细绳对P物块的拉力也是先增大后减小，以P和斜面为一整体进行受力分析可知：细绳对P的拉力即对整体的拉力的水平分力被地面对斜面向左的静摩擦力平衡，所以地面对斜面体的摩擦力先增大后减小，故8正确：C若小球运动到。点，轻绳断裂，小球速度水平向右，只受重力作用，将做平抛运动，故C错误：D若小球运动到。点，轻绳断裂，物块P对斜面体的压力增大，最大静摩擦力增大，斜面体给物块的静摩擦力继续平衡物块重力沿斜面向下的分力,物块保持静止，故。错误。故选：B。对物块受力分析可知摩擦力根据

22、平衡条件变化情况，以P和斜面为一整体进行受力分析,根据平衡条件可知地面对斜面体的摩擦力变化情况；小球运动到。点，有水平初速度；轻绳断裂，对P受力分析从而判断运动情况。本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。注意整体法和隔离法的应用。4.【答案】C【解析】解：笈核（出）运动的轨迹如图所示,要使沿半径方向运动的货;核4”）恰好经过约束区的外边界，运动轨迹圆与磁场外边界圆相切。设这时轨迹圆的半径为r,速度为。，有几何关系有：r2+=（R i -r）2a=2

23、z r 2 0tan/?=y洛伦兹力充当向心力，根据牛顿第二定律有：c v2 4712rqvB=m-=m“rT2笈核（；H）在约束区做匀速圆周运动的周期r =翳气核（出）在约束区中运动一次的时间t=于 r联立解得：t=裳，O I/D故 C正确，4 B。错误；故选：C o画出沿半径方向射入约束区的笈核的运动轨迹，由几何关系求出圆心角，再求出在约束区圆周运动的周期，根据轨迹确定运动的周期T。本题关键是确定出符合题意的临界情况，然后由几何知识确定半径后由牛顿第二定律求其他量，本题中运动估计看似繁琐实际并不复杂，要有耐心。5.【答案】A【解析】解：4如果做匀减速直线运动，根据速度一位移关系得卢-诏=2

24、 ax 得，x=根据数学函数可知，位移是速度的二次函数，图像是一条抛物线，根据图像2a 2a第12页，共22页可知速度为零时满足3 2 =-?，解得a=-l m/s 2,加速度大小为l m/s 2,故汽车刹车过程是匀减速直线运动，故 A正确；B D.汽车减速到零用时满足t=W s=8 s；根据图像可知减速到零的位移为3 2 m,即0 -1 0 s 内已经停止2 s,位移为3 2 m,故 错 误；C.若行人4 s 通过斑马线，此时汽车的速度为=v0t+|at2=8x4m+|x (-1)x4 2 m =2 4 m,说明汽车还未倒斑马线，故行人是安全的，故 C错误。故选：根据匀变速直线运动的速度一位

25、移关系写出位移与速度的表达式判断图像是抛物线，故汽车做匀减速直线运动，根据已知和图像、匀变速直线运动的位移一时间关系求解。本题考查匀减速直线运动，匀减速刹车有一个陷阱就是所求时间已经超过刹车的总时间,同学们要特别注意。6.【答案】C【解析】解：4、若发电机线圈某时刻处于图示位置，线圈平面处于中性面位置，此时产生的感应电动势最小为零，矩形线圈此时磁通量变化率为零，故 A错误；8、发电机中矩形线圈的电阻为r,内阻分得一部分电压，原线圈两端的电压小于0.0 5 L根据者=詈 可知，副线圈两端的电压小于5 V,故 B错误；U2/1 2C、当用户数目增多时，功率增大，根据功率2=，假设电压不变，则电流增

26、大，损失电压增大，充电设备的电压将会减小，故 c正确；D、从中性面计时，感应电动势的瞬时值表达式为6 =NB S 3 s 讥33由此可知e变为原来的%用户获得的电压也为原来的也根据P=?可知，用户获得的功率将减为原来的故。错误。4故选：C o当线圈与磁场平行时，感应电流最大，当两者垂直时，感应电流最小，由此分析磁通量的变化率；根据变压器原理结合动态分析的方法进行解答。本题主要是考查交变电流的产生和变压器的动态分析问题，变压器的动态问题大致有两种情况：一是负载电阻不变，原、副线圈的电压U i，U2,电 流/2,输入和输出功率P1，P2 随匝数比的变化而变化的情况；二是匝数比不变，电流和功率随负载

27、电阻的变化而变化的情况。不论哪种情况，处理这类问题的关键在于分清变量和不变量，弄清楚”谁决定谁”的制约关系。7 .【答案】AD【解析】解：4 B C、根据万有引力提供向心力有：雪=巾 扇 与=与，因L2T2 T2为。4 08,所以znM,由于04+0 8 =3 解得7 =2 7 r J就 面，当血增大时可知7减小，故A正确，B C 错误；D、根据加 力 乎=4，且04+。8 =3 解得。4=，若恒星4由于不T2 T2 m+M断吸附宇宙中的尘埃而使得质量缓慢增大，其他量不变，则恒星a 的轨道半径将缓慢减小，故。正确；故选：AD.分别对两颗恒星根据牛顿第二定律得出万有引力与向心力的关系，同时结合两

28、个恒星的万有引力大小相等，周期相等以及半径之和等于3 联立等式逐个分析出恒星物理量的变化。本题主要考查了万有引力定律，解题的关键点是熟悉万有引力定律，同时要结合双星系统的特点完成分析。8 .【答案】BC【解析】解：A B.根据点电荷电势公式3 其中Q 为场源电荷，电荷量为负时，周围电势为负值，电荷量为正时周围电势为正值。若坐标原点在正电荷处，则沿x 轴正方向电势先降低再升高再降低，与图像不符，故坐标原点必在负电荷处。w-x图像的斜率绝对值表示场强大小，即 久 2 处场强为零，设两电荷之间的距离为d,根据点电荷场强公式E=黄，得场强为零处满足公式妈 一+e=o(d+X2)z xj解得d =X2即

29、正电荷在 =-切 的位置，故 A错误，B正确；C.场强方向指向电势降低的方向，由图可知在x 轴上x 小区域沿%轴正方向电势降低，则电场强度沿x 轴正方向，故 C正确；。由图可知。到外过程中电势一直升高，说明电场方向沿无轴负方向，负电荷受力向右，运动过程中电场力一直做正功，电势能一直减小，故。错误。故 选:BCo第1 4 页，共2 2 页正负电荷之间场强不可能为零，由于正电荷电荷量大，根据电势的公式可知电势为零处有无限远、两电荷之间某处和负电荷右侧某处，若坐标原点在正电荷处，则沿X轴电势先降低再升高，再降低，与图像不符，故坐标原点必在负电荷处，根据电势的公式计算该位置的坐标，场强方向指向电势降低

30、的方向，根据电场力做功判断电势能的变化，电场力做正功电势能减小，电场力做负功电势能增大。本题考查点电荷的电势和场强，以及电势-距离图像，图像的斜率表示场强，同学们要好好体会理解。9.【答案】CD【解析】解：A C,图2中t =0.2 s时，物体与传送带共速，为u =l zn/s,则0-0.2 s内，物体的加速度为由=5 mls2,由牛顿第二定律得：F+fimgcosd-mgsind=m a 0.2 -2.2 s内，物 体 的 加 速 度 为=竿=r n/s2=2.5 m/s 2,由牛顿第二定律得：F-fimgcosO-mgsinO m a2,联立解得：F=1 9.5/V,=卷，故 A 错误，C

31、 正确；3、传 送 带 长 为L=/+巴言以=1x。.2巾+詈x 2 m =7.l m,故3错误；。、0 -0.2 s内，物 体 与 传 送 带 间 的 相 对 位 移 大 小 为=y t i =1 x 0.2 m =0.1 mo 0.2 -2.2 s内，物体与传送带间相对位移大小为/上=等 亡2-况2 =手 x 2m-1 x 2 m =5 m物块与传送带之间，因摩擦产生的热量为Q =m g c o s O(/x i +zJx2),解得Q =1 2.7 5/,故。正确。故 选:C D。根据u-t图像的斜率表示加速度，求出两个阶段物体的加速度，由牛顿第二定律分别列方程，求出恒力产和动摩擦因数的大

32、小。由u-t图像与时间轴所围的面积表示位移，求解物体在0-2.2 s内的位移，即等于传送带4 B的长度；根据物体与传送带间的相对位移求解因摩擦产生的热量。本题要根据-t图像分析清楚物体的运动情况，知道物体与传送带共速后摩擦力方向发生改变，应用牛顿第二定律、运动学公式求相对位移，从而求得摩擦生热。1 0.【答案】ACD【解析】解：4、棒a b 以速度u 匀速运动时，产生的感应电动势为E =B L u,感应电流为/=白=黑，棒协 所受安培力大小为产方=B/L=阴，方向向右，根据平衡条件可R+r R+r 女 R+r得：F=F 交+xmg=彳 詈+fimg,故 4正确；B、达到稳定时棒a b 相当于电

33、源，a b 两端的电压为路端电压，为U=故 B错误；C、撤去外力后，取向左为正方向，对棒必，由动量定理得：_B7L.t-nmgt=O-m v 又 巨=让=吗，联立可得t =2 L 一 一哗 一，故 C正确；R+r R+r R+r 的“m g(R+r)D、若撤去外力后，又经过位移x,棒助停止运动，根据能量守恒定律得：|m v2=Q +limgx,可得Q =m/“m g x,故。正确。故选：ACD.棒a b 匀速运动时，合力为零，根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和安培力公式相结合推导出安培力与速度的关系式，再由平衡条件求外力尸的大小；由欧姆定律求a b 两端的电压；撤去外力后，对棒协 利用动量定理

34、求运动时间；根据能量守恒定律和能量分配关系求回路中产生的焦耳热。本题从力和能两个角度研究电磁感应现象，要熟练推导出安培力与速度的关系式产安=熟练运用动量定理研究棒a b 的减速过程，求解棒防运动的时间。1 1.【答案】往 左 移 0.1 9 1 3【解析】解：(2)由图知，纸带上相邻计数点间距离越来越大，可知做加速运动，则垫块应该向左移动；(3)相邻计数点间的时间间隔7 =0.1 s,根据逐差法可知纸带的加速度为：a =,=安泮x 1 产吟=0.19.(4)根据牛顿第二定律得：整理得：合蟹4一；根据题意得：b=-；所以，g=第16页，共22页故答案为：(2)往 左 移;(3)0.191；(4)

35、(2)根据纸带上的点迹特点分析出纸带的运动情况从而完成分析；(3)根据逐差法计算出纸带的加速度：(4)根据图像的截距得出重力加速度的表达式。本题主要考查了打点计时器测量加速度的实验，根据牛顿第二定律列式，理解图像的物理意义即可完成分析。12.【答案】176200【解析】解：(2)定值电阻灯阻值与待测电流表内阻相当，实验中可以将定值电阻与待测电表并联，然 后 跟 电流表串联，使得两电表能同时达到满偏，可以多测几组数据，同时减小实验读数误差；滑动变阻器采用分压式接法，应选用阻值较小的/?4,设计实验(3)由(1)中数据可知，土 壤“覆水”情况越严重，电阻越小，土 壤“覆水”对应的最小电流：EA 5

36、I.=-=-三-=0.000176/4=176/1 RA+RQ+R 500+20X103+5X103 产p A.c最大电流/2=方=丽 获 市4=0 00021971=220M 2。必1所以土壤“覆水”对应的电流表示数范围为1762004。故答案为：(2)图见解析，(3)176200(2)因可使在尽可能大的范围内测得多组Gi表、G2表的读数人、/2,所以要用分压电路,选择较小的滑动变阻器，根据测量实验原理确定定值电阻；(3)根据闭合电路欧姆定律和土壤干湿状态分析电流表示数范围。本题考查电表内阻测量和闭合电路欧姆定律应用，难点在于电表内阻测量实验，通常采用半偏法和伏安法测量，本题是伏安法的变形，

37、注意缺电压表的处理。13.【答案】解：(1)依题意可得小球在竖直方向上：yA=lg t2=x 10t2=0.2m解 得:t=0.2s水平方向上：XC=v0t+a t2根据牛顿第二定律得：。=更m联立解得：E=10/V/C(2)小球过C点时，有Vy=gtvx=v0+at根据勾股定律可得：%=J 年+吗解得：VQ V13m/s(3)小球从。点运动到B点时，根据动能定理可得：1 9 1 9qEAx+mgy=-mvg-m v其中，-0.5m 0.4m 0.1m代入数据解得：y=0.05m所以B点的纵坐标为：ys=-005m答：(1)电场的场强大小为10N/C；(2)小球通过C点时的速度大小w e ig

38、 m/s；(3*点的纵坐标为 0.05m。【解析】(1)根据小球在不同方向的运动特点结合牛顿第二定律得出场强的大小；(2)根据运动学公式和勾股定理得出小球在C点时的速度；(3)根据动能定理得出B点的纵坐标。本题主要考查了带电粒子在电场中的运动，熟悉粒子的受力特点，根据不同方向的运动特点，结合运动学公式和动能定理完成分析。14.【答案】解：(1)小物体与轨道组成的系统在水平方向所受合外力为零，系统在水平方向动量守恒，小物体第一次到达B点时轨道M的速度最大，以向右为正方向，在水平方向，由动量守恒定律得：mv-Mvr=0由机械能守恒定律得：mg(H+R)=|m v2+M vf代入数据解得：v=8m/

39、s,%=2m/s第18页，共22页(2)当小物块第一次与轨道M速度相等时弹簧的压缩量最大，弹簧的弹性势能最大,在水平方向，由动量守恒定律得：山-%=O +共，由能量守恒定律得：mg(H+/?)=1(m+M)喙+nmgL+Ep,其中L=3cm=0.03m,代入数据解得：Ep=3.988/(3)最终小物体与轨道M相对静止，系统在水平方向动量守恒，由于系统在水平方向初动量为零，由动量守恒定律可知，系统在水平方向末动量为零，最终两者速度都为零，设小物体相对BC段滑行的路程为s,对整个过程，由能量守恒定律得：mg(H+R)=limgs代入数据解得：s=10m=1000cm=333Z,+1 c m,则小物

40、体最终停在距B点1cm的位置。答：(1)轨道M在水平面上运动的最大速率是2m/s；(2)弹簧的最大弹性势能是3.988/；(3)小物体最终停在距8点1cm的位置。【解析】(1)小物体第一次到达B点时轨道M的速度最大，系统在水平方向动量守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律求出M的最大速度。(2)当小物体与轨道第一次速度相等时弹簧的压缩量最大，弹簧的弹性势能最大，应用动量守恒定律与能量守恒定律求出弹簧的最大弹性势能。(3)应用动量守恒定律与能量守恒定律求出小物体相对于BC滑行的距离，然后确定小物体停止位置与8 点间的距离。本题考查动量守恒定律及功能关系的应用，要注意明确系统在水平方向动量是守恒的

41、，整体过程中要注意能量的转化与守恒.15.【答案】ABC【解析】解：4、液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力，飞虫能停在水面上，是因为受到水的表面张力作用，该力是分子力的宏观表现，故 A 正确；8、液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质与某些晶体相似具有各向异性，彩色液晶显示器利用了液晶的光学性质具有各向异性的特点，故 B 正确；C、在一定气温条件下，若大气中的相对湿度越大，水汽蒸发就越慢，人就感受到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，故 C 正确；D.在熔化的过程中，晶体要吸收热量

42、增大分子势能，但温度保持不变，则内能增大，故。错误；E、温度是分子平均动能的标志，根据热力学第二定律可知，热量总是自发的从分子平均动能大的物体传递到分子平均动能小的物体，故 E 错误。故选：ABC.分子表面张力使轻小的物体可以浮在水面上：液晶具有各向异性；当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大；晶体有固定的熔点；温度是分子平均动能的标志，热量总是自发的从分子平均动能大的物体传递到分子平均动能小的物体。本题考查了晶体、相对湿度、液晶、液体的表面张力，热力学第二定律等知识点，这种题型知识点广，多以基础为主，只要平时多加积累，难度不大，掌握基础知识是解题的前提，平时要注意基础知识的学习与积累。16

43、.【答案】解：对容器4 内的气体，初态：pi=(76+l c m H g=95cmHg,=(273+27)K=300K末态：p 2=P o+/h，72=(273+t)K根据查理定律可得：晟，解得t=-3 3当川i=15cm时，根据 瑞 一 33可得t=14.4冤，4 内气体温度降低，4 内内气体的内能减小，由于气体的体积不变，气体不做功，根据热力学第一定律4U=勿+Q可知，气体放热。答：室温t与U形管两边水银柱高度差/A 的关系式为t=诒-33；若某时/h=15cm,4 内气体的内能减小，气体放热。【解析】容器内的气体做等容变化，找出初末状态参量，根据查理定律即可求得；根据的表达式求得容器内气

44、体的温度，即可判断出内能的变化，结合热力学第一定律判断出热放热。本题主要考查了查理定律，关键是找出初末状态参量，结合热力学第一定律即可求解。17.【答案】ABE【解析】解：A B C,由图读出波长4=4cm。根据题意可知，质点P经过1.2s它的速度第一次与相同，再经过0.8s它的速度第二次与 相同，说明P此时振动方向向上，波沿久轴正方向传播，该波的周期为7=1.2s+0.8s=2 s,该波沿-x 方向传播，波速为f =*=cm/s=2 cm/s,质点不会随波迁移，故 AB正确，C 错误。第20页，共22页。、两列波发生稳定的干涉现象，振幅不用相同，故。错误。E、由于波长大于障碍物尺寸，所以能发

45、生明显的衍射现象。故E正确。故选：A B E。由图可知该波的波长。根据图示时刻质点P的运动情况，确定完成一次全振动，得到P振动的周期；根据P点的运动沿y轴正方向，可判断出波沿+%方向传播，由公式1 7 =:求出波速。根据干涉与衍射的条件分析。本题在于关键分析质点P的振动情况，确定P点的运动方向和周期。18.【答案】解：作出光的折射如图1：根据几何关系有：sini=sinNMOA=警=：,sinr=罟=|根据折射定律有：n=sinr解得：7l=g当光线由水进入中间的空气达到全反射的临界角时，再往上射入的光线就要发生全反射，不能进入气泡中，恰好在气泡位置发生全反射的光路如图2设发生全反射时的入射角

46、为匕 折射角为y,则”=就；在气泡位置恰好发生全反射时，有sinC=工 代入数据解得sinC=1n4由 几 何 关 系 可 知 毁 尸=誓5/3R联立以上方程可知sini=0.6故不能进入水球中的气泡的光线宽度为8 R-2 x SRsini=2R。答：单色光在水中的折射率为3；宽度为2R的范围内的光线不能进入水球中的气泡。【解析】根据光的折射定律做出光路图，并求解；根据题意可知，对于不能进入水中的气泡的光线就是发生全反射时临界的光线，根据光的全反射以及几何关系可求解。明确光的折射，知道光的折射定律，知道光的折射率的计算式，知道全反射的定义，知道如何求解光的全反射的各个物理量。第22页，共22页