【3份试卷合集】天津市津南区2019-2020学年物理高一下期末考试模拟试题.pdf

《【3份试卷合集】天津市津南区2019-2020学年物理高一下期末考试模拟试题.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【3份试卷合集】天津市津南区2019-2020学年物理高一下期末考试模拟试题.pdf（52页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）太空垃圾是围绕地球轨道的有害人造物体，如图所示是漂浮在地球附近的太空垃圾示意图，对此有如下说法，正确的是（）A.太空垃圾一定能跟同一轨道上同向飞行的航天器相撞B.离地越低的太空垃圾运行角速度越小C.离地越高的太空垃圾运行加速度越小D.离地越高的太空垃圾运行速率越大2.（本题9分）一物体在地球表面重16N,它在以5m/s2的加速度加速上升的火箭中的视重为9 N,则此火箭离地球表面的距离为地球半径的（）A.2倍 B.3倍 C.4倍 D.一半3.（本题

2、9分）下列物理量中，都是矢量的是。A.力和功 B.加速度和时间 C.力和位移 D.力和高度4.（本题9分）如图所示，a、b和c三个小球从同一竖直线上的A、B两点水平抛出，落到同一水平面上,其中b和c是从同一点抛出的，设a、b和c三个小球的初速度分别为匕、以、匕，运动时间分别为。、th、3 贝 ij（）A.匕,丹=匕，ta th tc B,匕%L，tatb=tcC.vavhtc D.匕 V,tath=tc5.从地面竖直向上抛出一只小球，小球运动一段时间后落回地面.忽略空气阻力，该过程中小球的动能Ek与时间t的关系图像是（）6.（本题9 分）如图所示，在斜面顶端的A 点以速度v 平抛一小球经匕时间

3、落到斜面上B 点处，若在A 点将此小球以速度0.5v水平抛出，经 tz落到斜面上的C 点处，以下判断正确的是（）A.AB：AC=4：1 B.ti：t2=4：1C.AB：AC=2：1D ti：t2=y/2:7.（本题9 分）在光滑的水平面上，用绳子系一小球做半径为R 的匀速圆周运动，若绳子拉力为F,在小球经过L 圆周的时间内，F 所做的功为（）4I厂A.0 B.RF C.RF D.近 RF8.2016年中国女排在里约奥运会上克服困难拿到冠军，女排精神又一次鼓舞了全国人民。假设排球在运动过程所受的阻力不计，下列说法正确的是（）A.排球从静止到发出的过程中机械能守恒B.若接球后排球作上抛运动，则此过

4、程中排球动能不变C.若扣球后排球作平抛运动，则此过程中排球机械能守恒D.若拦网后排球平抛出界，则此过程中排球机械能增加9.（本题9分）如图所示，在光滑的水平地面上有一辆平板车，车的两端分别站着人A和B,A的质量为mA,B的质量为mB,mAmB.最初人和车都处于静止状态.现在，两人同时由静止开始相向而行，A和B对地面的速度大小相等，则 车（）A.向左运动B.左右往返运动C.向右运动D.静止不动10.（本题9分）如图所示，细线QB、O C连接小球，与竖直方向的夹角为仇O C与轻质弹簧A C相连,A C O水平，小球静止.不计空气阻力.则（）A.在剪断O C线后的一小段时间内，小球的加速度a=gB.

5、在剪断O C线后的一小段时间内,小球的加速度a=0C.剪断0 3线后的一小段时间内，小球先竖直向下做直线运动，然后做曲线运动D.剪断O B线后,小球从O点至A点正下方的运动过程中,小球的机械能先增加后减少二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.如图所示为一皮带传动装置，右轮的半径为r,A是它边缘上的一点.左侧是一轮轴，大轮的半径为4 r,小轮的半径为2r.B点在小轮上，它到小轮中心的距离为r.C点和D点分别位于小轮和大轮的边缘上.若在传动过程中，皮带不打滑.则A.A点与B点的线速

6、度大小相等B.A点与B点的角速度大小相等C.A点与C点的线速度大小相等D.A点与D点的向心加速度大小相等12.（本题9分）如图所示为两物体A、B在没有其他外力作用时相互作用前后的速度一时间（v-t）图像,则由图像可知（）A.A、B作用前后总动量不守恒B.一定是A物体追及B物体发生碰撞C.A、B的质量之比为5：3D.该碰撞是弹性碰撞1 3.（本题9分）如图为 嫦娥二号 的姐妹星 嫦娥一号”某次在近地点A由轨道1变轨为轨道2的示意图,其 中B、C分别为两个轨道的远地点。关于上述变轨过程及“嫦娥一号 在两个轨道上运动的情况，下列说A.嫦娥一号”在轨道1的A点处应点火减速B.“嫦娥一号 在轨道2的A点

7、向C点运动的过程动能减小，势能增大C.嫦娥一号 在轨道1的B点运动到A点万有引力做正功，动能增大，机械能守恒D.以上说法均不正确1 4.如图，同一平面内的a、b、c、d四点处于匀强电场中，电场方向与此平面平行，M为a、c连线的中点，N为b、d连线的中点.一电荷量为q（q0）的粒子从a点移动到b点，其电势能减小W1：若该粒子从c点移动到d点，其电势能减小W 2,下列说法正确的是（）：bI I I I 4dcA.此匀强电场的场强方向一定与a、b两点连线平行B.若该粒子从M点移动到N点，则 电 场 力 做 功 一 定 为 匕 要2WC.若c、d之间的距离为L,则该电场的场强大小一定为TD.若W i=

8、W 2,则a、M两点之间的电势差一定等于b、N两点之间的电势差1 5.(本 题9分)一质量为m的物体以某一速度冲上一个倾角为37。的斜面,其运动的加速度的大小为0.9g。这个物体沿斜面上升的最大高度为H,则在这过程中A.物体克服重力做功0.9mgHB.物体克服摩擦力做功0.3 mgHC.物体的动能损失了 1.5 mgHD.物体的重力势能增加了 mgH16.如图所示，B为线段AC的中点，如果在A点放一个+Q的点电荷，测 得B点的电场强度大小EB=48N/C,则：_ 2 _、A.C点的电场强度大小Ec=24N/CB.C点的电场强度方向向右C.把q=10-9C的试探电荷放在C点，则其所受电场力的大小

9、为1.2xlO-8ND.若要使B点的电场强度EB=0,可在C处放一个-Q的点电荷三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.(本题9分)某同学用如图甲所示装置验证动量守恒定律。主要实验步骤如下:甲(i)将斜槽固定在水平桌面上，调整末端切线水平；(ii)将白纸固定在水平地面上，白纸上面放上复写纸；(iii)用重锤线确定斜槽末端在水平地面上的投影点O；(iv)让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录小球的落地点，重复多次，确定落点的中心位置Q；(V)将小球B放在斜槽末端，让小球A紧贴定位卡由静止释放，记录两小球的落地点，重复多次，确定A、B两小球落点的中心位置P、R；(5)用刻度尺测量P、Q、R距O

10、点的距离XI、X2、X3；(vii)用天平测量小球A、B质 量mi、m2；(响)分析数据，验证等式mixz=mixi+mzx3是否成立，从而验证动量守恒定律。请回答下列问题(1)步骤(V)与步骤(iv)中定位卡的位置应_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _；(2)步骤(疝)用天平测得A的质量为17.0g。测量小球B的质量时将小球B放在天平的一盘，一盘放上一个5g祛码，游码如图乙位置时天平平衡；乙O P Q R iiii|in i|iiii|iiii|iiii|iiii|iiii|iin p IM11111 1 n 11111110 1cm 24 25 50 51 74 75丙如图丙

11、是步骤(Vi)的示意图。该同学为完成步骤(Viii)设计了下列表格，并进行了部分填写，请将其补充完整物理量碰前碰后m/gmi=17.0mi=17.0 m2=x/cmx2=50.35X1=X3=74.75mx/g-cmmiX2=855.95miXi+m2X3=（3）1 8.(本题9分)在用“落体法 做 验证机械能守恒定律”的实验时，小明选择一条较为满意的纸带，如图甲所示(1)为减少阻力对实验的影响，下 列 操 作 可 行 的 是.A.选用质量大的重锤B.安装打点计时器使两限位孔在同一竖直线上C.释放纸带前，手应提纸带上端并使纸带竖直D.重锤下落中手始终提住纸带上端，保持纸带竖直(2)小明用实验测

12、得数据画出的v 2-h图象如图乙所示，图线不过坐标原点的原因是(3)另有四位同学在图乙的基础上，画出没有阻力时的v 2-h图线，并与其比较，其中正确的是四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分1 9.（6 分）（本题9 分）2013年 6 月 2 0 日上午，王亚平在 天宫一号 中进行了中国载人航天史上的首次太空授课，如图所示，王亚平在失重环境下讲授并展示了弹簧称实验、单摆实验、陀螺实验、水球实验等。为了简化问题便于研究，将“天宫一号 绕地球的运动视为匀速圆周运动（示意图如图所示），已知这次太空授课的时间为t,天宫一号 作匀速圆周运动的半径为r,地球质量为M,引力常量为G。求在太空授课

13、的过程中 天宫一号 绕地球运行的线速度大小；（2）求在这次太空授课的时间t 内 天宫一号 与地心连线所转过的角度；在太空失重的环境中，请你判断能否用天平测物体的质量，如果能，请说明理由；如果不能，请你简述一个可以测质量的方案。20.（6 分）（本题9 分）2019年 4 月 2 0 日22时 41分，我国在西昌卫星发射中心用“长征三号 乙运载火箭,成功发射第四十四颗北斗导航卫星，卫星入轨后绕地球做半径为r 的匀速圆周运动。卫星的质量为m,地球的半径为R,地球表面的重力加速度大小为g,不计地球自转的影响。求：（1）卫星进入轨道后的加速度大小gr；（2）卫星的动能Ek。21.（6 分）（本题9 分

14、）如图所示，AB是半径为R的上光滑圆弧轨道.B点的切线在水平方向，且 B点离4水平地面高为h,有一物体（可视为质点）从 A 点静止开始滑下，到达B点时，（重力加速度为g）.求：物体运动到B 点时的速度；（2）物体落地点到B点的水平距离X.22.（8 分）如图所示电路中，R=2Q。当 Rx=lQ时，Uab=2V；当&=3Q,Uab=4.8V.求电池的电动势和内电阻.参考答案一、单项选择题：本 题 共10小 题，每 小 题4分，共40分.在 每 小 题 给 出 的 四 个 选 项 中，只有一项是符合题目要求的1.C【解 析】【分 析】【详 解】A.在同一轨道上的航天器与太空垃圾线速度相同，如果它们

15、绕地球飞行的运转方向相同，它们不会碰撞，故A错 误。B C D.太空垃圾在地球的引力作用下绕地球匀速圆周运动，根据尸 Mm/2%、2 V 2G =n()r-m =mcor=ma可得离地越低的太空垃圾运行角速度越大；离地越高的太空垃圾运行加速度越小；离地越高的太空垃圾运行速率 越 小，故BD错 误，C正 确。故 选C.2.B【解 析】【分 析】【详解】在地球表面，有G=mg=16N.其中g 为地球表面的重力加速度，取g=10m/s2得出物体质量m=1.6kg.该物体放在火箭中，对物体进行受力分析，物体受重力G，和支持力N.火箭中以。=5根/的加速度匀加速竖直向上，根据牛顿第二定律得：N-G =m

16、a解得G=N-/w =9-1.6x5=lN.由于不考虑地球自转的影响，根据万有引力等于重力得出：在地球表面GMm R?在航天器中八,GMmG=则R?_ G _ 1所以r=4R即此时火箭距地高度为h-r-R-3 R故选项B 正确，选项ACD错误.故 选 B.点睛：把星球表面的物体运动和天体运动结合起来是考试中常见的问题，重力加速度g 是天体运动研究和天体表面宏观物体运动研究联系的物理量.3.C【解析】A、力是既有大小又有方向的矢量，功是只有大小没有方向的标量，故 A 错误；B、加速度是既有大小又有方向的矢量，时间是只有大小没有方向的标量，故 B 错误；C、力和位移是既有大小又有方向的矢量，故 C

17、 正确；D、高度是只有大小没有方向的标量，故 D 错 误。点睛：矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则。4.B【解 析】【分 析】【详 解】根据平抛运动规律：竖直方向,I 2h=2gt解得因为可知tath=tc在水平方向x=vot因 为%Vb 匕故 选 B。5.A【解 析】本 题 考 查 动 能 的 概 念 和 Ek-t图象，意在考查考生的推理能力和分析能力。小球做竖直上抛运动时,1 1 7速 度 v=vo-gt,根 据 动 能 段 =3 2 得故图象A 正 确。点睛：本题以竖直上抛运动为背景考查动能的概念和E

18、k-t图象，解题的方法是先根据竖直上抛运动物体的速度特点写出速度公式，在根据动能的概念写出函数方程，最后根据函数方程选择图象。6.A【解 析】由平抛运动可知，由 A 到 B 和 C 位移夹角相同，又由运动学公式可得答案为A。7.A【解 析】【分析】【详解】绳子拉着小球在水平面上做匀速圆周运动，绳子的拉力提供向心力，所以绳子拉力的方向始终与速度方向垂直，不做功，所以在小球经过四分之一，圆周的过程中，F所做的功为零，故 A 正确，BCD错误.8.C【解析】【详解】A、排球从静止到发出的过程中，运动员对排球做功，把运动员的体能转化为排球的动能，机械能不守恒,故 A 错误。B、若接球后排球作上抛运动，

19、则此过程中重力做负功，排球动能减少，重力势能增加，故 B错误。C、若扣球后排球作平抛运动，则此过程中只有重力做功，排球机械能守恒，故 C正确。D、若拦网后排球平抛出界，则此过程中只有重力做功，排球机械能守恒，故 D错误。9.A【解析】【分析】【详解】两人与车组成的系统动量守恒，开始时系统动量为零，两人与大小相等的速度相向运动，A 的质量大于B的质量，则 A 的动量大于B 的动量，AB的总动量方向与A 的动量方向相同，即向右，要保证系统动量守恒，系统总动量为零，则小车应向左运动，故 A 正确，BCD错误.10.D【解析】对。点进行受力分析，如图所示：根据平衡条件可以得到：FOB cos0=m g

20、,F0li sin 0=Fo c可以得到：FOB,FOc=m8 t a n ecosOA、当在剪断O C线后的瞬间，E c 立刻消失，则小球只受到重力和绳OB的拉力，二者的合力产生加速度，根据牛顿第二定律可以得到：7gtan8=z,故剪断。线后的瞬间，小球的加速度为：a=gtan。,故选项AB错误;C、剪断0 8线瞬间，耳以立刻消失，但是由于弹簧弹力在作用，拉力E c瞬间没有消失，小球在E c与重力叫作用小沿二者合力方向运动，即小球先二者合力方向（斜向左下方）运动，然后在做曲线运动，故选项C错误；D、剪断Q B线后，小球先在生。与重力,摩的合力作用下向斜向左下方运动，此时二者的合力做正功，小球

21、的机械能增加，然后做曲线运动，弹簧再次被拉长，弹性势能增加，则小球的机械能减小，即小球的机械能先增加后减小，故选项D正确.点睛：本题关键是对物体受力分析，求出各个力，撤去一个力后，先求出合力，再求加速度，注意弹簧的弹力不会发生突变，然后从外力做功与机械能变化的关系思考.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分11.AC【解析】a、c为共线关系，线速度相等，b、c为共轴关系，加速度相等，b、c的线速度不相等，A错；由丫=/可知，a、c的线速度相等，角速度不相等，B错；C对；设a的线速度为

22、v,加速度为&=上，c的线速度为v,角 速 度 为 上，c、d角速度相同，d的线速度为2v,d的加速度为&=上 上=二，D对;2r4r r12.BCD【解析】【详解】A.由题意可知，物体A、B组成的系统不受外力作用，则系统动量守恒，故A错误；B.因为初状态，A的速度大于B的速度，末状态，A的速度小于B的速度，而物体A、B组成的系统不受外力作用，所以一定是A物体追及B物体发生碰撞，故B正确；m.5C.由动量守恒定律得：机,4 5 +mBVB=mAVA，+mBVB，解得 =3故C正确;D.碰前的机械能 E =g mAv+；mBv2B=3.2，%；碰后的机械能 E，=g mAv+g mBv=3.2/

23、%,碰前的机械能等于碰后机械能，所以是该碰撞是弹性碰撞，故D正确。13.BC【解析】【详解】A.要想使 嫦娥一号”在近地点A由轨道1变轨为轨道2,需要加速做离心运动，应在A点加速，故选项A不合题意；B.嫦娥一号 在轨道2的A点向C点运动的过程中，克服万有引力做功，卫星动能减小，势能增大，故选项B符合题意；CD.“嫦娥一号 在轨道1的B点运动到A点的过程中，万有引力做正功，动能增大，机械能守恒，故选项C符合题意，选 项D不合题意。14.BD【解析】试题分析：利用电场力做功w =4。，可以找到两点之间电势差的关系，要知道中点电势和两端点电势之间的关系.A、选项根据题意无法判断，故A项错误.B、由于

24、电场为匀强磁场，M为a、c连线的中点，N为b、d连线的中点，所 以 为=玖,-经%=幺 警若该粒子从M点移动到N点，则电场力做功一定为w =q-=q（pM-外）=qued鲁ub=叱吗，故 B 正确；wC、因为不知道匀强电场方向，所以场强大小不一定是于，故C错误；qLD、若Wk W 2,说明。“=。而U&M 一/=（-%）-（泌 一 外）由禺为s-s 利 一 科 一0+外 s -m 外 一 如 一 内 十%田因为 0M-R-2-2 ；“N -2一 一2解得：U M-U b N=0,故D正确；故 选BD点睛：对匀强电场的电场特征要了解，利用电场力做功与电势差之间的关系求解.15.CD【解析】【详解

25、】A D.这个物体沿斜面上升的最大高度为H,所以重力势能增加加g，物体克服重力做功m gH,故A错误,D正确；B.物体的机械能损失等于克服阻力做的功，故为：Hf-=0.5mgHsin37故B错误；C.物体上滑过程，根据牛顿第二定律，有：mgsin370+f -m a解得:f=0.3mg合力：F令-mgsin37+f -0.9/g合力做负功，故动能减小量等于克服合力做的功，故动能减少AE,=F-=1.5mgH&n sin37故C正确。16.BC【解析】【详解】A B.设B点到A点的距离为R,则C点到A点的距离为2 R,由点电荷的电场强度公式有：E不 与,同理有由于EB=48N/C,所以可得EC=

26、12N/C,由于场源电荷带正电，所 以C点的电场强度的方向向右，故A错误，B正确；C.把q=10支的试探电荷放在C点，则其所受电场力的大小为F=Ecq=1.2xlO-8N,故C正确；D.若要使B点的电场强度EB=O,根据叠加原理可知应该在C处放一个+Q的点电荷，故D错误。三、实验题:共2小题，每题8分，共16分17.保持不变(2)左 右 5.8g 24.50 850.05【解析】【详解】第一空.为了保证小球A滚到斜槽底端时速度相同，则步骤(V)与步骤(iv)中定位卡的位置应保持不变；第二空.根据天平的使用规则，测量小球B的质量时将小球B放在天平的左盘；第三空.根据天平的使用规则，应该在右盘放上

27、一个5g硅码；第四空.天平读出m2=5.8g；第五空.由刻度尺读出，碰 后xi=24.50cm；第六空.miXi+m2X3=17.0 x24.50+5.8x74.75=850.05 g-cm18.B C打下。点时重锤速度不为零B【解析】(1)A、为了减小阻力的影响，重锤选择质量大一些，体积小一些的铁质重锤，故A错 误.B、安装打点计时器使两限位孔在同一竖直线上，故B正确.C、D、释放纸带前，手应提纸带上端并使纸带竖直,重锤下落时，手不需提着纸带上端，故C正确，D错 误.故 选BC.(2)小明用实验测得数据画出v J h图象图线不过坐标原点，即h=0时，速度不为零，可打下O点时重锤速度不为零.不

28、 论 有 无 阻 力，释放点的位置相同，即初速度为零时，两图线交于横轴的同一点，故B正确，A、C、D错 误.故 选B.【点 睛】解决本题的关键知道实验的原理，以及操作中的注意事项，会通过图线特点分析图线不过原点的原 因。四、解 答 题：本 题 共4题，每 题5分，共20分19.(1)丫 =G M(2)夕=/(3)利用力传感器测出物体受到的合外力F,由加速度传感器测出物 体 运 动 的 加 速 度a,根据牛顿第二定律可得：?=a【解 析】【详 解】万有引力提供向心力，有:G Mm v i=m r r解得:(2)运行的角速度为:Vr转过的角度为:0 (Ot G Mr3天平的原理为杠杆原理，即两侧物

29、体的重力的力矩大小相等，因太空失重，因此不会产生重力力矩，因此没法测量；测物体的质量实验方案：利用力传感器测出物体受到的合外力F,由加速度传感渊测出物体F运 动 的 加 速 度a,根据牛顿第二定律可得：m =一a20 A P2,即水银柱应向右移动，故A正确，BCD错误。8.物体在两个相互垂直的力作用下运动，力Fi对物体做功6 J,物体克服力Fz做功8 J,则Fi、F2的合力对物体做功为（）A.14J B.10J C.2J D.2J【答案】D【解析】【详解】功是标量，所以合力总功等于各力做功之和，即：卬=叫+叱=6 +（8）J=2J,ABC错 误D正确9.（本题9分）如图所示，用细线相连的质量分

30、别为2m、m的小球a、b在拉力F作用下，处于静止状态,且细线0 a与竖直方向的夹角为。=30。，则拉力F的最小值为（）A.迪 mg2D3岳1B.mg2r373+2 _C.mg23D.一mg2【答案】D【解析】【分析】【详解】以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力，作 出F在三个方向时整体的受力图，如图所示:根据平衡条件得知：F与FT的合力与重力3mg总是大小相等、方向相反，由力的合成图可知，当F与绳子0 a垂直时，F有最小值，即图中2位置，F的最小值为3Fmin=3mgsin0=mg2故D正确，ABC错误.故 选D1 0.如图所示的电路中，Ri是光敏电阻（光照越强，阻值越小），Rz是定值电阻

31、，电容器的两平行板水平放置。当开关S闭合，并且没有光线照射Ri时，一带电液滴恰好能静止在电容器两板间的M点。当用强光照射Ri时，则（）A.液滴向上运动B.电容器两极板间电压变小C.电容器所带电荷量减少D.通 过 比的电流减小【答案】A【解析】【详解】ABD、光敏电阻Ri与Rz串联，电容器并接在R2两端，电容器上的电压与R2相同，当光照增强时，光敏电阻减小，总电阻减小，总电流增大，通 过R2的电流增大，Rz两端电压增大，电容器两极板间电压变大，带电液滴受向上的电场力将增大，液滴向上运动，故A正确，B、D错误。C、根据C=可知，电容器所带电荷量Q=CU,电容器两极板间电压U变大，则电容器所带电荷量

32、Q增加，故C错误。二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.（本题9分）如图所示，质量为m的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧的一端与小球相连，另一端固定于0点。小球由A点静止释放后，沿固定竖直杆运动到B点。0 A的长度小于0 B的长度，弹簧处于0A、OB两位置时弹簧的弹性势能相等。下列说法正确的是（）UA.小球在B点的动能不为零B.在小球从A点运动到B点的过程中，弹簧的弹性势能先减小后增大C.在小球从A点运动到B点的过程中，小球增加的动能等于重力对小球做的功D.在小球从A点运动到B

33、点的过程中，小球减少的重力势能等于其增加的弹性势能【答案】AC【解析】【分析】【详解】A.在小球运动过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，故小球和弹簧组成的系统机械能守恒。因A、B两点弹簧的弹性势能相等，小球减小的重力势能转化为小球的动能，所以在B点的动能不为零，故A正确；B.弹簧在A点为压缩状态，B点为伸长状态，在小球从A点运动到B点的过程中，弹簧的形变量先增大后减小再增大，则弹簧的弹性势能先增大后减小再增大，故B错误；C.在小球从A点运动到B点的过程中，弹簧的弹力对小球做功为零，根据动能定理知小球增加的动能等于重力对小球做的功，故C正确；D.在小球从A点运动到B点的过程中，增加的弹性势能为零，

34、则小球减少的重力势能大于增加的弹性势能,故D错误。故选AC.1 2.发动机额定功率为P。的汽车在水平路面上从静止开始先匀加速启动，最后达到最大速度并做匀速直线运动，已知汽车所受路面阻力恒为F,汽车刚开始启动时的牵引力和加速度分别为F。和a o,如图所示描绘的是汽车在这一过程中速度随时间以及加速度、牵引力和功率随速度变化的图象，其中正确的是（）【答案】AC【解析】【详解】汽车匀加速启动时，a一定，根据v=at知v增大，根据尸/知F一定，根 据P=Fv知，功 率P也均匀增大，达 到P额后，功率保持不变，由v继续增大，牵引力减小，当F=f时，a=0,速度达到最大，之后匀速.A.根据以上分析，故A符合

35、题意.B.根据以上分析，最终加速度为零，故B不符合题意.C.根据以上分析，故C符合题意.D.根据以上分析，功率均匀增大，故D不符合题意.13.(本题9分)做曲线运动的物体，可能保持不变的物理量是A,速度 B.合外力 C.动能 D.机械能【答案】BCD【解析】试题分析：做曲线运动的物体的速度方向时刻在变化着，所以速度一定变化，A错误；平抛运动是曲线运动，但过程中只受重力作用，合力恒定，只有重力做功，机械能守恒，BD正确；匀速圆周运动过程中，速度大小恒定，所以动能不变，C正确；在水考点：考查了对曲线运动的理解【名师点睛】既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，它的速

36、度肯定是变化的；而匀速圆周运动的速率是不变的，平抛运动的合力、加速度是不变的14.a,b两个物体做平抛运动的轨迹如图所示，设它们抛出的初速度分别为va,V b,从抛出至碰到台上的时间分别为ta,t b,贝！1()A.VaVb【答案】ADB.VatbD.taha,所以taXb,所以VaVb,故BC错误，AD正确；故选AD.点睛：本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解.15.（本题9分）一辆汽车在司机控制下，始终让发动机以额定功率工作，则以下说法中正确的是A.汽车速度最大时，牵引力等于阻力 B.汽车的牵引力始终保持不变C.汽车只

37、能做匀速运动，不能加速运动 D.汽车的速度变小，则牵引力越大【答案】AD【解析】【详解】ABC.汽车在额定功率下行驶，根据P=Fv知速度增大，牵引力减小，根据牛顿第二定律则有：汽车做加速度减小的加速直线运动，当加速度a=0时，汽车速度最大，做匀速直线运动，汽车的牵引力等于阻力，故选项A符合题意，B、C不符合题意；D.汽车在额定功率下行驶，根据P=Fv知汽车的速度变小，牵引力增大，故选项D符合题意。16.（本题9分）如图所示，电动机通过根轻绳拉小车水平向左运动，电动机功率P =6 W不变，小车通过A位置时速度为2 m/s,此时轻绳与水平方向的夹角为6 0 .设小车所受阻力恒为2 N,小车质量为2

38、 k g.g取10 m/s?不计滑轮质量及其摩擦，则小车通过A位 置 时（）A.电动机收绳速度大小为lm/sB.绳的拉力大小为3NC.小车受到的支持力大小为14ND.小车的加速度大小为0.5m/s2【答案】AD【解析】P 6电动机收绳速度大小为匕=u c o s 6()=lm/s,选项A正确；绳的拉力大小为歹=7 =j N =6 N,选项B错误；小车受到的支持力大小为N=m g-fs in 6 0 =2 0-6 x 9 =(2 0-3 )N,选 项C错误；小车的加速度大小为 Feos6 0 -/2,选 项D正确；故选AD.a=-=-m l s=0.5/22/sm2点睛：此题关键是要区别速度分解

39、和力的分解的不同方法；注意小车的速度是合速度，绳子的速度是分速度；三、实验题:共2小题，每题8分，共16分1 7.(本题9分)某实验小组的同学做“用单摆测定重力加速度”的实验。(1)实验时除用到秒表、刻度尺外，还应该用到下列器材中的 选填选项前的字母)A.长 约1m的细线 B,长 约1m的橡皮绳C.直径约1cm的均匀铁球 D.直径约10cm的均匀木球(2)选择好器材,将符合实验要求的单摆悬挂在铁架台上，应采用图中_ _ _ _ _ _ _ 所示的固定方式(选填“甲或 乙甲 乙(3)将单摆正确悬挂后进行如下操作，其中正确的时(选填选项前的字母)。A.测出摆线长作为单摆的摆长B.把单摆从平衡位置拉

40、开一个很小的角度由静止释放，使之做简谐运动C.在摆球经过平衡位置时开始计时D.用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期(4)用I表示单摆的摆长，用T表示单摆的周期，则计算重力加速度的表达式为g=.(5)乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值，造成这一情况的原因可能是(选填选向前的字母)。A.开始摆动时振幅较小B.开始计时时，过早按下秒表C.测量周期时，误将摆球(n-1)次全振动的时间记为n次全振动的时间D.实验中，由于操作不当，使摆球做圆锥摆运动【答案】AC 乙 BC g=/44-2 CD【解析】【详解】(1)WAB.实验过程单摆摆长应保持不变，应选择长约1m 的细

41、线作为摆线，摆线不能选择有弹性的橡皮绳，故 A 正确，B 错误；CD.为减小实验误差，应选择密度大而体积小的球作为摆球，应选择直径约1cm的均匀铁球作为摆球，不要选用直径约10cm的均匀木球，故 C 正确，D 错误；故选：AC；(2)2在该实验的过程中，悬点要固定，应采用图乙中所示的固定方式。(3)3A.摆线长度与摆球半径之和是单摆的摆长，故 A 错误；B.单摆在小角度下的运动为简谐运动，把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放，使之做简谐运动，故B 正确；C.为减小测量误差，在摆球经过平衡位置时开始计时，故 C 正确；D.为减小测量误差，应测出n 个周期的总时间t,然后求出周期：T =L,用单

42、摆完成1 次全振动所用时n间并作为单摆的周期实验误差较大，故 D 错误；故选：BC；(4)4由单摆周期公式：T =2$=卡戊,可知：T 与，成正比，T-图象是正比例函数图象,T-图象的斜率：/则重力加速度：4病(5)5由单摆周期公式：T =2噂 得:4乃2/A.单摆在小角度下的摆到为简谐振动，开始摆动时振幅较小，单摆的振幅对重力加速度的测量没有影响,故 A 错误；B.开始计时时，过早按下秒表，所测周期T 偏大，所测重力加速度偏小，故 B 错误；C.测量周期时，误将摆球（n-1）次全振动的时间记为n次全振动的时间，所测周期T偏小，所测重力加速度g偏大，故C正确；D.实验中，由于操作不当，使摆球做

43、圆锥摆运动，测得的周期T偏小，所测重力加速度偏大；故选：CD；故答案为：（1）AC；（2）乙（3）BC；（4）4/g=F(5)CD,【点睛】单摆测定重力加速度的原理：单摆的周期公式，还要知道：摆角很小的情况下单摆的振动才是简谐运动；摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，为减小误差应保证摆线的长短不变；单摆在摆动的过程中，摆长不能发生变化.在最低点，速度最快，开始计时误差较小。1 8.在 探究功与物体速度变化的关系”实验中，小车在橡皮条弹力的作用下被弹出，沿木板滑行，实验装置如图所示。（2）通过打点计器的纸带记录小车的运动情况，观察发现纸带前面部分点迹间距疏密不匀，后面部分点迹间距比较均匀，利用纸带

44、求小车速度时，应 使 用 纸 带 的（选填 全部、前面部分 或“后面部分。（3）若实验作了 n次，所用橡皮条分别为1根、2根.n根，通过纸带求出小车的速度分别为匕、岭、匕“匕，用W表示橡皮条对小车所做的功，作出的W-/图线是一条过坐标原点的直线，这说明W与V2的关系是_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _【答案】平衡摩擦力后面部分W=R2【解析】（1）用1条、2条、3条.同样的橡皮筋将小车拉到同一位置释放，橡皮筋拉力对小车所做的功依次为W、2W、3W.探究橡皮筋拉力对小车所做的功W与小车速度v的定量关系.将木板放有打点计时器的一端垫高，小

45、车不连橡皮筋，尾部固定一纸带，轻推小车使小车沿木板向下运动，如果纸带上打出的点间距是均匀的，说明纸带的运动是匀速直线运动，小车重力沿斜面方向的分力刚好平衡了小车所受的摩擦力.（2）橡皮筋拉力对小车所做的功全部完成后，打出来的点才能反映物体的速度.所以应使用纸带的后面部分.（3）W V图线是一条过坐标原点的直线，根据数学知识可确定W与速度v的平方成正比.点睛：注意实验的一些处理方法，例如选择相邻距离基本相同的若干个点作为小车匀速运动阶段的点，用这些点计算小车的速度.图象法是解决物理问题的常见方法，因为它具有简便直观的特点.四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分1 9.如图为某种鱼饵自动

46、投放器的装置示意图，其下部AB是一长为2R的竖直细管，上 部 BC是半径为R的四分之一圆弧弯管管口，C处切线水平，AB管内有原长为R、下端固定的轻质弹簧，在弹簧上端放置一粒质量为m,可视为质点的鱼饵解除锁定后弹簧可将鱼饵弹射出去。投饵时，每次总将弹簧长度压缩到0.5R后锁定，此时弹簧的弹性势能为8mgR(g 为重力加速度)，不计鱼饵在运动过程中的机械能损失，重力加速度为g,求：(1)鱼饵到达管口 C时的速度大小vi；(2)鱼饵到达管口 C时对管子的作用力大小和方向；(3)已知地面比水面高出1.5R,若竖直细管的长度可以调节，圆弧弯道管BC可随竖直细管一起升降，求鱼饵到达水面的落点与AB所在竖直

47、线。0,之间的最大距离Lmax【答案】(1)(2)10m g,竖直向上；(3)11R【解析】【详解】(1)鱼饵到达管口 C的过程中，机械能守恒，有:I2SmgR=2.5mgR+mv解得：vi=jlg R(2)设在C处管子对鱼饵的作用下向下，大小为FN,由牛顿第二定律可得:mg+FN=mR解得：FN=iQmg根据牛顿第三定律可得鱼饵对管子的作用力为lO m g,方向竖直向上.(3)设 AB长度为h,对应平抛水平距离为x,由机械能守恒定律可得:8mgR=+鱼饵从管口 C做平抛运动，则水平方向：x=v2t竖直方向：2.5H+=；g/联立解得：x=2&7.5R-h)(2.5R+h)当 h=2.5R时，

48、x 有最大值为七“=10R则%=x,“+R =llR2 0.(本题9 分)如图所示，为光电计时器的实验简易示意图，当有不透光物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间，实验中所选用的光电门传感器可测的最短时间为0.01m s.光滑水平导轨 M N上放两个相同物块A 和 B,其 宽 度 a=3.0 xl0-im,左端挡板处有一弹射装置P,右 端 N 处与水平传送带平滑连接，今将挡光效果好，宽 度 为 d=3.6xl0 3m 的两块黑色磁带分别贴在物块A 和 B上，且高出物块，并使高出物块部分在通过光电门时挡光.传送带水平部分的长度L=8m,沿逆时针方向以恒定速度v=6m/s匀 速

49、传 动.物 块 A、B 与传送带间的动摩擦因数0.1,质 量 mA=mB=lk g.开始时 在 A 和 B 之间压缩一轻弹簧，锁定其处于静止状态，现解除锁定，弹开物块A 和 B,迅速移去轻弹簧，之后两物块第一次通过光电门，计时器显示读数均为t=9.0 x10%.g取 10m/si.试求：(1)弹簧储存的弹性势能Ep；(1)物 块 B 沿传送带向右滑动的最远距离Sm；(3)物 块 B 滑回水平面M N 的速度大小Vg(4)若 物 体 B 返回水平面M N后与被弹射装置P 弹回的物块A 在水平面上相碰，且 A 和 B 碰后互换速度，则弹射装置P 至少必须对物块A 做多少功，才 能 在 AB碰 后

50、使 B 刚 好 能 从 Q 端滑出？物块B 在此滑离皮带的运动过程中，与传送带之间因摩擦产生的内能AE为 多 大？(计算结果可用根号表示)【答案】(Q Ep=16(J)(1)5m=4(m)(3)v B=4(m/s)(4)AE=(16+2472)1.【解析】【分析】【详解】(1)解除锁定弹开物块AB后，两物体的速度大小以=4=，=|=4。(疝5),根据能量守恒1,1,得：弹簧储存的弹性势能Ep=于或+-/=1 6(J)(1)物 块B滑上传送带匀减速运动，当速度减为零时，滑动的距离最远.由动能定理得：-MB g S m=0-7%片，解得：S m=4 =4(m).22g(3)物 块B沿传送带向左返回