2022年必考点解析沪科版九年级物理第十七章从指南针到磁浮列车章节训练试题（含答案解析）.pdf

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1、沪科版九年级物理第十七章从指南针到磁浮列车章节训练考试时间：9 0 分钟；命题人：物理教研组考生注意：1、本卷分第I 卷（选择题）和第H卷（非选择题）两部分，满分1 0 0 分，考试时间9 0 分钟2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。第I卷（选 择 题30分）一、单选题（1 0 小题，每小题3 分，共计3 0 分）1、巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，如图是说明巨磁电特性原理

2、的示意图，图中G M R 是巨磁电阻，当G M R 巨磁电阻旁磁场增大时其电阻值减小。闭合，、S 2 后，下列说法正确的是（）A.电磁铁的右端是S极B.滑片P向右滑动时电磁铁的磁性增大C.滑片P向左滑动时指示灯变亮D.滑片P向左滑动时电流表的示数变大2、关于磁现象的认识中，下面说法正确的是（）A.磁体能吸引铁、铜、钻等物质B.同名磁极互相吸引，异名磁极互相排斥C.地球相当于一个巨大的磁体，地磁场的北极在地理的南极附近D.磁体之间只有相互接触时才能产生相互作用力3、要使电磁铁的两个磁极对调，可采取的方法是（）A.改变电流方向 B.增加螺线管的匝数C.减小电流 D.将铁芯从螺线管中拔出4、以下说法

3、中正确的是（）A.磁场是真实存在的B.磁感线是从磁场中实际存在的曲线C.毛皮摩擦过的橡胶棒具有吸引铁钻银的性质D.小磁针N极在磁场中某点所受磁力的方向跟该点的磁场方向相反5、一学生利用手中的条形磁体做了以下实验，其中结论正确的是（）A.同名磁极互相吸引B.条形磁体能够吸引小铁钉C.将条形磁体用细线悬挂起来，当它在水平面静止时北极会指向地理南方D.条形磁体与小磁针之间隔了一层薄玻璃后就没有相互作用了6、1元硬币的外观有银白色的金属光泽，同学们认为它可能是由铁制成的。在讨论时，有同学提出我们可以拿磁铁来吸下，就“认为它可能是由铁制成的”这一说法而言，属于科学探究中的（）A.提出问题 B.猜想与假设

4、 C.进行实验与收集证据D.交流与合作7、在物理实验中，把难于测量或测准的物理，通过转换变成能够测量或测准的物理量，或者把某些不易显示的物理现象转换为易于显示的现象的方法，称之为转换法。下列实验中没有利用转换法的是（）A.探究物体的动能跟哪些因素有关时，通过木块被撞的远近来判断钢球动能的大小B.在探究二力平衡的实验中，不断改变力的大小、方向、作用点进行实验C.在探究影响电磁铁的磁性强弱因素的实验中，用吸引大头针个数的多少来反映电磁铁磁性的强弱D.在探究电流产生的热量跟哪些因素有关的实验中，用煤油升高温度的大小来反映电流通过电阻丝产生热量的多少8、首先发现电流周围存在磁场的物理学家是（）A.伏特

5、 B.安培 C.帕斯卡 D.奥斯特9、某同学按照图甲所示连接好电路。闭合开关前，小磁针的指向如图甲所示；闭合开关，小磁针的偏转情况如图乙中箭头所示；只改变电源的正负极，再次进行实验，小磁针的偏转情况如图丙中箭头所示。下列结论中合理的是（）B.由甲、乙两图可得电流的磁场方向与电流方向有关C.由乙、丙两图可得电流的磁场强弱与电流大小有关D.由乙、丙两图可得电流的磁场方向与电流方向有关10、如图所示，下列关于电与磁的分析正确的是（）A.如图甲，能自由转动的小磁针静止时N极指向地磁的北极B.如图乙，滑动变阻器的滑片向左滑动，电磁铁磁性会增强C.如图丙，小小电动机线圈能转动是利用电磁感应原理D.如图丁，

6、录音带、录像带等利用超导体材料记录信息第n卷（非 选 择 题70分）二、填空题（5 小题，每小题3 分，共计1 5 分）1、如图甲所示使烛焰在光屏上成清晰的像，将烛焰远离凸透镜后，光屏上的像变模糊了，此时将一眼镜放置在凸透镜前，光屏上的像又清晰了，此过程模拟了 眼的矫正过程。如图乙所示装置闭合开关，电磁铁的下端为 极；当滑片P向 移动时，吊着磁体的弹簧将伸长。2、小明同学利用课余时间制作一个简易的电磁铁，并设计了如图所示的电路来探究电磁铁的磁性强弱与什么因素有关。大铁钉（1）在本实验中，要想判断电磁铁的磁性强弱，可通过观察其；（2）若将滑片P向右缓慢滑动，发现部分大头针从电磁铁上落下来，这一现

7、象表明 o3、如图为应急照明灯及其自动控制电路，分电器的作用是把2 2 0 V 的交流高压转化为1 2 V 的直流低电压，并且分两路输出。供电线路有电时，照明灯（填“亮”或“不亮”），蓄电池（填“充电”或“放电”）；供电线路停电时，若照明灯L损坏，贝 I J L?_ _ _ _ _（填“亮”或“不亮”）。4、如图所示是一款自动清洁地面的扫地机器人，它主要是利用电动机来工作的，其中电动机的原理如图_ _ _ _ _ _ _ （选填“甲”或“乙”）。人可以利用遥控器操控它的工作状态，遥控器是利用（选填“超声波”或“红外线”）向机器人发送指令的。乙5、根据水的导电性可以设计一种水位自动报警器，其原理

8、如图所示。图中的螺线管中插入了一根软铁棒，通电后磁性会更_ _ _ _ _ _ _ _ （选填“强”或“弱”）;当水位到达金属块A 时，_ _ _ _ _ _ _（选填“红”或“绿”）灯亮。三、计算题（5 小题，每小题8 分，共计4 0 分）1、小明家的饮水机具有自动加水和加热两种功能，烧水时，先按一下加水按钮，自吸泵把水从水桶抽到壶内，当壶内水位达到规定容量时，自吸泵自动停止抽水；再按一下加热按钮，加热装置将对壶内的水加热.如图所示.“控制电路”中的热敏电阻用的阻值随温度变化的曲线如图所示.电磁铁线圈电阻可忽略不计，“饮水机”共安装有2 根加热电热丝和一根保温电热丝，当电磁铁线圈中电流大于或

9、等于5 0 m A时，继电器的衔铁被吸合，使加热电路断开，保温电路工作.当线圈中的电流小于或等于4 0 m A时，继电器的衔铁被释放，使加热电路闭合.电磁继电器的电源两端电压华6V,饮水机的参数如表所示已知水的比热容c k 4.2 X 1()3 J/(k g ),水的密度0水 n.O X l O k g/n?,g 取 1 0N/k g,电热水机的铭牌数据如表.产品型号BH-X22额定电压220 V频率50 Hz加热功率1 200 W保温功率100W容量1.2 L(1)电磁继电器的接线柱 (M/N)应与家庭电路的火线相连.(2)如果自吸泵抽水效率为60%,求自吸泵将1.2 L 水提升0.5 m

10、消耗的电能 .(3)加热电路中2 根“2 2 0 V 60 0 W”电 热 丝 的 合 理 连 接 方 式 是(并联/串联)(4)为了实现温度控制，饮水机加热电热丝(图中未画出)应该选择接在以下的.A.AD 端 B.B C 端 C.AB 端 D.C D 端(5)假设饮水机内水温达到9 0 C 时，温控电路就将电路切换到保温状态，此时滑动变阻器的阻值为_ _ _ _ _ _ _ _ _ Q.(6)现将滑动变阻器尼的阻值适当调小，则该饮水机的保温范围将比原来(大/小).2、为保证润扬大桥以及过桥车辆的安全，工作人员在桥的入口处安装了“超载检测报警系统”。检测时，当车辆重量小于I X 1 0%时，绿

11、灯亮、红灯灭，表示可以通行；当车辆重量大于等于1 X 1 0%时，红灯亮、绿灯灭，表示禁止通行。系统中的电路元件如图甲所示，其中压敏电阻兄在检测时承受车辆的全部重量，它的阻值随所受压力厂变化的图像如图乙所示；品为定值电阻；电磁继电器线圈上标有“1 0。4 0 m A”。当流过线圈的电流大于等于3 0 m A 时，通电线圈的作用效果大于弹簧的作用效果，衔铁被吸下，动触点P 和静触点M断开并和静触点N 接通；电池组的电压为6 V；绿灯规格为“2 2 0 V 4 0 W”，红灯规格为“2 2 0 V 6 0 W”。(1)请在图甲中用笔画线代替导线完成电路连接。(2)根据分析可以知道：(A/B)灯是红

12、灯。(3)定值电阻吊的阻值为多大？(4)一辆大型货车停在检测装置上5 分钟，因其严重超载导致电磁继电器线圈中电流太大而被烧坏，超载车辆的总重至少是多大？这段时间内指示灯消耗的电能是多少？3、有一种电加热恒温箱，工作原理如图所示，控制电路由电压为口=9 V 的电源、开关、电磁继电器(线圈电阻不计)、电阻箱R。和热敏电阻R组成；工作电路由电压为U2=2 2 0 V 的电源和电阻为R2=4 4 Q的电热丝组成.其中，电磁继电器只有当线圈中电流达到6 0 m A 时，衔铁才吸合，切断工作电路；热敏电阻R的阻值随温度变化关系如图.求：(1)电热丝正常工作时的功率.(2)电热丝正常工作1 0 0 s 产生

13、的热量.(3)如果恒温箱的温度设定为5 0 C,求电阻箱R。迎接如电路的电阻.4、为判断短跑比赛是否抢跑，某兴趣小组设计了如图“抢跑自动指示”电路.其工作原理是：当运动员蹲在起跑器上后，先闭合S；发令时闭合发令指示灯亮；运动员起跑后，装在起跑器上的压敏电阻R。因受到压力减小，其电阻改变，电磁铁线圈中的电流明显变大，S?被吸引而闭合，起跑器指示灯亮.若起跑器指示灯比发令指示灯先亮，表示运动员抢跑.(1)当，处于断开状态时，闭合S,若压敏电阻阻值变小，电磁铁的磁性强弱如何变化？(2)已知发令控制电路电源电压U =6 伏，电磁铁线圈的电阻不计.若运动员起跑后，压敏电阻R。的阻值为3 0 欧，S 和$

14、仍处于闭合状态，电磁铁线圈中的电流为0.25 安，计算此时发令指示灯的功率.(3)压敏电阻通常有两种类型：A.阻值随压力增大而增大；B.阻值随压力增大而减小.则该模型的压敏电阻应选择哪种类型，结合电路简要说明理由：.5、科技小组的同学设计了如图甲所示的恒温箱温控电路，它包括控制电路和受控电路两部分，用于获得高于室温、且温度在一定范围内变化的“恒温”.其中控制电路电源电压为3 6 V,为可变电阻，A为热敏电阻(置于恒温箱内)，热敏电阻阻值随温度变化的关系如图乙所示，继电器线圈电阻而为5 0 Q.已知当控制电路的电流达到0.0 4 A 时，继电器的衔铁被吸合；当控制电路的电流减小到0.0 3 6

15、A 时，衔铁会被释放.加热器的规格是“220 V 1 0 0 0 W，恒温箱内部空间大小是2 m3,空气的密度是1.3 0 k g/m3,比热容是1 03 J/(k g ).locokss?t/(1)如图甲所示状态，通过加热器的电流多大？(2)加热器产生的热量有8 0%转化为恒温箱内空气的内能，若使恒温箱内空气温度从25 0 c 升高到6 5 ,加热器需正常工作多长时间？(3)若要使恒温箱内可获得上限为1 0 0 C 的“恒温”，当可变电阻 调节到多大？(4)如果需要将恒温箱内的下限温度设为5 0 的“恒温”，则应将可变电阻A 调节为多大？四、实验探究(3 小题，每小题5 分，共计1 5 分)

16、1、在研究影响电磁铁磁性强弱因素的实验中，当电磁铁的线圈匝数一定时，改变并记录通入线圈中的电流，观察并记录电磁铁吸引大头针的个数，得出如下数据：电流/A0.20.40.60.8电磁铁吸引大头针的个数/个15214 5请根据表中数据，归纳出实验结论：。2、在 做“探究通电螺线管外部磁场的方向”的实验时，小明在螺线管周围摆放一些小磁针。(1)实验中小磁针的作用是：_ _ _ _。(2)通电后小磁针的指向如图甲所示，由此可看出通电螺线管外部的磁场与 磁体的磁场相似。(3)小明改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动1 8 0。，南北极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的 方

17、向有关。(4)由安培定则可知乙图中S闭合后，螺线管的上端为 极。3、为探究电磁铁的磁性跟哪些因素有关，某同学作出以下猜想:猜想A：电磁铁通电时有磁性，断电时没有磁性猜想B：通过电磁铁的电流越大，它的磁性越强猜想C：外形相同的螺线管，线圈的匝数越多，它的磁性越强为了检验上述猜想是否正确，小强所在的实验小组通过交流与合作设计了以下实验方案：用漆包线(表面涂有绝缘漆的导线)在大铁钉上绕制若干圈，制成简单的电磁铁。如下图所示从左到右的a、&c、d 为实验中观察到的四种情况。根据小强的猜想和实验，完成下面填空：(1)电磁铁磁性的强弱是通过观察_ _ _ _ _ 现象来确定的；(2)闭合开关，滑动变阻器滑

18、片P向(填“左”或“右”)端移动时，电磁铁磁性增强；(3)在图C中，电磁铁的下端是 极(选 填 N”或 S”)；(4)通过比较_ _ _ _ _ 两种情况，可以验证猜想A 是正确的；(5)通过比较 两种情况，可以验证猜想B是正确的；(6)通过比较d 中两电磁铁，发现猜想C不全面，应补充 的条件。-参考答案-一、单选题1、D【详解】A.由图知，电流从螺线管的右侧流入，利用安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向电磁铁的右端为N极，故A 错误；B.滑片P向右滑动过程中，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，则电路中的电流变小，通电螺线管的磁性减弱。故B错误；C D.由左图可知，滑动变阻器

19、的滑片P向左滑动过程中接入电路中电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大。电磁铁磁性的强弱与线圈匝数和通过的电流有关，且匝数不变，通过的电流越大，磁性越强。则此时电磁铁的磁性变强。由右图可知，巨磁电阻处于磁场越强的位置其电阻越小，那么此时巨磁电阻的阻值变小，巨磁电阻和灯泡并联，所以灯泡的亮度不变。根据欧姆定律可知，通过巨磁电阻所在电路的电流变大，灯泡所在支路的电流不变，那么干路中的电流变大，而电流表测干路的电流，所以电流表的示数变大。故C错误，D正确。故选Do2、C【详解】A.磁体具有吸引铁、钻、银的性质，这种性质称为磁性，故A错误；B.磁体间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸

20、引，故B错误；C.地球本身相当于一个巨大的磁铁，地磁场的南极在地理的北极附近，地磁场的北极在地理的南极附近，故C正确；D.磁体之间的相互作用通过其周围的磁场来实现，故磁体没有接触，也会产生力的作用，故D错误。故选Co3、A【详解】电磁铁的磁极与通过电磁铁电流的方向和电磁铁中导线的绕线方向有关。要想改变电磁铁的磁极，可以不改变电流的方向只改变电磁铁导线的绕线方向；或者在电磁铁的导线绕线方向不变的情况下改变通过电磁铁的电流方向；与螺线管的匝数、电流的大小、是否有铁芯无关。故选A。4、A【详解】A.磁体周围存在磁场，磁场是真实存在的，故A正确,B.为方便、形象地描述磁场引入磁感线，磁感线并不存在，故

21、 B 错误；C.磁体具有吸引铁钻银的性质，毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，不是磁体，故 C 错误；D.小磁针S 极在磁场中某点所受磁力的方向跟该点的磁场方向相反，小磁针N极在磁场中某点所受磁力的方向跟该点的磁场方向相同，故 D 错误。故选A o5、B【详解】A.由磁极间的相互作用规律可知，同名磁极相互排斥，故A 错误；B.由课本知识：磁体能吸引铁、钻、像等物质，故条形磁体能够吸引小铁钉，故 B 正确；C.将条形磁体用线悬挂起来，让磁体自由转动，静止时指向地理南极的磁极叫南极（S 极），指向地理北极的是磁体的北极（N极），故C 错误；D.玻璃不能隔离磁场，条形磁体与小磁针之间隔了一层薄玻璃后仍有互相

22、作用，故 D 错误。故选Bo6、B【详解】该同学“认为它可能是由铁制成的”是对问题的看法，并未开始实验，属于对问题的猜想与假设，故A C D 不符合题意，B 符合题意。故选Bo7、B【详解】A.动能多少不能直接观察，在探究物体的动能跟哪些因素有关时，通过木块被撞的远近来判断钢球动能的大小，采用的是转换法，故A 不符合题意；B.二力平衡的条件有多个，在探究二力平衡的实验中，不断改变力的大小、方向、作用点进行实验，采用的是控制变量法，故 B 符合题意；C.磁性的大小无法看到，可以根据吸引大头针个数的多少来反映电磁铁磁性的强弱，采用的是转换法，故c不符合题意；D.热量的多少无法看到，可以通过温度计示

23、数的变化来判定产生热量的多少，采用的是转换法，故D不符合题意。故选Bo8、D【详解】丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场。故ABC不符合题意，D符合题忌、o故选D o9、D【详解】A B.当小磁针受到地磁场的作用时，一端指南一端指北如图甲，当导线中电流向左时，小磁针的N极向纸外偏转如图乙，所以，甲、乙两图可说明通电导体周围存在磁场，故AB不符合题意；CD.乙丙只是改变了电流方向，没有改变电流大小，小磁针的偏转方向也会发生改变，即磁场方向发生了变化，所以结论为：电流产生的磁场方向跟电流方向有关，故D符合题意，C不符合题意。故选D。10、B【详解】A.图甲中，能自由转动的小磁

24、针静止时N极指向地理的北极，地磁的南极，故A错误；B.图乙中，滑动变阻器的滑片向左滑动，变阻器连入电路的电阻变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性会增强，故B正确；C.图丙中，电动机线圈能转动是利用通电的导体在磁场中受到力的作用的原理，故C错误；D.图丁中，录音带、录像带等利用磁性材料记录信息，故D错误。故选B二、填空题1、近视 S/南 左【详解】1由题可知，将烛焰远离凸透镜，物距增大，像距应变小，放入眼镜后，像距不变，说明眼镜对光有发散作用，则此眼镜为凹透镜，所以此过程模拟了近视眼的矫正过程。2由图可知，电流从电磁铁下端流入，上端流出，根据右手螺旋定则可知，如图乙所示装置闭合开关，电磁铁的下端

25、为S 极。3由上可知，电磁铁上端为N极，与上方吊着的磁体相互排斥，若吊着磁体的弹簧伸长，则排斥力减小，电磁铁磁性减弱，应该将滑片向左移动，增大滑动变阻器电阻，使通过电磁铁的电流变小。2、大铁钉吸引大头针的数量多少 电磁铁的磁性强弱与电流强度有关【详解】1电磁铁可以吸引大头针，电磁铁的磁性越强，吸引力越强，吸引的大头针越多，所以通过转化法，从大铁钉大头针的多少可以判断电磁铁磁性的强弱。2将滑片P 向右缓慢滑动，电阻增大，电压恒定不变，根据/=,电流减小，发现部分大头针从A电磁铁上落下来，这一现象表明电磁铁的磁性强弱与电流强度有关。3、不亮 充电 亮【详解】1 2在 220V照明电源正常情况下，电

26、磁铁吸引衔铁，蓄电池所在电路接通，蓄电池充电；灯泡所在电路开路，灯泡不发光。3当照明电源突然停电时，电磁铁没有磁性，衔铁在弹簧的作用下向上抬起，使灯泡和蓄电池所在电路形成通路，蓄电池对外供电，照明灯L 和 L 并联，互不影响，L 损坏，Lz亮，从而实现自动应急照明。4、甲 红外线【详解】1 电动机是将电能转化为机械能，故需要有电源，故选甲。2 遥控器是利用红外线向机器人发送指令的。5、强 红【详解】口 螺线管中插入软铁棒，通电时螺线管的磁场会将软铁棒磁化成磁铁，故磁性会更强。2 如图，当水位到达金属块A时;控制电路接通，电磁铁产生磁性，吸引衔铁向下运动，动触点和下面的静触点接触，红灯亮。三、计

27、算题1、M 1 0 J 并联 C 7 0 小【详解】(1)由于开关控制火线，而电磁继电器衔铁相当于开关，所以，电磁继电器的接线柱M 应与家庭电路的火线相连；(2)由夕=歹知道，L2 L 水的质量是：m-P*I.OX I O3 k g/m3 X 1.2 X 1 0 V =1.2 k g,如果自吸泵抽水效率为6 0%,则 =暮=兽=警，卬 总 唯 唯所以，自吸泵将1.2 L水提升0.5 m消耗的电能是：W&=L2kgX1(ykgX-5m-1 0 J；7 7 6 0%(3)根据题意知道，当继电器的衔铁被吸合，使加热电路断开，保温电路工作；当继电器的衔铁被释放，使加热电路闭合，所以，加热电路与保温电路

28、是并联关系，而安装的2 根加热电热丝工作时为了互不影响，也应是并联关系.(4)当电磁铁线圈中电流大于或等于5 0 mA 时，继电器的衔铁被吸合，使加热电路断开，保温电路工作，由图1 知道C D端接保温电热丝；当线圈中的电流小于或等于4 0 mA 时，继电器的衔铁被释放，使加热电路闭合，由图1 知道A B 端应接2 根“2 2 0 V 6 0 0 W”的电热丝(表示其额定电压为2 2 0 V),又由表中数据知道，加热功率为1 2 0 0 W,故每根电热丝正常工作的功率为6 0 0 W；(5)由图2 知道，当饮水机内水温达到9 0 时，热敏电阻册=5 0 Q,由于当电磁铁线圈中电流大于或等于5 0

29、 mA 时，继电器的衔铁被吸合，使加热电路断开，保温电路工作，由电阻的串联和欧姆定律7U 6V知道，此时电路的电流是：/=万1方 =而=二 ,0 5 A,解得此时滑动变阻器的阻值是：斤 滑/|十 K滑 3 US2 +K滑=7 0。；（6）现将滑动变阻器兆的阻值适当调小，由于加热和保温切换时的电流大小均不变，由欧姆定律知道，总阻值彳不变，由串联电路的电阻规律知道，盾后+用，所以，当%增 小 时，加热和保温切换时的片均增大，但两状态之间A的变化量相等，由图2 知道保温范围变小了.2、9 0 Q 2 X 1 05 N I.SX I O J【解析】（1）用导线将左侧电源、压敏电阻、定值电阻和电磁继电器

30、顺次连接起来即可，如下图所（2）由题意可知超载时红灯亮，由乙图可知压力越大时压敏电阻的阻值越小，此时线圈中的电流增大，电磁铁的磁性增强，衔铁被吸下来，6 灯泡发光，则 8 灯泡为红灯；（3）从图象乙中可知，当压力为1 X 1 0 R时，压敏电阻的阻值为1 0 0 Q,由/=一可得，电路中的总电阻：人 一=瓦 方 5=2 0 0。，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，定值电阻面的阻值：虑线=2 0 0。T O O。-1 0 Q =90 Q ；（4）电磁继电器线圈被烧坏时电路中的最小电流为40m4,此时电路中的总电阻：R=8 丁 =1 5 0。，此时压敏电阻的阻值：R x=R-Rn-Ri=1

31、 5 0 Q -90 Q -1 0 Q =5 0 Q ,40%,i（r由图乙可知，压敏电阻受到的最小压力尸=2 X 1 0 W,因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以,超载车辆的最小总重力为2 X 1 0 W,此时红色知识点发光，则 5 m in 消耗的电能：PH =6 0 5 X 6 0 5=1.8X 1 0 /3、(i)电热丝正常工作时的功率为n o o w；(2)电热丝正常工作1 0 0 s 产生的热量为1.I X 1 0 盯；(3)如果恒温箱的温度设定为5 0 ,电阻箱R。接入电路的阻值为5 0 Q.【解析】试题分析：(1)知道工作电路的电压和电热丝的电阻，利 用 求 电 热 丝

32、工 作 时 的 功 率；R(2)已知工作时间，根据Q=W=P t 求加热1 0 0 s 产生的热量；(3)恒温箱的温度为5 0 C,从图乙的出热敏电阻的阻值，此时电路中的电流为6 0 m A,衔铁被吸合，切断工作电路，又知道控制电路的电压，利用欧姆定律求电阻箱连入电阻的阻值.解：(1)电热丝工作时的功率：(220V)2=00ft,；R2 44Q(2)电热丝正常工作1 0 0 s 产生的热量：Q=W=P t=1 1 0 0 W X 1 0 0 s=l.1 X 1 05J;(3)如果恒温箱的温度设定为5 0 ,由图乙可知，热敏电阻的阻值R=1 0 0 Q,由题知，此时控制电路的电流I=6 0 m

33、A=0.0 6 A,Ui 9V.%,，即：-O6A=MIO OQ电阻箱R。应接入电路的阻值：R o=5 O Q .答：(1)电热丝正常工作时的功率为1 1 0 0 W；(2)电热丝正常工作1 0 0 s 产生的热量为1.I X 1 0 打；(3)如果恒温箱的温度设定为5 0 ,电阻箱R。接入电路的阻值为5 0 Q.【点评】在本题的计算中主要考查了欧姆定律的运用、焦耳定律公式的运用、串联电路的特点等.题目的难点在于对题意的理解，尤其是对其工作过程中，温度与热敏电阻的关系，以及与电路的变化之间的联系等，具有一定的综合性，计算容易，但理清思路较难.4、(1)变强；(2)0.3 W；(3)选 A,S

34、处于闭合状态时，当运动员起跑后对压敏电阻的压力减小，起跑指示灯要亮，&要被吸引，电磁铁的磁性要增强，通过线圈的电流应变大，压敏电阻阻值要减小，所以压敏电阻受到的压力减小时其电阻值也减小.【详解】试题分析：(1)当S处于断开状态时，闭合S,压敏电阻R,与电磁铁串联，若压敏电阻阻值变小，电源电压不变情况下，由欧姆定律知通过电路的电流增大，电磁铁的磁性随电流的增大而增强；(2)发令控制电路电源电压U =6 伏，电磁铁线圈的电阻不计，则R。与灯泡串联.若运动员起跑后，压敏电阻R的阻值为3 0欧，则通过R o 的电流I o=U/R o=6 V/3 O Q =0.2A;S 和 S,仍处于闭合状态，电磁铁线

35、圈中的电流为0.25 A,即通过灯泡的电流I i=I-I o=0.25 A-0.2A=0.05 A；此时发令指示灯的功率P=U h=6 V X0.05 A=0.3 W.(3)选 A,S 处于闭合状态时，当运动员起跑后对压敏电阻的压力减小，起跑指示灯要亮，S?要被吸引，电磁铁的磁性要增强，通过线圈的电流应变大，压敏电阻阻值要减小，所以压敏电阻受到的压力减小时其电阻值也减小.考点：电磁继电器；欧姆定律；5、(1)4.5 5 A (2)13 0s(3)45 0Q (4)15 0Q【详解】(1)由图甲所示电路可以知道，工作电路是通路，加热器处于加热状态.受控电路电源电压为220V,加热器的规格“220

36、V 1000W”，此时加热器在额定电压下工作，其电流为：/=/=嘿 募 4.5 5 A(2)恒温箱内空气温度从25 升高到6 5 需要吸收的热量为：Q&=c 空 气 叱 气&=c 空 气 空气%气&=1 x l O3J/(k g-)x l.3 0k g/m3 x 2m3 x(6 5 C 2 5 C)=1.04*105J 设力口热器需正常工作时间为I,则放出的热量为=尸1(其中片1000W),根据已知列方程如下：8 0%XP i=1.04X105J 计算得Q 13 0S；(3)若要使恒温箱内可获得上限为100的“恒温”，欲使电流达到0.04A 的最高衔接电流，控制电路的电阻应该为&碇=?=9 0

37、 0。，读图乙可知100时热敏电阻的阻值为4 0 0 Q,所以可变电阻 R 此时调节为:9 00 Q-400 Q-5 0 Q =45 0 0；(4)当获得最高温度为5 0时，欲使电流达到0.03 6 A 的最低释放电流，控制电路的电阻应该为&r c=g =7二=1，读图乙可知5 0时热敏电阻的阻值为8 00 Q，所以可变电阻R 此时调节/O.O3 6 A为：1000 Q -8 00 Q -5 0 Q =15 0 Q ；四、实验探究1、当电磁铁的线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强【详解】分析数据可知，当当电磁铁的线圈匝数一定时，电流越来越大，电磁铁吸引大头针的数目增多，说明电磁铁的磁性变

38、强，则结论为当电磁铁的线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强。2、体现磁场的方向 条形 电流 S【详解】(1)1 因为小磁针放入磁场，小磁针静止时N 极指向和该点磁场方向相同，所以实验中使用小磁针是为了指示磁场方向，从而判断该点的磁场方向。(2)2 通电螺线管的磁场分布与条形磁体相似，都是具有两个磁性较强的磁极。(3)3 如果改变螺线管中的电流方向，发现小磁针转动1 8 0。，南北极所指方向发生了改变，由此可知：通电螺线管外部磁场方向与螺线管中的电流方向有关。(4)4 根据安培定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的下端是通电螺线管的N极，上端就是螺线管的S 极。3、吸引小

39、铁钉的数目 左.S ab be 电流一定时【详解】(1)口 线圈的磁性越强，吸引的铁钉越多，所以可以根据吸引铁钉的多少判断电磁铁磁性的强弱，这是转换法。(2)2 滑片向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强。(3)3 由电流方向利用安培定则可知，电磁铁的上端为N极，下端是S 极。(4)4 通过开关的断开和闭合来观察电磁铁吸引铁钉的多少，应控制线圈匝数相同，开关分别处于断开和闭合状态，故选图a 6。(5)5 减小滑动变阻器的电阻，可以使通过电磁铁的电流变大，它的磁性越强，吸引的大头的个数越多，故选图6c。(6)6探究电磁铁的磁性与线圈匝数关系时，应控制电流保持不变，即应补充“电流一定时”的条件。