2023届江西省吉安市安福高考冲刺模拟物理试题含解析.pdf

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1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用 2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角 条形码粘贴处 o2.作答选择题时，选出每小题答案后，用 2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试

2、卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，通有恒定电流的导线M N与闭合金属框共面，第一次将金属框由位置I 平移到位置H,第二次将金属框绕cd边翻转到位置I I,设先、后两次穿过金属框的磁通量变化分别为 力和1外,则（）MbNA.%/%B.例=4%c.孙如 D.不能判断2、如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比为11:1,原线圈接入如图乙所示的正弦式交变电流，A、V 均为理想电表，二极管D 正向电阻为零，反向电阻无穷大，R 是定值电阻，L 是灯泡，R 是热敏电阻（电阻随温度升高而减小）。以下说

3、法正确的是（）A.交变电流的频率为100HzB.电压表的示数为10VC.当温度升高时，灯泡L 变亮D.当温度降低时，理想变压器输入功率增大3、如图所示，从倾角为，的斜面上的A 点，以水平速度抛出一个小球，不计空气阻力，它落在斜面上B 点，重力加速度大小为g.则A、B两点间的距离和小球落到B点时速度的大小分别为（）B20A2%,%J l +4 t a n 2 eg cos a,v0V l +2 t a n2 0g e o s。C.2%,tan g,%J +4 t a n?8D.2%.a n%J +2 t a n?g4、某加湿器在电子元件控制下，通过的电流如图所示，周期为1.0 s,若等效工作电阻

4、恒为1 0 0 Q,则该加湿器1小时消耗的电能约为（）A.8.0 x1 0-2度 B.7.5 x1 0-2度 c.7.0 x1 0-2度 D.7.2*1 0-2度5、如图所示，小球放在光滑的墙与装有钱链的光滑薄板之间，薄板在尸作用下逆时针缓慢转动，在墙与薄板之间的夹角0缓慢地从90。逐渐减小的过程中（）A.小球对薄板的压力可能小于小球的重力B.小球对薄板的正压力一直增大C.小球对墙的压力先减小，后增大D.小球对墙的正压力不可能大于小球的重力6、如图所示，在光滑绝缘的水平面上，虚线左侧无磁场，右侧有磁感应强度8 =0.2 5 T的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，质量”=0 Q 0 1 k g、带

5、电 量%=-2 xl（T 3 c的小球c静置于其中；虚 线 左 侧 有 质 量=0.0 0 4 k g,不带电的绝缘小球A以速度%=2 0 m/s进入磁场中与c 球发生正碰，碰 后C球对水平面压力刚好为零，碰撞时电荷不发生转移，g取10m/s2,取向右为正方向.则下列说法正确的是（）A.碰后4球速度为15m/s B,C对A的冲量为0.02N-SC.A对C做 功0.1J D.AC间的碰撞为弹性碰撞二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，灯 泡L的电阻小于

6、电源的内阻r,闭合电键S,将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A.灯 泡L变亮B.电流表读书变小，电压表读数变大C.电源的输出功率变小D.电容器C上电荷量增多8、在光滑的绝缘水平面上，有一个正三角形“儿，顶点a、c处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示，。点为正三角形的中心，E、G、”点 分 别 为 、觉、儿的中点，尸点为E点关于顶点c的对称点，则下列说法中正确 的 是（）A.。点的电场强度为零B.E、尸两点的电场强度等大反向、电势相等C.E、G、”三点的电场强度和电势均相同D.若释放c处的电荷，电荷在电场力作用下将做加速运动（不计空气阻力）9、如图所示，理想变压器

7、的原、副线圈分别接理想电流表A、理想电压表V,副线圈上通过输电线接有一个灯泡L,一个电吹风M,输电线的等效电阻为R,副线圈匝数可以通过调节滑片P改变。S断开时，灯泡L正常发光。以下说法中正确的是（）A.滑片P 位置不动，当 S 闭合时，电压表读数增大B.滑片P 位置不动，当 S 闭合时，电流表读数增大C.当 S 闭合时，为使灯泡L 正常发光，滑 片 P 应向上滑动D.当 S 闭合时，为使灯泡L 正常发光，滑片尸应向下滑动110、如图所示，竖直面内有一个半径为R 的光滑4圆弧轨道，质量为m 的物块（可视为质点）从顶端A 处静止释放滑至底 端 B 处，下滑过程中，物块的动能Ek、与轨道间的弹力大小

8、N、机械能E、重力的瞬时功率P 随物块在竖直方向下降高度h 变化关系图像正确的是（）三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）要描绘一只标有“9V、5W”字样小灯泡的完整伏安特性曲线，实验室可供如下器材:A.电流表Ai（量 程 1.6 A,内阻约为1.5。）B.电流表A 2（量程3 A,内阻约为1.2。）C.电压表V（量程3 V,内阻，；=3 k。）D.滑动变阻器K（阻值额定电流1.8A）E.滑动变阻器&（阻值额定电流1.5A）F.定值电阻&=6 k。G.直流电源（电动势E=10V）H.导线和开关（1）请在虚线框中画出电路图_ _

9、_ _ _ _ _（2）滑动变阻器应选_ _ _ _ _；电 流 表 应 选 （填写元件前序号）（3）灯泡两端实际电压U。与电压表读数。关系式为（4）根据该电路设计图进行实验，测得电压表的读数为U、电流表读数为/,若考虑电表的内阻，则此时灯泡的电阻为（用题目中所给字母或符号表示）12.（12分）图甲为某实验小组做“验证机械能守恒定律”的实验装置，光 电 门 A、B固定在气垫导轨上，细线两端分（1）实验的主要操作如下：按图组装好实验器材；让滑块从气垫导轨上光电门4 的右侧某位置由静止释放;记录遮光条通过光电门A、B所用的时间分别为公h；改变光电门B的位置，进行多次实验。为完成该实验，还 缺 少

10、的 主 要 操 作 是;（2）实 验 中 还 需 要 测 量 的 物 理 量 有；滑块的长度D;遮光条的宽度d；两个光电门之间的距离L；滑 块（含遮光条）的 质 量M-,钩码的质量小。（3）对于滑块（含遮光条）和钩码组成的系统，重力势能的减少量AEk；动能的增加量；（用上述所给的字母表示）（4）实 验 小 组 处 理 采 集 的 多 组 数 据 并 在 坐 标 系 中 描 点 作 图，如图乙所示，若两轴的标度相同，造成该实验结果的原因是 o四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图所示，两端开口且导热良

11、好的汽缸竖直固定放置，两厚度不计的轻质活塞A、B 由轻杆相连，两活塞的横截面积分别为SA=30cm2,SB=18cm2,活塞间封闭有一定质量的理想气体。开始时，活塞A 距离较粗汽缸底端10cm,活塞B 距离较细汽缸顶端25cm,整个装置处于静止状态。此时大气压强为po=l.Oxl（）5pa,汽缸周围温度为27C 现对汽缸加热，使汽缸周围温度升高到127 C,不计一切摩擦。求升高温度后活塞A 上升的高度；（结果保留1 位小数）（2）保持升高后的温度不变，在活塞A 上缓慢放一重物，使活塞A 回到升温前的位置，求连接活塞A、B 的轻杆对A的作用力大小。B14.（16分）如图，一上端开口、下端封闭的细

12、长玻璃管，下部有长必=66cm的水银柱，中间封有长心=6.6cm的空气柱，上部有长Za=44cm的水银柱，此时水银面恰好与管口平齐.已知大气压强为R）=76cmHg.如果使玻璃管绕底端在竖直平面内缓慢地转动一周，求在开口向下和转回到原来位置时管中空气柱的长度.（封入的气体可视为理想气体，在转动过程中没有发生漏气.）15.（12分）如图所示，在直角坐标xOy平面内，第一、二象限有平行y 轴的匀强电场，第三、四象限有垂直坐标平面的匀强电磁场。一 质 量 为 电 荷 量 为 g 的正电粒子，从坐标原点。以大小为v o,方向与x 轴正方向成37的速度沿坐标平面射入第一象限，粒子第一次回到x 轴时，经过

13、工轴上的尸点（图中未标出），已知电场强度大小为E,粒子重力不计，sin 37=0.6,cos 37=0-8 求 p 点的坐标；（2）若粒子经磁场偏转后，第二次回到x 轴的位置与坐标原点O的距离为。尸的一半，求磁场的磁感应强度大小和方向。参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】第一次将金属框由位置I 平移到位置n,磁感线穿过金属框的方向没有改变，磁通量变化量等于在这两个位置时的磁通量的差值；第二次将金属框绕边翻转到位置u,磁感.线穿过金属框的方向发生改变，磁通量变化量等于两个位置时的磁通量绝对值之和，所以

14、“的/内，选 项 C 正确.ABD错故选C2、B【解析】A.交变电流的周期T=0.02s,则频率为/=，=5 0 H z,选项A 错误；B.变压器原线圈电压有效值为口，则R R 2解得L7i=110V则U2=%=1 0 V选 项 B 正确；C.当温度升高时，品阻值减小，则次级电阻减小，因次级电压不变，则次级电流变大，电阻K 上电压变大，则灯泡L 电压减小，则灯泡L 变暗，选 项 C 错误；D.当温度降低时，品阻值变大，则次级电阻变大，因次级电压不变，则次级电流变小，则理想变压器次级功率减小,则输入功率减小，选 项 D 错误。故选B。3、C【解析】设小球平抛运动时间为则水平方向有x=vot竖直方

15、向有1 2y=2g r又上=tan 6x联立解得_ 2%tan 3 2片 tan 0t ,x vot-8A、B 两点间的距离x _ 2%t a n 0s c o s 6 g c o s 3落到3 点时，小球竖直方向速度vv=gf=2v0 tan 0合速度大小v=JV Q+v=v0V l +4 t a n2 0A.上三,%J l +4 t a n 2夕与分析不符,故A 错误；geos 3B.%J l +2 t a n?6与分析不符,故B 错误；g COS 0c.31誓,%荷 绪 与 分 析 相 符，故 C 正确;g e o s，D.an,丫】1 +2 t a i 6与分析不符,故D 错误;g e

16、 o s。故选：Co4、C【解析】根据有效值的定义，有/：助 +I-Rt2=I2RT解得：交流电的有效值 /,2/?r,+/;/?r2 _XRX0.6+0.5XRX0.4A_ V RT _ v Rxl 电阻功率P=I2R =7 0 W =7.0 xl 0 k W所以加湿器1 小时消耗的电能E=P r =7.0 xl(T 2 k W h =7.0 x1 0-2 度故 C 正确，A B D 错误。故选：Co5、B【解析】以小球为研究对象，处于平衡状态，根据受力平衡，由图可知A B.当墙与薄板之间的夹角。缓慢地从90。逐渐减小的过程中，薄板给球的支持力耳逐渐增大，木板受到的压力增大,小球对薄板的压力

17、不可能小于小球的重力，A 错误B 正确；C D.当墙与薄板之间的夹角。缓慢地从90。逐渐减小的过程中，墙壁给球的压力乃逐渐增大，根据牛顿第三定律可知墙壁受到的压力增大，小球对墙的正压力可能大于小球的重力，CD错误。故选B。6,A【解析】A.设碰后A 球的速度为内，C 球速度为必。碰撞后C球对水平面压力刚好为零，说 明 C 受到的洛伦兹力等于其重力，则有BqcV2=m.g代入数据解得V2=20m/s在 A、C 两球碰撞过程中，取向右为正方向，根据动量守恒定律得m.vo=mvi+mcV 2代入数据解得vi=15m/s故 A 正确。B.对 A 球，根据动量定理，C 对 A 的冲量为I=m、vi-ni

18、AVo=(0.004x15-0.004x20)Ns=-0.02Ns故 B 错误。C.对 A 球，根据动能定理可知A 对 C 做的功为1 ,1 ,W=5 -0=耳 X 0.001X 202 J=O 2J故 C 错误;D.碰撞前系统的总动能为1,1,Ek=-=-x 0.004 x 202 J=0.8 J碰撞后的总动能为EJ=；啊#+g=；x 0.004 x 15?J+0.2J=0.65J因Ek,VEk,说明碰撞有机械能损失，为非弹性碰撞，故D错误。故选Ao二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，

19、有选错的得。分。7、BD【解析】A B.将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，滑动变阻器的电阻变大，根据串反并同，灯泡L中电流减小，电流表读数变小，电压表读数变大，灯 泡L变暗，选 项A错误，B正确；C.当外电路的总电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大。虽然灯泡L的电阻小于电源的内阻r,但外电路的总电阻与电源的内阻大小不确定，故电源的输出功率变化情况不确定，故选项C错误；D.将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，电容器C上电压增大，电容器C上电荷量增多，选 项D正确。故选BD。8、AD【解析】A.。点到a、b、c三点的距离相等，故三个电荷在。点的场强大小相同，且夹角互为120。，故。点的场

20、强为0,故A正确；B.由于“、6在E点的场强大小相等方向相反，故E点的场强仅由电荷c决定，故场强方向向左，而电荷c在。尸位置的场强大小相同方向相反，但 电 荷 占 在 尸 点 的 场 强矢量和不为0,故E尸两点的电场强度大小不同，方向相反，故B错误；C.E、G、三点分别为必、ac、加的中点，故E的场强仅由电荷c决定，同理G点的场强仅由电荷方决定，点的场强仅由电荷a决定，故三点的场强大小相同，但方向不同，故C错误；D.若释放电荷c,则a、b在C点的合场强水平向右，故a、b始终对c有斥力作用，故c电荷将一直做加速运动，故D正确。故选ADo9、BC【解析】A.滑 片 P 位置不动，当 S 闭合时，电

21、阻变小，原线圈电压及匝数比不变，副线圈电压不变，电压表读数不变，故 A错误；B.滑片P 位置不动，当 S 闭合时，副线圈电压不变，电阻变小，输出功率变大，输入功率变大，根 据 Pi=U山，知电流表读数变大，故 B 正确；C D.因为副线圈电压不变，电阻变小，则副线圈电流变大，所以等效电阻R 两端的电压增大，并联部分的电压减小，为了使灯泡L 正常发光，必须增大电压，滑 片 P 应向上滑动，故 C 正确，D 错误。故选B C1 0、BC【解析】A、设下落高度为h 时，根据动能定理可知：Ek=m g h,即4-，为正比例函数关系，故选项A 错误；B、如图所示，8VF-niQcosO=m向心力为：R,

22、而且:h 1 2cosO=Ej.=mghv mgh 2mgh 3mghF=m2.cosO+m=-+-=-则整理可以得到：R R R R,则弹力F 与 h 成正比例函数关系，故选项B 正确;C、整个过程中只有重力做功，物块机械能守恒，即物块机械能不变，故选项C 正确;D、根据瞬时功率公式可以得到：/J=v c o s（9 O（7-0）=Wg v s i n 0mv而且由于22尸=mgh,TV整理可以得到:P=mgvsind=nig42gh-h2R,即功率P 与高度h 不是线性关系，故选项D 错误。点睛：本题考查了动能定理、机械能守恒的应用，要注意向心力为指向圆心的合力，注意将重力分解。三、实验题

23、：本题共2小题，共 1 8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。【解析】(1)1描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，由题意可知，灯泡额定电压为9 V,电压表量程为3 V,把电压表量程扩大为9 V,应给电压表串联一个定值电阻心；电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示(2)2网灯泡额定电流为rP 5I=A1.56AU 9电流表应选A；为方便实验操作，滑动变阻器应选择D；(3)4定值电阻阻值是电压表内阻的2 倍，则定值电阻两端电压为电压表两端电压的2 倍，故灯泡两端电压为Ui=3U；,U(4)5由图示电路图可知，电流

24、表读数为/,则通过灯泡的电流为/一一，则灯泡电阻12、将气垫导轨调节水平 mgL|(M+m)【解析】(D H L 为完成该实验，还缺少的主要操作是将气垫导轨调节水平;2.滑块经过两个光电门时的速度分别为气垫导轨没有调水平且B 端偏低dv,=2则要验证的关系为mSL=i(M +m)(v；-v,2)=1(M+m)2 2 3,则要测量的物理量是：遮光条的宽度山两个光电门之间的距离L；滑块(含遮光条)的质量M；钩码的质量mo 3.对于 滑 块(含遮光条)和钩码组成的系统，重力势能的减少量&Ep=mgL；At=(A/+m)2 4.动能的增加量、2/、2一.*G)VI 7(4)5J.根 据 AEp-AEk

25、图像，若AEk AE*则直线倾角为45。，而现在图中直线倾角为42。，可 知 可 知 原 因 可 能是滑块的重力做正功造成的，即气垫导轨没有调水平且B端偏低。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(l)20.8cm；(2)60N【解析】设升高温度后活塞A 上升的高度为/,已知匕=SA4+SB4，Z=300K,%=SA(/,+/)+%&-/),=400K,V.V,由 等 压 变 化 得 黄=十，解得I=20.8cm(2)V=SAl SBl2 9设气体压强为由，由已知条件可得p.=1.0 xl05Pa,Z=300K,

26、7；=400K由查理定律可得?=票，由于系统处于平衡状态，对 B 活塞分析可得/1 12P2sB-P|SB=F联立解得F=60N14、在开口向下管中空气柱的长度为12cm,到原来位置时管中空气柱的长度是9.2cm.【解析】设玻璃管开口向上时，空气柱压强为4 =稣 +0 g，3（式中和g 分别表示水银的密度和重力加速度.）玻璃管开口向下时，原来上部的水银有一部分会流出，封闭端会有部分真空.设此时开口端剩下的水银柱长度为X,则P?=P g。鸟 +Pgx=&（尸 2管内空气柱的压强.）由玻意耳定律得6（.弘）=（.明）（式中，”是此时空气柱的长度，s 为玻璃管的横截面积.）由式和题给条件得A=12c

27、m 从开始转动一周后，设空气柱的压强为尸3,则8=%+PgX 由玻意耳定律得（也）=鸟（加）（式中，是此时空气柱的长度.由解得：公 9.2cm24加U2 5 E15、（1）（d&,0）：（2）B=,方向垂直坐标平面向外；B =丁，方向垂直坐标平面向外2 5 Eq 25 6v0【解析】（1）由运动的独立性可知，粒子运动可以看成沿y 轴向上先做匀减速后做匀加速直线运动和x 轴匀速直线运动合成的。设回到x 轴过程所需要的时间为f,y 轴：vY=vosin37加速度Eqa-m时间aX轴:vx v0cos37,x-vxt联立上式，可解得2 4.2x=-25Eq24/zzv即p点的坐标为0)25 Eq第二次回到x轴的位置与坐标原点O的距离为。尸的一半，满足题意得有两种情况。回到x轴时在。点右侧。如图所示，由几何关系，可知轨迹半径由解得:B啜方向垂直坐标平面向外;回到x轴时在。点左侧，如图所示，由几何关系，可知轨迹半径（.X H-）q 久 2R_ 2 _ 5 6 项N-r X-2sin37 4 5qE由2q v B=解得:B=叱6%方向垂直坐标平面向外