《含5套模拟卷》吉林省辽源市2021届新高考物理考前模拟卷二含解析.pdf

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1、吉林省辽源市2021届新高考物理考前模拟卷（2）一、单项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.有甲、乙两个可看成质点的小钢球，乙球的质量大于甲球的质量。现让甲球以速度V。在某一水平桌面上水平抛出，抛出后甲球的运动轨迹如图中的图线所示。然后再将乙球以同样的速度在同一地点将它水平抛出。两球的运动都不计空气的阻力，则乙球的运动轨迹为图中的（）A.B.C.D.【答案】B【解析】【分析】【详解】两球在水平方向都做初速度相同的匀速直线运动，在竖直方向，两小球的加速度相同，都为重力加速度g,故在竖直方向的运动也完全相同，因此两球的运动轨迹相同

2、，即乙球的运动轨迹依然是图线。A.与分析不符，故 A 错误；B.与分析相符，故 B 正确；C.与分析不符，故 C 错误；D.与分析不符，故 D 错误。故选B。2.氟核发生P衰变除了产生。粒子和新核外，还会产生质量数和电荷数都是0 的反中微子Ve。若筛;核在云室中发生P衰变后，产生的反中微子和P粒子的运动方向在同一条直线上，设反中微子的动量为Pi，P粒子动量为P 2,贝!I。A.上述核反应方程为：H+M-:e+jH e+V cB.p 粒子在云室中穿过会留下清晰的路径，此体现了粒子的波动性C.瓶核内部某个中子转变为质子时，会向外发射尸粒子D.新核的动量为鸟【答案】C【解析】【详解】A.氟核在云室中

3、发生p 衰变，没有中子参与，故核反应方程为：H V H+：e+Ve，故 A 错误；B.0 粒子在云室中穿过会留下清晰的路径，此体现了粒子的粒子性，故 B 错误；C.瓶核内部某个中子转变为质子时，会发射电子，即射线，故 C 正确；D.由于不知道瓶核的初始动量，故由动量守恒无法求出新核的动量，故 D 错误；故选C。3.如图所示，重力均为G 的两小球用等长的细绳a、b悬挂在O 点，两小球之间用一根轻弹簧连接，两小球均处于静止状态，两细绳a、b与轻弹簧c 恰好构成正三角形。现用水平力F 缓慢拉动右侧小球，使细绳a 最终竖直，并保持两小球处于静止状态。下列说法正确的是（）A.最终状态时，水平拉力F 等于

4、6 GB.最终状态与初态相比，轻弹簧c 的弹性势能保持不变C.最终状态与初态相比，右侧小球机械能的增加量等于弹簧弹性势能的减小量加上力F 做的功D.最终状态与初态相比，系统的机械能增加【答案】D【解析】【分析】【详解】A B.以左边小球为研究对象，初状态受到重力、弹簧弹力和细绳拉力，如图所示根 据 平 衡 条 件 可 得 细 绳 拉 力 其 中 0=30。，则COS夕T.也根据对称性可知，初状态细绳b的拉力大小为2G,末状态以右边的小球为研究对象，受到重力、细绳 b 的拉力和水平方向拉力而平衡，根据图中几何关系可得Th=-cosa其中a 0,则丁 2G 飞根据平衡条件可得：F=G tana,由

5、于弹簧的长度发生变化，轻弹簧c 的弹性势能改变，后来三边构成的三角形不是等边三角形，故 期 60。，则FWGG，故 A B 错误。C.最终状态与初态相比，根据能量守恒可知，两球机械能的增加量等于弹簧弹性势能的减小量加上力F做的功，而左侧小球机械能减小，故右侧小球增加量大于弹簧弹性势能的减小量加上力F 做的功，故 C错误；D.两球和弹簧组成的系统机械能的增加量等于外力F 做的功，由于F 做正功，故系统机械能增加，故 D正确。故 选 D。4.如图所示，在光滑水平桌面上有一边长为L的正方形线框；在线框右侧有一宽度为d(dL)、方向垂直纸面向里的条形匀强磁场区域，磁场的边界与线框的右边框平行。现使线框

6、以某一初速度向右运动，t=0时线框的右边框恰与磁场的左边界重合，随后线框进入并通过磁场区域。关于线框所受安培力F 随时间t变化的图线可能正确的是()【答案】B【解析】【详解】当线框向右运动过程中，有两个过程产生安培力，即进入磁场到完全进入磁场和离开磁场到完全离开磁场o2 r2两个过程；其中任一过程中线框受到的安培力尸=上，故线框做加速度越来越小的减速运动，不是R匀减速运动，选项A、C错误；线框运动过程中不论是进入磁场还是离开磁场的过程中，安培力方向不变,选项D错误，B正确。故选B。5.如图，可视为质点的小球，位于半径为G m半圆柱体左端点A的正上方某处，以一定的初速度水平抛出小球，其运动轨迹恰

7、好能与半圆柱体相切于B点.过 B点的半圆柱体半径与水平方向的夹角为60。,则E初速度为：(不计空气阻力，重力加速度为g=1 0 m/s 2)()A.m/s B.4V3m/s C.375 m/s D.m/s3 2【答案】C【解析】【详解】飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B点，知速度与水平方向的夹角为30。，设位移与水平方向的夹角为。,则有八 tan 30 V3tan8=-=-2 6因为tan9=)=-x OR2y3A/3F则竖直位移为所以Vtan30=%联立以上各式解得%=375 m/s故选c。6.静电计是在验电器的基础上制成的，用其指针张角的大小来定性显示金属球与外壳之间的电势差大小,如图所示，

8、A、B 是平行板电容器的两个金属极板，G 为静电计。开始时开关S 闭合，静电计指针张开一定角度，为了使指针张开的角度增大，下列采取的措施可行的是（）A.保持开关S 闭合，将 A、B 两极板靠近B.断开开关S 后，减小A、B 两极板的正对面积C.断开开关S 后，将 A、B 两极板靠近D.保持开关S 闭合，将变阻器滑片向右移动【答案】B【解析】【详解】A.保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，与极板间距无关，则指针张角不变，故 A 错误；B.断开电键，电容器带电量不变，减小A、B 两极板的正对面积，即 S 减小，根据。=层:知，电容4兀kd减小，根据。=知，电势差增大，指针张角增大，故 B 正确；

9、C.断开电键，电容器带电量不变，将 A、B 两极板靠近，即 d 减小，根据。=卓；知，电容增大，根4兀kd据知，电势差减小，指针张角减小，故 C 错误；D.保持开关闭合，电容器两端的电势差不变，变阻器仅仅充当导线功能，滑动触头滑动不会影响指针张角，故 D 错误。故选：B二、多项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 30分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得（）分7.如图所示，斜面倾角为6=37。，小球从斜面顶端P 点以初速度“水平抛出，刚好落在斜面中点处。现将小球以初速度2%水平抛出，不计空气阻力，小球下落后均不弹起，sin

10、37。=0.6,cos370=0.8,重力加速度为g,则小球两次在空中运动过程中（）A.时间之比为1:2B.时间之比为1：夜C.水平位移之比为1:49y2D.当初速度为“时，小球在空中离斜面的最远距离为一40g【答案】BD【解析】【详解】AB.设小球的初速度为V。时，落在斜面上时所用时间为t,斜面长度为L。小球落在斜面上时有:1 2land=Z-=卬 2%解得：2%tanOS设落点距斜面顶端距离为S,则有S=S=OC%2cosO gcosd若两次小球均落在斜面上，落点距斜面顶端距离之比为1：4,则第二次落在距斜面顶端4L处，大于斜面的长度，可知以2Vo水平抛出时小球落在水平面上。两次下落高度之

11、比1 91：2,根据/7=5 g 得：所以时间之比为1：夜，选项A 错误，B 正确;C.根据x=vot得水平位移之比为:%：W=%不（2%yfitj-1:20选 项 C 错误；D.当小球的速度方向与斜面平行时，小球到斜面的距离最大。即在小球距离斜面最远时，垂直于斜面方向的速度等于0建立沿斜面和垂直于斜面的平面直角坐标系，将初速度vO和重力加速度g 进行分解，垂直于斜面的最远距离H 二_ 9%22g cos0 40g选 项 D 正确。故选BD8.如图所示，用小灯泡模仿光控电路，AY之间为斯密特触发器，RG为光敏电阻，处 为可变电阻；J 为继电器的线圈，人为它的常开触点。下列说法正确的是（）A.天

12、色变暗时，A 端输入高电平，继电器吸引人,路灯点亮B.要想在天色更暗时路灯才会点亮，应 把 的 阻 值 调 大 些C.要想在天色更暗时路灯才会点亮，应 把R i的阻值调小些D.二极管的作用是继电器释放Ja时提供自感电流的通路，防止损坏集成电路【答案】ABD【解析】【详解】A、天色变暗时，光敏电阻较大，则RG两端的电势差较大，所以A 端的电势较高，继电器工作吸引常开触点Ja，路灯点亮，故 A 正确；BC、当 A 端电势较高时，路灯会亮，天色更暗时光敏电阻的阻值更大，则 RG两端的电势差更大，A 端的电势更高；要想在天色更暗时路灯才会点亮，必须使光敏电阻分担的电压应降低，根据串联分压可知应把 R

13、i的阻值调大些，故 B 正确，C 错误；D、天色变亮时，A 端输入低电平，继电器不工作释放常开触点人，继电器的线圈会产生自感电电动势，二极管与继电器的线圈串联构成闭合电路，防止损坏集成电路，故 D 正确；故选BCD.9.如图所示，两个中心重合的正三角形线框内分别存在着垂直于纸面向里和垂直于纸面向外的匀强磁场,已知内部三角形线框ABC边长为2 a,内部磁感应强度大小为用,且每条边的中点开有一个小孔。有一带电荷量为+q、质量为m 的粒子从AB边中点D 垂直AB进入内部磁场。如果要使粒子恰好不与边界碰撞,在磁场中运动一段时间后又能从D 点射入内部磁场，下列说法正确的是（）CA.三角形ABC与 之 间

14、 的 磁 感 应 强 度 大 小 也 为 BoB.三角形A，B，C，的边长可以为2 6 aC.粒子的速度大小为名丝m7-D.粒子再次回到D 点所需的时间为3r丁3Bq【答案】ACD【解析】【详解】A.要想使粒子不与边界碰撞，在磁场中运动一段时间后又能从D 点射入内部磁场，则带电粒子在内、外磁场中做圆周运动的轨迹都应为半径为a 的圆弧，粒子运动轨迹如图所示，所以三角形ABC与 A，B，C，之间的磁感应强度大小也应该为B o,故 A 正确；B.由几何知识可知，三角形八上，。的最短边长为2 2+2 6 2,B 错误；C.带电粒子做圆周运动的轨迹半径为mvr=a=-qB速度为i，=BqamC 正确；D

15、.分析知粒子再次回到D 点时，其运动轨迹对应的圆心角。=2*60。+300。=420。，故（_ 420 丁 _ 17Vm360 3qB（）D 正确故选ACDo10.如图所示，半径为a 的圆形区域内，有垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），磁感应强度大小为B,E F、M N 为两平行金属板，板长和板距均为2 a,一质量为m、电荷量为q 的带电粒子以速度%从A 点沿半径方向射入磁场，若金属板接电源，则粒子沿平行于金属板的方向射出，若金属板不接电源，则粒子离开磁场时速度方向偏转6 0，不计粒子的重力，下列说法正确的是（）E FA.粒子带负电B.粒子两次通过磁场区域所用的时间相等c.速度”的大小为岛 私m

16、D.两金属板间的电压为2怎山一日m【答案】C D【解析】【分析】【详解】A.由于磁场方向不确定，故带电粒子的电性不确定，A 错误；B.当金属板接电源时，由题意可知，带电粒子匀速穿过平行板，粒子通过磁场区域所用的时间2a乙=一%当金属板不接电源时，粒子只在磁场中做匀速圆周运动，设轨迹半径为R,由几何关系有tan 30P=-R解得R=yfia则粒子在磁场中的运动时间60)2T CR yfijui-X-=-360P%所以B 错误；C.当金属板不接电源时，粒子只在磁场中运动，洛伦兹力提供向心力，有2qvB =I 喙解得%=-mC 正确；D.当金属板接电源时，两金属板间存在匀强电场，设电场强度大小为E,

17、则有q E =qvB得E -vnB则两金属板间的电压“一 口。_ 2 yf3 qB2a2L J E x 2 cl mD 正确。故选CDo11.下 列 说 法 正 确 的 是。A.容器内气体的压强与单位体积内的分子数及气体分子的平均动能都有关B.气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能均随之改变C.气体分子的运动杂乱无章，但如果温度不变，分子的动能就不变D.功可以全部转化为热，热量也可能全部转化为功E.空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压【答案】A D E【解析】【详解】A.气体分子单位时间内与器壁单位面积碰撞的次数和单位体积内的分子数及温度有关，单位体积内的分子数越多、分子

18、的平均动能越大，单位时间内碰撞器壁的次数越多，而温度又是分子平均动能的标志，故A 项正确；B.温度是分子平均动能的标志，气体的温度变化时，其分子平均动能一定随之改变，但分子势能可以认为 不 变（一般不计气体的分子势能），故 B 项错误；C.气体分子的运动杂乱无章气体分子之间或气体分子与器壁之间不断有碰撞发生，分子的动能随时可能发生变化，但如果气体的温度不变，则气体分子的平均动能不变，故 C 项错误；D.功可以全部转化为热，根据热力学第二定律，在外界的影响下，热量也可以全部转化为功，故 D 项正确；E.根据相对湿度的特点可知，空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近饱和汽压，故 E 项正确。

19、故选ADE.12.有 关 对 热 学 的 基 础 知 识 理 解 正 确 的 是.A.液体的表面张力使液体的表面有扩张的趋势B.低温的物体可以自发把热量传递给高温的物体，最终两物体可达到热平衡状态C.当装满水的某一密闭容器自由下落时，容器中的水的压强为零D.空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压，水蒸发变慢E.在“用油膜法测分子直径”的实验中，作出了把油膜视为单分子层、忽略油酸分子间的间距并把油酸分子视为球形这三方面的近似处理【答案】CDE【解析】【详解】A、表面张力产生在液体表面层，它的方向平行于液体表面，而非与液面垂直指向液体内部，故 A 错误；B、根据热力学第二定律

20、，低温的物体不会自发把热量传递给高温的物体，必然会引起外界变化。故 B 错误；C、液体压强由重力产生，当装满水的某一密闭容器自由下落时，容器处于完全失重状态，故容器中的水的压强为零，故 C 正确；D、空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和汽压，水蒸发变慢，故 D 正确；E、在“用油膜法测分子直径”的实验中，需要将油膜看作单分子层，同时要忽略油酸分子间的间距并把油酸分子视为球形，故 E 正确；故选CDE.三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分13.某实验小组为了测量某微安表G（量程200HA,内阻大约2200。）的内阻，设计了如下图所示的实验装置。对应的实验器材可供选择

21、如下：B.滑动变阻器（010。）；C.滑动变阻器（0-1KI1）；D.电源E（电动势约为6V）；E.电阻箱Rz（最大阻值为9999C）；开关S 一个，导线若干。其实验过程为：a.将滑动变阻器的滑片滑到最左端，合上开关S,先调节R 使电压表读数为U,再调节电阻箱（此时电压表读数几乎不变），使微安表指示为满偏，记下此时电阻箱值为A=6 9 2 4 C；b.重新调节R,使 电 压 表 读 数 为 再 调 节 电 阻 箱（此时电压表读数几乎不变），使微安表指示为满偏,4记下此时电阻箱值（如图所示）为 R2；根据实验过程回答以下问题：（1）滑动变阻器应选_ _ _ _ _ _ _ （填字母代号）；（2）

22、电阻箱的读数R2=C；（3）待测微安表的内阻【答案】B 4653 2170【解析】【详解】（D i l i.滑动变阻器用分压电路，则为方便实验操作，滑动变阻器应选择B；（2）2 .由图示电阻箱可知，电阻箱示数为R2=4x 1000fi+6x 10012+5x1 Oft+3 x 1 C=4653l(3)3.根据实验步骤，由欧姆定律可知U=Ig(Rg+R。3k=4(4,+&)解得Rg=2170Q1 4.测量小物块Q 与平板P 之间的动摩擦因数的实验装置如图所示。AB是半径足够大的光滑四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的P 板的上表面BC在 B 点相切，C 点在水平地面的垂直投影为重力加速度为g。实验

23、步骤如下：用天平称出物块Q 的质量m；测量出轨道A B的半径R、BC 的长度L 和 CC，的长度h；将物块Q 在 A 点从静止释放，在物块Q 落地处标记其落点D；重复步骤，共 做 10次；将 10个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到。的距离s。(D 请用实验中的测量量表示物块Q 到达C 点时的动能Ek=以及物块Q 与平板P 之间的动摩擦因数M=o(2)实验步骤的目的是 o 如果实验测得的N值比实际值偏大，其原因除了实验中测量的误差之外，其 它 的 可 能 是 (写出一个可能的原因即可)。2 n 2【答案】二 减小实验的偶然误差 圆弧轨道与滑块间有摩擦或空气阻力4 h 4hL【解析】【

24、分析】考查实验“测物体间的动摩擦因数”。【详解】1.离开C 后，物块做平抛运动：水平方向：s=vct竖直方向:,1 2h=2g r物块在C 点的动能：二 1 2Eke=5 加匕解得：2=螫 二.kC 4 h，2.从 A 到 B,由动能定理得：m g =Ek R-0则物块到达B 时的动能：EkB =m g R由 B 到 C 过程中，由动能定理得：-%=；m VC-g m VB克服摩擦力做的功：u/Dmgs2吗=m g R-4/zB 到 C 过程中，克服摩擦力做的功：叱=jL img得：R s2u -；L 4征3.实验步骤的目的是测平均值，减少偶然误差；4 1.实验测得的11值比实际值偏大，其原因

25、除了实验中测量的误差之外，很有可能就是其它地方有摩擦,比如圆弧轨道与滑块间有摩擦或空气阻力。四、解答题：本题共3 题，每题8 分，共 24分1 5.如图，导热性能良好的水平放置的圆筒形气缸与一装有水银的U 形管相连，U 形管左侧上端封闭一段长度为15cm的空气柱，U 形管右侧用活塞封闭一定质量的理想气体.开始时U 形管两臂中水银面齐平，活塞处于静止状态，此时U 形管右侧用活塞封闭的气体体积为490m L,若用力F 缓慢向左推动活塞，使活塞从A 位置移动到B 位置，此时U 形管两臂中的液面高度差为10cm,已知外界大气压强为75cmHg,不计活塞与气缸内壁间的摩擦，求活塞移动到B 位置时U 形管

26、右侧用活塞封闭的气体体积.【答案】300mL【解析】【详解】对左侧密闭气体，设管横截面积为S,初态：P产P=75cmHg,由等温变化可得：P N 产 P1V1对右侧气体，末态：P，2=Pl+10由等温变化可得：P2 V2=P2V，2解得：V，2=300mL1 6.如图，在第一象限存在匀强磁场，磁感应强度方向垂直于纸面（xy平面）向外；在第四象限存在匀强电场，方向沿x 轴 负 向.在 y 轴正半轴上某点以与x 轴正向平行、大小为V。的速度发射出一带正电荷的粒子，该粒子在（d,0）点沿垂直于x 轴的方向进入电场.不计重力.若该粒子离开电场时速度方向与y 轴负方向的夹角为0,求：（1）电场强度大小与

27、磁感应强度大小的比值（2）该粒子在电场中运动的时间.E 1 ,2d【答案】（1）=-v0 tan-0；（2）t=-B 2 v0 tan 0【解析】试题分析：（D 设磁感应强度的大小为B,粒子质量与所带电荷量分别为m 和 q,粒子进入磁场后做匀速圆周运动，并设其圆周运动的半径为r,根据牛顿第二定律和向心力公式有：q v B=/殳 由题设条件和图中几何关系可知：r=d 设电场强度大小为E,粒子进入电场后沿x 轴负方向运动的速度大小为V、，由牛顿第二定律有：qE=ma、根据运动学公式有：vx=a、t,3 =d 2由于粒子在电场中做类平抛运动(如图)，有：tanO=%E 1 、由式联立解得：一=一%t

28、a ir。B 22d(2)由式联立解得：1=一7 工v0 tan 0考点：本题主要考查了带电粒子在交替复合场中的运动问题，属于中档题.1 7.如图所示，在圆柱形汽缸中用一定质量的光滑导热活塞密闭有一定质量的理想气体，在汽缸底部开有一小孔,与U形水银管相连，已知外界大气压为p。,室温=27。：,稳定后两边水银面的高度差为4 h=1.5cm,此时活塞离容器底部高度为E=50cm。已知柱形容器横截面积S=0.01m2,大气压po=75cmHg=l.OxlOs Pa,g=10m/s2,求：活塞的质量；现室温降至-33C时活塞离容器底部的高度h2,|B；50rm A it1 If【答案】2kg；40cm

29、。【解析】【分析】【详解】.活塞产生压强mg _ 1.5 p()p-S 75解得m=2kg.气体等压变化，U 形管两侧水银面的高度差不变仍为 h=1.5cm初状态：=3 0 0K,Vt=50cm-S末状态：(=2 4 0K,%=h1s由盖吕萨克定律4=匕Z T2解得h2=40cm2021届新高考物理模拟试卷一、单项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 3 0分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.2 018年 12 月 8 日，在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭将嫦娥四号发射；2 019年 1 月 3日，嫦娥四号成功登陆月球背面，人类首次实现了月球背面软着陆。如图，嫦

30、娥四号在绕月球椭圆轨道上无动力飞向月球，到达近月轨道上P 点时的速度为v。，经过短暂“太空刹车”，进入近月轨道绕月球运动。已知月球半径为R,嫦娥四号的质量为m,在近月轨道上运行周期为T,引力常量为G,不计嫦娥四号的质量变化，下列说法正确的是（）fit城四号近月轨也A.嫦娥四号在椭圆轨道上运行时的机械能与在近月轨道上运行时的机械能相等3万B.月球的平均密度=彳C.嫦娥四号着陆后在月面上受到的重力大小为D.“太空刹车”过程中火箭发动机对嫦娥四号做的功为g a v；-号 二【答案】B【解析】【分析】【详解】A.嫦娥四号在椭圆轨道上P 点时要刹车，机械能减小，则嫦娥四号在椭圆轨道上运行时的机械能比在近

31、月轨道上运行时的机械能大，选项A 错误;B.由于Mm,2万2八G l=m 耳）口MX3解得3万选项B 正确;C.嫦娥四号着陆后在月面上受到的重力大小为mgMm/、2 c 4汇 mR选 项 C 错误；D.根据动能定理，“太空刹车”过程中火箭发动机对嫦娥四号做的功为W=1 mv2 1 2 1 2 1 2兀 R、1 ，2m7T2R20=mvQ m（-）=mv,-2 2 2 2 1 2 T选项D 错误。故选B。2.“太极球”运动是一项较流行的健身运动。做该项运动时，健身者半马步站立，手持太极球拍，拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，太极球却不会掉到地上。现将太极球拍和球简化成如图所示的平板和小球，熟

32、练的健身者让小球在竖直面内始终不脱离平板且做匀速圆周运动，则（）A.小球的机械能保持不变B.平板对小球的弹力在B 处最小，在 D 处最大C.在 B、D 两处小球一定受到沿平板向上的摩擦力D.只要平板与水平面的夹角合适，小球在B、D 两处就有可能不受平板的摩擦力作用【答案】D【解析】【详解】小球做匀速圆周运动，动能不变，重力势能不断改变，所以小球的机械能不断变化，故 A 错误；小球做匀速圆周运动，向心力大小不变，而在最高点和最低点时，弹力和重力共线且合力提供向心力，最高点失重,最低点超重，所以平板对小球的弹力在A 处最小，在 C 处最大，故 B 错误；小球在B D 处可以不受摩擦力作用，即重力和

33、健身者对球作用力F 的合力提供向心力受力分析如图所示。2mv此时满足口e _ 工，故 C 错误，D 正确;mg mg gr3.在观察频率相同的两列波的干涉现象实验中，出现了稳定的干涉图样，下列说法中正确的是（A.振动加强是指合振动的振幅变大 B.振动加强的区域内各质点的位移始终不为零)C.振动加强的区域内各质点都在波峰上 D.振动加强和减弱区域的质点随波前进【答案】A【解析】【分析】只有两个频率完全相同的波能发生干涉，有的区域振动加强，有的区域震动减弱。而且加强和减弱的区域相间隔。【详解】A.在干涉图样中振动加强是指合振动的振幅变大，振动质点的能量变大，A 符合题意；B.振动加强区域质点是在平

34、衡位置附近振动，有时位移为零，B 不符合题意；C.振动加强的区域内各质点的振动方向均相同，可在波峰上，也可在波谷，也可能在平衡位置，C 不符合题意；D.振动加强和减弱区域的质点不随波前进，D 不符合题意。故选A。4.如图所示是旅游景区中常见的滑索。研究游客某一小段时间沿钢索下滑，可将钢索简化为一直杆，滑轮简化为套在杆上的环，滑轮与滑索间的摩擦力及游客所受空气阻力不可忽略，滑轮和悬挂绳重力可忽略。游客在某一小段时间匀速下滑，其状态可能是图中的()【答案】B【解析】【分析】【详解】设索道的倾角为a,若不考虑任何阻力，对滑轮和乘客组成的整体，由牛顿第二定律得(M+m)gsina=(M+m)a对乘客由

35、于满足Mgsina=Ma可知绳子与索道垂直。若索道与滑轮之间有摩擦，而乘客不受空气阻力，则当匀速运动时，绳子在竖直方向；若同时考虑滑轮与索道之间的摩擦以及人所受的空气阻力，则绳子应该在垂直于索道与竖直方向之间,则选项B 正确，A C D 错误；故选B。5.如图所示，一足够长的木板在光滑的水平面上以速度二向右匀速运动，现将质量为二的物体竖直向下轻轻地放置在木板上的右端，已知物体二和木板之间的动摩擦因数为二。为保持木板的速度不变，从物体二放到木板上到它相对木板静止的过程中，须对木板施加一水平向右的作用力二，那么力二对木板做功的数值为（）A.B C.一 D.111；7-5 s【答案】C【解析】【详解

36、】由能量转化和守恒定律可知，拉力F 对木板所做的功W 一部分转化为物体m 的动能，一部分转化为系统A.,选 项 A 不符合题意；*1B.选 项 B 不符合题意；*r n 门 /c J JC.二 二;，选 项 C 符合题意；D.选项D 不符合题意；6.如图所示，质量为m 的木块A 放在斜面体B 上，对 B 施加一水平向左的推力F,使 A、B 保持相对静止向左做匀速直线运动，则 B 对 A 的作用力大小为（重力加速度为g）（）A.mg B.mgsin 0 C【答案】A【解析】【详解】A 向左做匀速直线运动，则其所受合力为零，向上，故 A 正确。:.mgcos 0 D.0时A 受力分析可知，B 对

37、A 的作用力大小为m g,方向竖直故选A。二、多项选择题：本题共6 小题，每小题5 分，共 3 0分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得()分7.如图所示，在光滑的水平面上方有两个磁感应强度大小均为B、方向相反的水平匀强磁场区域，磁场宽度均为L。一个边长为L、电阻为R的单匝正方形金属线框，在水平外力作用下沿垂直磁场方向运动，从如图实线位置I 进入磁场开始到线框运动到分别有一半面积在两个磁场中的位置I I 时，线框的速度始终为 v,则下列说法正确的是()A.在位置n 时外力F为 越&RB.在位置n 时线框中的总电流为 牛C.此过程中

38、回路产生的电能为至巨RD.此过程中通过导线横截面的电荷量为0【答案】A D【解析】【分析】【详解】A B.在位置I I 时，根据右手定则可知线框左右边同时切割磁感线产生的电流同向，所以总电流为1=2虹R根据左手定则可知线框左右两边所受安培力的方向均向左，为F=2BIL联立可得尸 4B2L2Vr=-R故 A 正确，B 错误；C.金属线框从开始到位移为L过程中，只有一边切割磁感线，故电流为,BLv仆工产生的电能为W:/加/处丫让=也 R V R3从位移为L到一L过程中，线框两边切割磁感线，电流为I,产生的电能为2历=/2 火2 R 2v R所以整个过程产生的电能为Wg=W+W =3B2IJVR故

39、C 错误;D.此过程穿过线框的磁通量变化为0,根据q=INt了 _ E _ 一 万 一 而可得q-0=0nR故 D 正确。故选A D。8.如图为竖直放置的上粗下细的玻璃管，水银柱将气体分隔成A、B 两部分，初始温度相同，使 A、B升高相同温度达到稳定后，体积变化量为%、,压强变化量为切.、对液面压力的变化量为 际、FB,则（）A.水银柱向下移动了一段距离B.匕%c.5 A DFB【答案】CD【解析】【详解】A C.首先假设液柱不动，则A、B两部分气体发生等容变化，由查理定律，对气体A：PA 厂 PA _ WAT-T-AT得PA=亍 幺 对气体B：PB=PB _ BT 一 T 一 AT得AAT&

40、PB=PB 又设初始状态时两液面的高度差为h（水银柱的长度为h）,初始状态满足分+=4 联立得PK 陶水银柱向上移动了一段距离，故A错 误C正确；B.由于气体的总体积不变，因此故B错误；D.因为APB D 0故D正确。故选CD。9.如图所示，质量为m的飞行器绕中心在O点、质量为M的地球做半径为R的圆周运动，现在近地轨道1上的P点开启动力装置，使其变轨到椭圆轨道3上，然后在椭圆轨道上远地点Q再变轨到圆轨道2上，完成发射任务。已知圆轨道2的半径为3 R,地球的半径为R,引力常量为G,飞行器在地球周围的Mm引力势能表达式为Ep=-G，其中r为飞行器到O点的距离。飞行器在轨道上的任意位置时，I和飞r行

41、器速率的乘积不变。则下列说法正确的是（）A.可 求 出 飞 行 器 在 轨 道 1 上做圆周运动时的机械能是0 警AB.可 求 出 飞 行 器 在 椭 圆 轨 道 3上 运 行 时 的 机 械 能 是 一 繁C.可 求 出 飞 行 器 在 轨 道 3上 经 过 P 点 的 速 度 大 小 Vp和 经 过 Q 点 的 速 度 大 小 VQ 分别是GM6RD.飞 行 器 要 从 轨 道 1 转 移 到 轨 道 3上，在 P 点 开 启 动 力 装 置 至 少 需 要 获 取 的 的 动 能 是 黑 2A【答 案】B C【解 析】【详 解】A.飞 行 器 在 轨 道 1 上做圆周运动，则MmG万9V

42、；=mR则动能1Ek=/7M2 GMmI=-1 2R势能灯 MmE.=-G-p R机械能r尸 GMm4=EEL 刀选 项 A 错误;B C.飞 行 器 在 椭 圆 轨 道 3上运行时VPR=VQ-3RGMm mVPR1 2 GMm=mvn-2 0 3A解得_ GMmE、=-3 4R%GM6R选 项 B C 正确；D.飞行器要从轨道1 转移到轨道3 上，在 P 点开启动力装置至少需要获取的的动能是在1 2 1 2 GMmAc=mvp m v.=-2 P 2 1 4R选项D 错误。故选B C10.假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，若倾斜的雪坡倾角为。，战士飞出时的水平速度大小为 V。，且他

43、飞出后在空中的姿势保持不变，又落回到倾斜的雪坡上，如图所示，不计空气阻力，重力加速度为g,则（）A.如果V。不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向也不同B.如果V。不同，该战士落到雪坡时的速度方向相同，在空中运动时间不同C.该战士在空中经历的时间是2vn tan 0g环 tan 0D.该战士在空中经历的时间是七一2g【答案】BC【解析】【分析】【详解】雪坡的倾角等于位移与水平方向的夹角，根据平抛运动的规律可知t a n 2 =x 2v0解得平抛运动的时间为土 _ 2v0 tan 0g如果Vo不同，该战士在空中运动时间不同，根据平抛运动的规律，位移与水平方向夹角的正切值等于速度与水平方向夹角

44、的正切值的一半，故落地雪坡的速度方向相同，战士的水平位移为2 片 tan 0知初速度不同，水平位移不同，落点位置不同，速度方向相同，故 BC正确，AD错误。故选BC1 1.如图所示为一列简谐横波在t=0 时的波形图，波沿x 轴负方向传播，传播速度v=lm/s,则下列说法正确的是A.此时x=L25m 处的质点正在做加速度增大的减速运动B.x=0.4m 处的质点比x=0.6 m 处的质点先回到平衡位置C.x=4m 处的质点再经过1.5s可运动到波峰位置D.x=2m 处的质点在做简谐运动，其振动方程为y=0.4sinjtt(m)E.t=2 s的波形图与t=0 时的波形图重合【答案】ACE【解析】【详

45、解】A、波 沿 x 轴负向传播，故此时x=1.25m 处的质点向上运动，质点纵坐标大于零，故由质点运动远离平衡位置可得：质点做加速度增大的减速运动，故 A 正确；B、由波沿x 轴负向传播可得：x=0.6 m 处的质点向平衡位置运动，故 x=0.4m 处的质点、x=0.6 m 处的质点都向平衡位置运动，且 x=0.4 m 处的质点比x=0.6 m 处的质点距离远，那么，x=0.6m处的质点比x=0.4 m 处的质点先回到平衡位置，故 B 错误；3C、由波沿x 轴负向传播可得：x=4 m 处的质点由平衡位置向下振动，故 x=4 m 处的质点再经过丁T 可运动到波峰位置，又有波长入=2 m,波 速

46、v=lm/s,所以，周期T=2 s,那么，x=4 m 处的质点再经过1.5s 可运动到波峰位置，故 C 正确；D、由 C 可知：x=2 m 处的质点在做简谐运动的周期T=2 s,又有振幅A=0.4m,t=0 时，质点位移为零,根据波沿x 轴负向传播可知质点向下振动，故可得：振动方程为y=-0.4sin(nt)(m),故 D 错误；E、由 C 可知简谐波的周期T=2 s,故经过2 s,波正好向前传播一个波长，波形重合，故 t=2 s的波形图与 t=0 时的波形图重合，故 E 正确。1 2.如图所示,倾角为30。的斜面体置于水平地面上。一根不可伸长的轻绳两端分别系着小球A 和物块B,跨过固定于斜面

47、体顶端的小滑轮O,A的质量为m,B的质量为4m。开始时，用手托住A,使 OA段绳恰处于水平伸直状态（绳中无拉力）,OB绳平行于斜面，此时B 静止不动。将 A 由静止释放，在其下摆过程中,斜面体始终保持静止。下列判断中正确的是（）A.物 块 B 始终处于静止状态B.地面对斜面体的摩擦力方向一直向右C.物块B 受到的摩擦力一直减小D.小 球 A、B 系统的机械能不守恒【答案】AB【解析】【详解】小球下摆时做圆周运动，下摆的速度越来越大，所需向心力越来越大，小球达到最低点时速度最大，绳子的拉力最大；小球A 下摆过程中只受重力作用，机械能守恒，设绳子的长度是L,由机械能守恒定律得:二二二=，二二:，在

48、最低点，由牛顿第二定律得：二一二二=二三，解得绳子的拉力为F=3m g,即物块B 受J U到绳子沿斜面向上的拉力为3 m g,而 B 的重力沿斜面向下的分力为4mgsin3（r=2m g,所以，斜面对B 的静摩擦力沿斜面向下为m g,而物块B 在小球A 还没有下摆时受到斜面的静摩擦力沿斜面向上为2m g,因此物块B 始终处于静止状态，物块B 受到的摩擦力先减小后增大，故 C 错误；对物体B 和斜面体整体受力分析，由于A 球向左下方拉物体B 和斜面体整体，故一定受到地面对其向右的静摩擦力，故 B 正确；在小球下A 摆过程中，只有重力做功，则小球A、物 块 B 与地球组成的系统机械能守恒，故 D

49、错误。所以 AB正确，CD错误。三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分1 3.有一电压表V,量程为3 V,要求测量其内阻R、，。可选用的器材有：滑动变阻器甲，最大阻值10Q；滑动变阻器乙，最大阻值10kC；电阻箱鸟，最大阻值9999.9C；电源石，电动势约为4 V,内阻不计；电 源 与，电动势约为1 0 V,内阻不计；电压表V o,量程6V；开关两个，导线若干;（1）小兰采用如图甲所示的测量电路图，在实物图中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接;连接好实验电路后，小兰进行实验操作，请你补充完善下面操作步骤：断开开关5 和 5,将 K 的滑片移到最左端的位置；闭合开关

50、品和耳，调 节 飞，使 v 满偏断开开关S 2,保持 不变，调节使V 示数为2.00V,读取并记录此时电阻箱的阻值为为使得测量结果尽量准确，滑动变阻器R应选择（填“甲”或 乙”），电源应选择（填“骂”或“七 2”），小兰测出的电压表内阻时=,它与电压表内阻的真实值R v相比，/R v（选填“”、“=”或“V”）；（3）小兵同学采用了如图乙所示的测量电路图，实验步骤如下：断开开关y 和 B,将 4 的滑片移到最左端的位置；闭合开关邑和B，调 节 用，使 V 满偏，记下此时V。的读数；，断开开关号，调节4 和使V 示数达到半偏，且 V。的读数不变；读取并记录此时电阻箱的阻值为玲，理论上分析，小兵测