浙江省宁波市九校2022学年高三第二次调研生物试卷(含解析）.pdf

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1、2022学年高考生物模拟试卷考生请注意：1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（共 6 小题，每小题6 分，共 36分。每小题只有一个选项符合题目要求）1.植物生长调节剂广泛应用到农业生产上，并产生了一些人们原来没有预料到的影响，下列相关叙述，正确的是（）A.天然状态下的凤梨开花结果时期参差不齐，可利用乙烯利促进其果实的发育，做到有计划上市B.利用高浓

2、度的2,4-D作除草剂，可抑制麦田中的双子叶杂草C.利用生长素类似物培育成的无子西瓜与多倍体育种培育成的无子西瓜都属于不可遗传的变异D.赤霉素能促进细胞分裂、种子萌发等，可利用赤霉素溶液处理大麦使之产生更多的a-淀粉酶2.将生长状态一致的某种植物幼苗分成甲、乙两组，分别移人同种适宜的营养液中在光下培养，并给甲组的营养液适时通人空气，乙组不进行通气处理。一定时间后测得甲组的根对a 离子的吸收速率远大于乙组的。由此说明根细胞对a 离子的吸收过程属于（）A.主动运输 B.被动运输C.自由扩散 D.协助扩散3.将紫花、长 花粉粒（PPLL）与红花、圆花粉粒（ppll）的香豌豆杂交得到Fi.F i自交所

3、得F2的表现型及比例为：紫 长（4 831）、紫 圆（390）、红 长（393）、红 圆（4 783）。下列对用产生配子过程的分析，不正确的是（）A.P 与 p、L 与 1可以随同源染色体的分开而分离B.P 与 L、p 与 1可随同一条染色体传递到配子中C.P 与 1、p 与 L 因非同源染色体自由组合而重组D.P 与 1、p 与 L 因同源染色体间交叉互换而重组4 .下列有关人体细胞结构与功能的叙述，正确的是（）A.DNA分子中一条链上的磷酸和核糖通过氢键连接B.线粒体内O2/CO2的值比细胞质基质内的高C.主动运输有助于维持细胞内元素组成的相对稳定D.无氧呼吸不需要02 的参与，该过程最终

4、有 H 的积累5.2015年诺贝尔化学奖颁给了研究DNA修复细胞机制的三位科学家。P53蛋白对细胞分裂起监视作用。P53蛋白可判 断 DNA损伤的程度，如果损伤较小，该蛋白就促使细胞自我修复（过程如下图所示）；若损伤较大，该蛋白则诱导细胞凋亡。下列有关叙述错误的是（）P53蛋白与损伤DNA结合细胞分裂停止，被修复的细P53蛋白激活DNA 胞继续分裂修复醐A.抑 制 P53蛋白基因的表达，细胞将不能分裂B.P53蛋白可使DNA受损的细胞分裂间期延长C.P53蛋白可导致细胞内的基因选择性表达D.细胞凋亡的诱导因子有多种6.下列关于生物变异与进化的叙述，正确的是()A.染色体结构变异可能使种群基因频

5、率改变B.由环境引起的生物变异是不能遗传的变异C.生物适应环境的特征决定生物进化的方向D.地理隔离是物种产生生殖隔离的必要条件二、综合题：本大题共4 小题7.(9分)纤维素是植物秸秆的主要成分，可利用纤维素酶将其降解为葡萄糖，再利用葡萄糖生成酒精。回答下列问题：(1)纤维素酶是一种复合酶，一般认为它至少包括三种组分，即。(2)在葡萄酒的自然发酵过程中，起主要作用的酵母菌来自,发酵后是否有酒精产生可以利用_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ 来检验。(3)科研人员将纯化的酵母菌与海藻酸钠制成凝胶珠是利用 法固定酵母菌细胞提高其利用率。一般来说，细胞更适合此法固定化，而酶更适合采用 和 法固定化

6、，这是因为 o8.(10分)破伤风由破伤风杆菌引起，窄而深的皮肤伤口(如刺伤)易营造厌氧环境，有利于破伤风杆菌生长并分泌外毒素，对机体造成损害。请回答下列问题：(1)人体有三道防线，其中皮肤属于保卫人体的第 道防线。(2)当破伤风杆菌入侵机体时，其分泌的外毒素会使机体产生相应的抗体，这属于特异性免疫反应中的免疫。侵入机体的破伤风外毒素被吞噬细胞摄取、处理后，传递给T 细胞，进而刺激B 细胞增殖分化，引起B 细胞增殖分化的两个条件分别是 o(3)破伤风是可以通过注射破伤风疫苗预防的。与未接种破伤风疫苗的人体比较，当破伤风外毒素侵入已经接种破伤风疫苗的人体后会更快地被清除掉，其主要原因是 o 接种

7、破伤风疫苗的人体对破伤风外毒素产免疫力，而对流感病毒没有免疫力，这体现了抗体具有_ _ _ _ _ _ _ _ _ _性。（4）对于没有接种过破伤风疫苗的伤者，应尽早皮下注射破伤风抗毒血清。破伤风抗毒血清中起关键作用的物质是抗外毒素球蛋白，其作用是 o9.（10分）阅读以下材料回答问题：染色体外DNA：癌基因的载体人类DNA通常形成长而扭曲的双螺旋结构，其中大约30亿个碱基对组成了 23对染色体，并奇迹般地挤进每个平均直径只有6 微米的细胞核中。在真核生物中，正常的DNA被紧紧包裹在蛋白质复合物中。为了读取DNA的遗传指令,细胞依靠醒和复杂的“机械”来切割和移动碎片，一次只能读取一部分，就像是

8、阅读一个半开的卷轴。过去，科学家们大多是依靠基因测序，来研究肿瘤细胞DNA里的癌基因。最 近 在 Nature杂志上发表的一篇新研究表明，在人类肿瘤细胞中发现大量如“甜甜圈 般的环状染色体外DNA（ecDNA,如图中黑色箭头所指位置）。科学家们指出，ecDNA是一种特殊的环状结构，看起来有点像细菌里的质粒DNA。这类独立于染色体存在的环状DNA在表达上并不怎么受限，很容易就能启动转录和翻译程序。在人类健康的细胞中几乎看不到ecDNA的痕迹，而在将近一半的人类癌细胞中，都可以观察到它，且其上普遍带有癌基因。ecDNA上的癌基因和染色体DNA上的癌基因都会被转录，从而推动癌症病情的发展。但由于两类

9、癌基因所在的位置不同，发挥的作用也无法等同。家也较D N A当癌细胞发生分裂时，这些ecDNA被随机分配到子细胞中。这导致某些子代癌细胞中可能有许多ecD N A,细胞中的癌基因也就更多，这样的细胞也会更具危害；而另一些子代癌细胞中可能没有ecDNA。癌细胞能够熟练地使用ecDNA,启动大量癌基因表达，帮助它们快速生长，并对环境快速做出反应，产生耐药性。研究还发现，ecDNA改变了与癌症相关基因的表达方式，从而促进了癌细胞的侵袭性，并在肿瘤快速变异和抵御威胁（如化疗、放疗和其他治疗）的能力中发挥了关键作用。相比起染色体上的癌基因，ecDNA上的癌基因有更强的力量，推动癌症病情进一步发展。（1）

10、请写出构成DNA的 4 种基本结构单位的名称 o（2）真核细胞依靠酶来读取DNA上的遗传指令，此时需要酶的是 （填写以下选项前字母）a.解旋酶 b.DNA聚合酶 c.DNA连接酶 d.RNA聚合酶（3）依据所学知识和本文信息，指出人类正常细胞和癌细胞内DNA的异同（4）根据文中信息，解释同一个肿瘤细胞群体中，不同细胞携带ecDNA的数量不同的原因_ _ _ _ _ _ _ _ _（5）依据所学知识和本文信息，提 出 1 种治疗癌症的可能的方法-10.（10分）C 肽又称连接肽，由胰岛B 细胞分泌，它与胰岛素有一个共同的前体胰岛素原。1 分子胰岛素原经蛋白酶的作用，分解为1 分子胰岛素和1 分子

11、C 肽，同时释放入血液中。如图所示1 分子胰岛素原切去C 肽形成胰岛素的过程（图中箭头表示切点，数字表示氨基酸序号，-S-S-表示二硫键），据图回答下列问题：B 链（1）胰岛素是由_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _个氨基酸组成的蛋白质，至少含有 个游离竣基。蛋白酶可以水解蛋白质，而在胰岛素形成过程中蛋白酶的作用是 o（2）在临床中，对于接受胰岛素治疗的患者，测定其血液中胰岛素水平，不能评价自身胰岛功能。可以通过测定C肽水平，来评价自身胰岛B 细胞的功能，其原因是.（3）胰 岛 素 功 能 主 要 是.临床上低血糖原因可以分为两种，一是胰岛素分泌过多，二是其他原因。如何通过测定C 肽

12、水平米判断低血糖原因，请加以说明：.11.（15分）图 1 表示光合作用过程概要的模式图，其中，-表示化学反应，A-F 代表物质。图 2 表示将某绿藻细胞悬浮液放入密闭的容器中，在保持一定的p H 值和温度时，给于不同条件时细胞悬浮液中溶解氧浓度变化的模式图。据图回答问题：A图1光照开始一.(乙)O24溶解氧(微摩尔)丙C甲，(X暗,oO2O220 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14图2 时间(分)(1)写出下列反应或物质的名称。;D.(2)据 图 2 分析，该绿藻细胞的呼吸速率为 微摩尔/分。(3)在 图 2 中乙处给予光照时，分析瞬间A TP的 变 化 为；在

13、丙处添加CO2时，分析短时间内C5的变化为 o(4)若 在 图 2 中丁处给予光补偿点(此时光合速率等于呼吸速率)的光照，则正确表示溶解氧变化的曲线是ag中的。(5)若在图2 中丁处加入使光反应停止的试剂，则正确表示溶解氧变化的曲线是ag 中的 o(6)若 在 图 2 中丁处给予适宜条件，使溶解氧的变化如图中的b,预 计 1 小时后，实际产生的氧气量为微摩尔。参考答案（含详细解析）一、选择题：（共 6 小题，每小题6 分，共 36分。每小题只有一个选项符合题目要求）1、B【答案解析】植物激素包括生长素、赤霉素、细胞分裂素、乙烯、脱落酸等，生长素具有促进植物生长、促进插条生根和促进子房发育成果实

14、等作用；赤霉素具有促进植物生长、抑制种子休眠、促进种子萌发的作用；细胞分裂素的作用是促进细胞分裂；乙烯的作用是促进果实成熟；脱落酸的作用是促进果实、叶片等器官的衰老和脱落。【题目详解】A、乙烯促进果实成熟而不是发育，A 错误；B、利用高浓度的2,4-D作除草剂，可抑制麦田中的双子叶杂草，B 正确；C、利用生长素类似物培育成的无子西瓜属于不可遗传变异，而多倍体育种培育成的无子西瓜的原理是染色体变异，属于可遗传变异，C 错误；D、赤霉素能促进解除种子休眠，促进种子萌发，但是不能促进细胞分裂，D 错误。故 选 B。2、A【答案解析】小分子物质跨膜运输的方式和特点：名称运输方向载体能量实 例自由扩散（

15、简单扩散）高浓度-低浓度不需不需水,C（h,O2,甘油，苯、酒精等协助扩散（易化扩散）高 浓 度 T 低浓度需要不需红细胞吸收葡萄糖主动运输低 浓 度-高浓度需要需要小肠绒毛上皮细胞吸收氨基酸，葡萄糖等【题目详解】分析题意可知，甲组的营养液适时通入空气，乙组不进行通气处理。一定时间后测得甲组的根对a 离子的吸收速率远大于乙组的。说明根对a 离子的吸收和有氧呼吸有关，是消耗能量的，应该是主动运输，A 正确。故选A。3、C【答案解析】由题意知：子一代的基因型为PpL L 用自交所得F2的表现型及比例为：紫 长（4 831）、紫 圆（390）、红 长（393）、红圆（4 783）,即 紫：红=1：1

16、,长：圆=1：1,且表现为两多两少，由此可判定P 与 L、p 与 1连锁。【题目详解】A、由于P 与 p、L 与 1是等位基因，故可以随同源染色体的分开而分离，A 正确；B、子一代的基因型为PpLL若满足自由组合定律则F i自交正常情况下，子代紫：红=3：1,长：圆=3：1,但与题意不符，说明存在连锁情况，根据比例可知P 与 L、p 与 1连锁，可随同一条染色体传递到配子中，B 正确；C、由于P 与 L、p 与 1连锁，位于一对同源染色体上，C 错误；D、P 与 L、p 与 1连锁，位于一对同源染色体上，所以F2中的紫圆、红长属于重组类型即四分体时期非同源染色体上的非姐妹染色单体发生了交叉互换

17、，D 正确。故选C。【答案点睛】本题解决的关键，利用题目中的信息，明确基因的连锁关系，把握知识间的内在联系。4、C【答案解析】有氧呼吸的过程：第一阶段：在细胞质的基质中。反应式：1C6H12O6（葡萄糖）S.2 C 3 H（丙酮酸）+4 H+少量能量（2ATP）第二阶段：在线粒体基质中进行。反应式：2c3H4。3（丙酮酸）+6H2O,20H+6CO2+少量能量（2ATP）第三阶段：在线粒体的内膜上，这一阶段需要氧的参与，是在线粒体内膜上进行的。反应式：24 H+6O2t.1H2O+大量能量（34 ATP）无氧呼吸的过程：第一阶段：在细胞质的基质中。反应式：1C6H12O6（葡萄糖）驾 2c3H

18、式 3（丙酮酸）+4 H+少量能量（2ATP）第二阶段：在细胞质基质反应式：2c3H4。3（丙酮酸）+4 H2C2H5OH（酒精）+2CO2【题目详解】A、DNA分子中一条链上的磷酸和脱氧核糖通过磷酸二酯键连接，A 错误；B、气体分子出入线粒体的方式为自由扩散，氧气从细胞质基质进入线粒体，而二氧化碳从线粒体进入细胞质基质，由此可知线粒体内O2/CO2的值比细胞质基质内的低，B 错误；C、主动运输满足了细胞对所需物质的需求，进而有助于维持细胞内元素组成的相对稳定，C 正确；D、无氧呼吸不需要02 的参与，但该过程最终不会出现 H 的积累，D 错误。故选C。5、A【答案解析】分 析 图 图 中 D

19、NA发生损伤后，P53蛋白会和该DNA结合；此时细胞停止分裂，P53蛋白激活DNA修复酶；修复后的细胞再进行正常的细胞分裂。【题目详解】A、P53基因编码的蛋白质可阻止细胞的不正常增殖，故 P53基因是一种抑癌基因，因此抑制P53蛋白基因的表达，细胞将会出现不正常的增殖，A 错误；B、DNA复制过程如出现受损，则 P53蛋白修复过程需要相应的时间，使间期延长，B 正确；C、P53基因可诱导细胞凋亡，细胞凋亡是受基因控制的，因此与细胞内基因的选择性表达有关，C 正确；D、根据题意可知，若 DNA损伤较大，该蛋白则诱导细胞衰老和凋亡，此外诱导细胞凋亡的因子还有多种，如效应T细胞激活靶细胞使其凋亡，

20、D 正确。故选A。6、A【答案解析】1、变异包括可遗传变异和不可遗传变异，前者是由于遗传物质改变引起的，后者是由环境因素引起的。可遗传的变异包括：(1)基因突变是基因结构的改变，包括碱基对的增添、缺失或替换；(2)基因重组是指同源染色体上非姐妹单体之间的交叉互换和非同源染色体上非等位基因之间的自由组合；(3)染色体变异是指染色体结构和数目的改变。染色体结构的变异主要有缺失、重复、倒位、易位四种类型。染色体数目变异可以分为两类：一类是细胞内个别染色体的增加或减少，另一类是细胞内染色体数目以染色体组的形式成倍地增加或减少。2、现代生物进化理论的基本观点：种群是生物进化的基本单位，生物进化的实质在于

21、种群基因频率的改变；突变和基因重组产生生物进化的原材料；自然选择使种群的基因频率发生定向的改变并决定生物进化的方向；隔离是新物种形成的必要条件。【题目详解】A、染色体结构变异中的缺失、重复能造成基因数目的变化，引起种群基因频率的改变，A 正确；B、由环境引起的变异，若遗传物质发生改变，则是可遗传的变异，B 错误；C、自然选择决定生物的进化的方向，C 错误；D、地理隔离不是生殖隔离的必要条件，如多倍体的形成可以不经过地理隔离，D 错误。故选A。【答案点睛】本题考查生物变异与进化的主要内容，要求考生识记变异的类型、现代生物进化理论的主要内容，能结合所学的知识准确判断各选项。二、综合题：本大题共4

22、小题7、G 酶、Cx酶、葡萄糖甘酶 附着在葡萄皮上的野生型酵母菌 重倍酸钾 包埋 化学结合法 物理吸附 细胞体积大，而酶分子小；体积大的细胞难以被吸附或结合，而体积小的酶容易从包埋材料中漏出【答案解析】1.果酒的制作离不开酵母菌，酵母菌是兼性厌氧型生物，在有氧条件下，酵母菌进行有氧呼吸，大量繁殖，在无氧条件下，酵母菌进行酒精发酵。温度是酵母菌生长和发酵的重要条件，酵母菌酒精发酵时，一般在一般将温度控制在1825,在葡萄酒自然发酵过程当中，其主要作用的是附着在葡萄皮上的野生酵母菌。2.固定化酶和固定化细胞技术是利用物理或化学的方法将酶或细胞固定在一定空间内的技术。包括包埋法、化学结合法和物理吸附

23、法。固定化酶优点是使酶既能与反应物接触，又能与产物分离，还可以被反复利用；固定化细胞优点是成本更低，操作更容易，可以催化一系列的化学反应。【题目详解】（1）纤维素酶是一种复合酶，包 括 Ci酶、Cx酶、葡萄糖昔酶。（2）在葡萄酒的自然发酵过程中，所用的酵母菌是附着在葡萄皮上的野生型酵母菌，发酵产物酒精在酸性条件下与重铝酸钾反应呈灰绿色，以此来检验酒精的产生。（3）科研人员将纯化的酵母菌利用包埋法固定，以提高其利用率，具体做法是将活化的酵母菌与海藻酸钠混合，然后以一定速度注入到CaCL溶液中制成凝胶珠。一般来说，细胞更适合此法固定，因为细胞体积大，难以被吸附或结合;而酶分子小，体积小的酶容易从包

24、埋材料中漏出，因此酶适合采用化学结合法和物理吸附法固定。【答案点睛】熟知酒精发酵的操作流程及其原理是解答本题的关键！掌握固定化酶技术及其优势是解答本题的另一关键！8、-体液 抗 原（或破伤风外毒素）的刺激、淋巴因子的作用 记忆细胞受到破伤风外毒素的刺激迅速增殖分化形成大量的浆细胞，浆细胞分泌大量的抗体 特 异（或专一）与破伤风外毒素特异性结合，使破伤风外毒素失去毒性【答案解析】1、人体有三道防线，皮肤和黏膜等组成第一道防线，体液中的杀菌物质和吞噬细胞构成第二道防线，这两道防线属于非特异性免疫，第三道防线主要是由免疫器官和免疫细胞借助血液循环和淋巴循环而组成的特异性免疫。2、体液免疫的大致过程：

25、大多数病原体经过吞噬细胞等的摄取和处理，暴露出这种病原体所特有的抗原，将抗原传递给 T 细胞，刺激T 细胞产生淋巴因子。少数抗原直接刺激B 细胞。B 细胞受到刺激后，在淋巴因子的作用下，开始一系列的增殖、分化，大部分分化为浆细胞，产生抗体，小部分形成记忆细胞。抗体可以与病原体结合，从而抑制病原体的繁殖和对人体细胞的黏附。在大多数情况下，抗原、抗体结合后会发生一系列变化，如形成沉淀或细胞集团，进而被吞噬细胞吞噬消化。记忆细胞可以在抗原消失后很长时间内保持对这种抗原的记忆，当再次接触这种抗原时，能迅速增殖分化，快速产生大量的抗体。3、二次免疫的特点：强度更强更迅速持续时间更长。【题目详解】（1）人

26、体有三道防线，皮肤和黏膜等组成第一道防线，体液中的杀菌物质和吞噬细胞构成第二道防线，这两道防线属于非特异性免疫。（2）破伤风外毒素会使机体产生相应的抗体，这属于特异性免疫反应中的体液免疫。B 细胞增殖分化为浆细胞及记忆细胞，需要抗原的刺激以及淋巴因子的作用。（3）人体接种破伤风疫苗后，体内会产相应记忆细胞，在受到破伤风外毒素的刺激后该记忆细胞会迅速增殖分化形成大量的浆细胞，由浆细胞分泌大量的抗体。抗体具有专一性，故接种破伤风疫苗的人体对破伤风外毒素能够产生免疫力，而不会对流感病毒产生免疫力。（4）破伤风抗毒血清中起关键作用的是抗外毒素球蛋白（抗体），其作用是与破伤风外毒素特异性结合，使破伤风外

27、毒素失去毒性。【答案点睛】本题以破伤风芽袍杆菌为背景，考查免疫调节的相关知识，旨在考查识记能力与知识的迁移运用能力。9、腺嚓聆脱氧核糖核甘酸、鸟喋吟脱氧核糖核甘酸、胞喀咤脱氧核糖核甘酸、胸腺喀咤脱氧核糖核甘酸 d 相同：与蛋白质结合构成细胞核内的染色体，还有少量DNA位于线粒体中（或细胞质）不同：肿瘤细胞中有位于染色体之外的环状DNA（肿瘤细胞有ccDNA）因为肿瘤细胞分裂时，ccDNA是随机分期的，所以同一个肿瘤细胞群体中，不同细胞携带ccDNA的数量不同。研发抑制ccDNA上癌基因的转录的药物,研发能在细胞核内降解裸露DNA的物质【答案解析】真核生物的染色体存在于细胞核内，根据图示可知，e

28、cDNA是一种特殊的环状结构，存在染色体周围，说明也存在细胞核内。这类独立于染色体存在的环状DNA在表达上并不怎么受限，很容易就能启动转录和翻译程序。在人类健康的细胞中几乎看不到ecDNA的痕迹，而在将近一半的人类癌细胞中，都可以观察到它，且其上普遍带有癌基因。ecDNA上的癌基因和染色体DNA上的癌基因都会被转录，从而推动癌症病情的发展。正常细胞的分裂染色体是平均分配到两个子细胞中的，而当癌细胞发生分裂时，这 些 ecDNA被随机分配到子细胞中。【题目详解】(1)DNA的 4 种基本结构单位的名称为：腺噂吟脱氧核糖核昔酸、鸟嚓吟脱氧核糖核昔酸、胞嗑咤脱氧核糖核昔酸、胸腺喀嚏脱氧核糖核甘酸。(

29、2)真核细胞依靠酶来读取DNA上的遗传指令的过程属于转录过程，需要RNA聚合酶，故 d 符合题意。(3)由题中资料及所学知识可得，人类正常细胞和癌细胞内DNA相同点为：均与蛋白质结合构成细胞核内的染色体,还有少量DNA位于线粒体中(或细胞质)。二者不同点为：肿瘤细胞中有位于染色体之外的环状DNA(肿瘤细胞有ecDNA)(4)由题中信息“当癌细胞发生分裂时，这些ecDNA被随机分配到子细胞中“可知，不同细胞携带ecDNA的数量不同是因为肿瘤细胞分裂时，ecDNA是随机分配的，所以同一个肿瘤细胞群体中，不同细胞携带ecDNA的数量不同。(5)根据题意“ecDNA在表达上并不怎么受限，很容易就能启动

30、转录和翻译程序”，可研发抑制ecDNA上癌基因的转录的药物，从而抑制癌细胞增殖。或研发能在细胞核内降解裸露DNA的物质，使 其 DNA被分解。【答案点睛】本题信息量很大，要求考生具有一定的阅读能力和提取信息的能力。10.51 2 去掉C 肽 胰岛素原转变成胰岛素时，C 肽与胰岛素以等分子数共存于分泌颗粒并同时释放至毛细血管，进入血液循环中，因此对于接受胰岛索治疗的患者在临床上可以通过测定C 肽，来了解胰岛B 细胞的功能促进组织细胞对葡萄糖的摄取，利用和储存，降低血糖浓度 若 C 肽超过正常范围，可认为是胰岛索分泌过多所致;如 C 肽值不超过正常范围，则为其他原因所致。【答案解析】H构成蛋白质的

31、基本单位是氨基酸，其结构通式是叫N：一COOH，即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个竣基,H且都有一个氨基和一个残基连接在同一个碳原子上，氨基酸的不同在于R 基的不同。因为组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列次序不同，肽链的空间结构千差万别，因此蛋白质分子的结构具有多样性。蛋白酶能催化蛋白质的水解，使蛋白质分解为多肽或氨基酸等【题目详解】(1)由图可知，胰岛素由A、B 两条肽链，共 51个氨基酸组成，两条肽链至少含有2 个游离的氨基和2 个游离的竣基；依题可知胰岛素原形成胰岛素时，利用蛋白酶催化胰岛素原的水解，因此形成胰岛素这种蛋白质的过程中会用到蛋白酶的催化水解作用，去掉C 肽。(2)胰

32、岛素原转变成胰岛素时，C 肽与胰岛素以等分子数共存于分泌颗粒并同时释放至毛细血管，进入血液循环中，C 肽不受外源性胰岛素的影响，因此对于接受胰岛素治疗的患者在临床上可以通过测定C 肽，来了解胰岛B 细胞的功能。(3)胰岛索能促进组织细胞对葡萄糖的摄取、利用和储存，从而降低血糖浓度。正常情况下，若 C 肽超过正常范围，则胰岛素同时增多，而胰岛素分泌过多会导致血糖浓度低；如 C 肽值不超过正常范围，则为其他原因所致。【答案点睛】熟知蛋白质的结构辨析是解答本题的关键！能提取题目中的关键信息，C 肽与胰岛素的等数性是解答本题的另一关键!11、水的光解 NADPH(H)2.5 增加 减少 d e 750

33、【答案解析】题图是解答本题的切入点，从 图 1可知，光能的吸收，水的光解，ATP个合成，暗反应，A 是水，B 是氧气,C 是 CO2,D 是 NADPH,E 是 ATP,F 是糖类。从图2 分析可知，光照之前只进行呼吸作用，只需根据氧气吸收的总量比时间即可计算出呼吸速率。光照影响光合作用的光反应过程，它能促进ATP的生成和水的光解；在丙处添加CO2时，要考虑到二氧化碳影响的是光合作用的暗反应中的二氧化碳的固定。丁点以后，若曲线不变，则表示光合作用等于呼吸作用强度；若曲线上升，则表示光合作用大于呼吸作用强度；如果曲线下降，则表示光合作用小于呼吸作用或只进行呼吸作用。【题目详解】(1)由图1 可知

34、应是色素吸收光能，是水的光解，是 AD P形 成 ATP的过程，是光合作用的暗反应，物质D 是水的光解形成的，并且要参与暗反应应是H。(2)在光照开始之前，细胞只进行呼吸作用，呼吸作用第一阶段的场所为细胞质基质，第二、三两阶段发生在线粒体中；在 04 分细胞吸收的氧气的值=210-200=10微摩尔，因此该绿藻细胞的呼吸速率=10+4=2.5微摩尔/分。(3)在乙处给予光照时，此时光合作用的光反应产生ATP增加，光反应的场所为叶绿体的类囊体薄膜。在丙处添加CO2时，会促进暗反应的二氧化碳的固定，从而导致C 5的数量减少，而 C3的数量增多。(4)如果丁处是光补偿点，则此时的呼吸作用强度与光合作

35、用强度相同故氧气的量不会增加，应是曲线do(5)若在丁处加入光反应抑制剂，此时绿藻细胞不能进行光合作用，只能进行呼吸作用，又恢复到04 分时的状态,并且呼吸速率不变，因此e 可以表示溶解氧变化的曲线。(6)实际产生的氧气量应是净氧气量和呼吸作用消耗的氧气量，由图可知每分钟的净氧气产生量是(290-260)/(12-9)=10微摩尔/分，由 第(2)问可知呼吸作用消耗的氧气量是每分钟2.5微摩尔/分，故产生的氧气量是每分钟12.5微摩尔/分，在 l h 内共产生12.5x60=750微摩尔/分。【答案点睛】本题考查了影响光合作用和呼吸作用的环境因素，意在考查考生能从题目所给的图形中获取有效信息的能力；理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力；能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力。