2012年四川省南充市中考物理试卷（含答案）.doc

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1、2012年四川省南充市中考物理试卷参考答案与试题解析一、单选题（每小题2分，共16分在每小题给出的A、B、C、D四个选项中，只有一项是正确的，请把正确答案的番号填在选择题答题栏内）1（2012南充）一个同学站在平面镜前1.5m处，则镜中的像与他相距（）A1.5mB2.0mC2.5mD3.0m考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。103034 专题：应用题。分析：根据物体在平面镜中成像，物像到平面镜的距离相等进行求解解答：解：一个同学到平面镜的距离是1.5m，根据物像到平面镜的距离相等，该同学的像到平面镜的距离也是1.5m，所以该同学和他在镜中的像距离是3m故选D点评：平面镜成像特点是

2、平面镜成像习题的重要依据，经常用到，本题也属于比较基础的问题，掌握基础知识很重要2（2012南充）如图是某种晶体熔化时温度随时间变化的图象由图可知晶体的熔点是（）A40B44C48D52考点：晶体的熔化和凝固图像。103034 专题：信息给予题；图析法。分析：晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升，晶体熔化时的温度为熔点解答：解：由图知，该物质在熔化过程中，温度保持48不变，所以该物质为晶体并且熔点为48故选C点评：此题主要考查了晶体的熔化图象，要学会从图象中找出与晶体有关的信息学会观察分析物质熔化或凝固的图象，关键是掌握晶体的熔化特点：吸热

3、但温度保持不变3（2012南充）如图中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分它在磁场中按箭头方向运动时，不会产生感应电流的是（）ABCD考点：产生感应电流的条件。103034 专题：图析法。分析：能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足闭合电路；导体切割磁感线运动这两个条件解答：解：磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，A、B、D中的导体运动时都会切割磁感线，所以会产生感应电流；只有C没有切割磁感线，所以不会产生感应电流；故选C点评：本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生的条件的了解和掌握，是一道基础题4（2012南充）一个物体放在水平桌面上，下列一对力中是平衡力的

4、是（）A物体受到的重力和物体对水平桌面的压力B物体受到的重力和水平桌面对物体的支持力C物体受到的支持力和物体对水平桌面的压力D桌子受到的重力和物体对水平桌面的压力考点：平衡力的辨别。103034 专题：应用题。分析：（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到的力是平衡力；（2）二力平衡条件是：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，根据二力平衡力的条件进行判断解答：解：A、物体受到的重力和物体对水平桌面的压力，二者的方向是相同的，不符合二力平衡的条件；B、物体受到的重力和水平桌面对物体的支持力，都是作用在同一物体上，并且大小相等、方向相反、作用在同一直线上，符合二力平衡的

5、条件；C、物体受到的支持力和物体对水平桌面的压力，尽管大小相等、方向相反、作用在同一直线上，但是它们是作用在两个不同的物体上的，不符合二力平衡的条件；D、桌子受到的重力和物体对水平桌面的压力，二者方向相同，而且作用在不同的物体上，不符合二力平衡的条件故选B点评：判断两个力是否是平衡力，要从平衡力的四个条件逐条分析，有一个条件不符合，两个力也不是平衡力5（2012南充）如图所示，小球从左端由静止释放，在左右摆动过程中，不计空气阻力，则（）A从最高点运动到最低点的过程，一部分重力势能转化为动能B从最低点运动到最高点的过程，一部分动能转化为重力势能C左侧最高点的高度大于右侧最高点的高度D左侧最高点的

6、高度等于右侧最高点的高度考点：能量转化的现象。103034 专题：应用题。分析：本题考查的知识点：（1）物体的动能由质量和速度决定，重力势能由质量和高度决定，分析摆动过程中质量、速度、高度的变化，判断出动能和重力势能的转化；（2）机械能守恒的条件：只有动能和势能的相互转化或者只有重力做功，机械能才守恒解答：解：A、小球从最高点运动到最低点的过程，质量不变，高度降到最低，重力势能最小，速度达到最大，动能最大，所以不计空气阻力时，是重力势能全部转化为动能；故A错误B、小球从最低点运动到最高点的过程，质量不变，高度升高到最高，重力势能最大，速度最小，动能最小，所以不计空气阻力时，是动能全部转化为重力

7、势能；故B错误C、D、小球在摆动过程中，不计空气阻力，所以机械能守恒；左侧最高点的高度等于右侧最高点的高度，故C错误，D正确故选D点评：本题考查能量转化的有关问题；机械能守恒在初中只是要求定性的会判断，不要求根据机械能守恒去定量计算6（2012南充）人类生活、生产、学习、研究都离不开能源的消耗，由于人口的急剧增加和经济的不断发展，能源的消耗持续增长下列能源中既属于一次能源又属于可再生能源的是（）A石油B太阳能C天然气D核能考点：可再生能源的特点；能源的分类。103034 专题：应用题。分析：一次能源是指可以从自然界直接获取的能源，如：太阳能、风能、水能、化石能源等；二次能源指的必须通过一次能源

8、的消耗才能够得到的能源，如：电能；可以从自然界源源不断得到补充的能源叫可再生能源，如：风能、水能、生物质能、太阳能；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如：煤、石油、天然气解答：解：A、石油是从自然界直接获取的，是一次能源；不能短期内从自然界得到补充的，是不可再生能源，不合题意B、太阳能可以从自然界直接获取的，是一次能源；可以从自然界源源不断的得到，是可再生能源，符合题意；C、天然气是从自然界直接获取的，是一次能源；不能短期内从自然界得到补充的，是不可再生能源，不合题意D、核能是从自然界直接获取的，是一次能源；但短期内不能从自然界得到补充，是不可再生能源，不合题意；的故选B点评：此

9、题考查我们对于可再生能源、不可再生能源、一次能源、二次能源的理解来作答，是一道基础题7（2012南充）如图所示的电路，当开关S闭合后（）A若甲表是电压表，乙表是电流表，则电阻R1、R2并联B若甲表是电流表，乙表是电流表，则电阻R1、R2串联C若甲表是电压表，乙表是电压表，则电阻R1、R2串联D若甲表是电流表，乙表是电压表，则电阻R1、R2并联考点：串联电路和并联电路的辨别；电流表的使用；电压表的使用。103034 专题：应用题。分析：电流表应串联在电路中使用，电压表应并联在电路中使用填上电表后的电路不能发生断路或短路解答：解：A、若甲表是电压表，乙表是电流表，两个电阻并联在电路中，电流表测量的

10、是R2中的电流故A正确；B、若甲表是电流表，乙表是电流表，此时整个电路发生短路，故B错误；C、若甲表是电压表，乙表是电压表，此时，R2中没有电流通过，发生断路，故C错误；D、若甲表是电流表，乙表是电压表，此时，R2中没有电流通过，发生短路，故D错误故选A点评：本题考查了电流表和电压表的使用方法，以及填电表的原则：不能使电路发生断路或短路电流表是与用电器串联使用，电压表是与用电器并联使用8（2012南充）一个鸡蛋漂浮在装盐水的烧杯中，在慢慢往烧杯里注入清水的过程中（）A鸡蛋在露出部分越来越少的过程中受到的浮力变小B鸡蛋在露出部分越来越少的过程中受到的浮力变大C鸡蛋从悬浮到沉入烧杯底的过程中受到的

11、浮力变小D鸡蛋从悬浮到沉入烧杯底的过程中受到的浮力不变考点：物体的浮沉条件及其应用。103034 专题：应用题。分析：向盐水中加清水，水的密度慢慢变小，（1）在鸡蛋露出部分越来越少的过程中，鸡蛋仍漂浮，根据物体的漂浮条件判断浮力是否变化；（2）在鸡蛋从悬浮到沉入烧杯底的过程中，排开盐水的体积不变，而盐水的密度减小，根据阿基米德原理判断鸡蛋受到的浮力变化情况解答：解：AB、鸡蛋在露出部分越来越少的过程中，虽然水的密度在变小，但鸡蛋始终漂浮，所以鸡蛋受到的浮力等于鸡蛋重，大小不变，故AB都错；CD、鸡蛋从悬浮到沉入烧杯底的过程中，排开盐水的体积不变，而盐水的密度减小，由公式F浮=水V排g可知，鸡蛋

12、受到的浮力变小，故C正确、D错故选C点评：本题考查了学生对阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，本题关键不管漂浮或悬浮，物体受到的浮力等于自身的重力，知道影响浮力大小的因素是液体的密度和物体排开液体的体积二、填空题（每空1分，本题共18分）9（2012南充）某种昆虫靠翅膀振动发声如果这种昆虫的翅膀在10s内振动了3500次，则它振动的频率是350Hz，人类能听到这种声音（选填“能”或“不能”）考点：超声波与次声波；人耳感知声音的过程及听到声音的条件。103034 专题：应用题。分析：（1）频率是物体1s振动的次数，翅膀10s内振动了3500次，可以求出频率（2）人类能听到的频率范围是20H

13、z20000Hz解答：解：（1）昆虫的翅膀在10s内振动了3500次，f=350Hz（2）人类能听到的频率范围是20Hz20000Hz350Hz在人类能听到的频率范围内，所以能听到故答案为：350；能点评：（1）根据振动次数和时间能求频率（2）记住人类能听到的频率范围10（2012南充）导体的电阻式导体本身的一种性质，它的大小决定于导体的材料、长度和横截面积；有两段导线甲和乙，在相同电压下，通过导线甲的电流较小，通过导线乙的电流较大，可知导线甲的电阻较大（选填“甲”或“乙”）考点：影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用。103034 专题：应用题。分析：（1）电阻是导体本身的属性，导体的电阻大小与

14、导体的长度、横截面积和材料等有关；（2）由欧姆定律可知I=在相同的电压下，通过导体的电流与电阻成反比，据此分析判断解答：解：（1）导体的电阻是导体本身的一种性质，电阻大小取决于内因是：导体的材料、长度、横截面积；外因是：温度；（2）由欧姆定律可知I=在相同的电压下，通过导体的电流与电阻成反比，通过的电流小，说明电阻大，通过的电流大，说明电阻小，由此判断，导线甲的电阻较大故答案为：横截面积；甲点评：此题是对课本基础知识的考查，难度不大，要强化对基础知识的记忆，R=只是计算电阻的一种方法，电阻跟电压和电流无关11（2012南充）1820年，丹麦科学家奥斯特在课堂上做实验时偶然发现：当导线中通过电流

15、时，它旁边的磁针发生了偏转，他进而继续研究，终于证实了电流周围存在磁场，在世界上第一个发现了电和磁之间的联系如果把导线绕在圆筒上做成螺线管，磁场就会强得多，通电螺线管的极性与螺线管中的电流方向有关考点：通电直导线周围的磁场；通电螺线管的磁场。103034 专题：应用题。分析：（1）奥斯特实验证明了电流的周围存在磁场，这是第一个发现了电和磁存在联系的实验奥斯特由于这个贡献而载入物理史册（2）知道通电螺线管周围存在磁场，并且其磁感线与条形磁体的磁感线相似知道通电螺线管的磁性与电流的方向有关解答：解：（1）丹麦的物理学家奥斯特做的著名的奥斯特实验证实了：电流周围存在磁场（2）通电螺线管周围也存在磁场

16、，并且其周围的磁场与条形磁体的磁场相似通电螺线管的极性与通电螺线管中电流的方向有关故答案为：磁场；电流点评：此题主要考查了奥斯特实验的现象及结论，以及通电螺线管周围的磁场，与条形磁铁周围的磁场相似，其磁场方向与电流方向有关一定要掌握电流的磁效应，此类题目是中考的常见题型，难度不大12（2012南充）1897年英国科学家汤姆逊发现了比原子小的多的带负电的电子，从而揭开了原子具有结构的秘密；金属锡的原子核带有50个元电荷，它的原子核外带有50个电子考点：原子结构、元电荷与带电情况。103034 专题：应用题。分析：（1）1897年，英国科学家汤姆生逊发现原子中存在电子1904年汤姆逊提出了一个被称

17、为“西瓜式”结构的原子结构模型，电子就像“西瓜子”一样镶嵌在带正电的“西瓜瓤”中电子的发现使人们认识到原子是由更小的粒子构成的（2）金属锡的原子核所带的正电荷与核外电子所带的负电荷在数量上相等，所以金属锡对外不显电性解答：解：汤姆逊发现电子之前人们认为原子是组成物体的最小的微粒，是不可再分的汤姆逊发现了比原子小的多的带负电的电子，揭开了原子具有结构的秘密在原子结构中，原子核带正电，核外电子带负电，它们在数量上相等金属锡的原子核带有50个元电荷，则原子核外带有50个电子故答案为：负；50点评：熟练掌握原子的构成和微粒的带电情况是解题的关键，属基础性知识考查题13（2012南充）如果用g表示重力与

18、质量的比值，则一个质量为m的物体受到的重力G=mg它受到的重力方向总是竖直向下考点：重力的计算；重力的方向。103034 专题：应用题。分析：由于地球的吸引而使物体受到的力叫做重力，物体所受的重力G=mg，方向竖直向下解答：解：重力大小跟物体的质量成正比，重力与质量的比值大约是9.8N/kg质量为1kg的物体受到的重力是9.8N用G表示重力，m表示质量，比值用g表示，重力与质量的关系可以写成：G=mg，其中g=9.8N/kg重力的方向总是竖直向下故答案为：mg；竖直向下点评：本题考查了重力的相关知识，属于基础知识，需要记住14（2012南充）装在烧杯中的水被倒出一部分后，烧杯中剩余水的密度不变

19、；密封在容器中一定质量的气体被抽出一部分后，容器中剩余气体的密度变小（选填“变大”、“变小”、“不变”）考点：密度及其特性。103034 专题：应用题。分析：密度是物体的一种特性，密度的大小不随物体的质量和体积的变化而变化解答：解：烧杯中的水被倒出一部分后，烧杯中剩余水的密度不变，因为密度不随物体的体积的变化而变化气体被抽出一部分后，剩余气体的质量减小了，而气体的体积不变，还等于容器的容积，所以剩余气体的密度变小故答案为：不变；变小点评：本题考查了学生对密度特性的掌握和运用密度是物质本身的一种属性，与物质的种类和状态有关，与体积和质量的大小无关15（2012南充）在物理学里，我们把物体位置的变

20、化叫机械运动；南充到成都的路线长大约210km，动车运动的时间大约1.5h，则动车的平均速度大约是140km/h考点：机械运动；变速运动与平均速度。103034 专题：应用题。分析：解决此题要知道：（1）机械运动的定义：物体位置的改变叫做机械运动（2）已知路程和时间，用速度公式v=可求速度解答：解：（1）宏观物体的运动：物理学里把物体位置的变化称为机械运动；v=140km/h故答案为：机械运动；140点评：解决此类问题要结合机械运动定义和速度公式去分析解答，难度不大，属于一道基础题16（2012南充）节能型日光灯很省电，一支功率为11W的这种日光灯的密度相当于60W的白炽灯，11W的节能型日光

21、灯接在家庭电路中正常工作时的电流是0.05A；某同学将5盏60W的白炽灯换成5盏11W的这种日光灯，灯每天工作2h，一个月（30天）可以节约2.94kWh考点：电功率的计算；电功的计算。103034 专题：计算题。分析：（1）家庭电路的电压为220V，因额定电压下灯泡正常工作，根据I=求出节能型日光灯正常工作时的电流；（2）根据W=Pt求出求出5盏60W的白炽灯和5盏11W的这种日光灯每天工作2h、一个月消耗的电能，两者之差即为节约的电能解答：解：（1）节能型日光灯正常工作时的电压U=220V，功率为11W，则正常工作时的电流I=0.05A；（2）5盏60W的白炽灯每天工作2h、一个月消耗的电

22、能：W白炽=P白炽t=0.06KW2h30=3.6KWh，5盏11W的节能灯每天工作2h、一个月消耗的电能：W节能=P节能t=0.011KW2h30=0.66KWh，一个月节约的电能：W=W白炽W节能=3.6KWh0.66KWh=2.94KWh故答案为：0.05；2.94点评：本题考查电流和消耗电能的计算以及节能的措施，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算，日常生活中要养成节能的好习惯17（2012南充）如图所示，在水平地面上放一个重300N，底面积为100cm2的物体，不考虑绳的重力和绳与滑轮间的摩擦，匀速拉动物体时，物体与地面的摩擦力为60N，则水平拉力F=30N，物体

23、对地面的压强是30000Pa（各连接部分的绳均水平）考点：二力平衡条件的应用；滑轮组绳子拉力的计算；滑轮组及其工作特点。103034 专题：计算题。分析：（1）本题中使用滑轮组水平拉动物体，克服的是物体的摩擦力，根据省力公式，则有F=f；（2）物体放在水平地面上，对地面的压力和它的重力是相等的，根据P=就可以计算出物体对地面的压强解答：解：（1）由图可见，该滑轮组是克服物体的摩擦阻力做功，与动滑轮相连的绳子有2段，则水平拉力F=f=60N=30N；（2）物体放在水平地面上时，对地面的压力等于重力，即F=G=300N，受力面积为物体的底面积S=100cm2=100104m2=102m2，因此物体

24、对地面的压强：P=30000Pa故答案为：30；30000点评：（1）对于滑轮组的拉力的计算，首先要看清滑轮组的克服物体的重力做功，还是客服摩擦力做功：当克服重力做功时，绳子自由端的拉力F=；当克服摩擦力做功时吗，绳子自由端的拉力F=（2）计算压强时，要注意公式P=中的S指的是受力面积，单位是m2三、探究与解答题（共31分）18（2012南充）在如图中，画出通过透镜的折射光线考点：透镜的光路图。103034 专题：作图题。分析：凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变解答：解：过光心

25、的光线经凸透镜折射后传播方向不改变，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点，如下图所示：点评：在作凸透镜或凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图，是中考作图考查的重点19（2012南充）在图中，平板车向左做匀速直线运动，画出随平板车一起运动的木箱A受到的力的示意图考点：力的示意图。103034 专题：作图题。分析：对木箱进行受力分析，然后根据力的示意图的画法作出木箱A受到的力的示意图解答：解：（1）木箱在竖直方向上受竖直向下的重力G，竖直向上的支持力F作用；木箱A在竖直方向上静止，处于平衡状态，由平衡条件得：F=G；木箱与小车一起在水平方向上做匀速直线运动，处于平

26、衡状态，则木箱在水平方向上不受力；（2）从木箱A的重心沿重力与支持力的方向作出两力的示意图，木箱受到的力的示意图如图所示；点评：（1）本题考查了作力的示意图，是一道基础题，对物体正确受力分析是正确解题的前提与关键，要掌握作力的示意图方法；（2）对木箱受力分析时要注意，木箱在水平方向不受力，很多同学认为木箱在水平方向受拉力与摩擦力作用，这种看法是错误的，本题是一道易错题20（2012南充）小华同学在学习做饭的过程中，经常加热油和水她猜想油的比热容比大小，为了验证猜想，她做了以下探究实验：（1）向两个同样的烧杯里分别倒入质量相同的水和油，并测量它们的初始温度，两温度计示数相同，如图所示，它们的初始

27、温度为20；（2）在同样条件下分别给水和油加热，如果在加热时间相同时，可以通过比较温度升高的高低来比较它们比热容的大小考点：比热容的概念；温度计的使用及其读数。103034 专题：实验题。分析：（1）比较物质的吸热能力有两种方法：或控制它们的质量和吸热多少相同，比较它们升高的温度，升高的温度高，比热容小；控制它们的质量和升高的温度都相同，比较它们吸热多少（加热时间长短），吸收的热量多，比热容大（2）温度计读数要先判断零上还是零下，读数时，视线和液柱上表面相平解答：解：（1）质量相同的油和水，用同一热源加热相同的时间吸收的热量相等，由公式Q=cmt可知，升高的温度越高，比热容越小（2）通过温度计

28、液面的位置可以判断玻璃泡在下方，现在是零上的温度，所以它们的初始温度为20故答案为：（1）质量；20； （2）加热时间；温度升高的高低点评：比热容是物质的吸热本领，比较比热容的大小时，要在吸收相同的热量时，比温度的变化量，或在温度变化相同时，比较吸收热量的多少，同时要注意控制变量法研究问题的思想21（2012南充）如图所示，是用压强计探究内部压强的情境（1）把探头放入水中，通过观察U型管两边液面的高度差来判断探头处水的压强的大小，高度差越大，水的压强越大（选填“越大”或“越小”）；（2）比较甲图、乙图和丙图，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等；（3）在乙图中把探头慢慢下移，可以

29、观察到U型管两边液体的高度差增大，从而得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大；（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，则可以观察到U型管两边液体的高度差变大考点：探究液体压强的特点实验。103034 专题：实验题。分析：（1）本题采用了物理中常见的研究方法转换法，即把水的内部压强的大小转换成U型管两边液面高度差的大小来判断，液面高度差越大，表示水内部的压强越大（2）此题用到了常用的研究方法控制变量法比较图甲、图乙和图丙，是控制液体的密度相同，深度相同，改变压强计金属盒的方向，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和方向有关（3）在乙图中把探头慢慢下

30、移，是控制液体的密度相同，改变液体的深度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的深度有关（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，是控制深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差是否相等，得出液体内部压强是否和液体的密度有关解答：解：（1）把水的内部压强的大小转换成U型管两边液面高度差的大小来判断，液面高度差越大，表示水内部的压强越大（2）比较甲图、乙图和丙图，控制液体密度和深度不变，改变探头的方向，U形管两侧的液面高度差相等可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等（3）在乙图中把探头慢慢下移，控制液体的密度不变，改变深度，可以观察到

31、U型管两边液体的高度差增大，得到：在同一种液体里，液体的压强随深度的增加而增大；（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成盐水，其他条件不变，控制深度不变，把水换成盐水，密度变大，则可以观察到U型管两边液体的高度差变大故答案为：（1）越大；（2）相等；（3）深度；（4）高度差变大点评：此题主要考查的是液体内部压强的规律以及液体内部压强的影响因素，注意转换法、等效替代法和控制变量法在实验中的运用液体压强是中考必考的一个知识点，需要掌握22（2012南充）小华同学做“测量小灯泡额定功率”的实验，选用额定电压是2.5V的小灯泡（1）如图是他实验的电路，但连接不完整，请你用笔画线代替导丝帮他完成电路的连接；

32、（2）小华正确连接电路后，闭合开关，发现灯不亮，但电压表有较大读数，则故障原因可能是灯泡断路；（3）排除故障后，小华调节滑动变阻器使电压表的读数为2.5V时，小灯泡正常发光，此时，电流表的读数如图所示，则小灯泡的额定功率是0.75W考点：探究用电器的电功率实验。103034 专题：实验题；作图题。分析：（1）由图1知，电压表连接不完整，根据灯泡的额定电压确定电压表的量程，电压表并联在灯泡两端；（2）灯不亮，可能是灯泡断路，或灯泡短路，或灯泡之外电路存在断路，或电路电阻太大，电路电流太小，小灯泡的实际功率太小，不足以引起灯泡发光；电压表由较大示数，则灯泡不可能短路，说明电压表与电源两极相连，电压

33、表并联电路之外不存在断路，如果电路电流太小，则灯泡两端电压较小，电压表示数较小，电压表不可能由较大示数；综合分析可知：电路故障是：灯泡断路；（3）当灯泡电压等于额定电压2.5V时灯泡正常发光；根据图2确定电流表的量程与最小分度值，根据根据电流表指针位置读出电流表示数，然后由公式P=UI可以求出灯泡的额定功率解答：解：（1）灯泡额定电压是2.5V，则电压表应选3V量程，电压表并联在灯泡两端，电路图如图所示；故答案为：电路图如图所示（2）正确连接电路后，闭合开关，灯不亮，电压表有较大读数，则故障原因可能是：灯泡断路；故答案为：灯泡断路（3）调节滑动变阻器当电压表示数等于灯泡额定电压2.5V时，灯泡

34、正常发光；由图2知，电流表的量程是0.6A，最小分度值是0.02A，电流表示数是0.3A；灯泡的额定功率P=UI=2.5V0.3A=0.75W；故答案为：2.5；0.75点评：本题考查了连接实物图、电路故障分析、电流表读数、求灯泡的额定功率，连接实物图时，注意电压表量程的选择；分析电路故障时，考虑问题要全面，分析各种可能的故障原因，然后综合分析得出结论；对电表读数时，应先确定电表的量程与最小分度值，然后根据指针位置读出电表的示数，读数时，视线应与刻度线垂直23（2012南充）如图所示，用F=20N的水平拉力拉着边长l=10cm的正方体铁块在水平地面上做匀速直线运动，在t=10s内运动了s=46

35、cm的路程，c铁=0.46103J/（kg） 铁=7.9103kg/m3求（1）水平拉力F做的功W是多少？（2）水平拉力F做功的功率P是多少？（3）此过程有等于水平拉力做的功的内能产生，其中的79%被铁块吸收，铁块将升高多少温度？考点：功的计算；密度公式的应用；功率的计算；热量的计算。103034 专题：计算题。分析：（1）知道水平拉力F的大小和在拉力的方向上通过的距离，可利用公式W=Fs计算出拉力做的功（2）知道做功的时间，可利用公式P=计算出拉力做功的功率（3）从题可知，水平拉力做的功等于产生的内能，而其中的79%被铁块吸收，从而可以计算出铁块吸收的热量；知道铁块的边长，可利用公式v=l3

36、计算出铁块的体积，又知道铁块的密度，可利用公式m=v计算出铁块的质量；又知道铁块的比热容，最后再利用公式t=计算出铁块升高的温度解答：解：（1）F=20N，s=46cm=0.46m，拉力F做的功为：W=Fs=20N0.46m=9.2J（2）t=10s，拉力F做功的功率为：P=0.92W（3）水平拉力做的功等于产生的内能，而其中的79%被铁块吸收，铁块吸收的热量为：Q吸=W79%=9.2J79%=7.268J；而正方体铁块的边长l=10cm=0.1m，则正方体铁块的为：v=l3=（0.1m）3=0.001m3，铁=7.9103kg/m3，铁块的质量为：m=铁v=7.9103kg/m30.001m

37、3=7.9kg，又c铁=0.46103J/（kg），铁块升高的温度为：t=0.002答：（1）水平拉力F做的功W是9.2J（2）水平拉力F做功的功率P是0.92W（3）铁块将升高的温度为0.002点评：本题考查了功和功率，以及体积、质量和温度的变化的计算，关键是公式和公式变形的理解和应用，在计算过程中要注意单位的换算本题的第三问是一个比较容易出错的题目，需要特别注意24（2012南充）如图所示的电路中，小灯泡L上标有“6V 6W”字样（忽略温度对灯丝电阻的影响）（1）求小灯泡正常发光时的电流和电阻；（2）若电源电压是9V，闭合开关S1和S2，为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的电阻的最小值是

38、多少？（3）若换一个电压未知但不变的电源，闭合开关S1、断开开关S2，滑动变阻器的滑片从一处从滑到另一处时，电压表的示数由5V变化到1V，电流表的示数变化了0.4A，则R0的阻值是多少？考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算。103034 专题：计算题；应用题；压轴题；动态预测题。分析：（1）由铭牌可知灯泡的额定电压和额定功率，且额定电压下灯泡正常发光，根据I=求出正常发光时的电流，根据欧姆定律求出电阻；（2）当闭合开关S1和S2时，灯泡L与滑动变阻器串联，为了保证电路安全电路中的最大电流为灯泡的额定电流，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据

39、欧姆定律求出接入电路的最小电阻；（3）当闭合开关S1、断开开关S2时，灯泡L与滑动变阻器、电阻R0串联，电压表测滑动变阻器两端的电压；根据串联电路的分压特点判断两电表对应的示数，再根据串联电路的电压特点和欧姆定律结合电源的电压不变得出等式，联立等式即可求出电阻R0的阻值解答：解：（1）小灯泡正常发光时UL=6V，PL=6W，则IL=1A，RL=6（2）当闭合开关S1和S2时，灯泡L与滑动变阻器串联，为了保证电路安全，则电路中的最大电流I=IL=1A，此时UL=6V；滑动变阻器两端的电压U1=UUL=9V6V=3V，所以滑动变阻器接入电路电阻的最小值R1=3（3）当闭合开关S1、断开开关S2时，

40、灯泡L与滑动变阻器、电阻R0串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的分压特点可知，当滑动变阻器的滑片从一处（a）滑到另一处（b）时，U1=5V变为U1=1V，则电路中的电流由Ia变为Ib=Ia0.4A；因电源的电压不变，所以U=U1+Ia（RL+R0）=5V+Ia（6+R0），U=U1+Ib（RL+R0）=1V+（Ia0.4A）（6+R0），联立等式可得：R0=4答：（1）小灯泡正常发光时的电流为1A，电阻为6；（2）若电源电压是9V，闭合开关S1和S2，为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的电阻的最小值是3；（3）R0的阻值是4点评：本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是知道灯泡在额定电压下正常发光且此时电路中的电流最大，难点是第三问中电压表和电流表示数的对应和根据电源的电压不变得出方程15