2018山东省枣庄市中考物理真题(含答案).docx

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1、年寒窗苦读日，只盼金榜题名时，祝你考试拿高分，鲤鱼跳龙门！加油！2018山东省枣庄市中考物理真题及答案一、单选题1.下列图象中，能正确反映匀速直线运动的是（ ） A.B.C.D.2.城市建设和管理越来越注重“以人为本，和谐发展”的理念，如城市道路两旁植树；穿城而过的高铁两旁建有隔音板；在高噪声环境下工人需戴耳罩；跳广场舞的大妈要把音量调小一些，这些措施的共同目的是（ ） A.减小噪声污染B.减小大气污染C.绿化美化环境D.减小水污染3.用体温计测量病人甲的体温，示数是38，如果该体温计未经甩过就用来测量病人乙的体温，示数也是38下列判断正确的是（ ） A.乙的体温一定等于甲的体温B.乙的体温不

2、可能等于甲的体温C.乙的体温不可能高于甲的体温D.乙的体温一定低于甲的体温4.下列措施中，能使蒸发减慢的是（ ） A.给头发吹热风B.把盛有酒精的瓶口盖严C.将玻璃板上的水滴向周围摊开D.把湿衣服晾在通风向阳处5.近年来流行一种“自拍神器”给旅行者自拍带来方便，如图所示，与直接拿手机自拍相比，利用“自拍神器”可以（ ）A.增大像距B.增大像的大小C.缩短景物到镜头距离D.增大取景范围6.决定一个物体质量大小的因素是（ ） A.物体所含物质的多少B.物体的形状C.物质的状态D.物体所在的空间位置7.如图所示，小丽用力F把一才块压在竖直墙面上静止，现有以下受力分析，下述受力分析正确的是（ ）小丽对

3、木块的压力F和墙对木块的弹力是一对平衡力小丽对木块的压力F和木块的重力是一对平衡力木块受到的摩擦力和木块的重力是一对平衡力小丽对木块的压力F和木块对小丽的弹力是一对平衡力A.只有正确B.只有正确C.只有正确D.只有正确8.妈妈与小明进行爬山比赛，他们选择的起点、路径和终点都相同，全程设为匀速运动，妈妈的体重是小明的2倍，妈妈所用的时间是小明的3倍，若妈妈克服自身重力做功为W1、功率为P1 ， 小明克服自身重力做功为W2、功率为P2 ， 则下列关系正确的是（ ） A.W1：W2=2：1 P1：P2=6：1B.W1：W2=2：3 P1：P2=2：1C.W1：W2=2：1 P1：P2=3：2D.W1

4、：W2=2：1 P1：P2=2：39.以下几条摘录是出自某同学在学习“内能”一章时的课堂笔记，其中不正确的是（ ） A.扩散现象不能在固体之间发生B.分子间的引力和斥力是同时存在的C.物体吸收热量，温度不一定升高D.摩擦生热是通过做功的方法改变物体的内能10.在如图所示的电路中，闭合开关，电源电压保持不变，当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，下列说法正确的是（ ）A.电流表的示数变小，电压表的示数变大B.电流表的示数变大，电压表的示数变小C.电流表的示数不变，电压表的示数不变D.电流表的示数变小，电压表的示数不变11.如图所示，电源电压保持12V不变，小灯泡L上标有“6V 3W”字样，滑动变

5、阻器最大电阻值R=48，闭合开关，若不考虑灯丝电阻随温度的变化，下列说法正确的是（ ）A.要使电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会减小1VB.小灯泡L的最小实际电功率为0.6WC.当滑片P移到变阻器的中点时，小灯泡L正常发光D.当滑片P移到最右端时，通电10s滑动变阻器消耗的电能是19.2J12.在生活中，我们有时会遇到以下几种情况，在下述情况中可能引起家庭电路中空气开关跳闸的是（ ）电路中增加大功率的用电器；插座中的两个线头相碰；开关中的两个线头相碰；户外输电线绝缘皮破损。A.（1）（2）B.（2）（3）C.（1）（3）D.（2）（4）二、填空题13.诗句“大漠孤烟直，长河落日圆”给

6、我们展现了一幅美丽的画卷。其实诗人观察到的落日并非太阳的实际位置（如图所示），而是太阳光经过不均匀的大气层发生了_所成的像，太阳实际在图中_（选填“甲”或“乙”）的位置。14.在测量盐水密度的实验中，将烧杯中质量为63g的盐水全部倒入量筒中，如图所示，盐水的体积是_cm3 ， 则盐水的密度是_g/cm3 ， 采用这种方法测量的盐水密度将_（选填“偏大”或“偏小”），原因是_。15.如图所示，用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用FA、FB匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体，不计绳重和摩擦。若GAGB ， 则甲_乙；若FA=FB ， 则GA_GB （选填“”、“”或“=”）16.科技馆内有

7、一个“静电球”，当人触摸“静电球”时，头发丝便会一根根竖起，形成“怒发冲冠”的景象，如图所示，这是由于头发丝带_（选填“同种”或“异种”）电荷而互相_的结果。17.如图所示，是某种电热器的电路图，电源电压220V，R1、R2的阻值分别为11、22，通过旋转扇形开关S，接触不同触点，实现高、中、低三个档位的转换，电热器在低温工作时的电功率是_W，在高温档工作1min产生的热量是_J。18.如图为四旋翼无人机，它的操控系统能够实现“一键起飞、一键返回、GPS悬停、规划航线自动飞行和自动跟踪”等功能，它的操控系统是靠_传递信息的，无人机是利用电能来工作的，电能属于_（选填“一次能源”或“二次能源”）

8、。三、作图题19.按照要求作图。如图所示，S是点光源，作出入射光线SO的反射光线和大致的折射光线。四、实验题20.在探究“通电螺线管的外部磁场”的实验中，小明在螺线管周围摆放了一些小磁针。（1）通电后小磁针静止时的分布如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与_的磁场相似。 （2）小明改变通电螺线管中的电流方向，发现小磁针指向转动180，南北极发生了对调，由此可知：通电螺线管外部的磁场方向与螺线管中_方向有关。 （3）小明继续实验探究，并按图乙连接电路，他先将开关S接a，观察电流表的示数及吸引大头针的数目；再将开关S从a换到b，调节变阻器的滑片P，再次观察电流表的示数及吸引大头针的数目，此时

9、调节滑动变阻器是为了_，来探究_的关系。 21.如图所示是小李和小王利用刻度均匀的轻质杠杆探究“杠杆平衡条件”的实验装置。（1）实验前没挂钩码时，杠杆静止的位置如图甲所示，此时应将螺母向_调节，使杠杆在水平位置平衡。 （2）杠杆平衡后，小李在左右两侧分别挂上钩码，如图乙所示，杠杆的_端会下沉，要使杠杆重新在水平位置平衡，在不改变钩码悬挂点的位置和改变较少钩码的前提下，只需将_即可。 （3）小李和小王又分别设计了两种实验方案，小李的方案如图丙所示，小王的方案如图丁所示。你认为_的实验方案更好，请说明你的理由_。 （4）实验中小王发现：如果在杠杆的O点用弹簧测力计施加一个向上的力，这个力在探究实验

10、时是否影响到杠杆的平衡？请说明理由_。 22.某班同学利用图甲所示的实验装置探究水和煤油的吸热能力。（1）在图甲中除了所给的实验器材外，还需要的测量工具有天平和_。加热过程中，水和煤油吸收热量的多少是通过_来判断的。 （2）实验中第1、2两个小组记录的实验数据如下表通过分析实验数据，能够得出的结论是：_。（3）图乙是第1组同学绘制的“吸收热量一时间”和“温度一时间”图象，能正确描述该实验真实情况的图象是_（选填序号）。 （4）使质量相同的水升高相同的温度，加热时间应该相同，但1、2两组的同学在交流实验数据时发现：第1小组的加热时间明显偏长，其原因可能是_。 （5）这两组同学对图甲的装置进行了改

11、进，将分别装有水和煤油的试管放在同一个烧杯中用水加热，如图丙所示，而不是用两个酒精灯分别加热，这样做的好处是_。 五、计算题23.现有一个用超薄材料制成的圆柱形容器，它的下端封闭，上端开口，底面积=200cm2 ， 高度h=20cm，如图甲所示；另有一个实心匀质圆柱体，密度=0.8103kg/m3 ， 底面积S1=120cm2 ， 高度与容器高相同，如图乙所示。（水=1.0103kg/m3 ， g=10N/kg）。（1）将圆柱体竖直放在圆柱形容器内，求圆柱体对容器底部的压强是多少？ （2）向容器内缓缓注水直至圆柱体对容器底部的压力刚好为零，求此时水对容器底部的压强和所注的水重各是多少？ 24.

12、如图甲所示的电路，电源电压保持不变。小灯泡L标有“2.5V 0.25A”字样，滑动变阻器R1的最大值为30，定值电阻R2=30，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V求：（1）小灯泡的额定功率是多少？ （2）只闭合S、S2和S3 ， 将变阻器R1的滑片P调到中点时，电流表示数为0.45A，则电源电压是多少？ （3）只闭合开关S、S1 ， 移动变阻器的滑片P，小灯泡L的IU图象如图乙所示。在保证各元件安全的情况下，滑动变阻器R1允许的取值范围是多少？ 答案解析部分一、单选题1.【答案】B 【解析】【解答】解：AC、图中的st图象是曲线，说明路程和时间不成正比，也就是物体做变速运动，AC不

13、符合题意；B、图中的vt图象表示物体的速度不变，说明物体做匀速直线运动，B符合题意；D、图中的vt图象表示物体的速度均匀增大，说明物体做加速直线运动，D不符合题意。故答案为：B。【分析】匀速直线运动：快慢不变、经过的路线是直线的运动.这是最简单的机械运动.2.【答案】A 【解析】【解答】城市道路两旁植树、穿城而过的高铁两旁建有隔音板能阻断噪声的传播，在高噪声环境下工人需戴耳罩、跳广场舞的大妈要把音量调小一些是从声源处减弱噪声，所以这些措施都是为了减小噪声污染。故答案为：A。【分析】减弱噪声的途径：(1)在声源处减弱；(2)在传播过程中减弱；(3)在人耳处减弱.3.【答案】C 【解析】【解答】病

14、人甲的体温是38，由于体温计的液泡上方有一段很细的缩口，在离开人体读数时，体温计液注不会下降，所以读数仍会是38；用没有甩过的读数停留在38的体温计测量乙的体温时，若乙的体温低于或等于38，体温计液注不变化，仍为38；若乙的体温高于38，液柱会上升，示数大于38；所以，测量乙的体温，示数也是38时，病人乙的温度可能等于或低于38，不可能高于38，C符合题意。故答案为：C。【分析】用没甩的体温计测体温时，如果被测的温度比原先高，则读数准确，如果被测的体温比原先低，则仍然是原先的读数（能上不能下）.4.【答案】B 【解析】【解答】A、给头发吹热风，既加快了空气流动，又提高了温度，可以加快水份的蒸发

15、，A不合题意；B、把盛有酒精的瓶口盖严，减慢了酒精周围的空气流动，从而减慢了酒精的蒸发，B符合题意；C、将玻璃板上的水滴向周围摊开，增大了液体表面积，可以加快水份的蒸发，C不合题意；D、把湿衣服晾在通风向阳处，既加快了空气流动，又提高了温度，可以加快水份的蒸发，D不合题意。故答案为：B。【分析】影响液体蒸发快慢的因素：(1)液体温度；(2)液体表面积；(3)液面上方空气流动快慢.5.【答案】D 【解析】【解答】凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小；“自拍神器”与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大物距，减小像距，减小人像的大小，从而增大取景范围，取得更好的拍摄效果，D符合题意，ABC不

16、符合题意。故答案为：D。【分析】当物体从二倍焦距以外的地方逐渐向凸透镜移近过程中，像逐渐变大，像距v也逐渐变大.但是，只要物体未到达二倍焦距点时，像的大小比物体要小；像的位置总在镜的另一侧一倍焦距至二倍焦距之间.6.【答案】A 【解析】【解答】因为当物体的形状、状态、位置发生变化时，物体所含物质的多少是不会发生变化的，所以质量是不变的。故答案为：A。【分析】物体所含物质的多少叫做质量，由此可见一个物体质量大小决定于物体所含物质的多少，质量大小与物体的形状、状态、位置都无关.7.【答案】 C 【解析】【解答】小丽对木块的压力和墙对木块的弹力符合二力平衡的条件，是一对平衡力；小丽对木块的压力和木块

17、的重力不在同一直线上，不是一对平衡力；木块受到的摩擦力和木块的重力满足二力平衡的条件，是一对平衡力；小丽对木块的压力和木块对手的弹力是一对相互作用力，不是平衡力。故答案为：C。【分析】二力平衡的条件：作用在同一物体上的两个力，如果大小相等、方向相反、并且在同一直线上，则这两个力二力平衡时合力为零.物体间力的作用是相互的.(一个物体对别的物体施力时，也同时受到后者对它的力).8.【答案】D 【解析】【解答】由题可知，妈妈与小明爬山的高度相同，妈妈的体重是小明的2倍，妈妈所用的时间是小明的3倍，由WGh可得，妈妈和小明克服重力做功之比： ；由P 可得，妈妈和小明克服重力做功的功率之比 ，D符合题意

18、。故答案为：D。【分析】根据W=Gh求出做功之比；根据P=求出功率之比.9.【答案】 A 【解析】【解答】A、固体、液体、气体都能发生扩散现象，因此，扩散现象能在固体之间发生，A不符合题意；B、分子间同时存在引力和斥力，B符合题意；C、物体吸收热量，温度不一定升高，如晶体熔化时，吸热但温度不变，C符合题意；D、摩擦生热是通过做功的方法改变物体的内能，将机械能转化为内能，D符合题意。故答案为：A。【分析】扩散：不同物质相互接触，彼此进入对方现象.扩散现象说明分子间有空隙；一切物体的分子都永不停息地做无规则运动.改变物体的内能两种方法：做功和热传递，这两种方法对改变物体的内能是等效的.物体对外做功

19、，物体的内能减小；外界对物体做功，物体的内能增大.物体吸收热量，当温度升高时，物体内能增大；物体放出热量，当温度降低时，物体内能减小.10.【答案】C 【解析】【解答】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测L的电流，电压表测电源的电压，由于电源电压不变，故电压表示数不变；当滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，由于灯泡两端的电压和灯泡的电阻都不变，故通过灯泡的电流不变，即电流表示数不变；C符合题意。故答案为：C。【分析】灯泡与滑动变阻器并联，电流表A测L的电流，电压表测电源的电压。根据电源的电压可知滑片移动时电压表V示数的变化，根据灯泡两端的电压和电阻可以知道电流表示数的变化.11.【答

20、案】D 【解析】【解答】由电路图可知，闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压。（1）由电压表测灯泡L两端的电压可知，电压表的示数增大1V，小灯泡L两端的电压就会增大1V，A不符合题意；（2）由PUI 可得，灯泡的电阻： 12，当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的最小电流：I 0.2A，则小灯泡L的最小实际电功率：PL小I2RL（0.2A）2120.48W，B不符合题意；通电10s滑动变阻器消耗的电能： WRI2Rt（0.2A）24810s19.2J，D符合题意；（3）当滑片

21、P移到变阻器的中点时，电路中的电流：I A，此时灯泡的实际功率：PL（I）2RL（ A）2121.33W3W，所以，此时灯泡不能正常发光，C不符合题意。故答案为：D。【分析】闭合开关后，滑动变阻器R与灯泡L串联，电压表测灯泡L两端的电压.（1）电压表示数的变化和灯泡两端的电压变化相同；（2）根据P=UI=求出灯泡的电阻，当滑片P移到最右端时，接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，小灯泡的实际功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，利用P=I2R求出小灯泡L的最小实际电功率，再利用W=UIt=I2Rt求出通电10s滑动变阻器消耗的电能；（3）当滑片P移到变阻器的中点时，根据电阻

22、的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用P=I2R求出小灯泡L的实际功率，然后与灯泡的额定功率相比较确定是否正常发光.12.【答案】 A 【解析】【解答】（1）电路中增加了大功率用电器，会导致用电器的总功率过大，会导致电流过大，引起家庭电路中空气开关跳闸；（2）插座中的两个线头相碰，会造成电路短路；从而造成电流过大，引起家庭电路中空气开关跳闸；（3）开关中的两个线头相碰，会导致开关无法控制用电器，用电器将一直工作，但不会导致电流过大，不会引起家庭电路中空气开关跳闸；（4）户外输电线绝缘皮破损，不会引起家庭电路中的电流过大，不会引起家庭电路中空气开关跳闸。可见，可能引起家庭电路中空气开关跳闸的是（

23、1）（2）。故答案为：A。【分析】引起电路中电流过大的原因有两个：一是电路发生短路；二是用电器总功率过大.安全用电的原则是：不接触低压带电体；不靠近高压带电体.二、填空题13.【答案】折射；乙 【解析】【解答】太阳落山时，太阳的实际位置在地平线下面，但太阳光经过不均匀的大气层时发生了折射，通过折射我们看见了太阳的虚像（即观察到的落日），此时，太阳的实际位置在图中的乙位置。故答案为：折射；乙.【分析】光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的.14.【答案】60；1.05；偏大；烧杯中盐水倒入量筒中时

24、会有残留，造成测得体积偏小，所以密度偏大 【解析】【解答】由图可知，量筒分度值2mL，盐水的体积：V60mL60cm3 ， 所以盐水的密度： 1.05g/cm3；分析实验的步骤可以看出，将烧杯中的盐水全部倒入量筒中，烧杯壁不可避免地会有残留的盐水，使得测量的盐水的体积变小，所以采用这种测量方法得到的结果将偏大。【分析】测量液体的密度，涉及到天平的使用（天平的正确使用：(1)把天平放在水平台上，把游码放在标尺左端的零刻线处；(2)调节平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处，这时天平平衡；(3)把物体放在左盘里，用镊子向右盘加减砝码并调节游码在标尺上的位置，直到横梁恢复平衡；(4)这时物体的质量等于右

25、盘中砝码总质量加上游码所对的刻度值）和量筒的使用（用量筒量取液体时，量筒要放平，读数时视线应与凹液面最低处相平；如果仰视液面，读数比实际偏低，若俯视液面，读数比实际偏大）.15.【答案】； 【解析】【解答】不计绳重和摩擦，克服物体重力做的功为有用功，克服物体重力和动滑轮重力做的功为总功，则滑轮组的机械效率：= 100%= 100%= 100%= 100%，因物体的重力G越大，1+ 越小， 越大，且动滑轮的重力相等，所以，GAGB时，甲乙；由图可知，n甲=2，n乙=3，由F= （G+G动）可得，提升物体的重力：G=nFG动 ， 则FA=FB时，提升物体的重力关系为GAGB。故答案为：；.【分析】

26、根据=100%=100%结合GAGB比较两滑轮组的机械效率关系；由图可知滑轮组绳子的有效股数，根据F=（G+G动）结合FA=FB得出提升物体的重力关系.16.【答案】同种；排斥 【解析】【解答】当人触摸“静电球”时，头发丝便会一根根地竖起，形成“怒发冲冠”的景象，即静电球是带电的，人体是导体，当人触摸静电球时，人体也带了和静电球同种电荷的电，故人的头发上也会带上与静电球同种电荷的电，据同种电荷相斥可知，头发带同种电荷而相互排斥，故头发越梳越蓬松故答案为： (1). 同种 (2). 排斥【分析】电荷间的相互作用是：同种电荷互相排斥，异种电荷互相吸引.17.【答案】2200；3.96105 【解析

27、】【解答】根据P ，当电阻最大时，电功率最小，旋转扇形开关S接触c，即只有R2连入电路时为低温档， P小 2200W当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，R并 在高温档工作1min产生的热量是：Q高 t 60s3.96105J。故答案为：2200；3.96105【分析】（1）根据P=可知，当电阻最大时，电功率最小，为低温档，分析此时电路的连接，根据P=求出电热器在低温工作时的电功率；（2）当两电阻并联时，旋转扇形开关S接触c、d时电阻最小，由并联电阻的规律求出并联电阻，根据Q高=t求出在高温档工作1min产生的热量.18.【答案】 电磁波；二次能源 【解析】【解答】（1）四旋翼无

28、人机，它的操控系统是靠电磁波传递信息的；（2）我们生活中所使用的电能都是通过其他形式的能转化而来的，是二次能源。故答案为：电磁波；二次能源.【分析】电磁波是在空间传播的周期性变化的电磁场，由于电磁场本身具有物质性，因此电磁波传播时不需要介质.能源的种类很多，从不同角度可以分为：一次能源和二次能源；可再生能源和不可再生能源；常规能源（传统能源）和新能源；清洁能源和非清洁能源等.三、作图题19.【答案】解：如图所示：【解析】【分析】根据反射角等于入射角在法线右侧的空气中画出反射光线；根据折射角小于入射角在法线右侧水中画出折射光线.四、实验题20.【答案】 （1）条形（2）电流（3）控制两次实验的电

29、流大小不变；通电螺线管磁场强弱与线圈匝数 【解析】【解答】（1）通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极；（2）如果改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动180，南北极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关。（3）实验中，他将开关S从a换到b上时，连入电路的线圈匝数发生了变化，为了保证电流不变，应调节变阻器的滑片P，控制两次实验的电流大小不变，再次观察电流表示数及吸引的回形针数目，这样才能探究出通电螺线管磁场强弱与线圈匝数的关系。【分析】螺线管磁场的特点、磁极方向的判断等，注意通电螺线管的磁极极性与电流的方向和线圈的绕法有关，影响螺线

30、管磁性强弱的因素有电流的大小和线圈匝数的多少，在实验中，应注意控制变量法的运用.21.【答案】 （1）右（2）左；将左侧的钩码去掉一个（3）小李；弹簧测力计在图丙的力与力臂垂直，力臂在杠杆上便于测量（4）这个作用在杠杆O点的力的力臂等于零，不影响杠杆的平衡 【解析】【解答】解：（1）调节杠杆在水平位置平衡，杠杆右端偏高，左端的平衡螺母应向上翘的右端移动，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；（2）设杠杆每个格的长度为L，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件：F左L左F右L右 ， 即4G2L2G3L，左端大，故左端下沉；要使杠杆重新在水平位置平

31、衡，如果不改变钩码总个数和悬挂点位置，只需要将左侧的钩码去掉一个即可平衡；（3）由图可知，弹簧测力计在图丙的力与力臂垂直，力臂在杠杆上便于测量，图丁的力不与杠杆垂直，力臂不方便测量，图丙好；（4）杠杆在O点还受到一个向上的力，这个力与杠杆自身重力都过杠杆的支点，力臂为零，这两个力在探究杠杆平衡时不会影响到杠杆的平衡。【分析】探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响；为得出普遍结论，用弹簧测力计拉杠杆，使力与杠杆不垂直，多做几次实验，得出实验结论.22.【答案】 （1）秒表；加热时间长短（2）质量相同的水和煤油升高

32、相同温度，吸收的热量不同（或质量相同的水和煤油升高相同温度，水吸热的热量多（3）C（4）酒精灯的火焰大小不同（5）在相同时间内水和煤油吸收的热量相同 【解析】【解答】解：（1）根据转换法，水和煤油吸收热量的多少是通过加热时间的长短来比较吸热多少；故还用到秒表；（2）通过分析实验数据，能够得出的结论是：质量相同的水和煤油升高相同温度，吸收的热量不同（或质量相同的水和煤油升高相同温度，水吸热的热量多）（3）加热时间相同，吸收的热量相同，AB不符合题意，由表中数据，由（2）知，加热相同时间，水升温慢，C符合题意，D不符合题意；（4）使质量相同的水升高相同的温度，加热时间应该相同，但1、2两组的同学在

33、交流实验数据时发现：第1小组的加热时间明显偏长，其原因可能是：酒精灯的火焰大小不同；（5）将分别装有水和煤油的试管放在同一个烧杯中用水加热，如图丙所示，而不是用两个酒精灯分别加热，这样做的好处是：在相同时间内水和煤油吸收的热量相同。【分析】对比热容这一物理量的理解，我们要能够根据相关的实验数据得出我们需要的知识，涉及到温度计的使用（读数时，视线应与温度计内液面平齐，温度计的玻璃泡不能接触器壁和底部，不能将温度计从被测物体中拿出来读数），控制变量法（把多变量的问题变成多个单变量的问题；每一次只改变其中的某一个变量，而控制其余几个变量不变，从而研究被改变的这个变量对事物影响，分别加以研究，最后再综

34、合解决）及转换法（通过观察液体温度的变化来研究水和食用油的吸热能力）的应用.五、计算题23.【答案】 （1）解：圆柱体对容器底部的压力：FG柱m柱ggV柱gS1h0.8103kg/m310N/kg120104m220102m19.2N；圆柱体对容器底部的压强：p 1600Pa；（2）解：向容器内缓缓注水直至圆柱体对容器底部的压力刚好为零，圆柱体刚好处于漂浮状态，则：F浮G柱19.2N，由F浮水gV排水gS1h水得水的深度：h水 0.16m，此时水对容器底部产生的压强：p水gh水1103kg/m310N/kg0.16m1600Pa；所注水的体积：V水（SS1）h水（200104m2120104m

35、2）0.16m1.28103m3 ， 所注水的重力：G水m水g水gV水1103kg/m310N/kg1.28103m312.8N。【解析】【分析】（1）利用F=G=mg=gV求圆柱体对容器底部的压力，再利用p=求圆柱体对容器底部的压强；（2）向容器内缓缓注水直至圆柱体对容器底部的压力刚好为零，圆柱体刚好处于漂浮状态，F浮=G，利用F浮=水gV排=水gSh水求水的深度，再利用p=gh求容器底部产生的压强；再利用G水=m水g=水gV水=水g（S-S1）h求所注水的重力.24.【答案】 （1）解：小灯泡的额定功率是：PLULIL2.5V0.25A0.625W；（2）解：只闭合开关S、S2和S3 ，

36、分析电路的连接，L短路，电阻 R1与R2并联，并联的总电阻，R并 10，由I 可得电源电压：UIR并0.45A104.5V；（3）解：只闭合开关S、S1 ， 灯泡L与R1串联，R2不接入电路，移动变阻器的滑片P，向左移动时，R1变大，电压表的示数也变大，当电压表示数为3V时，R1最大，则R1的电压U1大3V，此时小灯泡两端的电压为：ULUU1大4.5V3V1.5V，由图乙可知电路中最小电流：I最小0.2A，所以R1连入电路的电阻：R1 15，当滑片向右移动时，R1变小，电流表的示数变大，UL也变大，由图象可知电路中的最大电流：I最大0.25A0.6A（电流表安全），由图象可知，此时UL2.5V

37、，R1两端的电压为：U1UUL4.5V2.5V2V，R1连入电路的电阻：R1 8，所以在保证各元件安全的情况下，滑动变阻器R1允许的取值范围是815。【解析】【分析】（1）根据电功率的计算公式P=UI求灯的额定功率；（2）只闭合开关S、S2和S3 ， 分析电路的连接，L短路，电阻R1与R2并联，求出并联的总电阻，已知电流根据欧姆定律求出电源电压；（3）只闭合开关S、S2 ， R1与灯泡串联，R2不接入电路，移动变阻器的滑片P，向左移动时，R1变大，电压表的示数也变大，当电压表示数为3V时，R1最大，可求R1的电压，即可得小灯泡的电压，可得电路中最小电流，可求此时滑动变阻器的电阻；当滑片向右移动时，R1变小，电流表的示数变大，UL也变大，由图象可知电路中的最大电流，根据欧姆定律可求此时滑动变阻器的电阻，即可得在保证各元件安全的情况下，滑动变阻器R1允许的取值范围.