2023年云南省怒江市重点高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf

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1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3,请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示的理想变压器，原线圈接一定值电阻副线圈与一额定电流较大的滑动变阻器R相连接，现在M、n.10N间

2、加如图乙所示的交变电压。已知变压器原、副线圈的匝数比为=7，定值电阻的额定电流为2.0A,阻值为2 1K=10Q。为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的电阻值至少为（）A.IQ B.也。C.10。D.10222、如图所示，“娃娃机”是指将商品陈列在一个透明的箱内，其上有一个可控制的抓取玩具的机器手臂的机器，使用者要凭自己的技术操控手臂，以取到自己想要的玩具。不计空气阻力，关于“娃娃机”，下列说法正确的是（）A.玩具从机械爪处自由下落时，玩具的机械能守恒B.机械爪抓到玩具匀速水平移动时，玩具的动能增加C.机械爪抓到玩具匀速上升时，玩具的机械能守恒D.机械爪抓到玩具加速上升时，机械爪做的功等于玩具

3、重力势能的变化量Y3、在平直公路上甲乙两车从同一地点出发，两车位移x和时间f的比值一与时间，之间的关系如图所示。下列说法正t确 的 是（）A.甲车的加速度大小为5m/s2B.6s末乙车速度减小到零C.甲车追上乙车前，2s末甲乙两车相距最远D.乙车速度减小到零时，甲车速度为30m/s4、一物块以某初速度沿水平面做直线运动，一段时间后垂直撞在一固定挡板上，碰撞时间极短，碰后物块反向运动。整个运动过程中物块的速度随时间变化的V4图像如图所示，下列说法中正确的是（）A.碰撞前后物块的加速度不变B.碰撞前后物块速度的改变量为2m/sC.物块在U 0时刻与挡板的距离为21mD.04 s内物块的平均速度为5

4、.5m/s5、一个质量为4 k g的物体，在四个共点力作用下处于平衡状态，当其中两个大小分别为5 N 和 7 N 的力突然同时消失，而另外两个恒力不变时，则 物 体（）A.可能做匀速圆周运动B.受到的合力可能变为15 NC.将一定做匀加速直线运动D.可能做加速度为a=2 m/s2匀变速曲线运动6、如图所示，自身重力不计的定滑轮固定在天花板上，跨过定滑轮的轻绳两端分别与A 3 两物体相连，物体A 质量为 加，物体3 质量为3，。重力加速度为g,现由静止释放物体A、8,在物体A 上升、3 下降的运动过程中，定滑轮对天花板的拉力为（）HA.15mg B.2mg C.3mg D.4/ng二、多项选择题

5、：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，足够长的光滑平行金属直导轨固定在水平面上，左侧轨道间距为加，右侧轨道间距为几轨道处于竖直向下的磁感应强度大小为B的匀强磁场中。质量为2,”、有效电阻为2R的金属棒a静止在左侧轨道上，质量为/、有效电阻为K的金属棒，静止在右侧轨道上。现给金属棒a水平向右的初速度经过一段时间两金属棒达到稳定状态。已知两金属棒运动过程中始终相互平行且与导轨良好接触，导轨电阻忽略不计，金属棒始终在左侧轨道上运动,则下列说法正确的是（）A.金属棒稳定时的速度大小

6、为;B.整个运动过程中通过金属棒”的电荷量为 学?C.整 个 运 动 过 程 中 两 金 属 棒 扫 过 的 面 积 差 为 管D.整个运动过程中金属棒a产生的焦耳热为9 0彳8、为了测量某化工厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成,长、宽、高 分 别 为 力、c,左、右两端开口，在垂直于前、后面的方向加磁感应强度为3的匀强磁场，在上、下两个面的内侧固定有金属板M、N作为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U,若 用。表示污水流量（单位时间内流出的污水体积），下列说法中正确的是（）A.M 板电势一定高于N 板的电势

7、B.污水中离子浓度越高，电压表的示数越大C.污水流动的速度越大，电压表的示数越大D.电压表的示数U 与污水流量。成正比9、下列说法中正确的是（）A.布朗运动是液体分子的无规则运动B.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的C.热量只能从高温物体传到低温物体D.固体分子间同时存在着引力和斥力E.温度标志着物体内大量分子热运动的剧烈程度1 0、如图所示，轻弹簧的一端悬挂在天花板上，另一端固定一质量为m的小物块，小物块放在水平面上，弹簧与竖直方向夹角为，=30。开始时弹簧处于伸长状态，长度为L,现在小物块上加一水平向右的恒力尸使小物块向右运动距离 L 小物块与地面的动摩擦因数为，重力加速度为g,弹簧始终

8、在弹性限度内，则此过程中分析正确的是（）A.小物块和弹簧系统机械能改变了 g m g）LB.弹簧的弹性势能可能先减小后增大接着又减小再增大C.小物块在弹簧悬点正下方时速度最大D.小物块动能的改变量等于拉力厂和摩擦力做功之和三、实验题：本题共2小题，共 1 8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1.（6分）用如图甲所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道尸0滑下后从。点飞出，落 在 水 平 挡 板 上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系

9、列痕迹点。甲（1）下 列 实 验 条 件 必 须 满 足 的 有;A.斜槽轨道光滑B.斜槽轨道末段水平C.挡板高度等间距变化D.每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球（2）为定量研究，建立以水平方向为轴、竖直方向为y 轴的坐标系；a.取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于。点，钢球的（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定y 轴时（选填“需要”或者“不需要”）,轴与重锤线平行；b.若遗漏记录平抛轨迹的起始点，也可按下述方法处理数据：如图乙所示，在轨迹上取A、5、C 三点，A 3 和 5。的水平间距相等且均为x,测得A B和B C的竖直间距分别是y 和 ，则

10、 J；（选填“大于”、“等于”或者“小于”）。可 求 得 钢 球 平 抛 的 初 速 度 大 小 为 （已知当地重力加速度为g,结果用上述字母表示）。（3）为了得到平抛物体的运动轨迹，同学们还提出了以下三种方案，其 中 可 行 的 是;A.从细管水平喷出稳定的细水柱，拍摄照片，即可得到平抛运动轨迹B.用频闪照相在同一底片上记录平抛小球在不同时刻的位置，平滑连接各位置，即可得到平抛运动轨迹C.将铅笔垂直于竖直的白纸板放置，笔尖紧靠白纸板，铅笔以一定初速度水平抛出，将会在白纸上留下笔尖的平抛运动轨迹（4）伽利略曾研究过平抛运动，他推断：从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，

11、在空中飞行的时间都一样。这实际上揭示了平抛物体 oA.在水平方向上做匀速直线运动B.在竖直方向上做自由落体运动C.在下落过程中机械能守恒12.（12分）某同学利用如图甲所示的装置探究加速度与力、质量的关系。实验时，把数据记录在表格中，数据是按加速度大小排列的，第 8 组数据中小车质量和加速度数据漏记打点计时器组号F/N/n/kga/m*s210.290.860.3420.140.360.3930.290.610.4840.190.360.5350.240.360.6760.290.410.7170.290.360.8180.2990.340.360.94（1）该同学又找到了第8 组数据对应的纸

12、带以及小车质量，纸带如图乙所示。已知打点计时器所用交流电的频率为50Hz,纸带上标出的每两个相邻点之间还有4 个打出来的点未画出。请你帮助该同学求出第8 组中的加速度=m/s2;（2）如果要研究加速度与力的关系，需取表格中一组数据（填组号），做图像；如果要研究加速度与质量的关系,需 取 表 格 中 一 组 数 据（填组号），做。-加图像。这种研究方法叫做 法；做出。一m 图像如图丙所示，由图像（填“可以”或“不可以”）判断与小成正比。四、计算题：本题共2 小题，共 26 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.（1 0 分）如图所示，金属圆环轨道M

13、 N、尸。竖直放置，两环之间A B A C 内（含边界）有垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为%,A 5水平且与圆心等高，竖直且延长线过圆心。电阻为r,长为21 的轻质金属杆，一端套在内环M N 上,另一端连接质量为m的带孔金属球，球套在外环尸。上，且都与轨道接触良好。内圆半径4 =/,外圆半径4 =3/,P M 间接有阻值为K 的电阻，让金属杆从A 8处无初速释放，恰好到达E F 处，E尸到圆心的连线与竖直方向成，角。其它电阻不计，忽略一切摩擦，重力加速度为g。求：（1）这一过程中通过电阻R的电流方向和通过R的电荷量q；（2）金属杆第一次即将离开磁场时，金属球的速率，和 R 两端的电压U.1

14、 4.（1 6 分）如图甲所示，足够宽水槽下面有一平面镜，一束单色光以入射角i 射入水面，经平面镜反射后的光线恰好2由沿水平方向射出.已知水对该单色光的折射率为n=.若平面镜与水平方向的夹角为0=3 0。，求该单色光在水面入射角的正弦值s i n i；使该单色光从水槽左壁水平向右射出，在平面镜上反射后恰好在水面上发生全反射，如图乙所示，求平面镜与水平方向的夹角a.1 5.（1 2分）如图所示，A、3两板间的电压为U。M、N 两平行金属板长为2 d,两板间距为2 d,电压为U。Q P的右侧有垂直纸面的匀强磁场，磁场宽度为1 美+1%。一束初速度为0、电荷量的范围为444、质量的范围为加 4m的带

15、负电粒子由S 无初速度射出后，先后经过两个电场，再从、N 两平行金属板间（紧贴M板）越过界面 Q P 进入磁场区域。若其中电荷量为4、质量为，的粒子恰从M、N 两板间的中点。进入磁场区域。求解下列问题（不计重力）:(1)证明：所有带电粒子都从C 点射出(2)若粒子从Q P 边界射出的速度方向与水平方向成45、角，磁场的磁感应强度在什么范围内，才能保证所有粒子均不能从,/K 边射出？参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由题意可知，定值电阻岛在额定电流情况下分得的电压为：2.0 x10V=20V则原线圈

16、输入电压：7=220V-20V=200V由变压器的工作原理：u _ UI 2可知：U,=%=-!-X 200V=20V2 勺 1 10允许电流最大时原线圈的输入功率为:pI=t/I/=200 x2W=400W由变压器输出功率等于输入功率可得：p2=p1=400W又由公式可知 =史2 R可得：/?=r幺j2=2且02。=1QP,400故A正确，BCD错误。2、A【解析】A.在没有空气阻力的情况下，玩具从机器手臂处自由落下时，重力势能转化为动能，没有能量的损失，即玩具的机械能守恒，故A正确；B.机器手臂抓到玩具水平匀速运动时，玩具的质量和速度均不变，则动能不变，故B错误；C.机器手臂抓到玩具匀速上

17、升时，动能不变，重力势能增大，所以玩具的机械能变大，故C错误；D.机器手臂抓玩具加速上升时，动能和重力势能均变大，所以手臂做的功等于玩具重力势能与动能的增大量之和，故D错误。故选A。3、D【解析】1 ,A.根据+5 a厂可得x 1L+y甲车的加速度大小为a=2k10 9 9=2x m/s4-=10m/s2选项A错误；B.由图像可知，乙车的初速度为yo=15m/s,加速度为a2=2k2=。x g m/s2=-5m/s2则速度减为零的时间为r=九=3sa2选 项B错误；C.当两车相距最远时速度相等，即v0-a2t=alt解得z=ls选 项c错误；D.乙车速度减小到零时需经过U 3 s,此时甲车速度

18、为v=卬=30m/s选项D正确。故选D。4、C【解析】根据速度图像的斜率分析物块的加速度。读出碰撞前后物块的速度，即可求速度的改变量。根据图像与时间轴所围的面积求物块在。3s内的位移，即可得到物块在r=0时刻与挡板的距离。根据。4 s内的位移来求平均速度。【详解】A.根 据 7 图像的斜率大小等于物块的加速度，知碰撞前后物块的加速度大小相等，但方向相反，加速度发生了改变,故A错误；B.碰撞前后物块的速度分别为vi=4m/s,也=-2m/s则速度的改变量为：Av=v2-=-6m/s故B错误;C.物块在t=0时刻与挡板的距离等于0 3s内位移大小为:10+4-x=-x 3m=2 Im2故C正确；D

19、.()4 s内的位移为:方吆,3m-2 m=20m2平均速度为:2v=-=m/s=5m/st 4故 D 错误。故选C。5、D【解析】根据平行四边形定则，大小分别为5N和 7N 的力的合力最大为1 2 N,最小为2 N,物体在四个共点力作用下处于平衡状态，说明另两个恒力的合力最大也为1 2 N,最小为2 N,根据牛顿第二定律，当其中两个大小分别为5N和 7N 的力突然同时消失，质量为4kg的物体产生的加速度最大为a=3m/s2,最小为a=0.5m/s2,但由于合力的方向与速度方向关系不知，只能说明物体做匀变速运动，可能是直线运动或匀变速曲线运动，但不可能做匀速圆周运动，故 ABC错误,D 正确。

20、故选D。6、C【解析】设绳子的拉力为尸，物体加速运动的加速度大小为根据牛顿第二定律，对 A 有F-m g-ma对 3 有3mg-F -3ma加速度a=0.5g联立解得F=1.5mg根据平衡条件，得定滑轮对天花板的拉力为2F=2 x 1.5mg=3mg故 C 正确，ABD错误。故选C。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、BCD【解析】A.对金属棒a、方分别由动量定理可得-B Ix2Jxr=2m v-2/w0,B lx d x t=mv联立解得mv0-mv-mv

21、两金属棒最后匀速运动，回路中电流为0,则B x2dxv=B xdxv即v=2v则1 ，2v=5%A 错误；B.在金属棒力加速运动的过程中，有Bl x d x t-mv即言 ,2Bqa=m xvQ解得q2mv,)3BdB 正确;C.根据法拉第电磁感应定律可得B x S3R解得s=4B2 dC 正确；D.由能量守恒知，回路产生的焦耳热Q=g x 2WVQ-g*2mv2-g mv2=：mv则金属棒a 产生的焦耳热。=,0 =扣：D 正确。故 选BCD,8、ACD【解析】A项，根据左手定则知负离子所受洛伦兹力方向向下，正离子所受洛伦兹力方向向上，所 以M板电势一定高于N板的电势，故A正确；B、C项，最

22、终离子处于平衡，故电场力等于洛伦兹力，根据牛顿第二定律有效8 =4且，解得U=,所以与C离子的浓度无关，与污水流动的速度成正比，故B项错误，C项正确.D项，根据口=巨，则流量Q=鲂c=b c =4/,即。=尊，故电压表示数与污水流量成正比，故D项正Be Be B b确.综上所述本题正确答案为ACD.9、BDE【解析】A.布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动，是液体分子无规则运动的具体表现，选 项A错误；B.扩散现象是由物质分子无规则运动产生的，选 项B正确；C.热量能自发地从高温物体传到低温物体，也能从低温物体传到高温物体，但是要引起其他的变化，选 项C错误；D.固体分子间同时存在着

23、引力和斥力，选 项D正确；E.温度是分子平均动能的标志，标志着物体内大量分子热运动的剧烈程度，故E正确。故选BDE10、BD【解析】物块向右移动L,则运动到右边与初始位置对称的位置，此过程中受重力、拉力F、弹簧的弹力和摩擦力作用，根据功能关系和动能定理判断机械能和动能的变化；根据小物块的位置判断弹簧长度的变化以及弹簧弹性势能可能的变化情况.【详解】物块向右移动L,则运动到右边与初始位置对称的位置，此过程中弹簧的长度先减小后增大到原来的值，弹簧可能先伸长量减小，到恢复到原长，然后压缩，且压缩量增加到达悬点正下方；继续向右运动时，压缩量减小，然后伸长到原来的值，可知弹簧的弹性势能可能先减小后增大接

24、着又减小再增大，选 项B正确；此过程中物块对地面的压力不等于m g,则除弹力和重力外的其它外力的功不等于(F-Mmg)L,则小物块和弹簧系统机械能改变量不等于(F-fimg)L,选项A错误；小物块在弹簧悬点正下方时，合外力做功不是最多，则速度不是最大，选 项C错误；因整个过程中弹簧的弹性势能不变，弹力做功为零，根据动能定理可知小物块动能的改变量等于拉力尸和摩擦力做功之和，选 项D正确;故选BD.三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BD 球心 需要 大于 X-AB B【解析】(1)口 因为本实验是研究平抛运动，只需要每次实验都能保证钢

25、球做相同的平抛运动，即每次实验都要保证钢球从同一高度处无初速度释放并水平抛出，没必要要求斜槽轨道光滑，因此A 错误，BD正确；挡板高度可以不等间距变化，故 C 错误。故选BD.(2)a.网因为钢球做平抛运动的轨迹是其球心的轨迹，故将钢球静置于。点，钢球的球心对应的白纸上的位置即为坐标原点(平抛运动的起始点)；在 确 定 轴 时 需 要 y 轴与重锤线平行。方.4 由于平抛的竖直分运动是自由落体运动，故相邻相等时间内竖直方向上的位移之比为1:3:5：，故两相邻相等时间内竖直方向上的位移之比越来越大，因此学大于工；由，2 3%-X=联立解得(3)网将铅笔垂直于竖直的白纸板放置，笔尖紧靠白纸板，铅笔

26、以一定初速度水平抛出，由于铅笔受摩擦力作用，且不一定能保证铅笔水平，铅笔将不能始终保持垂直白纸板运动，铅笔将发生倾斜，故不会在白纸上留下笔尖的平抛运动轨迹，故 C 不可行，AB可行。(4)7从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，可认为做平抛运动，因此不论它们能射多远，在空中飞行的时间都一样，这实际上揭示了平抛物体在竖直方向上做自由落体运动，故选项B 正确。12、0.90(0.89-0,92)2、4、5、7、9 1、3、6、7、8 控制变量 不可以【解析】(1)口 每两个相邻点之间还有4 个打出来的点未画出，故相邻点之间的时间间隔为：T=0.02x5s=0.1s根据逐差公式可得工3 4 一

27、%2=2a(T2,x23-x0I=2a2T 2故加速度为玉4+工23-(5 2+X()l)_ 尤”一 工02 _ 工04-工02 一 工024T2 4T2 4T2代入数据可得10.10 3.253.25“-2 7 2 n,2a=-；-xlO T n/s=0.90m/s.4x0.12(2)2研究加速度与力的关系，需要保证质量不变，选取2、4、5、7、9 组数据。3研究加速度与质量的关系时，需要控制力尸不变，选 取 1、3、6、7、8 组数据。4涉及多个变量时，需要控制其他变量恒定，改变其中一个变量，这种方法为控制变量法。(3)5分析丙图可知，加图线为曲线，并不能说明是正比例关系，故 应 作 图

28、线，研究。与 成 正 比 关 系。m m四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、M 指向 P,q=2兀/&；/=J6g/(I-cose),UR=R+r44/R j6g/(l-cos6)3(/?+r)【解析】(1)由楞次定律可以判定通过R 的电流方向由M 指向P；金属杆从A B滑动到C D的过程中q=1Z/=R+r后Ar=&5 =；乃(弓2 _ 4 2)为 由得：好咨(2)设金属杆离开磁场小球的速率为 角速度为“，第一次离开磁场到E F,由动能定理得:-m g-3/(1-cos 0)=0 mv2 v=3l(o 金属杆

29、第一次离开磁场瞬间产生电动势为:E=B。2/v _ cor,+cor,-V=!-工(9)2由得丫 =J6g/(1cos。)=4 稣 阳6 g/(l-c o s 6)R 3(R+r)14、(1)3(2)15【解析】sinz解：(D 由折射定律有$出厂”由几何关系可知丫+2。=90皆可解得：sini=nsiny=3(i i)光在水面上发生全反射，有1sinC=-n由几何关系可知C+2a=90联立可解得平面镜与水平方向的夹角为a=15。sl 八 2 12ml/15、(1)见解析B -I-d q【解析】(1)电场加速有qU0=mvl带电粒子在偏转电场U中做类平抛运动，在C点分解位移。水平位移2d=vot竖直位移y=1 at2-2又有Uq=ma2d解得Uy=-a-2U。则射出点与粒子的q、加无关，所有粒子均从c点射出(2)类平抛的偏转位移y=d,S f C过程，由动能定理有qU+q方 U磁场中圆周运动有在粒子束中，4根、q的粒子 最大，最易射出磁场，设要使4根、q的粒子恰射不出磁场，有2qvBn=4m由几何关系得粒子在电场中。点射出时有V电场偏转过程由动能定理有,=1XW-1XM解得n2 2mUq则磁感应强度应为n2 2mUB l-川q