《试卷3份集锦》山东省淄博市2022届物理高一第二学期期末考试模拟试题.pdf

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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4 分，共 40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.无人配送车可以实现针对城市环境下办公楼、小区便利店等订单集中场所进行批量送货.某种配送车正常行驶时速度为3.5km/h,发现障碍物，可以在1.5s内停下.若将此过程的运动视为匀减速直线运动，根据以上数据不能求出配送车运动的A.位移 B.加速度 C.平均速度 D.受到的阻力2.质量为m 的物体从倾角为二固定的光滑斜面顶端山静止开始下滑，斜面高为h,则物体下滑过程中重力做功的平均功率及物体滑至斜面底端时重力的瞬时功率分别为J 二 二、：二 二 二 sin 二

2、二二、二 二 二 sin 二D-_ Z_vTZZsin Z;V j sm.3.（本题9 分）一条小船在珠江中从西向东匀速直线航行，船上的人正相对于船以0.4m/s的速度匀速竖直向上升起一面旗帜。当他用20s升旗完毕时，船行驶了 6 m,那么旗相对于岸的速度大小为（）A.0.3m/s B.0.4m/s C.0.5m/s D.0.6m/s4.（本题9 分）如图所示，质量为0.1 kg的小物块在粗糙水平桌面上滑行4 m 后以3.0 m/s的速度飞离桌面，最终落在水平地面上，已知物块与桌面间的动摩擦因数为0.5,桌面高0.45 m,若不计空气阻力，取g=10 m/s2,则（）A.小物块的初速度是5 m

3、/sB.小物块的水平射程为1.2 mC.小物块在桌面上克服摩擦力做8 J 的功D.小物块落地时的动能为0.9 J5.a、b、c、d 是匀强电场中的四个点，它们正好是一个平行四边形的四个顶点，电场线与平行四边形所在平面平行.已知a 点的电势为20v,b 点的电势为24v,d 点的电势为1 2 v,如图所示.由此可知c 点的电势为加卜-,同2 VJ-4A.8v B.16vC.20v D.246.（本题9 分）行星绕太阳的运动近似地看做匀速圆周运动。已知太阳的质量为M,行星的质量为m,行星到太阳的距离为r。若测得行星绕太阳公转的周期为T,则行星绕太阳做匀速圆周运动所需的向心力为（）A.二*B.二 三

4、 C.D.二 三7.（本题9 分）在交通运输中，常用“客运效率”来反映交通工具的某项效能.客运效率”表示每消耗单位能量对应的载客数和运送路程的乘积，即客运效率=仝鬟.一个人骑电动自行车，消 耗 lm J（106j）的能消耗能量量可行驶30 km.一辆载有4 人的普通轿车,消耗32 0 m J的能量可行驶100 km.则电动自行车与这辆轿车的客运效率之比是（）A.6:1 B.12:5 C.24:1 D.48:78.（本 题 9 分）关于地球同步通讯卫星，下列说法中错误的是A.不同的地球同步通讯卫星它在地球上空的高度不同.B.它相对于太阳是运动的C.它绕地心转动一周的时间是24hD.它相对于地球是

5、静止的9.一小石子从高为10m处自由下落，不计空气阻力，经一段时间后小石子的动能恰等于它的重力势能（以地面为参考平面），g=10m/s2,则该时刻小石子的速度大小为（）A.5 m/s B.10 m/s C.15 m/s D.20 m/s1 0.（本题9 分）空间中P、Q 两点处各固定一个点电荷，其 中 P 点处为正电荷，P、Q 两点附近电场的等势面分布如题图图所示，a、b、c、d 为电场中的4 个点，则（）A.P、Q 两点处的电荷等量同种B.a点和b点的电场强度相同C.c点的电势低于d点的电势D.负电荷从a到c,电势能减少二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选

6、项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.（本题9分）如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m、啊的两物块A、B相连接，并静止在光滑水平面上。现 使B获得水平向右、大小为6m/s的瞬时速度，从此刻开始计时，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图像提供的信息可得（）A.在4、4两个时刻，两物块达到共同的速度2m/s,且弹簧都处于伸长状态B.在4到乙时刻之间，弹簧由压缩状态恢复到原长C.两 物 体 的 质 量 之 比 为 叫:=2:1D.运动过程中，弹簧的最大弹性势能与B的初始动能之比为2：31 2.（本题9分）如图所示的电路中，电源的电动势E和内

7、阻厂（r/O）保持不变，下列说法中正确的是（）A.闭合电路中，电流总是从电势高的地方流向电势低的地方B.R越大，路端电压越大C.R越大，电源的输出功率越大D.R阻值不同，电源的输出功率可能相同1 3.如图所示，R是一个光敏电阻，其阻值随光照强度的增加而减小，理想变压器原、副线圈的匝数比为1 0:1,电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为 5=110 后 sinlOOnt（V）,则A.电压表的示数为1 1 0 VB.在天逐渐变黑的过程中，电流表A2的示数变小C.在天逐渐变黑的过程中，电流表4 的示数变大D.在天逐渐变黑的过程中，理想变压器的输入功率

8、变小1 4.（本 题 9 分）如图所示，轻质弹簧上端固定，下端系一物体.物体在A 处时，弹簧处于原长状态.用手托住物体使它从A 处缓慢下降，到达B 处时手和物体自然分开且物体也不动.此过程中，物体克服手的支持力所做的功为W.不考虑空气阻力，在此过程中（）2m s小球受到细杆的支持力小球在。点受力分析:重力与支持力解得：F=6N即杆受到小球向下的6 N的压力A.,二 的拉力与分析不符，故A不符合题意B.6 N的压力与分析相符，故B符合题意C.24N的拉力与分析不符，故C不符合题意D.24N的压力与分析不符，故D不符合题意6.一个内壁光滑的圆锥筒的轴线是竖直的，圆锥固定，有质量相同的两个小球A和B

9、贴着筒的内壁在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则（）A.A球的角速度必小于B球的角速度B.A球的线速度必小于B球的线速度C.A球运动的向心加速度必大于B球的向心加速度D.A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力【答案】A【解析】【详解】以小球为研究对象，对小球受力分析，小球受力如图所示:由牛顿第二定律得：mgtan0=m =mru）2=ma,解得：v=J g r t a n O,0=，a=gtan0,因为 A的半径大，则A球的线速度大于B球的线速度，A球的角速度小于B球的角速度，两球的向心加速度相等。故A正确，BC错误。根据平行四边形定则知，球受到的支持力为：,=半，可知两球

10、受到的支持力相等，则两球对桶壁的压力相等。故D错误。7.（本题9分）如图所示，D是一只二极管，它的作用是只允许电流从a流 向b,不允许电流从b流向a.平行板电容器AB内部原有带电微粒P处于静止状态，保持极板A和B的间距不变，使极板A和B正对面积减小后，微 粒P的运动情况是（）A.仍静止不动 B.向下运动C.向上运动 D.无法判断【答案】C【解析】【分析】【详解】因D是一只二极管，只允许电流从a流 向b,不允许电流从b流 向a,极板A和B正对面积减小后,电容变小，由于二极管反向，平行板电容器的电荷量不变，两极板电压增大，由=11知E增大，所以电荷P向上运动，即C正确8.（本题9分）如图所示，卡车

11、通过定滑轮以恒定的功率Po拉绳，牵引河中的小船沿水面运动，已知小船R的质量为m,沿水面运动时所受的阻力为f,当绳AO段与水平面夹角为。时，小船的速度为v,不计绳子与滑轮的摩擦，则此时小船的加速度等于（）A.-B.-C O S2 0-C.-D.-mv m mv m m mv【答案】A【解析】【详解】ABCD.假设卡车速度是v。，对小船运动分解，小船的速度为v的沿绳分量与卡车速度相同，如图:由几何关系可知=vcos。，此时卡车的牵引力为V VCOS0再对小船受力分析如图:由牛顿第二定律可知，小船加速度为Fc o s U fci-m mv m故A正确BCD错误。故选A。9.（本题9分）1.（本题9分

12、）对于公式v=v 0+a t,下列说法正确的是（）A.适用于任何变速运动B.只适用于匀加速直线运动C.适用于任何匀变速直线运动D.V。和v只能是正值，不可能为负值【答案】B【解析】试题分析：vt=vo+at是匀变速直线运动的速度公式，只能适用于匀变速直线运动，即匀加速直线运动和匀减速直线运动.解：A、B、C,vt=v+at是匀变速直线运动的速度公式，只能适用于匀变速直线运动，既能适用于匀加速直线运动，也能适用于匀减速直线运动，但不是任何变速运动，若是非匀变速运动，加速度是变化，不适用.故AB错误，C正确.D、V。和也可以取正值，也可以取负值.故D错误.故选C【点评】解决本题关键要掌握公式vt=

13、v+at的适用条件：匀变速直线运动.1 0.（本题9分）关于行星的运动及太阳与行星间的引力，下列说法正确的是（）A.所有行星绕太阳运动的轨道都是圆B.所有行星绕太阳公转的周期都相同C.太阳与行星间引力的方向沿着二者的连线D.太阳对行星的引力大于行星对太阳的引力【答案】C【解析】A、地球是太阳的一颗行星，但是地球绕太阳运动的轨道是椭圆，故A错误;B、根据k=1,周期跟行星与太阳之间的距离有关，各行星到太阳的距离不一致，故周期不相同，故B错误；C、两天体之间的引力方向都是指向天体自身的质量中心，太阳与行星也不列外，故C正确；D、太阳对行星的引力与行星对太阳的引力是一对相互作用力，故大小相等，方向相

14、反，故D错误.点睛：理解、识记开普勒三定律和万有引力及定律的能力.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.（本题9分）如图所示，R是一个光敏电阻，其阻值随光照强度的增加而减小，理想变压器原、副线圈的匝数比为1 0:1,电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为5=110及sinlOOnt（V）,贝ljA.电压表的示数为1 1 0 VB.在天逐渐变黑的过程中，电流表A2的示数变小C.在天逐渐变黑的过程中，电流表A i的示数变大D.在天逐

15、渐变黑的过程中，理想变压器的输入功率变小【答案】BD【解析】【详解】根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为110 0 V,根据电压之比等于线圈匝数之比可知,副线圈的电压的最大值为11夜V,电压表的示数为电压的有效值，所以示数为U=4；V=：1 1 V,故A错V2误；在天变黑的过程中，光照变弱，R阻值增大；电路的总电阻减大，由于电压是由变压器决定的，输出的电压不变，所以次级电流变小，电流表A2的示数变小；由于次级电流减小，则初级电流也减小，即电流表A i的示数变小，故B正确，C错误；由于变压器的输入和输出的功率是相等的，副线圈的电流减小，电压不变，所以由P=UI可知，输出的功率要减小，

16、故输入的功率也要减小，故D正确。故选BD。1 2.如图所示，水平传送带以恒定速率v运 行.一 物 块（可视为质点）质量为m,从传送带左端由静止释放，被传送到右端，在到达右端之前和传送带共速.在运送该物块的过程中，下列说法正确的是6 f 2A.滑块先受到滑动摩擦力作用，后受到静摩擦力作用B.滑块在匀加速阶段的位移等于滑块相对皮带的位移C.皮带对滑块做的功为一相声2D.皮带克服滑块摩擦力做的功为!相声2【答案】BC【解析】【详解】A.滑块加速运动时，与传送带间相对滑动，受到向右的滑动摩擦力，当相对静止后不受摩擦力，故A错误；,V VB.根据牛顿第二定律可得滑块的加速度为：a=g,共速的时间为=，滑

17、块在匀加速阶段的a g0 +v v v v2位移为：玉=历=,皮带的位移为：X,=M =，滑块相对皮带的位移：2 2 2 4 g -4 gv2Ax=x,-x,=-,由此可知滑块在匀加速阶段的位移等于滑块相对皮带的位移，故B正确；-2 g1,C.根据动能定理可得皮带对滑块做的功为：W =-m v-,故C正确；2V2 2D.皮带克服滑块摩擦力做的功为：*/.=1 A，=m g x=机/,故D错误.4 g13.小宏同学用力把质量为4kg的物体由静止向上提高1 m,物体获得2m/s的速度，下列说法正确的是(g取 10m/s2)A.物体动能增加了 8J B.物体重力势能增加了 40 JC.人对物体做的功

18、为8J D.合外力对物体做的功为48J【答案】AB【解析】【详解】A.物体动能的增加量E,=m v2=x 4 x 22=8 J 2 2故A正确；B.物体重力势能的增加量Ep=mgh=4 x 1 0 x 1 =4 0 j故B正确；C.人对物体做的功等于物体机械能的增加量，则有：W=mgh+Ek=48 J故 C 错误；D.根据动能定理可知，合外力对物体做的功等于物体动能的增加量，则有:%=&=40j故 D 错误。1 4.在某次演练中，一颗炮弹在向上飞行过程中爆炸，如图所示。爆炸后，炮弹恰好分成质量相等的两部分。若炮弹重力远小于爆炸内力，则关于爆炸后两部分的运动轨迹可能正确的是【答案】BD【解析】【

19、详解】A.炮弹爆炸时，内力远大于外力，系统的动量守恒，由图知，该图水平方向满足动量守恒，但竖直方向不满足动量，不可能，故 A 项与题意不相符；B.该图水平方向和竖直方向都满足动量守恒，是可能的，故 B 项与题意相符；C.该图水平方向满足动量守恒，但竖直方向不满足动量，不可能，故 C 项与题意不相符；D.该图竖直方向和水平方向都满足动量守恒，是可能的，故 D 项与题意相符。1 5.(本题9 分)如图所示，水平屋顶高H=5 m,围墙高h=3.2 m,围墙到房子的水平距离L=3 m,围墙外马路宽x=1 0 m,为使小球从屋顶水平飞出落在围墙外的马路上，小球离开屋顶时的速度v。的大小的可能值为(g取

20、10 m/s 2)()Q-voA.6 m/s【答案】AB【解析】B.12 m/sC.4 m/sD.2 m/s【分析】【详解】刚好能过围墙时水平方向：L=vot竖直方向：H -h=gr解 得%=5 z/s刚好运动到马路边时水平方向：L+x=W竖直方向：H =；g产解 得%=13/s,所以为使小球从屋顶水平飞出落在围墙外的马路上速度的取值5 z/s v 0.3A,内阻2。）D.电 流 表（0-0.6A,内阻0.5Q）E.滑动变阻器（10Q,1A）F.滑动变阻器（1000Q,0.5A）G.直流电源（6 V,内阻不计），另有开关一个、导线若干.（1）实 验 中 电 压 表 应 选,电流表应选，滑动变阻

21、器应选.（只填器材的字母代号）（2）在答题卡的虚线框中画出实验电路图，要求电流、电 压 能 从 零 开 始 变 化.【解析】【分析】【详解】（1）123.为了准确的测量小灯泡的电压和电流，根据小灯泡的规格，电压表选择A,电流表选择C,因为测量小灯泡的伏安特性曲线，需采取分压接法，滑动变阻器选择较小的，即E.（2）4.因要求电流、电压能从零开始变化，故滑线变阻器采用分压式接法，而灯泡的电阻很小，选用安培表外接.电路如图甲.1 8.（本题9分）小王在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，选用的实验器材如下：小灯泡1只（2.5V,（）.3A）,电压表1只（量程3 V、内阻约3 kQ）,电流表1只（量程

22、0.6 A、内阻约0.1C）,滑动变阻器1额定电流2 A）,干电池2节，开关1个，导线若干:图甲为部分连线的电路图，电压表一端已经连接好，另一端应该接在_ _ _ _ _ _ _ _ _ （填 或 b ）,在开关闭合前，调节滑动变阻器的滑片，使 它 靠 近 变 阻 器 （填 左端 或 右端）的接线柱；（2）在测量数据时，某次电流表示数如图乙所示，读数为 A,图丙为相对应的电压表示数，其中正确的是（填A、B或C）,此时小灯泡的实际功率为 W 图丙【答案】a 左端 0.26 B 0.52【解析】【分析】【详解】灯正常工作时的电阻U 2 5/?=Q=8.3QI 0.3电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表

23、应采用外接法，图甲所示电路中，导线应接在a点，由图示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，闭合开关前滑片应置于左端。（2）3电流表量程为0.6 A,由图示电流表可知，其分度值为0.02A,示数为0.26A。灯泡额定电压为2 5 V,电压表量程为3 V,由图丙所示可知，A、C所示不符合实际，B所示电压表是正确的，其分度值为0.1V,示数为2.00V,此时灯泡实际功率为P=U l=2.（X）X 0.26 W =0.52W四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分1 9.（本题9分）晓明站在水平地面上，手握不可伸长的轻绳一端，绳的另一端系有质量为m的小球，甩动手腕，使球在竖直平面内做圆周运

24、动，当球某次运动到最低点时，绳突然断掉。球飞离水平距离d后落3地，如图所示，已知握绳的手离地面高度为d,手与球之间的绳长为二，重力加速度为g,忽略手的运动半径和空气阻力。求绳断时球的速度大小VI和球落地时的速度大小V2(2)问绳能承受的最大拉力多大？改变绳长，使球重复上述运动。若绳仍在球运动到最低点时断掉，要使球抛出的水平距离最大，绳长应为多少？最大水平距离为多少？【答案】(1)V1=,2 g d ,V 2=g g d；(2)T=y m g;当 时，X 有极大值 Xmax=【解析】【分析】【详解】设绳断后球飞行时间为t,由平抛运动规律，竖直方向有:d=-g厂4 2水平方向有:联立解得V|=2g

25、d从小球飞出到落地，根据机械能守恒定律有:d-d43(2)设绳能承受的最大拉力大小为F,这也是球受到绳的最大拉力大小。球做圆周运动的半径为R根据牛顿第二定律有:F-me=m R解得F11F=mg设绳长为I,绳断时球的速度大小为V 3,绳承受的最大拉力不变，根据牛顿第二定律有：F _ mg=m 得%=而绳断后球做平抛运动，竖直位移为1-/,水平位移为X,时间为小根据平抛运动规律，竖直方向有：一/=;竖直方向有：X=卬联立解得x=4.-V 3根据一元二次方程的特点，当/=4时，x有极大值，为2,_ 2 6 rlXm ax-d32 0.如图所示，在以角速度。匀速转动的水平圆盘上放一质量m的滑块，滑块

26、到转轴的距离r,滑块跟随圆盘一起做匀速圆周运动（两者未发生相对滑动）.求：（1）圆盘的转动周期；（2）滑块运动的线速度大小;（3）滑块受到的向心力大小.【答案】(1)T=-(2)u=(or(3)F =mcorco【解析】【详解】2万(1)根据角速度和周期的关系可知，滑块的周期T=。a)(2)滑块运动的线速度大小v=3r。(3)滑块受到向心力F=m32r。2 1.如图所示，光滑水平面上有A、B、C三个物块，其质量分别为mA=2.0kg,mB=1.0kg,mc=1.0kg.现用一轻弹簧将A、B两物块连接，并用力缓慢压缩弹簧使A、B两物块靠近，此过程外力做功108J(弹簧仍处于弹性限度内)，然后同时

27、释放A、B,弹簧开始逐渐变长，当弹簧刚好恢复原长时，C恰以4m/s的速度迎面与B发生碰撞并粘连在一起.求目/Z/Z/(1)弹簧刚好恢复原长时(B与C碰 撞 前)A和B物块速度的大小？(2)当弹簧第二次被压缩时，弹簧具有的最大弹性势能为多少？【答案】(1)UA=6m/s,uB=12m/s,A的速度向右，B的速度向左.(2)50J【解析】【分析】考查了动量守恒和机械能守恒定律的应用【详解】(1)弹簧刚好恢复原长时，A和B物块速度的大小分别为UA、UB.由动量守恒定律有：O=mAUA-mBUB此过程机械能守恒有：Ep=-mAi)A2+HIBUB22 2又：EP=108J解得：UA=6m/s,uB=1

28、2m/s,A的速度向右，B的速度向左.(2)C与B碰撞时，C、B组成的系统动量守恒，设碰后B、C粘连时速度为u，则有：mBUB-mcUc=(mB+mc)u，代入数据得 u，=4 m/s,方向向左.此后A和B、C组成的系统动量守恒，机械能守恒，当弹簧第二次压缩最短时，弹簧具有的弹性势能最大,设 为Ep，且此时A与B、C三者有相同的速度，设为u,由动量守恒有：mAUA-(m8+mc)u,=(mA+mB+mc)u,代入数据得u=lm/s,u的方向向右.由机械能守恒有：mAUA2+(mB+mcJuEp (mA+mB+mc)u22 2 2代入数据得：EV=50J.【点睛】列动量表达式时注意了方向性.同时

29、研究对象的选取也是本题的关键之处.还值得重视的是B与C碰后有动能损失的，所以碰前的与碰后不相等.2 2.(本题9 分)国产大飞机C919是中华民族复兴路上又一大国重器，C919某次测试中在平直跑道上由静止开始匀加速滑行，经 t=20s达到最大速度Vm=288km/h,g=10m/s2,求：(1)C919加速滑行时的加速度大小a。(2JC919在跑道上加速滑行的距离X。【答案】(1)4m/s2；(2)800m【解析】【详解】由题意可知：v,=288km/h=80m/s由运动学公式：v,=at解得：a=4m/s21 ,(2)加速过程。=2 0 s,由位移时间关系可得加速滑行的距离为：x -a t2

30、解得：x=800m高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）安培提出了著名的分子电流假说.根据这一假说，电子绕核运动可等效为一环形电流.设电量为e的电子以速率v绕原子核沿顺时针方向做半径为r的匀速圆周运动，下列关于该环形电流的说法正确的是A.电流大小为火，电流方向为顺时针rB.电流大小为兰，电流方向为逆时针rC.电 流 大 小 为 士，电流方向为顺时针2仃D.电 流 大 小 为 士，电流方向为逆时针2万r【答案】D【解析】【详解】电子绕核运动可等效为一环形电流，电子运动周期为7 =根据电

31、流的定义式可得电流强度为：v1=3 =*,因为电子带负电，所以电流方向与电子定向移动方向相反，即沿逆时针方向，故Dt T 2 4正确，ABC错误.2.（本题9分）汽车在水平公路上转弯，沿曲线由M向N减速行驶，下图中分别画出了汽车转弯时所受合力F的四种方向，你认为正确的是（）【答案】C【解析】【详解】根据曲线运动的受力方向总指向轨迹凹处，AB错误；由M向N减速行驶，则受力方向与运动方向的夹角大于90。，故C正确、D错误.3.一个质量为m的物体以a=2g的加速度竖直向下加速运动.在此物体下降h高度的过程中，下列说法中正确的是A.重力势能减少了 2mghB.机械能保持不变C.动能增加了 2mghD.

32、机械能增加了 2mgh【答案】C【解析】【详解】物体重力做功为”3，所以重力势能减小 3?,A错误；物体所受的合力为电=机。=2根g,所以合力做功为2mgh,则动能增加为2根g，C正确；物体的机械能等于动能和重力势能之和，动能增加2mgh,重力势能减小m g h,则机械能增加mgh,BD错误.【点睛】本题考查了功能关系，知道重力做功等于重力势能的减小量，合力做功等于动能的增加量.4.如图，倾角6=37。的光滑斜面固定在水平面上，斜面长L=0.75m,质 量m=1.0kg的物块从斜面顶端无初速度释放，sin370=0.6,cos37=0.8,重力加速度 g 取 lO m/s?,贝！()TA.物块

33、从斜面顶端滑到底端的过程中重力做功为7.5JB.物块滑到斜面底端时的动能为1.5JC.物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力的平均功率为24WD.物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为18W【答案】D【解析】【详解】A、重力做的功为=m gLsin6=4.5 J，故A错误；B、根据动能定理可得，咫L sin。=4=4.5J，故B错误C,由受力分析可以知道，g sin 6=也心二，4/得 =()502平均功率为。=上w=4乏 5=9卬，故C错误t 0.5D、物体运动斜面低端时的瞬时速度为u=3 m/s瞬时功率为尸=zgusine=1 8 W，故D对；故 选D【点睛】根据牛顿第二定律求出物块下滑的加速度，

34、然后有运动学公式求出下滑时间和速度，在利用动能定理求动能的大小.5.图中实线所示为某电场的电场线，虚线为某试探电荷在仅受电场力的情况下从a点 到b点的运动轨迹，则下列说法正确的是A.b点的电场强度比a点的电场强度小B.该试探电荷带负电C.该试探电荷从a点 到b点的过程中电场力一直做负功D.该试探电荷从a点 到b点的过程中速度先增加后减少【答案】B【解析】【详解】A.由图可知，b处电场线较密，则b处电场强度较大，故A项与题意不相符；B.合力大致指向轨迹凹的一向，可知电场力方向向上，与电场线的方向相反，所以该粒子带负电，故B项与题意相符；CD.从a运动到b,力和速度方向夹角为锐角，电场力做正功，动

35、能增大，速度增大，故CD项与题意不相符。6.如图所示，横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右水平抛出，最后落在斜面上.其中有三次的落点分别是a、b、c,不计空气阻力，则下列判断正确的是（）A.落在c点的小球的初速度最小B.落 点b、c比较，小球落在b点的飞行时间短C.小球落在a点和b点的飞行时间之比等于初速度之比D.三个落点比较，小球落在c点，飞行过程中速度变化最大【答案】C【解析】【详解】A.根据=可知，落在C点的小球的初速度最大，选项A错误;B.从图中可以发现c点的位置最低，此时在竖直方向上下落的距离最大，由时间 =所以此时运动的

36、时间最短，所 以B错误；女 /2vn tan 0C.对落到ab两点的小球：tan6=2 f _，解得/=7;可知小球落在a点和b点的飞行时间之比等卬 g于初速度之比，选 项c正确；D.因落到b点的小球运动时间最长，由Av=gt可知，三个落点比较，小球落在b点，飞行过程中速度变化最大，选 项D错误.7.如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处由静止释放。某同学在研究小球落到弹簧上后继续向下运动到最低点的过程，他以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴O x,做出小球所受弹力F大小随小球下落的位置坐标x的变化关系如图乙所示，不计空气阻力，重

37、力加速度为g。以下判断正确的是：（）B.最低点的坐标为x=h+2xoC.小球受到的弹力最大值大于2mgD.当*4,小球速度最大【答案】C【解析】【详解】A D.根据乙图可知当*4+*。，小球的重力等于弹簧的弹力，此时小球加速度为0,具有最大速度，故A错误；D错误.B.根据简谐运动的对称性，x=h+2x。与x=h处速度相等，x=h+2x。处不是最低点，B错误；C.根据胡克定律，弹簧压缩X。时弹力等于mg,x=h+2x。处弹力等于2 m g,但不是最低点，所以小球受到的弹力最大值大于2mg,C正确；8.（本题9分）用一根绳子竖直向上拉一个物块，物块从静止开始运动，绳子拉力的功率按如图所示规律变化，

38、。to时间内物块做匀加速直线运动，to时刻后物体继续加速，t i时刻物块达到最大速度.已知物块的质量为m,重力加速度为g,则下列说法正确的是（）A.物块始终做匀加速直线运动B.t i时刻物块的速度大小为二峙兄C.0 to时间内物块的加速度大小为一-加gf0D.0 t】时间内绳子拉力做的总功为旦.-2-丁学三mg I 2)2m g【答案】B【解析】【分析】【详解】A.0-%时间内物块做匀加速直线运动，to时刻后功率保持不变，根据P=Fv知v增大，F减小，物块做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，物体做匀速直线运动，故A错误;B.在t i时刻速度达到最大，F=m g,贝！J速度v=A醒故B正确

39、；C.根据Po=Fv=Fat,F=mg+ma得P=(mg+ma)at可知图线的斜率k-m(g+aa%可知。力，故C错误；fngt0D.P-t图线围成的面积表示牵引力做功的大小卬=华+品()=与等故D错误。故 选B,9.（本题9分）长 为L的木块静止在光滑水平面上。质量为m的子弹以水平速度V。射入木块并从中射出,且出射速度为VI。已知从子弹射入到射出木块移动的距离为s,子弹在木块中受到的平均阻力大小为:AO MLA m(Vi-Vo)B c D2(s+L)2s 2L 2(5+L)【答案】D【解析】【详解】对子弹根据动能定理：一/亿+$)=71曲,一17%,%，解得了 =ml V n一-V,U2 I

40、，故选D.2 2 2(5+L)1 0.游乐场中的一种滑梯如图3所示.小朋友从轨道顶端由静止开始下滑，沿水平轨道滑动了一段距离后停下来，则图3A.下滑过程中支持力对小朋友做功 B.下滑过程中小朋友的重力势能增加 C,整个运动过程中小朋友的机械能守恒 D.在水平面滑动过程中摩擦力对小朋友做负功【答案】D【解析】【详解】A.下滑过程中小朋友受到的支持力与运动方向垂直，支持力不做功，A错误.B.下滑过程中，小朋友高度下降，重力做正功，其重力势能减小，B错误.C.整个运动过程中，摩擦力做功，小朋友的机械能减小，转化为内能，C错误.D.在水平面滑动过程中，摩擦力方向与位移方向相反，摩擦力对小朋友做负功，故

41、D正确.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.（本题9分）如图所示，在平面直角坐标系中有一等边三角形O P C,。点位于坐标原点，OC与x轴重合，P点坐标为（2,2 6），A、B分别为OP、PC的中点，坐标系处于匀强电场中，且电场方向与坐标平面平行，已知。点的电势为6V,A点的电势为3V,B点的电势为0 V,则由此可判定A.C点的电势为3VB.场强方向一定与PC边垂直C.电场强度大小为300(V/m)D.电场强度大小为1006(V/m)【答案】BD【解析】【详解】。点的电势为

42、6V,A点的电势为3 V,则由*4=曳 可 知，P点的电势为0V,因B点的电势为0V,可 知PC为等势线，即C点的电势为0,选项A错误；电场线与等势面垂直，则场强方向一定与PC边垂直,选 项B正确；OP=百+(2 2 =4cm,则场强大小E=U p p-n=4-V/m=100 后/mOP cos 30.c 2 ，选项C错误，D正确；故 选BD.4x xlO21 2.如图所示，一木块放在光滑水平面上，一子弹水平射入木块中，射入深度为d,平均阻力为f.设木块离射入点s远时开始匀速前进，下列判断正确的是*-s n dA.f-s量度子弹损失的动能B.Fd量度子弹损失的动能C.Fs量度木块动能改变量D.

43、f(s+d)量度子弹损失的动能【答案】CD【解析】【详解】A C.木块对子弹有一个阻力，根据牛顿第三定律，子弹对木板有一个向右的动力，即大小等于f,在这个力的作用下木块向前运动了 S 的距离，根据动能定理可得-=-_，即二二量度木块动能改变量，A 错 误 C 正确；B D,子弹在阻力f 的作用下，运动了（二+二）的距离，根据动能定理可知二（二+二 表 示子弹损失的动能，而木块和子弹系统动能减小了二（二+二）-匚二=二 二，所以二二表示系统动能减小的动能，也可以说是系统产生的内能，B 错 误 D 正确.1 3.（本题9 分）如图，斜面倾角为O,XAP=2XPB,斜面上AP段光滑，PB段粗糙。一可

44、视为质点的小物体由顶端A 从静止释放，沿斜面下滑到底端B 时速度为零，下列说法正确的是（）A.小物体在AP段 和 PB段运动的加速度大小之比为1：2B.小物体在AP段 和 PB段运动的时间之比为1：1C.小物体在AP段 和 PB段合外力做功绝对值之比为1：1D.小物体在AP段 和 PB段受合外力的冲量大小之比为2：1【答案】AC【解析】【详解】A、已知乙户=2/B，将心逆向视为初速度为零的匀加速直线运动，根 据/一 说=2 以，v=2aixAl）=2 a2xB p i所以小物体在A P 段和尸3 段运动的加速度大小之比为1：2,故选项A 正确；B、根据u=a,加速度之比为1：2,所以小物体在A

45、 P 段和心段运动的时间之比为2：1,故选项B 错误；C、根据动能定理知W=A E,A P 段和总段的动能变化绝对值相等，小物体在A P 段和必段合外力做功绝对值之比为1：1,故选项C 正确；D、加速度之比为1：2,根据尸=/m 知小物体在A P 段 和 段 合 外 力 之 比 为 1：2,根据冲量/=股，所以小物体在A P 段和心段受合外力的冲量大小之比为1：1,故选项D 错误。1 4.（本题9 分）小球A、B 在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，mA=l kg,mB=2 kg,VA=6 m/s,vB=2 m/s.当小球A 追上小球B 并发生碰撞后，小球A、B 的速度可能是（）10,10

46、,A.VA=m/s,VB=m/s3 3B.VA,=2 m/S,VB/=4 m/SC.VA/=4 m/s,VB/=7 m/SD.VA=7 m/s,VB,=1.5 m/S【答案】AB【解析】D、考虑追碰的实际情况，碰撞后A球速度不大于B球的速度，故D不可能.A追 上B并发生碰撞前的总动量是：mAVA+mBVB=lx6+2x2kgm/s=10kgm/s,碰撞过程中动量守恒，碰撞后总动量应为10kgm/s,经检验A、B、C选项均符合.C、碰撞过程中总动能不增加，碰撞前总动能为：c选项中线+5，”/=5 7 J 4I，故不可能，则综合排除后可能发生碰撞的选A B.【点睛】本题碰撞过程中动量守恒，同时要遵

47、循能量守恒定律，不忘联系实际情况，即后面的球不会比前面的球运动的快.1 5.（本题9分）如图所示，质量相同的小球A和B分别悬挂在长为I和21的不可伸长的轻绳下端，绳的另一端悬于等高点。先将小球拉至与悬点等高处，使绳伸直，从静止释放小球，当两绳竖直时，下列说法正确的是A.两球的加速度大小相等B.两球的动能一样大C.两球的机械能一样大D.两球所受的拉力大小相等【答案】ACD【解析】【详解】A.令细线的长度为I,小球下落到最低点的过程中，由动能定理得：mgl=；m v2,解得：v=必，在2最低点加速度大小。=亍=2 g,与细线的长度I无关，所以两球在最低点加速度大小相等，故A正确；B.根据动能定理得

48、小球下落到最低点的动能为Ek=mgL可知两球质量相等，细线长度I不等，则到达最低点时的动能不等，故B错误；C.A、B两球在运动的过程中，只有重力做功，机械能都守恒，初始位置时它们的机械能相等，所以在最低点，两球的机械能相等。故C正确。D.小球在最低点时，根据牛顿第二定律得：F-mg=ma,得：F=3mg,与绳的长度无关。所以两绳拉力大小相等。故D正确。1 6.（本题9分）如图所示，小球从A点以初速度V。沿粗糙斜面向上运动，到达最高点B后返回A,C为AB的中点。下列说法中正确的是（）AA.小球从A出发到返回A的过程中，位移为零，外力做功为零B.小球从A到C与从C到B的过程，减少的动能相等C.小球

49、从A到C与从C到B的过程，速度的变化相等D.小球从A到C与从C到B的过程，损失的机械能相等【答案】BD【解析】【详解】A.小球从A出发到返回A的过程中，位移为零，返回到A点时的速度小于原来速度大小，由动能定理可知合外力做负功，故A错误；B.小球从A到C与从C到B的过程，合外力做功相同，由动能定理可知这两个过程中减少的动能相等，故B正确;C.小球从A到C比从C到B用时短，由动量定理可知从A到C速度的变化量小，故C错误；D.小球从A到C与从C到B的过程，滑动摩擦力做功相同，说明损失的机械能相等，故D正确。故 选BD。三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.（本题9分）已知表头G满偏电流为l

50、OOpA,表头上标记的内阻值为900d%、Rz和R3是定值电阻。利 用Ri和表头构成1mA的电流表，然后再将其改装为两个量程的电压表。若使用a、b两个接线柱，电压表的量程为IV；若使用a、c两个接线柱，电压表的量程为3V。则根据题给条件，定值电阻的阻值应选Ri=Q,Rz=Q,Ra=Qo【答案】100 910 2000【解析】【详解】根据题意，Ri与表头G构 成1mA的电流表，贝（）：4 4,=（/一4 ），代入数据：100X10-6X900=（1X10 3-100X10-6）RI；整理得Ri=100fi若使用a、b两个接线柱，电压表的量程为I V,则&=4广/述=上2黑Q=910QI 1x10