2022年安徽省宣城市宣州区卫东学校中考物理一模试卷（附答案详解）.pdf

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1、2022年安徽省宣城市宣州区卫东学校中考物理一模试卷一、单选题（本大题共7小题，共14.0分）l.如图为汽油机某一冲程示意图，下列选项中与其能量转化过程相似的是（)A.用手反复弯折铁丝B.用热水壶烧水C.压缩空气棉花燃烧D.开水瓶的瓶塞被水蒸气弹出2.中国的一些美食与传统节日有关，在如图所示的美食中，用物理知识解释正确的是()春节包饺子元宵节盎汤图湍午节吃粽子A.包饺子时力的作用使饺子皮改变了形状B.煮熟的汤圆浮起来主要是因为汤圆的重力改变了C.粽子对盘的压力和桌面对盘的支持力是一对平衡力D.如果将月饼带到月球上，它的质噩会减小3.如图所示，在光滑的水平台面上，一轻弹簧左端固定，右端连接一金属

2、小球，0点是弹簧保持原长时小球的位置。开中秋吃月饼;淄“A O 始时通过小球压缩弹簧到A位置（已知AO=OB)，释放小球，小球会在A、B之间来回运动。下列关于小球从A点到B点的动能随时间变化描述正确的是（)A.一直在增大B.一直在减小C.先增大后减小D.先减小后增大4.电子车票，直接通过“刷身份证”或“扫手机”即可顺利进站。如图，这是乘客通过“刷身份证”进站时的情呆，将身份证靠近检验口，机器感应电路中就会产生电流，从而识别乘客身份。选项图中与这一原理相同的是（）A之trr B C.D.志飞a S/5.如图所示是测谥小车平均速度的实验装置图。小车从A点由静止释放，自由运动到达B点。下列说法正确的

3、是()A.小车从A到B运动了10cmB.小车从A到B的平均速度为3m/sC.若小车到达B点时未及时停止计时，测得全程的平均速度会偏小D.测量小车在整个运动过程中CB段的平均速度，应将小车从C处由静止释放 6.在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变，闭合开关S,将滑动变阻器的滑片向右滑动，下列说法中正确的是（)A.电压表片 的示数不变B.电流表A的示数变小C.电压表V2的示数变小D电压表V1与电压表V2的示数之和变小7.如图所示的电路，电源电压恒定不变，闭合开关，当滑片P向B端移动时（)第2页，共25页A.变阻器连入电路的电阻变大C.通过L1的电流变小B.通过L1的电流变大D.L1的亮度不变

4、二、填空题（本大题共10小题，共20.0分）8.用香樟树叶卷成圆筒，把其中一端稍稍捏扁，就可吹响，该声音主要是由（选填“树叶”或“空气柱”)振动产生的。同一片叶子可以卷成小筒，也可卷成较大的筒，两者相比，用小筒吹出声音的音调（选填“较高”、“较低”或“相同”)。9.夏日炎炎，小东从升着空调的屋内刚走到室外时，眼锐的镜片变模糊了，这是由千空气中的水蒸气在冷的镜片上液化形成：为了消暑，他吃着冰棒，感觉到舒爽，主要是由于冰棒熔化所致。（均选填吸热”或“放热”)10.现在一些大厦都用锁膜玻璃做外墙（俗称“玻璃幕墙”)，这种外墙既能透过光线也能反射光线。外面看玻璃幕墙相当于平面镜，光线照射到光滑的玻璃幕

5、墙上时会发生学科反射（填镜面”或“漫），物体经玻璃幕墙反射后所成的像是（填“实”或“虚”)像。11.在实验室里，常用来检验物体是否带电；家庭电路中电视机、洗衣机、电灯等用电器都是联的。12.某实验小组分别用如图所示的甲、乙两个滑轮组匀速提起相同的重物。每个滑轮的重量相同，不计绳重及摩擦，则拉力的大小关系为F1_F2,机械效率的大小关系为n甲T/乙（两空均选填”、14.一台电动机额定电压为220V,线圈电阻R=sn,电动机正常工作时通过电动机线圆的电流为4A,电动机正常工作时，线圈的发热功率是W。15.如图所示，以塑料管为连接轴将两个玩具电动机连接起来，电动机甲连接一个小灯泡，电动机乙连接电源，

6、闭合开关后，小灯泡发光，甲此时相当于（选填“发电机”或“电动机”)；甲的工作原理是原理。16.甲溢水杯盛满密度为P1的液体，乙溢水杯盛满密度为p2的液体。将密度为p的小球轻轻放入甲溢水杯静止时，溢出液体的质记是32g将小球轻轻放入乙溢水杯，小球静止时，有钮的体积碌出液面，溢出液体的质晕是40g已知p大千p1，则P1与p2之比为17.初中阶段的男生都要经历“变声期”，此后，男、女同学的声带有了明显的区别，男生的声带厚而长，女生的声带薄而短，因此男生发声时声带的振动频率比女生，由此可认为男生在“变声期”，声音的发生了改变。（填“音调”、“响度”或“音色”)三、实验探究题（本大题共3小题，共18.0

7、分）18.在“测岱液体的密度“实验中，实验小组的大山和小玲采用了不同的方法。(1)大山的实验过程如下：用天平测出空烧杯的质蜇为14g;在烧杯中倒入适量液体，天平平衡时，砖码的质量和游码的位置如图甲所示，则烧杯中液体的质量为_g;）将烧杯中的液体全部倒入量筒中，量筒中液面的位置如图乙所示，则量筒中液体的体积为mL。液体的密度为kg/m又第4页，共25页(2)大山用这种方法猁出的液体的密度会（选填“偏大”或“偏小”)，原因曰定0302010 m三芒h(a(b)甲乙丙(3)小玲的实验过程如下：取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口；）将吸管放到水中的情景如图丙(a)所示，测得浸

8、入水中的长度为H=11cm;将吸管放到待侧液体中的情景如图丙(b)所示，初得浸入待测液体中的长度为h=10cm;待测液体的密度P液kg/m气（已知P水1.0 x 103kg/m3)19.小金同学在学习了浮力的相关知识后为了验证阿米德原理，设计了如图所示的实验：请根据小明的实验过程回答下列问题：具体步如下：A:测出物体的重力G1;B：准备好如图所示的溢水杯和小桶；C:用弹簧测力计提着物体放入溢水杯中，用小桶接住溢出的水，读出此时弹簧测力计示数T1;D：用弹簧测力计测出小桶和水的重力G2o(1)小金缺少的一个步骤E请补充完整：;(2)小金补充完步骤E后，按照正确的要求进行了实验，结果发现得出的数据

9、无法验证阿基米德原理，请说明原因：。此时得出的结论是F浮G择水（选填“大于“、”等千”、“小千”)；(3)小金完成了全部实验步骤和条件后，得出的结果关系式（用五个步骤中的字母表示）。A B c D 20.大山做“测芷小灯泡的额定功率“实验，实验电路如图甲所示，实验中电源电压恒为6V,小灯泡的额定电压U额2.SV,小灯泡正常发光时的电阻约为1012。32l。.00 甲乙I/A,_,/I/V/I。2 3LJ!V 丙T(1)请按照图甲中的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物电路图连接完整。要求：滑动变阻器的滑片向右移时灯泡变暗。(2)连接电路时，开关应。(3)大山同学正确进行实验，根据实验数据作出

10、的小灯泡的1-U图像如图丙所示，则小灯泡的额定功率是W:某次实验中，小明发现电压表和电流表都正常偏转，小灯泡却不发光，原因是。(4)实验室中的滑动变阻器有两种规格：A.lOfl 2A,B.Son lA,可判断本实验中选用的滑动变阻器的规格为（选填“A或“B)。(5)同组的小玲同学，设计了如图丁所示的电路，利用一已知阻值为R。的定值电阻，也测出了小灯泡的额定功率。请完成如下实验步骤：连接好电路，闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U踩保持滑动变阻器滑片位置不变，记录电压表示数U;小灯泡的额定功率P额（用题中已知物理量表示）第6页，共25页四、计算题（本大题共3小题，共

11、24.0分）21.如图所示为一拉杆旅行箱的示意图，将其视为杠杆，0为支点，B为重心，BC为竖直方向，A为拉杆端点，已知箱的总重为180N,OA为120cm,OC为20cm(1)你认为图示的拉杆旅行箱是省力杠杆还是费力杠杆？理由是什么？(2)图中在A点沿30方向施加动力F,箱子静止时动力F的力臂为多少cm?动力F大小为多少N?22.为了控制疫情，全国很多地方实行疫区封闭管理，并使用无人机进行常态化安全巡查。如图甲所示，是正在巡查的无人机。无人机起飞前，放在地面上时要确保“四脚”着地；启动后，利用遥控器可控制它运动和工作。无人机的部分参数如表。求：机身质量kg2.4 四脚着地总面积cm210 电池

12、充满后储存电能I36000 最大水平速度（m s-1)s 400 X 300 机身尺寸mm最大上升速度（ms一1)1 X 200(1)使无人机上升的力其施力物体是。无人机螺旋桨空气地面(2)如图乙，交警正在使用此款无人机进行扫码进城登记，当无人机载着600g含二维码的海报上升10m的过程中，无人机克服重力所做的功？(3)无人机充满电后在水平方向上以最大速度匀速飞行时一次可飞行5km,且 电能转化为机械能的效率为60%，求无人机以最大水平速度沿水平方向匀速飞行过程中受到的推力F。污二，旷配甲乙23.如图所示的电路中，电源电压为6伏，电阻R1、凡的阻值为10欧、30欧。(1)求通过电阻R1的电流1

13、1;(2)现用变阻器R。替换电阻R1、R2中的一个后，闭合开关，在移动变阻器滑片过程中发现电流表示数的最大变化昼为0.5安。(a)判断变阻器R。替换的电阻并简述理由。(b)求变阻器的最大电阻R。R1 R1 s 卜-第8页，共25页答案和解析1.【答案】D【解析】解：根据图示可知，两个气门都关闭，活塞下行，因此该冲程为做功冲程，将内能转化为机械能；A、用手反复弯折铁丝做功，把机械能转化为内能，故A不符合题意；B、用热水壶将水烧开，是热传递，是内能的转移，故B不符合题意；C、用力将活塞压下，活塞对简内空气做功，简内空气的内能增大、温度升高，达到了棉花的着火点，棉花就会燃烧，此过程中机械能转化为内能

14、，故C不符合题意；D、开水瓶的瓶塞被水蒸气弹出时，是水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故D符合题意。故选：D。(1)内燃机是利用内能做功的机器，其在工作时有四个冲程，即吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；(2)改变内能的方式有：做功和热传递。做功可以改变物体的内能，对物体做功的过程中，机械能转化为内能，物体内能增加。此题主要考查了四冲程内燃机四个冲程的特点，判断冲程名称时，先根据曲轴的转动方向判断活塞的运行方向，再根据气门的关闭情况就可以确定是哪一个冲程。2.【答案】A【解析】【分析】本题涉及问题多、综合性强，但问题简单，

15、要求灵活运用所学知识解释实际问题，体现第10页，共25页了新课标的要求，属于中考热点题目。【解答】A、包饺子时力，改变了饺子的形状，故A正确；B、煮熟的汤圆浮起来主要是因为汤圆的浮力改变了，当浮力大千重力是上浮，故B错误；C、粽子对盘的压力和桌面对盘的支持力，大小不相等，故不是平衡力，故C错误；D、物体的质伲不随物体的空间位置的改变而改变，是物体的基本属性，所以将月饼带到月球上，它的质量不变，故D错误。故选：A。3.【答案lc【解析】解：由题知，0点是弹簧保持原长时小球的位置，则AO段弹簧处千压缩状态，OB段弹簧处千拉伸状态；小球从A运动到0的过程中，弹簧逐渐恢复原状，将弹性势能转化为动能，此

16、时小球所受弹力方向向右、速度不断增大，动能变大；小球从0运动到B的过程中，弹簧被拉长，球的动能转化为弹簧的弹性势能，此时小球所受弹力方向向左、速度不断减小，动能变小；所以，小球从A点到B点过程中，其动能的变化是：先变大，后变小。故选：C。动能的大小与物体的质蜇、速度有关，即质杂越大，速度越大，所以动能越大。知道并理解小球在该过程中的速度变化是解决该题的关键。4.【答案】D【解析】解：由题意可知，刷身份证时会产生感应电流，即由磁产生电，有感应电流产生，所以其工作原理为电磁感应现象；A、图示为奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，故A不符合题意；B、图中有电源，为电动机的工作原理，说明通电导体在磁

17、场中受力而运动，故B不符合题意；C、图示的实验是探究影响电磁铁磁性大小的实验，其原理是电流的磁效应，故C不符合题意；D、图中没有电源，闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，这是电磁感应现象，故D符合题意。故选：D。刷身份证是利用电磁感应原理，分析选项四幅图，找出符合题意的选项即可。本题考查了电与磁的联系，解答本题的关键要能从题意中分析出该装置利用了电磁感应的原理。5.【答案】c【解析】解：A、由图知：刻度尺上一个大格是1cm，分度值为2mm，小车从A到B运动了10.00cm-1.00cm=9.00cm,故A错误；B、由图知：AB段的距离是s=9.00cm,AB所用时间为

18、t=3s,所以小车在AB段的平均速度为：s 9.00cm v=-=3.00cmjs=0.03mjs，故B:t 3s C、如果小车到达B点后还没有停止计时，测得的时间偏大，由公式V=f知平均速度会偏小，故C正确；D、测量小车在整个运动过程中后半段的平均速度，应将小车从A处由静止释放，因为运动过程中小车在C点的速度不为o,故D错误。故选：C。(1)(2)刻度尺的最小分度值为最小的一个格表示的数值，刻度尺的分度值为2mm,s为小车在A、B两点前端刻度值之差；t由秒表直接读出；v用速度公式计算即可；第12页，共25页(3)如果小车到达B点后还没有停止计时，、测得的时间偏大，根据v=f判断出速度的偏差；

19、(4)运动过程中小车在C点的速度不为0。本题考查”侧小车的平均速度”的实验，一定学会读出路程和时间，按平均速度的定义求出平均速度。6.【答案】B【解析】解：由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电阻R1两端电压，电压表V2测电阻凡两端电压，电流表测旮电路中的电流；滑片向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流变小，电流表示数变小；根据U=IR可知，定值电阻两端电压变小，电压表Vl的示数变小：根据串联电路的电压规律可知，电源电压等千R1、R2两端电压的和，所以滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；电压表V1与电压表V2的示数之和

20、等于电源电压，保持不变；综上所述，B正确，ACD错误。故选：B。由电路图可知，R1、R2串联，电压表V1测电阻R1两端电压，电压表V2测电阻R2两端电压，电流表测量电路中的电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点与欧姆定律分析答题。本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路特点和欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。7.【答案】D【解析】解：由实物阳知，滑动变阻器与灯泡L2串联再与灯泡L1并联。AB、变阻器的BP部分接入电路中，所以闭合开关，滑片P向B端移动时，变阻器连入电路的电阻变小，故A错误；CD、并联电路中各支路间互不影响，由并联电路的

21、电压规律知，滑片移动时，L1支路两端电压等千电源电压，即L1支路两端电压保持不变，所以通过L1的电流不变，根据P=UI知，L1的实际电功率不变，所以L1的亮度不变，故BC错误，D正确。故选：D。由实物图知，变阻器与灯泡L2串联再与灯泡从并联，由滑片P向B端移动知变阻器连入阻值的变化，根据并联电路特点和欧姆定律分析两支路的电流变化，根据P=UI分析L1的实际功率变化，从而判断其亮度的变化。本题考查滑动变阻器的使用、并联电路特点的应用，知道灯泡的亮度是由其实际功率决定的，关键是正确分析电路的连接方式。8.【答案】空气柱较高【解析】解：用香樟树叶卷成简，把其中一端稍稍捏扁，吹出的声音是由空气柱振动产

22、生，卷成小筒时空气柱细，振动快，故小筒吹出的音调较高。故答案为：空气柱；较高。声音是由物体振动产生的，物体振动的快慢叫频率，频率越高，音调越高。解决此类题目要结合音调与振动频率的关系进行分析解答，明确吹出的声音是 由空气柱振动产生是关键。9.【答案】放热吸热【解析】解：水蒸气液化是气态变成液态的过程，此过程需放热；冰棒吸热由固态熔化成为液态。第14页，共25页故答案为：放热；吸热。物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，

23、凝固、液化、凝华放出热量。分析生活中的热现象属千哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处千什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热悄况也要有清晰的认识。10.【答案】镜面；虚【解析】【分析】此题主要考查镜面反射和平面镜成像特点，属千基础题。光的反射分为镜而反射和漫反射，当平行光线射到光滑表面时发生镜面反射，反射光线依然平行；平面镜成的像是虚像。【解答】玻璃幕墙相当千平面镜，光线照射在光滑的玻璃幕墙上时会发生镜面反射，由平而镜成像特点可知平面镜所成像是虚像。故答案为：镜面；虚。11.【答案】验电器并【解析】解：验电器的工作原理是同种电荷相互排斥，可以用来检验物体是否带电；我国家庭电路的电压

24、是220V,家用电器的额定电压都是220V,用电器只有并联在电路中，才能正常工作，且不会互相影响。故答案为：验电器；并。验电器的工作原理是同种电荷相互排斥；家庭电路中，用电器之间都是并联的，这样才能保证在工作时不会互相影响。本题考查的是对家庭电路基本连接方式的了解，是简单的基础题。12.【答案】=【解析】解：（1）不计绳重及摩擦，则拉力F归归G幼），由图可知n1=3,n2=2,则绳子受的拉力：F 1 1=-(G 1 3物G动），历(G物G动），故凡F沪(2)动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，根据W额6诀、W有历G砂力可知，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，则总功也相同，w有则由n=可知

25、，两滑轮组的机械效率相同，即n甲n乙0w总故答案为：;。(1)由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，利用F=;(G+G动）分析拉力大小关系；(2)把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等千有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等。13.【答案】50%【解析】第16页，共25页解：水吸收的热量为：Q吸cmLlt=4.2 X 10订（kgC)x

26、 2kg x 50C=4.2 x 10饥天然气燃烧放出热量为：Q放qV=4.2 X 10勹m3x 0.02m3=8.4 x 10饥所以烧水的热效率为：Q吸4.2X10勺n=Q放8.4Xl0勺=50%。故答案为：so%。利用物质的比热容，运用Q吸 cmAt可求出水吸收的热量，再根据Q放qV求出天然气Q吸燃烧放出的热量，最后运用：n一可得出效率。Q放熟练运用比热容、热值的计算公式，理解效率的含义，可解答此题。14.【答案】80【解析】解：电动机正常工作时，线圈的发热功率是：p=/2 R=(4A)2 X sn=80W。故答案为：80。已知通过电路的电流和线圈电阻，根据p=12R计算电动机正常工作时，

27、线圈的发热功率。本题考查电功率公式的灵活运用。15.【答案】发电机电磁感应原理【解析】解：由图知，闭合开关，乙电动机中有电流通过，乙电动机工作，乙的工作原理是通电线圈在磁场中受力而转动，是电能转化为机械能；因为乙的转动带动甲的转动，甲电动机内部的线圈在内部磁场中做切割磁感线，会产生感应电流，有电流流过小灯泡，小灯泡会发光，此时甲相当于一个发电机，则甲的工作原理是电磁感应，是机械能转化为电能。故答案为：发电机；电磁感应原理。如图是电动机和发电机组合在一起的装置，乙电路通电电动机工作，乙电动机带动甲转动，甲的转动来发电，甲和小灯泡组成另一个电路，使小灯泡发光。甲电路和乙电路不同，乙电路是一个电动机

28、工作的电路，由千乙的带动使甲来发电，所以小灯泡能工作。16.【答案】16:25【解析】解：由题知，在甲中小球下沉，根据阿基米德原理有，F浮1=m排19=P1BV排1=P19 V-CD 小球在乙中漂浮，根据阿基米德原理有，F浮2=m排29=P29Vth=P2BV x-,F浮1:F浮2=m桲1gm2乙g=m桲1:m持2=32g:40g=4:s,又同一小球体积相同，:）得：4:5=P1:(P2 X),解得：p1:p2=16:25。故答案为：16:25。小球浸没在甲溢水杯液体中，p大千p1，小球将下沉，根据阿基米德原理得出F浮1=m排19=P1BV排1=P1BV;小球漂浮在乙溢水杯液体中，小球受到的浮

29、力等千重力，根据阿基米德原理有，F浮2=mt1t29=P29亿P29VX，因为同一小球两个方程相比可得p1与P2的关系。本题综合考查了重力的计算、浮力的计算（阿基米德原理、漂浮条件），涉及到物体的浮沉条件。利用好阿基米德原理是本题的关键。第18页，共25页17.【答案】慢音调【解析】解：在变声期，男生的声带厚而长，女生的声带沛而短，因此男生发声时声带的振动频率比女生低，所以男生的“变声期”是音调发生了改变。故答案为：慢；音调。声音的三个特征：音调、响度、音色。音调指声音的高低，音调跟物体的振动频率有关，振动频率越高，音调越高。这是一类根据乐音的特征进行实际应用题目，要学会结合定义进行判断。18

30、.【答案】47.8 40 1.195 X 1胪偏大烧杯内的液体不可能全部倒入量筒内，导致测量的液体的体积偏小1.1X 103【解析】解：（1)）在天平的标尺上，lg之间有5个小格，一个小格代表的质贵是0.29,即天平的分度值为0.2g;烧杯和液体的总质懿是m1=509+109+1.8g=61.89;空烧杯的质量为m2=149,烧杯中液体的质品为m=m1-m2=61.89-149=47.89;昼筒的分度值为1cm气芷筒中液体的体积为V=40ml=40cm气m 47.8g 液体的密度：p=1.1959/cm3=1.195 x 103k9/m气V 40cm3(2)大山不可能把烧杯内的液体全部倒入量筒

31、内，导致测量的液体的体积偏小，由公式m p=知：密度测量结果偏大；(3)如图(a)饮料吸管漂浮在水中，根据浮沉条件和阿基米德原理可得G=F1=P水gVt11=P水gSH,如图(b)饮料吸管漂浮在液体中，根据浮沉条件和阿基米德原理可得G=F2=p液V严P的Sh,所以P水gSH=P;rfgSh,所以p液p水=1.0 x 103kg/m3 x总烹1.1x 103kg/m气故答案为：(1)47.8;40;1.195 X 10气(2)偏大；烧杯内的液体不可能全部倒入量简内，导致测撇的液体的体积偏小；(3)1.1 X 10丸(1)被测物体质炽等千右盘中所有祛码质琵与游码在标尺上所对刻度值之和，已知烧杯和液

32、体的质量，烧杯的质量，可以得到烧杯中液体的质量；读取显筒中液体的体积时，首先要明确量筒的分度值，读数时视线与液面最凹处相平；利用公式p翌得到液体的密度；(2)方案中“把烧杯内的液体全部倒入虽筒内“会使得液体不能全部倒入扯筒内，从而使密度出现很大的误差；(3)根据吸管在两种液体中都处于漂浮状态，即浮力都等于自身重力，由此计算液体密度。本题考查液体密度的测她，也可以根据浮沉条件测址密度，有一定难度。19.【答案】用弹簧测力计测出空桶的重力G11,万溢水杯中的水没有装满大于G1-T1=G2-G ltlJ【解析l解：（1）为了验证阿基米德原理，需要测世的兄有四个：物体重力、物体浸没时弹簧测力计的示数、

33、空桶的重力、小桶加溢出水的总重力，由图示可知，该实验漏掉一个步骤是用弹簧测力计测出空桶的重力G屈(2)物体放入溢水杯前，溢水杯中的水应该满的，否则小桶内溢出水的重力G择水将小千物体排开水的重力G!1i，即G排水Gtli/:，因此小金得出的数据无法验证阿基米德原理；由阿基米德原理可知，F浮G排，因此F浮G排水；(3)由称重法可知，物体受到的浮力F浮G1-T1,物体排开水的重力句伉伈G橄由阿基米德原理可知，F浮G拌，因此可得出关系式：G1-T1=G2-G桥故答案为：（1）用弹簧测力计测出空桶的重力G初；（2）溢水杯中的水没有装满；大千；(3)G1-T1=G2-G庄(1)为了验证阿基米德原理，需要测

34、量的量有匹个：物体重力、物体浸在水中时弹簧侧第20页，共25页力计的示数、空桶的重力、小桶加溢出水的总重力，据此分析缺少的步骤；(2)要正确测出排开水的重力，必须在溢水杯中装满水；根据阿基米德原理分析解答；(3)比较物体排开液体的重力和受到的浮力大小关系即可验证阿基米德原理。本题考查了验证阿基米德原理的实验，明白实验的原理和方法是解题的关键。20.【答案】断开0.625灯的实际功率太小B闭合开关S、S2，断开开关S1u额(U-U妒R。【解析】解：（1）灯泡的额定电流大约为：I岊节=0.25A,因此电压表选择0.6A的谥程；将电流表的0.6A接线柱与电源的正接线柱相连；将滑动变阻器的左下接线柱与

35、灯泡的右接线柱柜连，如下图所示：(2)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；(3)由I-U图像知，当灯的电压是2.SV时，对应的电流值为0.25A,额定功率P=UI=2.SV x 0.25A=0.625W;某次实验中，小明发现电压表和电流表都正常偏转，电路为通路，灯两端电压不为0,却发现灯泡不亮，原因是：通过灯的电流过小，导致灯的实际功率过小；(4)灯泡正常发光时电路电流约为I=O.ZSA;此时滑动变阻器两端的电压U滑U仇6V-2.SV=3.SV,滑动变阻器接入电路的阻值为R=红立旦冶I 0.25A=14ll,大于滑动变阻器”lOfllA的最大阻值，实验时不能选该滑动变阻器，因此应选规格为“5

36、0Q2A”的滑动变阻器8;(5)实验步骤：O连接好电路，闭合开关S、S1，断开开关S2，调节滑动变阻器滑片使电压表示数为U睬此时灯泡正常发光；保待滑动变阻器滑片位置不变，闭合开关S、S2，断开开关S1，读出电压表示数U;在中，电压表测灯泡两端电压；在）中，电压表测灯泡与定值电阻两端电压；根据串联电路电压特点和欧姆定律可知，通过灯泡的电流：I=!Ro URo U-U额=,R。R。灯泡额定功率：P=U耐Uu-u额U额(U-U额）x=额R。R。故答案为：（1）如上图所示；（2）断开；（3)0.625;灯的实际功率太小；(4)8;(5)）闭合开关S、S2，断开开关扣u额(U-U额）R。(1)在测量小灯

37、泡电功率的实验中，电流表、灯泡、滑动变阻器以及开关串联连接，根据欧姆定律求出灯泡额定电流的大约值，然后确定电流表的量程，并将电流表与灯泡串联；将滑动变阻器与开关串联，当滑动变阻器的滑片向右移动时灯泡变暗，连入电路的电阻变大，因此将滑动变阻器的左下接线柱连入电路；(2)为了保护电路，连接电路时，开关应断开；(3)从-u图像上找到额定电压对应的点，读出对应的电流，利用p=U/计算额定功率；某次实验中，小明发现电压表和电流表都正常偏转，电路为通路，灯两端有电压，却发现灯泡不亮，原因是：通过灯的电流过小，据此分析；(4)根据(1)求出灯泡额定电流的大约值，由串联电路特点求出灯泡正常发光时滑动变阻器两端

38、的电压，然后由欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的阻值，根据该阻值选择滑动变阻器；(5)没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压等于2.SV,然后测出此时定值电阻两端的电压，便可求出电路中的电流，根据p=U/计算出灯泡的额定电功率。本题考查了测量电功率的实验中电路故胖的判断、滑动变阻器的选择、串联电路的分压作用及额定功率的计算，同时还考查了学生对图象的分析和处理能力。21.【答案】第22页，共25页解：(1)拉杆旅行箱在使用的过程中，动力恺要大千阻力普，为省力杠杆；(2)如图，延长F画出力的作用线AM,然后过支点作力的作用线的垂线段ON,则F的力臂就是

39、ON,)./1 在Rt1:,.ANO中，LNAO=30,1.-1 所以ON=AO=x 120cm=60cm;2 2 B为重心，BC为竖直方向，则图中oc为阻力臂，由杠杆平衡条件可得：FxON=GxOC,即Fx 60cm=180N x 20cm,解得F=60N。答：（1）图示的拉杆旅行箱是省力杠杆；理由是动力臂大于阻力臂；(2)图中在A点沿30方向施加动力F,箱子静止时动力F的力臂为60cm;动力F大小为60N。【解析】(1)根动力臂和阻力臂的大小分析杠杆的种类；(2)画出F的力臂，在直角三角形中30所对的直角边是斜边的一半求出力贺。然后根据杠杆平衡条件求出F大小。对于杠杆平衡的计算是比较容易理

40、解的，只要找到动力臂、动力、阻力和阻力臂，根据杠杆平衡条件进行计算。22.【答案】【解析】解：（1）当无人机的电机带动螺旋桨转动时，对下方空气施加向下的作用力，根据物体间力的作用是相互的，空气对它施加向上的反作用力，所以使无人机上升的力其施力物体是空气，故）正确；(2)无人机载物后的总质量m=2.4kg+0.6kg=3kg,总重力：G=mg=3kg x lON/kg=30N,上升10m的过程中，无人机克服重力做的功：W=Ch=30N x 10m=300;w(3)由n=得无人机消耗电能转化成的机械能，即水平推力做的功：w,l!W=nW电60%X 36000=21600,由W=Fs得水平推力：W

41、21600/F=.:.:.=.:-:-:=4.32N。s 5000m 故答案为：(1);(2)无人机克服重力所做的功为300j:(3)无人机以最大水平速度沿水平方向匀速飞行过程中受到的推力为4.32N。(1)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；(2)知道无人机的质量、载物的质量，可求总质量，利用G=m9求其总重力，再利用W=Gh求上升10m的过程中，无人机克服重力做功；(3)根据电池充满后储存电能和电能转化为机械能的效率求出机械能，即水平推力做的功，再利用W=Fs求无人机以最大水平速度沿水平方向匀速飞行过程中受到的推力F。本题是一道以无人机为背景的信息给予题，考查了力的相互性，以及速

42、度公式、效率公式和功的公式的应用，关键能从题干中获取有用的信息。23.【答案】解：(1)在串联电路中，各处电流相同，总电阻等千每个电阻之和；根据欧姆定律可知，电路中的电流即通过电阻R1的电流11为：U 6V l=l1=-;-=0.15A;R 10!2+30!2,(2)在移动变阻器滑片过程中发现电流表示数的最大变化谥为0.5安，即电路中的最大电流不能小于O.SA,根据欧姆定律可知，此时电路中的最小电阻为：R 121，即电路中的最小电阻不超过121;所以替换的是R护第24页，共25页U 6V=-=-=/、M0.5A 当R1、R。串联接入电路中时，移动滑动变阻器的滑片，当滑动变阻器接入电路电阻为0时

43、，电路中的电流最大，最大电流为：l U 6V 辰大=-=0.6A;R1 lOfl 则最小电流为：I晟1,=I殁大6.I=0.6A-O.SA=0.1A:U 6V 此时滑动变阻器全部接入电路中，则总电阻为：R=广6012;砐小0.1A 滑动变阻器的最大阻值为：R。R-R1=6012-1012=50几答：（1）通过电阻凡的电流11为0.15A(2)(a)变阻器R。替换的电阻是R2;在移动变阻器滑片过程中发现电流表示数的最大变化量为0.5安，即电路中的最大电流不能小千0.SA,根据欧姆定律可知，此时电路中的最小电阻为：R/JI U 6V=-=12fl,M O.SA 即电路中的最小电阻不超过12fl;(b)变阻器的最大电阻R。为so.a。【解析】(1)在串联电路中，各处的电流是相同的；(2)电路中的电阻越小，则电流越大，电阻越大，则电流越小，根据电流表示数的最大变化量分析电路的连接方式；然后根据欧姆定律求出最大电阻。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，确定电路的最大和最小电流是关键。