2021-2022学年上学期武汉初中物理九年级期末典型试卷1.pdf

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1、2021-2022学年上学期武汉初中物理九年级期末典型试卷1一选择题（共12小题）l.(2020秋青岛期中）下列关于固、液、气三态物质的宏观和微观特性的描述，错误的是A.固体分子间距离很小，很难被压缩B.气体分子间距离很大，容易被压缩c.固体、液体分子间作用力大，有一定形状和体积D.气体分子间作用力很小，无一定形状和体积2.(2021 宿迁）关千温度、热量和内能，下列说法正确的是（)A.物体吸收了热量，温度一定升高B.温度高的物体含有热扯多C.温度相同的物体，内能不一定相同D.物体内能增加，一定从外界吸收了热僵3.(2020秋青山区期中）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是

2、（）甲7，丙TA.图甲中，厚玻璃内的硝化棉燃烧起来，这是因为活塞直接对硝化棉做功的结果B.图乙中，瓶内的空气推动塞子跳起时，空气的内能减少C.图丙中，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能增大D.图丁中，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，气体的内能增大4.(2019秋锦江区校级期中）如图是汽油机工作时各种冲程的示意图，其中表示机械能转化为内能的冲程是（)A.B.C.D.5.(2021 奎文区校级三模）如图所示，在带正电的验电器A和不带电的验电器B中间连接一根杆，验电器B的金属箱也张开了，对此过程，下列说法正确的是()A.验电器A、B之间的杆可以是绝缘体B.正电荷从验电器A转移到验电器BC.

3、电子由验电器B移动到验电器AD电流方向从验电器B到验电器A6.(2021秋福田区校级期中）现代生产生活中需要各种各样的材料，下列说法正确的是()A.超导体是一种电阻超级大的材料B.金属、人体、盐水、陶瓷通常都是导体c.芯片、发光二极管(LED)一般是用半导体材料制造D.绝缘体材料不易导电是因为其中没有大忙自由电子7.(2019秋鞍山期末）小明家小区里安装了自动售水机，售水机可以通过刷卡开关S1或投币开关S2接通供水 电动机取水；光线较暗时光控开关岛自动闭合，提供照明。下列电路图符合要求的是（)s.l S1 A.电源B.电源S2 C.电源D.电8.(2020秋金牛区期末）小明用如图所示的器材探究

4、“电阻大小与横截面积的关系”。a、b为长度一样的镌铅合金丝，b比a的横截面积大。关千此实验，下列说法正确的是（)二A.小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越大B.为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一只电压表C.利用此装置也能探究电阻大小与长度的关系D.利用此装置也能探究电阻大小与材料的关系9.(2021秋互助县期中）如图所示的电路，当开关S闭合后，电流表At、知的示数之比是3:5,则通过灯L和L2的电流之比为（)A.2:3 B.3:2 C.5:3 D.3:5 10.(2021 鄂温克族自治旗一模）灯泡L和定值电阻R的电流与电压关系如图所示，则下列说法错误的是（)心I/A-L 尸z,夕k

5、R/2,I/J 夕,UIV,J.1.5 1.0 0.5 0 2 4 6 8 10 A.若L和R并联且干路为电流2.5A时，电路两端电压为8VB.若L和R串联且电流为0.75A时，电路两端电压为8Vc.若L和R并联，则电路两端电压越大灯丝电阻越大D.若L和R串联，则电路两端电压越大灯丝电阻越小I 1.(2020常熟市一模）某同学利用如图所示的电路做“伏安法测电阻的实验，已知Rx为待侧定值电阻，电源电压恒为6V,滑动变阻器R标有“20D.IA字样，实验中他填写的实验数据如表所示，下列说法不正确的是（)序号l I 2 3 4 5 U/V 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 I/A 0.10 0.

6、22 0.29 0.40 0.50 R R A.第1次实验的数据不是他实验中实际渊得的B对比第2、3次实验的数据可判定：待测电阻凡的阻值并非严格不变C.第4次实验时滑动变阻器接入电路电阻R与待测电阻凡的阻值之比为1:2 D.为减小实验误差，可利用每次实验测得的U、I求出电阻R,再求其平均值12.(2019秋淮安区期末）如图所示，电源电压保待6V不变，电流表的亚程为00.6A,电压表的量程为03V,定值电阻的规格为“10!1O.SA,滑动变阻器的规格为“20!1IA”。保证电路安全的条件下，闭合开关，移动变阻器的滑片，一些说法正确的是（)A.电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.9W0.6WB.电

7、流表示数允许的变化范围为0.5A0.2AC.变阻器伈接入电路的阻值允许变化范围为20n2nD电路消耗总功率允许的变化范围为1.8WJ.2W二填空题（共3小题）13.(2020秋会同县期末）冬天，我们经常用热水袋暖手，首先给热水袋液态热介质充电加热，是一能转化为一能，然后是利用热介质的一较大的特性持续4-5小时放热。14.(2021 绥中县一模）如图是探究电流通过导体产生热虽的多少跟什么因素有关的实验装置。通电一段时间后，（选填“左”或“右）容器连接的U形管液面高度差较大，说明电流通过导体产生的热量跟（选填“电流”或“电阻）有关，电流通过R产生的热量与通过R2产生的热揽之比为Rr泣乌5Q15.(

8、2020秋扬州期末）实验小组用参数是2000imp/(kWh)的电子式电能表来测量电水壶的功率。他们将其余所有用电器关闭，只让电水壶工作，数出电能表指示灯在4min内闪烁了240次，则该水壶在4min内消耗的电能是kWh,该水壶的实际功率是w.细心的小明发现不同用电器工作时电能表的指示灯闪烁的快慢是变化的，电能表指示灯闪烁的越快，说明电流通过用电器所做的电功（选填“越多”、“越少、“越快”或“越慢）。三实验探究题（共3小题）16.(2020秋沙坪坝区校级月考）为比较两种液体的吸热能力，小军用图甲中两个相同的装置做实验，实验器材还有天平和秒表。收集的实验数据记录如表。物理量质量Cg)初始温度(C

9、)加热时间(min)最终温度CC)物质液体l液体250 50 20 20 55 58 46(l)某时刻溫度计的示数如图乙所示，此温度值是C。(2)实验中，用间接反映液体吸收热谥的多少，相同时间内，两者吸收的热谥（选填一样多”“液体1多”或“液体2多”)，这种方法在物理学中叫作法。(3)通过分析表中数据可知，相同时间内，液体吸热升温慢，液体的吸热能力较强。物理上用（填物理量名称）来描述物质的吸热能力。温度计甲乙17.(202小绥化）如图甲是小明“探究串联电路的电压规律”的实验电路图。s IO、r/甲闷03乙2(I)连接电路时，开关应。实验时，灯L1和灯归的规格应。（填“相同”或“不相同)(2)闭

10、合开关后，小明发现两灯都不发光，于是分别把电压表接在图甲中AB两点、BC两点及AC两点，测得数据分别是UAB=3Y,UBc=OV,UAc=3Y:小明检查发现只有灯L1和灯巨中的一盏出现故障，则故障可能是(3)处理好故陷后，小明把电压表接在AB之间重新测量，电压表示数如图乙所示，电压表的分度值是V；为了使实验结果更准确，接下来小明应该：断开开关(4)正确实验后，小明分析多组数据得出结论：。（请使用文字叙述）18.(2021 武汉模拟）小明在探究电流与电压的关系。,尺筷坅严三J0.5 0.4 03 02 0.1|I/A 广O飞0 05 1 1.522.5uiv 甲乙(l)请你用笔画线代替导线，将图

11、中的实物电路连接完整，要求滑片P向B端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大。(2)正确连接好电路，闭合开关发现电流表示数几乎为零，电压表示数为2.8V,调节滑动变阻器的阻值，两电表示数均无明显变化，电路故障的原因可能是;(3)小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过电阻的电流为A.若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向（选填“A”或“B”)端移动。(4)实验中测得多组数据，绘制出电阻R的J-u图像如图丙所示，由图像可得电流与电压的关系是(5)小明想将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系，他的实验方案（选填”可行”或“不可行”)，理由是四计算题（共1小题）19.(2

12、021 烟台）图甲所示为某电暖器的简化原理图，其中R、沁是两个相同的电热丝，单个电热丝的电流与电压的关系图像如图乙所示。已知电源电压为220V,每个电热丝的丙额定电压均为220V。现要在某卧室使用该电暖器，卧室的容积为50m3,空气的比热容为I.OX1031!(kgC)，空气密度为p=l.2kg/m3,假设卧室封闭，谓根据图像及以上信息解答下列问题。UA 2 u R2 1.5 s2 31 s R1 05 220 甲50 100 150 200 乙UN(1)每个电热丝正常工作时的电阻及额定功率是多少？(2)只闭合沁时，流过电热丝的电流为多少？此时电暖器消耗的总功率为多少？(3)只闭合S1和S3,

13、让电暖器工作15min,卧室内的温度升高了10c,电暖器的加热效率是多少？（保留到百分数中小数点后一位）2021-2022学年上学期武汉初中物理九年级期末典型试卷1参考答案与试题解析一选择题（共12小题）1.(2020秋青岛期中）下列关千固、液、气三态物质的宏观和微观特性的描述，错误的是()A.固体分子间距离很小，很难被压缩B.气体分子间距离很大，容易被压缩C.固体、液体分子间作用力大，有一定形状和体积D.气体分子间作用力很小，无一定形状和体积【考点】物质的三态及其基本特征；物态的微观模型及特点【专题】定性思想；顺推法；粒子与宇宙、材料世界；应用能力【分析】物质的三种状态：固态、液态、气态。固

14、体有固定的形状和体积，液体有一定的体积而没有固定的形状，气体没有固定的形状和体积。【解答】解：AC、在固体中，分子间作用力很大，且固体分子间距离很小，所以固体有一定的形状和体积，很难被压缩，故A正确；在液体中，分子间作用力较小，分子在一定限度内可以运动，所以，液体没有确定的形状，但占有一定的体积，故C错误；BD、由于气体分子间作用力很小，且气体分子间距离很大，气体分子能自由地沿各个方向运动，所以气体没有固定的形状和体积，容易被压缩，故BD正确。故选：C。【点评】本题考查物质的三种状态以及基本特征，是一道基础题。2.(2021宿迁）关千温度、热最和内能，下列说法正确的是（)A.物体吸收了热量，温

15、度一定升高B.温度高的物体含有热批多C.温度相同的物体，内能不一定相同D.物体内能增加，一定从外界吸收了热量【考点】温度、热矗与内能的关系【专题】应用题；分子热运动、内能；应用能力【分析】（1)同一物体状态不变时，吸收热虽内能增加，温度升高；品体熔化、液体沸腾时吸热，温度保持不变，内能增加；(2)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；(3)物体的内能与温度、状态等多个因素有关；(4)改变内能的方式：做功和热传递。解答】解：A、物体吸收热楹，内能增加，但温度不一定变化，如：晶体熔化，内能增加，但温度不变，故A错误；B、热量是一个过程蜇，不能说物体含有多少热量，故B错误；C、物体的内能与质量、

16、温度、状态等多个因素有关，不能只根据温度判定内能的大小，所以两物体温度相同内能不一定相同，故C正确；D、改变物体内能的两种方式：做功和热传递；物体内能增加，不一定从外界吸收了热量，故D错误。故选：C。【点评】本题考查了内能、热量、热传递等知识，屈于热学基础知识的考查，相对比较简单。3.(2020秋青山区期中）如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是（）甲7，丙TA.图甲中，厚玻璃内的硝化棉燃烧起来，这是因为活塞直接对硝化棉做功的结果B.图乙中，瓶内的空气推动塞子跳起时，空气的内能减少C.图丙中，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能增大D.图丁中，汽缸内的气体推动活塞向下

17、运动时，气体的内能增大【考点】做功改变物体内能【专题】定性思想；分子热运动、内能；理解能力【分析】（1)压缩空气做功机械能转化为内能；硝化棉容易燃烧；(2)做功可以改变物体的内能，当外界对物体做功时，物体的内能增大，当物体对外界做功时，物体的内能就会减小。【解答】解：A、当把活塞迅速压下去后，活塞压缩气体做功，气体的内能增加，温度也会随之升高，硝化棉会通过热传递的方式从空气中吸收热量，当温度达到棉花的燃点时，会看到硝化棉燃烧，硝化棉能增大实验的效果；该现象说明了外界对物体做功，物体的内能会增加，故活塞的机械能是通过做功的形式转化为空气的内能，故A错误；B、瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞

18、做功，空气的内能转化为塞子的机极能，空气的内能减小；故B正确；C、试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故C错误；D、汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能；内能减小，故D错误。故选：B。【点评】本题考查了改变内能的方法（对物体做功，内能增加；物体对外做功，物体的内能减少）、难度不大。4.(2019秋锦江区校级期中）如图是汽油机工作时各种冲程的示意图，其中表示机械能转化为内能的冲程是（)A.、一夕B.C.、_,D.【考点】内燃机的四个冲程【专题】应用题；比热容、热机、热值；理解能力【分析】内燃机的一个工作循环有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、

19、排气冲程四个冲程组成，其中压缩冲程中机械能转化为内能，做功冲程中内能转化为机械能。【解答】解：在汽油机的四个冲程中，机械能转化为内能的冲程是压缩冲程；A图：两气门都关闭，活塞向上运行，气缸容积减小，是压缩冲程，故A符合题意；B图：排气门打开，活塞向上运动，气缸容积减小，是排气冲程，故B不符合题意；C图：两气门都关闭，活塞向下运行，气缸容积增大，是做功冲程，故C不符合题意；D图：进气门打开，活塞向下运行，气缸容积增大，是吸气冲程，故D不符合题意。故选：A。【点评】本题考查了对内燃机四个冲程特点的了解，以及压缩冲程中的能量转化，是一道常见题。5.(2021 奎文区校级三模）如图所示，在带正电的验电

20、器A和不带电的验电器B中间连接一根杆，验电器B的金屈销也张开了，对此过程，下列说法正确的是（)A.验电器A、B之间的杆可以是绝缘体B.正电荷从验电器A转移到验电器Bc.电子由验电器B移动到验电器AD.电流方向从验电器B到验电器A考点】验电器的原理及使用专题】定性思想；电流和电路；理解能力【分析】人们把正电荷定向移动的方向规定为电流的方向，所以负电荷定向移动的方向与电流的方向相反。【解答】解：ABC、由题知，A带正电（缺少电子），B不带电，用导体把A和B连接起来，则B上的一部分电子会通过导体转移到A上，A带的正电会减少从而张角变小，而B因为失去电子也带上了正电荷，B的两金属销带上同种电荷，同种电

21、荷相互排斥，使B金属笱张角变大，故AB错误，C正确；D、用导体把A和B连接起来时，自由电子会发生定向移动，从B移动到A,形成瞬间电流，因自由电子定向移动的方向与电流的方向相反，所以瞬间电流方向为从A到B,故D错误。故选：C。【点评】本题的目的是考查对验电器使用原理、电流的形成的掌握情况，在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷（自由电子）。6.(2021秋福田区校级期中）现代生产生活中需要各种各样的材料，下列说法正确的是()A.超导体是一种电阻超级大的材料B.金属、人体、盐水、陶瓷通常都是导体c.芯片、发光二极管(LED)一般是用半导体材料制造D.绝缘体材料不易导电是因为其中没有大量自由电子考

22、点】半导体的特点与作用；超导体的特点与作用；导体；绝缘体【专题】应用题；电压和电阻；粒子与宇宙、材料世界；应用能力【分析】（I)超导是在特殊条件下导体电阻为零的现象；(2)容易导电的物体叫做导体，不容易导电的物体叫做绝缘体；(3)半导体的导电性能介于导体和绝缘体之间；(4)绝缘体不导电，是因为绝缘体中几乎没有自由移动的电荷。【解答】解：A、超导是在温度极低时电阻为零的现象，超导体的电阻为0,故A错误；B、陶瓷不容易导电，是绝缘体，金屈、人体、盐水容易导电，是导体，故B错误；C、芯片、发光二极管(LED)一般情况下是用半导体材料制造的，故C正确；D、绝缘体内部的自由电荷很少，所以绝缘体不容易导电

23、，故D错误。故选：C。【点评】此题考查了对导体、超导体、半导体的特点及在生活中的应用，其应用多是与它们的特点密切联系的。7.(2019秋鞍山期末）小明家小区里安装了自动售水机，售水机可以通过刷卡开关S或投币开关沁接通供水 电动机取水；光线较暗时光控开关S3自动闭合，提供照明。下列电路图符合要求的是（)S2 S1 A.电源B.电源S2 c.电源D.电【考点】电路图设计【专题】作图题；设计与制作题；电流和电路；理解能力【分析】根据题意可知，刷卡和投币都可以使供水电机工作，说明刷卡开关和投币开关可以独立工作、互不影响即为并联，再由照明灯泡与电动机工作时互不影响可知电动机与照明灯并联，且照明灯泡只由光

24、控开关控制，据此分析进行解答。【解答】解：由题知，自动售水机通过“刷卡开关Sl”和通过“投币开关S2均可以接通供水电机取水，由并联电路中各支路独立工作、互不影响可知，刷卡开关出和投币开关沁应并联共同控制电动机；由题知，光线较暗时“光控开关S3“自动闭合，接通灯泡提供照明，则灯泡与电动机并联能独立工作，且只由光控开关扣控制，综上结合选项可知，只有C图符合题意。故选：C。【点评】本题考查了串、并联电路的设计，解答时可以根据题意分析选项找出符合要求的选项即可。8.(2020秋金牛区期末）小明用如图所示的器材探究“电阻大小与横截面积的关系”。a、b为长度一样的银铭合金丝，b比a的横截面积大。关于此实验

25、，下列说法正确的是()三A.小灯泡越亮，表示接入的合金丝电阻越大B.为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一只电压表C.利用此装置也能探究电阻大小与长度的关系D.利用此装置也能探究电阻大小与材料的关系考点】影响电阻大小的因素【专题】应用题；控制变量法；转换法；电压和电阻【分析】(l)在此实验装置中，运用转换法，电阻的大小通过比较小灯泡的亮度来判断，但是现象不是很明显，效果不好，为了准确比较电阻的大小，可以在电路中串联一 只电流表。(2)因为两根电阻丝的材料一样，故运用控制变量法，可以探究导体的电阻大小和横截面积、长度的关系。【解答】解：A、小灯泡越亮，电路中的电流越大，表示接入的合金丝电

26、阻越小，故A错误；B、为了准确比较两条合金丝的电阻，可在电路中串联一个电流表，根据电流的大小来判断电阻的大小。故B错误；C、利用此装置中的一根电阻丝，用夹子改变电阻丝的长度，也可以探究导体电阻大小和长度的关系，故C正确；D、因为两根电阻丝的材料一样，所以不能探究电阻大小与材料的关系，故D错误。故选：C。【点评】此题主要考查的是电阻大小的影响因素和转换法、控制变呈法在物理实验中的熟练运用，是中考的常见题型。9.(2021秋互助县期中）如图所示的电路，当开关S闭合后，电流表A1、心的示数之比是3:5,则通过灯L)和L2的电流之比为（)A.2:3 B.3:2 c.5:3 D.3:5【考点】并联电路的

27、电流规律【专题】应用题；电流和电路；应用能力【分析】根据电流的路径可以看出，该电路中两灯并联连接，电流表A2侧谥干路中的电流；电流表幻测量通过灯巨的电流；并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，据此分析作答。【解答】解：由图可知，两灯并联，电流表沁测量干路中的电流；电流表A1测址通过灯巨的电流；若电流表A1、心的示数之比是3:5,即I2:I总3:5=31:51;根据并联电路中干路电流等于各支路中的电流之和，可得通过灯L1、L2的电流之比为：I1:I2=（I总 I分：I2=(51-31):31=2:3。故选：A。【点评】本题主要考查学生对并联电路中电流的特点，以及电流表的使用的了解和掌握，是一道

28、基础题。10.(2021 鄂温克族自治旗一模）灯泡L和定值电阻R的电流与电压关系如图所示，则下列说法错误的是（)bI/A 1.5 1.0 0.5 II 匕夕夕/夕,-L 匕夕，R 匕匕U/v 0 2 4 6 8 10 A.若L和R并联且干路为电流2.5A时，电路两端电压为8VB.若L和R串联且电流为0.75A时，电路两端电压为8VC.若L和R并联，则电路两端电压越大灯丝电阻越大D.若L和R串联，则电路两端电压越大灯丝电阻越小【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联；电阻的并联【专题】应用题：错解分析题；电压和电阻；欧姆定律；获取知识解决问题能力【分析】（l)若L和R并联，电阻和灯两端的电压都是8V,

29、由图得出通过的电流，利用并联电路的电流特点求干路电流；(2)若L和R串联，由图得出电流为0.75A时电阻和灯两端的电压，根据串联电路的电压特点求出总电压；(3)若L和R并联，电阻和灯两端的电压相等，由图得出灯丝电阻与电压的关系即可判断；(4)若L和R串联，电路两端电压越大时电路中的电流也变大，由图得出可判断灯丝电阻变化。【解答】解：A、若L和R并联，电阻和灯两端的电压都是8V,由阳象知：IL=1.5A,IR=1.0A,则干路电流I=IL+IR=1.5A+l.OA=2.5A,故A正确；B、若L和R串联，当电流为0.75A时，由图象知；UL=2V,UR=6V，则总电压U=UL+UR=2V+6V=8

30、V,故B正确；C、若L和R并联，根据并联电路的特点可知：电阻和灯两端的电压相等，由图象知：灯丝电阻随电压的增大而增大，所以，电路两端电压越大灯丝电阻越大；故C正确；D、若L和R串联，电路两端电压越大时，电路中的电流也变大；由图象知：灯丝电阻随电流的增大而增大，所以，灯丝电阻变大，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了学生对欧姆定律、串并联电路的电压和电流特点的掌握和运用，难点在于灯的电阻与通过灯泡的电流和灯泡两端电压的关系。I 1.(2020常熟市一模）某同学利用如图所示的电路做“伏安法测电阻的实验，已知Rx为待侧定值电阻，电源电压恒为6V,滑动变阻器R标有“20.0lA字样，实验中他填写的实

31、验数据如表所示，下列说法不正确的是（)序号1 I 2 3 4 5 U/V 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0 I/A 0.10 l 0.22 0.29 0.40 0.50 R R A.第1次实验的数据不是他实验中实际测得的B.对比第2、3次实验的数据可判定：待测电阻凡的阻值并非严格不变c.第4次实验时滑动变阻器接入电路电阻R与待测电阻凡的阻值之比为1:2 D.为减小实验误差，可利用每次实验测得的U、I求出电阻R,再求其平均值【考点】伏安法测电阻的探究实验【专题】实验题；实验分析法；欧姆定律；应用能力【分析】(l)求出定值电阻的大约值，根据分压原理，得出电压表的最小读数；(2)根据R且算出电

32、阻在进行比较；I(3)串联电路中电压与电阻成正比；(4)在伏安法测电阻时，为减小误差应采取多次测麓求平均值的方法。u-1.ov【解答】解：A、由表中数据结合欧姆定律可得，定值电阻R=-=lOO,I 0.lOA 根据分压原理可知，当滑动变阻器的最大电阻连入电路中时，电压表示数最小，定值电阻两端的最小电压U妏小u XR=6V R+R滑100+200 X 10!1=2V 1 V,所以第1组数据不是本实验中测得的，故A说法正确；u B、根据I且得，序号“2的电阻为：R产2=2.OV9l0；序号“3的电阻为：R I 2 0.22A u33V U R3=10.3!1，其他几次的电阻值根据R=计算均为10!

33、1,由于存在误差，I 3 0.29A I 序号“2和“3的待测电阻R相差不大，再结合其他数据分析可知该待测电阻是定值电阻，故B说法错误；C、第“4次实验中，定值电阻两端的电压为4V,则滑动变阻器两端的电压为U滑6V-4V=2V,滑动变阻器和定值电阻两端的电压之比为2V:4V=l:2,根据U计1:U定=IR滑：IR定l:2，因为串联电路电流处处相等，故滑动变阻器与待测电阻的阻值之比为l:2,故C说法正确；D、在测定值电阻的阻值时，由千侧量存在误差，通常多次侧量几组数据，分别求出电阻值求平均值来减小误差，故D说法正确。综上所述B符合题意。故选：B。【点评】本题测量定值电阻的大小，考查串联电路特点、

34、欧姆定律的应用，难度中等。12.(2019秋淮安区期末）如图所示，电源电压保持6V不变，电流表的量程为00.6A,电压表的量程为03V,定值电阻的规格为“10.00.5A,滑动变阻器的规格为“20.0.IA”。保证电路安全的条件下，闭合开关，移动变阻器的滑片，一些说法正确的是()A.电阻R1消耗功率允许的变化范围为0.9W0.6WB电流表示数允许的变化范围为0.5A0.2Ac.变阻器伈接入电路的阻值允许变化范围为20n2nD.电路消耗总功率允许的变化范围为l.8Wl.2W【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】计算题；定量思想；电路和欧姆定律；电能和电功率；应用能力【分析】滑动变阻器R2与

35、定值电阻R1串联，电压表测最定值电阻两端的电压，根据串联电路的分压原理（电阻越大，电阻两端的电压越高），当电压表的示数最大时，变阻器接入电路的电阻最小，电流最大，根据欧姆定律算出电路的最大电流和滑动变阻器的最小电阻；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，根据欧姆定律求出电流，根据P=Ul算出电路消耗的最小功率；根据P=I2R算出电阻凡电路消耗的最小功率。【解答】解：电源两端电压为6V保持不变，定值电阻为lOfl;由题意知，当电压表的最大测量值为3V时，此时定值电阻R1两端的电压U1=3V,u 电路中的电流J=h=It=一L一过0.3A0.6A,R1 100 因此电路中的最大电流

36、为0.3A,故B错误；故滑动变阻器接入电路中的最小电阻：u 沁=2 6平3V=lO!l:I 2 0.3A 电路消耗的最大功率P=UI=6VX0.3A=1.8W:电阻和消耗功率最大功率：Pt=Utl=3V X0.3A=0.9W;当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，即II且=0.2A,R 100+200 电路消耗的最小功率P=UI1=6VX0.2A=l.2W,故D正确；电阻和电路消耗的最小功率：P1=011)2R1=(0.2A)2X10!l=0.4W,故A错误；变阻器伈接入电路的阻值允许变化范围1on20n,故C错误。故选：D。【点评】本题考查串联电路中电压、电流、电功率以及滑动

37、变阻器接入电路电阻的计算，要注意电路中最大电流的确定。二填空题（共3小题）13.(2020秋会同县期末）冬天，我们经常用热水袋暖手，首先给热水袋液态热介质充电加热，是电能转化为内能，然后是利用热介质的比热容较大的特性持续4-5小时放热。【考点】能谥的转化；水的比热容的特点及应用【专题】应用题；比热容、热机、热值；机械能及其转化；应用能力【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程；做功过程是能最的转化过程，即机械能与内能之间相互转化；热介质的比热容较大，质谥相同的热介质和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用

38、来做冷却剂、取暖剂、防冻剂等。【解答】解：首先给热水袋液态热介质充电加热，消耗了电能，获得了内能，使热水袋温度升高，是电能转化为内能；热介质的比热容较大，质量相同的热介质和其它液体相比较，降低相同的温度放出的热量较多，故利用热介质的比热容较大的特性持续4-5小时放热。故答案为：电；内；比热容。【点评】本题考查学生对能量转化以及 比热容的理解与应用，水的比热容较大，日常生活中应用很多，如冷却剂、取暖剂、防冻剂、保温剂等，要注意多观察、多思考。14.(2021 绥中县一模）如图是探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关的实验装置。通电一段时间后，左（选填“左”或“右）容器连接的U形管液面高度差

39、较大，说明电流通过导体产生的热量跟电流（选填“电流”或“电阻）有关，电流通过R1产生的热械与通过沁产生的热址之比为4:1。R千泣【考点】焦耳定律【专题】实验题；电与热、生活用电；应用能力【分析】（I)电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关；探究电流产生热兑跟电流关系时，控制通电时间和电阻不变。(2)已知图乙中两电阻的关系和通电时间关系，根据串并联电路的电流特点判断电流关系；在相同时间内，电阻相同的情况下，电流越大，电流通过导体时产生的热量越多；根据焦耳定律进行计算两电阻产生的热量之比。【解答】解：装置乙中一个5.0.的电阻与两个汇的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两

40、个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右I片，两个5.0.的电阻并联，根据并联电路的电流特点知压11+12,两电阻阻值相等，则支路中电流相等，Il=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即I左21右，故是研究电流产生的热址与电流的关系；由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，温度升得较快，左侧U形管中液面的高度差比右侧的大，因此通电一段时间后，玻璃管左侧液面高度差更大；两电阻大小相等，通电时间相同，由Q=I2Rt得，电流通过R1产生的热量与通过沁产生的热扯之比为：2 Ql-I=（呈）2土Q2 I 2 2 1 1 故答案为：左；电流；4:1。【点评】本题考查了电流

41、产生热蜇的影响因素及焦耳定律的应用，属千中考常见题型，要熟练掌握。15.(2020秋扬州期末）实验小组用参数是2000imp/CkWh)的电子式电能表来测最电水壶的功率。他们将其余所有用电器关闭，只让电水壶工作，数出电能表指示灯在4min内闪烁了240次，则该水壶在4min内消耗的电能是Q.lLkWh,该水壶的实际功率是1800 w.细心的小明发现不同用电器工作时电能表的指示灯闪烁的快慢是变化的，电能表指示灯闪烁的越快，说明电流通过用电器所做的电功越快（选填“越多”、“越少、“越快”或“越慢)。【考点】电能表参数的理解与电能的求法；实际功率【专题）计算题；电能和电功率；应用能力【分析】(l)根

42、据电能表闪烁的次数可以求出电水壶消耗的电能，然后由电功率公式P附求出电水壶的实际功率。t(2)用电器的功率越大，做功越快，电能表的表盘转动越快。【解答】解：(1)2000imp/(kW h)，是指每消耗lkW小的电能，电能表指示灯闪烁了2000次，指示灯闪烁240次，则电水壶消耗的电能：W=240i叩0.12kWh;2000imp/(k忙h)该水壶的电功率：P=_=w O.12K忙h=1.8kW=l800W,t 4 60 h(2)电能表指示灯闪烁的越快，说明用电器的电功率越大，即电流通过用电器所做的电功越决；故答案为：0.12;1800;越快。【点评J本题考查了电水壶消耗的电能、电水壶的功率等

43、间题，知道电能表参数的含义、熟练应用功率公式即可正确解题，解题时注意单位换算。三实验探究题（共3小题）16.(2020秋沙坪坝区校级月考）为比较两种液体的吸热能力，小军用图甲中两个相同的装置做实验，实验器材还有天平和秒表。收集的实验数据记录如表。厂勹一物理扯质量(g)初始温度(C)加热时间(min)最终温度(C)物质液体l液体250 50 20 20 55 58 46(I)某时刻温度计的示数如图乙所示，此温度值是26 C。(2)实验中，用加热时间间接反映液体吸收热量的多少，相同时间内，两者吸收的热量一样多（选填“一样多”“液体l多”或“液体2多”)，这种方法在物理学中叫作转换法。(3)通过分析

44、表中数据可知，相同时间内，液体_l_吸热升温慢，液体_.l_的吸热能力较强。物理上用比热容（填物理量名称）来描述物质的吸热能力。温度计甲【考点】探究比热容的实验【专题】控制变量法；转换法；比热容、热机、热值；探究型实验综合题；实验基本能乙力【分析】(1)根据温度计分度值读数；(2)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法，据此回答；(3)根据表中数据回答；使相同质昼的不同物质吸收相同的热茧（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；物理上用比热容来描述物质的吸热能力。【解答】解：(I)某时刻温度计的示数如图乙所示，分度值为lC,此温度值是26C;

45、(2)实验中，用加热时间间接反映液体吸收热报的多少，相同时间内，两者吸收的热量一样，这种方法在物理学中叫作转换法；(3)通过分析表中数据可知，相同时间内，液体l末温低，l吸热升温慢，根据比较吸热能力的方法，液体l的吸热能力较强；物理上用比热容来描述物质的吸热能力。故答案为：(1)26;(2)加热时间；一样多；转换；(3)I;I;比热容。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查温度计读数、控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法及比热容的物理意义，为热学中的重要实验17.(2020绥化）如图甲是小明“探究串联电路的电压规律”的实验电路图。甲、三令 v.J/？闷乙(l)连接电路时，开关应断开。

46、实验时，灯U和灯巨的规格应不相同。（填”相同”或“不相同”)(2)闭合开关后，小明发现两灯都不发光，于是分别把电压表接在图甲中AB两点、BC两点及AC两点，测得数据分别是UAB=3V,Usc=OV,UAc=3V;小明检查发现只有灯U和灯匕中的一盏出现故障，则故障可能是L1断路。(3)处理好故障后，小明把电压表接在AB之间重新测矗，电压表示数如图乙所示，电压表的分度值是0.5 V;为了使实验结果更准确，接下来小明应该：断开开关换接电压表03V。(4)正确实验后，小明分析多组数据得出结论：串联电路的总电压等千各部分电压之租。（请使用文字叙述）【考点】探究串、并联电路中的电压规律实验【专题】归纳法；

47、电压和电阻；探究型实验综合题；实验基本能力【分析】（1)连接电路时，为保护电路，开关应断开；用归纳法得出普遍性的结论要满足2个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；(2)实验中，若电压表有示数，则与电压表并联的电路之外的电路为通路，若电压表没有示数，说明与电压表并联的电路之外的电路为断路，据此分析；(3)根据电压表的分度值读出电压表的示数，为了使实验结果更准确，测楹电压不超过电压表债程的条件下要选用小星程；(4)串联电路的总电压等千各部分电压之和。【解答】解：（1)连接电路时，升关应断开。实验时，为得出普遍性的结论，灯L和灯巨的规格应不相同；(2)闭合开关后，小明发现两灯都不发光，千是

48、分别把电压表接在图甲中AB两点、BC两点及AC两点，测得数据分别是UAB=3V,则说明AB之外的电路为通路，UAc=3V,说明AC之外的 电路为通路；说明AB之外的电路为通路；UBc=OV,说明BC之外的电路为断路，小明检查发现只有灯L1和灯巨中的一盏出现故隙，则故障可能是L1断路；(3)处理好故障后，小明把电压表接在AB之间重新测量，电压表选用大量程，示数如图乙所示，电压表的分度值是0.5V,电压为2V,为了使实验结果更准确，接下来小明应该：断开开关，换接电压表03V;(4)正确实验后，小明分析多组数据得出结论：串联电路的总电压等于各部分电压之和。故答案为：(l)断开；不相同；(2)L1断路

49、；(3)0.5:换接电压表03V;(4)串联电路的总电压等千各部分电压之和。【点评】本题探究串联电路的电压规律，考查注意事项、归纳法的运用、故障分析、电压表的选用及串联电路电压的规律。18.(2021 武汉模拟）小明在探究电流与电压的关系。2 飞穸饬三J0.5 B 0.4 A p 03 0.2 0.1|IJA 广O飞,05 1 1.522.5ufv 甲乙(1)诸你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整，要求滑片P向B端移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大。(2)正确连接好电路，闭合开关发现电流表示数几乎为零，电压表示数为2.8V,调节滑动变阻器的阻值，两电表示数均无明显变化，电路故障的原因

50、可能是R断路;(3)小明排除故障后，移动滑片P到某一位置时电流表示数如图乙所示，此时通过电阻丙的电流为0.12 A.若要增大电阻两端的电压，应将滑片P向A（选填“A”或“B)端移动。(4)实验中测得多组数据，绘制出电阻R的I-U图像如图丙所示，由图像可得电流与电压的关系是电阻一定时，电流与电压成正比。(5)小明想将定值电阻换成小灯泡来探究电流与电压的关系，他的实验方案不可行（选填“可行”或“不可行”)，理由是灯的电阻随温度的变化而变化。【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验【专题】控制变量法；电路和欧姆定律；电压和电阻；探究型实验综合题；实验基本能力【分析】（l)根据滑片P向B端移动时滑动变阻