《试卷3份集锦》福建省莆田市2022届物理高一下期末考试模拟试题.pdf

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1、高一（下）学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.（本题9分）物体在两个相互垂直的力作用下运动，力-.对物体做功“，物体克服-一做功sr则的合力对物体做功为（）A-2J B.2J c.10J D.j二2.关于做功和物体动能变化的关系，不正确的是（）.A.只有动力对物体做功时，物体的动能增加B.只有物体克服阻力做功时，它的动能减少C.外力对物体做功的代数和等于物体的末动能和初动能之差D.动力和阻力都对物体做功，物体的动能一定变化3.（本题9分）下列有关功和功率的说法正确的是（）A.功是标量，功有正负值，功的的

2、正负表示功的大小B.功的正负是由位移和力的方向共同决定的WC.由功率公式p=可知做功的时间越长，功率一定越小tD.由 公 式 可 知 汽 车 的 最 大 速 度 只 由 汽 车 的 额 定 功 率 决 定4.踢建子是我国一项大众喜欢的传统健身运动。毯子被人们誉为“生命的蝴蝶，通常由羽毛和健托构成,如图所示。在某次踢键子的过程中，建子离开脚后，恰好沿竖直方向向上运动，到达最高羽毛点后又向下落回。穰子在运动过程中受到的空气阻力不可忽略。穰子离开脚后，在向上运动的过程中，它的速度（）IA.变小 B.不变 C.变大 D.先变大后变小5.（本题9分）若金星和地球绕太阳公转的轨道半径之比为2,将它们绕太阳

3、的公转视为匀速圆周运动，则金星绕太阳公转的周期为（）A.3 6 5/天 B.2 4/天 C.365”天 D.24 天6.（本题9分）如图所示，A、B、C是在同一轨道平面上的三颗不同的人造地球卫星，关于各物理量的关系，下列说法正确的是（）A.根据v=、=,可知线速度vAvBFBFCC.周期 TATBTCD.向心加速度aAaBac7.下列说法正确的是：（）A.电场一旦产生，则空间任一位置的电势和电势能就为一定值，B.电势相等的两点，场强大小也相等，但方向可以不同，C.场强为零的地方，不存在电场，所以该点的电势也为零，D.接地的金属壳或者金属网可以将内外的电场相互隔断8.（本题9分）如图所示，两个质

4、量相同的小球A和B,分别用线悬在等高的Q两点，A球的悬线比B球的悬线长,把两球的悬线拉到水平后将小球无初速度的释放，则经过最低点时（以悬点0为零势能点）（）5-?-gI II II II iI Ii ii t：o6A.A球的速度等于B球的速度B.A球的动能小于B球的动能C.A球的机械能等于B球的机械能D.A球的机械能小于B球的机械能9.（本题9分）某同学在离地h高的平台上抛出一个质量为m的小球，小球落地前瞬间的速度大小为V,重力加速度为g,不计空气阻力，（以地面为零势面）则（1 ,A.人对小球做功一加了2B.人对小球做功-m v2+mghC.D.小 球 抛 出 时 的 动 能 为-mgh小 球

5、 落 地 的 机 械 能 为+mgh10.（本题9分）如图所示，长方形木块A、B叠在一起，放在水平桌面上，A、B之间的接触面粗糙.B受到水平方向的拉力作用、但仍然保持静止.则B木块受到的力的个数是（）AB I _/7 7 /二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.如图所示，足够长的光滑细杆PQ水平固定，质量为2m的物块A穿在杆上，可沿杆无摩擦滑动，质量为0.99m的物块B通过长度为L的轻质细绳竖直悬挂在A上，整个装置处于静止状态，A、B可视为质点。若把A固定，让质量为0.01m

6、的子弹以V。水平射入物块B（时间极短，子弹未穿出）后，物 块B恰好能在竖直面内做圆周运动，且B不会撞到轻杆。则（）A.在子弹射入物块B的过程中，子弹和物块B构成的系统，其动量和机械能都守恒B.子弹射入物块B的初速度Vo=lOO岛ZC.若物块A不固定，子弹仍以V。射入时，物块上摆的初速度将小于原来物块A固定时的上摆初速度D.若物块A不固定，子弹仍以V。射入，当物块B摆到与PQ等高时，物块A的 速 率 为 苴 巫312.（本题9分）如图，x轴水平，y轴竖直。图中画出了从y轴上沿x轴正向抛出的三个小球a、b和c的运动轨迹，其 中b和C是从同一点抛出的，不计空气阻力，若a、b、C的飞行时间分别为ta、

7、tb、tc,抛出的初速度分别为Va、Vb、V”则错 误 的是:A.ta tb tcB.ta vb=vcD.vavbvc13.（本题9分）一边长为L,质量分布均匀正方形板ABCD,质量为m,在A点用悬线系住，开始时AB边 和CD边处于水平位置（如图示）.现将板由静止释放，板摆动直至最后静止.空气阻力不可忽略，下列关于板的描述正确的是（）BDA.板在整个运动过程中板的重力一直做正功B.板在整个运动过程中空气阻力一直做负功C.板在整个运动过程中机械能一直减小D.板在整个运动过程中损失的机械能为二1 4.（本题9分）一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直水平面，圆锥筒固定，有质量相同的小球A和B沿着筒的内壁

8、在水平面内做匀速圆周运动，如图所示，A的运动半径较大，则（）A.A球的角速度必小于B球的角速度B.A球的线速度必小于B球的线速度C.A球的运动周期必大于B球的运动周期D.A球对筒壁的压力必大于B球对筒壁的压力1 5.（本题9分）天文学家发现某恒星有一颗行星在圆形轨道上绕其运动，并测出了行星的轨道半径和运行周期，已知万有引力常量G。则由此可推算出（）A.行星的质量B.行星的线速度C.恒星的质量D.恒星的半径1 6.组成星球的物质是靠引力吸引在一起的，这样的星球有一个最大的自转的速率，如果超出了该速率，星球的万有引力将不足以维持其赤附近的物体随星球做圆周运动，由此能得到半径为R,密度为P、质量为M

9、且均匀分布的星球的最小自转周期T,下列表达式正确的是：（）三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分17.(本题9 分)某物理兴趣小组在探究平抛运动规律的实验时，用频闪照相机对准小方格背景照相，拍摄到了如图所示的照片，已知小方格边长1 0 c m,取当地的重力加速度为g=10m/s2。试回答下列问题:(1)图中的位置a(选填 是 或 不是)平抛运动的起点.(2)小球做平抛运动的初速度大小为一m/s.(3)小球在c 位置的速度大小为_ m/s.18.(本题9 分)在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50Hz,当地重力加速度的值为 10m/J,测得所用重物的质量为1.00

10、kg.若按实验要求正确地选出纸带进行测量,量得连续三点A、B、C到第一个点的距离如图所示(相邻计数点时间间隔为0.02s),那么:(1),要验证重锤下落过程中符合机械能守恒,除了图示器材，以下实验器材必须要选取的有.(填写字母代号)A.秒表 B,刻度尺 C.天平 D.交流电源1 ,(2)运用公式,加/=对实验条件的要求是 为此所选择的纸带第1、2 点间的距离应接近.根据纸带算出相关各点的速度v,量出下落的距离h,则 以 h 为横轴画出的图像应是下图中的哪个(4).从起点0 到打下计数点B 的过程中重力势能减少量是 Ep=(此过程中物体动能的增加量 Ek=_；(结果保留两位有效数字)(5).通过

11、计算，数值上小Ep A E k(填少=或 这 是 因 为四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分19.（6 分）（本题9 分）一质点做匀加速直线运动，初速度为5m/s,加速度为4m/s?试求该质点在：5s末的速度；（2）前 5 s内的位移；第 5 s内的位移。20.（6 分）（本题9 分）一个质量为m=12kg的物体静止在水平地面上，现 用 F=12N 的水平恒力拉物体,取重力加速度g=12 m/s1.*F（1）若水平面光滑，求物体的加速度大小a1和 1 秒末的速度大小v；（1）若水平面粗糙，且物体与水平面间的动摩擦因数H=2.1,求物体的加速度大小a1.21.（6 分）（本题9 分）

12、如图所示，光滑、平行、电阻不计的金属导轨固定在竖直平面内，两导轨间的距离为L,导轨顶端连接定值电阻R,导轨上有一质量为机，长度为L,电阻不计的金属杆，杆始终与导轨接触良好。整个装置处于磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场的方向垂直导轨平面向里。现将杆从M 点以的速度竖直向上抛出，经历时间f,到达最高点N,重力加速度大小为g。求 f 时间内（1）流过电阻的电量4；（2）电阻上产生的电热Q。22.（8 分）如图所示，质量为M=4kg的小车静止在光滑水平地面上，将一个质量为mi=0.995kg并可视为质点的小木块静置在车的左端，某时刻，一颗质量为m0=0.005kg的子弹以水平速度v（）=400m/s

13、击中木块并停留在木块中没有射出，已知木块与车之间的动摩擦因数为U=0.5,重力加速度为g=10m/s2.V o（1）求子弹击中木块后的速度V1；（2）如果最终木块没有从小车上掉下，小车至少多长？参考答案一、单项选择题：本题共1 0小题，每小题4分，共4 0分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.A【解析】【详解】力二，对物体做功61，物体克服力二.做功sj，即仃，两力的合力对物体做功为口 =6J+(-S J)=-2JA.与分析相符B.j与分析不符C.讨与分析不符D.j二与分析不符2.D【解析】【详解】A.根据动能定理得W 合力做功量度动能的变化。动力对物体做正功，只有动力对物

14、体做功时，W总物体的动能增加，故选项A不合题意；B.物体克服阻力做功，阻力做负功，只有物体克服阻力做功时，W总 0,物体的动能减少，故选项B不合题意；C.根据动能定理内容知道，外力对物体做功的代数和等于物体的末动能与初动能之差，故选项C不合题意；D.动力和阻力都对物体做功，物体受各个力做功的代数和可能为零，所以物体的动能可能不变，故选项D符合题意。3.B【解析】A、功只有大小，没有方向，是标量，功的正负表示动力做功还是阻力做功，故A错 误.B、由W=Fxcose可知，正功表示力和位移两者之间夹角小于90。，负功表示力和位移两者之间夹角大于90。，故B正确.C、在力做功多少不知道的情况下，不能得

15、出时间t越长，功率越小的结论，故C错 误.D、汽车的速度最大时，牵引力等于阻力，从公式P=Fv可知，行驶的最大速度由额定功率和阻力决定，故D错 误.故 选B.【点睛】本题主要考查了对功的理解，注意功是标量，只有大小，没有方向，要注意正确理解正负功的意义.知道功率是表示做功的快慢的物理量，做的功多，功率也不一定大.要注意可用0 =2来计算平均t功率，p=F v计算瞬时功率.4.A【解析】【详解】健子离开脚后，在向上运动的过程中，受到竖直向下的重力和空气阻力，合外力竖直向下，与速度方向相反，健子做减速运动，速度变小。A.描述与分析相符，故A正确.B.描述与分析不符，故B错误.C.描述与分析不符，故

16、C错误.D.描述与分析不符，故D错误.5.A【解析】【分析】【详解】根据开普勒第三定律可知：/r3/金，地T地=365天则F天故选A.6.D【解析】【详解】A.人造地球卫星的万有引力提供向心力_ _ 可得一 尸,1 J 口B.卫星之间的质量关系不清楚，所以所受万有引力大小关系不清楚,C.人造地球卫星的万有引力提供向心力_ _ 可得一=TF =一 一可知线速度VAVBVC，A错误B错误,周期TATBaBac,D正确百=口口口 三=口口7.D【解析】【详解】A.电势能由电场和电荷共同决定，不同电荷在电场中的同一位置电势是不一样的，故A错误；B.电势相等的两点，其场强大小有可能不相等，如静电平衡导体

17、外表面是一个等势面，但形状不同，则不同位置的电场强度大小不相等，故B错误；C.电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零.故C错误；D.因为静电屏蔽，接地的金属壳或者金属网可以将内外的电场相互隔断，故D正确。8.C【解析】【详解】A.根据动能定理得：mgL=1mv2,解得：丫 =伍1,所以A球的速度大于B球的速度，故A错误。B.在最低点，小球的动能为Ek=；m v 二-二-,则初速度二-二-二B、D 正确。考点：考查了平抛运动规律的应用13.BCD【解析】【详解】A.板摆动直至最后静止过程中，有向下转动也有向上转动，整个运动过程中板的重力不是一直做正功，故A错误；B C.板在整

18、个运动过程中空气阻力一直是阻碍作用，一直做负功，除重力外的空气阻力一直做负功所以机械能一直减小，故BC正确；D.板在整个运动过程中动能变化量为0,损失的机械能即为减少的重力势能，板的重心在几何中心上.根据重力做功得整个运动过程中损失的机械能为有im gL,故D正确.14.AC【解析】【分析】【详解】如图所示NF向心力八把得：吟工,=户tan 6?r V r tan。tan 0A、由于球A运动的半径大于B球的半径，A球的角速度必小于B球的角速度，A球的线速度必大于B球的线速度，故A正确，B错误；C、由周期公式7 =生，所以球A的运动周期大于球B的运动周期，故C正确；（0D、球A对筒壁的压力等于球

19、B对筒壁的压力，所 以D错误.故选AC.15.BC【解析】【详解】行星绕恒星做圆周运动，根 据 万 有 引 力 提 供 向 心 力 二 三=二 知 道 轨 道 半 径 和 周 期，可以求出恒星的质量，行星是环绕天体，在分析时质量约去，不可能求出行星的质量，也不能求解恒星的半径，选项C正确，AD错误。根据二=*可求解行星的线速度，选 项B正确；故 选BC.【点睛】此题关键是知道已知行星（或卫星）的轨道半径和周期，只能求解恒星（或行星）的质量，即中心天体的质量.16.BC【解析】【详解】AB.当周期小到一定值时，压力为零，此时万有引力充当向心力，即GMm 4乃 2 HR2 T2解得：故B正确，A错

20、误;CD.星球的质量M=p V号 冲 审代入式可得：故 C正确，D错误.三、实验题:共2 小题，每题8 分，共 16分1 7.不是 2.0 2【解析】【详解】2设相邻两点间的时间间隔为T,在竖直方向2 L-L =gT22L 2x10 x10-2T-o j-%m/s=2.0m/s3小球在c 点时，竖直方向上的瞬时速度等于5L 5x10 x10-22T 2x0.1m/s=2.5m/s所以c 点的速度匕=J 说+=2.02+2.52m/s=m/s1因小球在c 点时，竖直方向上的瞬时速度等于心=2.5m/s则 a 点的竖直分速度%-vc,2gT=2.5 2x10 x0.lm/s=0.5m/s。0可 知

21、 a 不是抛出点。【点睛】平抛运动竖直方向是自由落体运动，对于竖直方向根据Ay=g 求出时间单位T。对于水平方向由公式x%=,求出初速度；根 据b点的竖直分速度，结合速度时间公式求出a点的竖直分速度，从而确定a点是否是抛出点。18.(1)BD(2)打第一点速度为零 2mm(3)C(4)0.50J 0.48J(5)大于 阻力【解析】(1)A.要验证重锤下落过程中符合机械能守恒，需要满足mv2=m g h,根据打点计时器打出的纸带求速度，不用秒表，而打点计时器需要用到低压交流电源，故A错误，D正确；B.需要用刻度尺测量物体下落的高度，故B正确；C.等号两边的质量约去，不用天平，故C错误.故选：BD

22、.(2)运用公式1 m v29=m gh验证机械能守恒，要求打第一个点的速度必须为零.根据自由落体运动的位移时间关系，=-g厂=-xl0 x0.022=0Q02m=2mm,所以所选择的纸带第1、2点间的距离应接近2mm.2 21 ,1 ,(3)根据 5m v-=m g h,-v =gh,图像应为 C；(4)根据功能关系可知，当打点计时器打在B点时，重锤的重力势能的减少量为：EP=mgh=1.0 xl0 x0.05J=0.50J匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度有:加 0.0706-0.0314.v=-m ts=0.98m/s,B 2T 2x0.021 ,动能变化量：A EQ加

23、以=0.48J；(5)由(4)可知重力势能的减小量大于动能的增加量，其原因是物体下落过程中存在阻力.点睛：根据自由落体运动的位移时间关系，纸带第1、2点间的距离应接近2mm；测得纸带上的点间距,利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，从而求出动能；根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值；该实验的误差主要来源于纸带和打点计时器的摩擦以及空气阻力的存在.四、解答题：本题共4题，每题5分，共20分19.(l)25m/s；(2)75m；(3)23m【解析】【分析】根据匀变速直线运动的速度与时间的关系，位移与时间的关系，等基本公式解题。【详解】根据v=vQ+at代入数据，

24、得v=25m/s(2)根据1 2x=vot-ar代入数据，得x=75m 前4s的位移1，s玉=vot+ar=52m因此第5s的位移x%=23m20.(1)at-2m/s2 v=4 m/(1)=m/s2【解析】试题分析：(1)地 面 光 滑%=尸由牛顿第二定律琮=叫 得 =%=2 m/s1m1秒末的速度大小：u=a/=4m/s(1)地 面 粗 糙 心=/一 心又 F,=F:,u=mgu由 弓=nta2F得物体的加速度大小为：4=6=1 m/Jm考点：牛顿第二定律21.(1)q=(2)Q，成，2g”。BL 2 0 B2l3【解析】【分析】【详解】(1)根据动量定理，有0-mvn-mgt-Ft又因为

25、F=BUq=71联立解得_ m v0-mgtq 二BL(2)根据-j _ E _ A _ BLhR Rt Rt以及能量守恒1 2Q-m v0-mgh联立解得2 B-I22.(1)2m/s(2)0.32m【解析】【详解】（1）子弹击中木块的过程动量守恒：（町+，）%,解得W =-忆=2 m/s叫+%（2）对 木 块（包括子弹）和小车的系统，由动量守恒定律：/=（见+%）+M）岭;121 2由能量关系：（%+犯）g =（町+/）氏一2（町+/叫）+知）%解得：L=-峋 电-T=0.3 2 m2 4 g（%+肛+M）（%）+仍）-高一(下)学期期末物理模拟试卷一、单项选择题：本题共10小题，每小题4

26、分，共40分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1.如图所示，在光滑水平面上放置一个质量为M的滑块，滑块的一侧是一个!弧形凹槽O A B,凹槽半径为R,A点切线水平。另有一个质量为m的小球以速度V。从A点冲上凹槽，重力加速度大小为g,不计摩擦。下列说法中正确的是()A.当v=J荻 时，小球能到达B点B.如果小球的速度足够大，球将从滑块的左侧离开滑块后落到水平面上C.当v=J丽 时，小球在弧形凹槽上运动的过程中，滑块的动能一直增大2D.如果滑块固定，小球返回A点时对滑块的压力为止R【答案】C【解析】【详解】A.当小球刚好到达B点时，小球与滑块水平方向速度相同，设为Vi，以小球的初

27、速度方向为正方向，在水平方向上，由动量守恒定律得：mvQ=(m+M)vl由机械能守恒定律得：1 2 1 2mv-(?+M)匕 +mgR代入数据解得：所以当 =J荻 时，小球不能到达B点，故A错误；B.小球离开四分之一圆弧轨道时，在水平方向上与滑块M的速度相同，则球将从滑块的左侧离开滑块后返回时仍然回到滑块M上，不可能从滑块的左侧离开滑块，故B错误；C.小球在圆弧上运动的过程中，小球对滑块M的压力一直对滑块做正功，所以滑块动能一直增加，故C正确；D.若滑块固定，由机械能守恒知小球返回A点时的速度大小仍为V。，在B点，根据牛顿第二定律得：F-m g=R解得:F =m g +r*且，故 D 错误。R

28、根据牛顿第三定律可知，小球返回B 点时对滑块的压力为m g +m故选C。2.(本题9 分)当船头垂直于河岸渡河时，下列说法中正确的是()A.船渡河时间最短B.船渡河路程最短C.船实际运动方向垂直对岸D.若河水流速增大，则渡河时间变长【答案】A【解析】A、当船头垂直于河岸渡河时，根据f=4可知渡河时间最短，故 A 正确；VBC、当船头垂直于河岸渡河时，船的位移会向下游偏离，所以位移不是最小的，故 BC错误；D、根据分运动的等时性可知：渡河时间与速度的大小没有关系，故 D 错误；本题选：A3,中国北斗卫星导航系统(BDS)是中国自行研制的全球卫星导航系统，是继美国全球定位系统(GPS)、俄罗斯格洛

29、纳斯卫星导航系统(GLONASS)之后第三个成熟的卫星导航系统。预计2020年左右，北斗卫星导航系统将形成全球覆盖能力。如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，已知a、b、c 三颗卫星均做圆周运动，a 是地球同步卫星，贝!|()A.卫星a 的角速度小于c 的角速度B.卫星a 的加速度大于b 的加速度C.卫星a 的运行速度大于第一宇宙速度D.卫 星 b 的周期大于24 h【答案】A【解析】【详解】根据 G =mr（v2=m 空-r-m =m a,可得0 a的轨道半径大于c的轨道半径，因此r2T2 r V r3卫 星a的角速度小于c的角速度，选项A正确；由。=，a的轨道半径与b的轨道半径相等

30、，因此卫r星a的加速度等于b的加速度，选 项B错误；由U=,a的轨道半径大于地球半径，因此卫星a的运行速度小于第一宇宙速度，选项C错误；由丁=的轨道半径与b的轨道半径相等，卫 星b的周期等于a的周期，为2 4 h,选 项D错误。4.（本题9分）如图所示，小物体P放在水平圆盘上随圆盘一起转动，下列关于小物体所受摩擦力f的叙述正确的是（）A.圆盘匀速转动时，摩擦力f等于零B.圆盘转动时，摩擦力f方向总是指向轴0C.当圆盘匀速转动时，摩擦力f的大小跟物体P到轴0的距离成正比D.当物体P到轴。距离一定时，摩擦力f的大小跟圆盘转动的角速度成正比【答案】C【解析】【详解】A.木 块P随圆盘一起绕过。点的竖

31、直轴匀速转动，做匀速圆周运动，P受到的静摩擦力提供向心力，P受到的静摩擦力不可能为零。故A错误。B.只有当圆盘匀速转动时，P受到的静摩擦力才沿P 0方向指向转轴。故B错误。C.由f=mu）2r得，在P点到。点的距离一定的条件下，P受到的静摩擦力f的大小跟物体P到轴。的距离成正比，故C正确。D.根据向心力公式得到f=m 32r,当物体P到轴。距 离r 一定时，摩擦力f的大小跟圆盘转动的角速度平方成正比，故D错误。5.（本题9分）甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在某一时刻刚好经过同一位置，此时甲的速度 为5 m/s,乙的速度为1 0 m/s,甲车的加速度大小恒为l.Zm/sN,以此时作为计

32、时起点，它们的速度随时间变化的关系如图所示，根据以上条件可知（）Mms)$匕 Xt/90 2 4 6 8 10A.乙车做加速度先增大后减小的变加速运动B.在t=4s时，甲车追上乙车C.在前4s的时间内，甲车运动位移为29.6mD.在t=10s时，乙车又回到起始位置【答案】C【解析】【详解】A.U-/图像的斜率表示物体的加速度，由图可知，乙车的加速度先减小后增大，最后再减小，A错误；B.U-f图线和时间轴围成的面积为位移，在/=4s时，两车的速度相同，但经过的位移不同，故两车没有相遇，B错误；C.在前4s的时间内，甲车运动位移为：1 ,1x=vat+5 厂=5 x 4m+x 1.2x16m=29

33、.6mC正确；D.在10S前，乙车图线和时间轴围成的面积为正，一直是单向直线运动，故乙车没有回到起始位置，D错误。故选C6.在静电场中，一个电子由a点移到b点时静电力做功为5 eV(le V=l.6xlO19J),则以下说法中正确的是()A.电场强度的方向一定由b直线指向aB.a、b两点间电势差Uab=5VC.电子的电势能减少5 eVD.电子的电势能减少5 J【答案】C【解析】由题意知，电子由a点移到b点，电场力做功5eV,电势能减少5eV,电场强度的方向不一定由b指向a.故W 5eVAD错误，C正 确.a、b两点电势差41 fc=*=-5 V,故B错误；本题选错误的，故选ABD.q-e7.(

34、本题9分)在输液时，药液有时会从针口流出体外，为了及时发现，设计了一种报警装置，电路如图所 示.M是贴在针口处的传感器，接触到药液时其电阻RM发生变化，导致S两端电压U增大，装置发出警报，此时()A.RM变大，且 R 越大，U 增大越明显B.RM变大，且 R 越小，U 增大越明显C.RM变小，且 R 越大，U 增大越明显D.RM变小，且 R 越小，U 增大越明显【答案】C【解析】试题分析：S 两端电压U 增大，故传感器两端电压一定减小；当 有药液从针口流出体外”使传感器接触药液，RM变小；当 R RM时，R 越大，M 与 R 并联的电阻R 并越接近RM,U 增大越明显；故选C.考点：本题考查了

35、闭合电路的欧姆定律.8.（本题9 分）甲、乙两人沿同一条平直公路骑车.某时刻甲的速度大小为4 m/s,方向向东；乙的速度大小为3 m/s,方向向西.此时，两者相对速度的大小是（）A.0 B.1 m/s C.3 m/s D.7 m/s【答案】D【解析】试题分析：机械运动指的是物体位置的变化，明确此时研究对象甲相对于参照物乙的位置是否变化，如何变化是解决此题的关键.某时刻甲的速度大小为4m/s,方向向东；乙的速度大小为3m/s,方向向西，这两个速度都是相对于地面的.甲若以乙为参考系，则 甲 向 东 运 动 师=啕一（一 丫 乙）=4+3=7m/s,D正确.A.甲图：客机在起飞爬升的过程B.乙图：抽

36、成真空的管中鸡毛悬空下落的过程C.丙图：跳伞运动员打开降落伞下落的过程D.丁图：石头从手中加速到落地前的过程【答案】B【解析】【详解】A.甲图：客机在起飞爬升的过程重力势能增大，动能增大，则机械能增加，选项A错误；B.乙图：抽成真空的管中鸡毛悬空下落的过程只有重力做功，则机械能守恒，选 项B正确；C.丙图：跳伞运动员打开降落伞下落的过程要克服阻力做功，则机械能减小，选 项C错误；D.丁图：石头从手中加速到落地前的过程中要克服阻力做功，则机械能减小，选 项D错误.1 0.（本题9分）在电场中的某点放入电荷量为一q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电荷量为+2q的试探电荷，此时测得

37、该点的场强（）A.大小为2 E,方向和原来的相反B.大小为E,方向和原来的相反C.大小为2 E,方向和原来的相同D.大小为E,方向和原来的相同【答案】D【解析】【详解】电场强度是描述电场强弱和方向的物理量，由电场本身决定，与试探电荷的有无、电性、电量的大小无关.故在该点放入电荷量为-q的试探电荷时电场强度为E,改放电荷量为+2q的试探电荷时电场强度仍 为E.且方向不变，仍 然 向 右.故D正确.二、多项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得。分1 1.（本题9分）地球和火星都绕太阳做匀速圆周运动

38、，已知地球到太阳的距离小于火星到太阳的距离，那么A.地球公转周期大于火星的公转周期B.地球公转的线速度大于火星公转的线速度C.地球公转的加速度小于火星公转的加速度D.地球公转的角速度大于火星公转的角速度【答案】BD【解析】【详解】行星公转时万有引力提供圆周运动向心力，则有：勺%=丝竺=.=，犷,则有：A.R=,因为地球公转半径小，所以地球公转周期小于火星的公转周期，A错误;V GMB.v迫,因为地球公转半径小，所以地球公转的线速度大于火星公转的线速度，B正确;C.，因为地球公转半径小，所以地球公转的加速度大于火星公转的加速度，故C错误;rD.，等，因为地球公转半径小，所以地球公转的角速度大于火

39、星公转的角速度，D正确;1 2.（本题9分）蹦极是一项非常刺激的体育项目，如图所示，某人从弹性轻绳P点自由下落，到a点绳子恢复原长，b点为人静静悬吊时的平衡位置，c点则是人从P点b自由下落的最低点。下列说法正确的是bA.人在a到c运动过程中都做减速运动B.人在a到b运动过程中做加速度减小的加速运动，在b点时速度达到最大C.人 在b到c运动过程中为加速度增加的减速运动，此阶段人处于超重状态D.此过程中人、绳以及地球组成的系统机械能守恒【答案】BCD【解析】【详解】AB.在ab段绳的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，加速度向下，人向下加速运动，随着绳子的伸长,拉力增大，合力减小，所以向下的加速度

40、减小，当到达b点时加速度减为零，此时速度达到最大；从b到c过程中，绳子的拉力大于重力，加速度向上，人做减速运动，随拉力变大，加速度变大，到达c点时加速度最大，此时速度减为零，所以A错误，B正确。C.由以上分析可知，人 在b到c运动过程中为加速度增加的减速运动，此阶段因加速度向上，则人处于超重状态，选 项C正确；D.此过程中人、绳以及地球组成的系统只有重力和弹力做功，则机械能守恒，选 项D正确。1 3.（本题9分）如图所示，汽车通过轻质绳和轻质光滑的定滑轮，将一个质量为m的物体从井中拉出，开始绳绷紧，滑轮两侧的绳都竖直，汽车以速度V。水平向右匀速运动，当物体上升高度h时，绳与水平方向夹角为30。

41、，则（）B.在绳与水平方向夹角为30。时，拉力对物体做功的瞬时功率为日加g%C.3从开始到绳与水平方向夹角为30。时，拉力对物体做功根g+石根%2OD.3从开始到绳与水平方向夹角为30。时，物体和汽车组成的系统机械能增加mgh+-m v O【答案】ACD【解析】【分析】【详解】A.将汽车的速度沿着平行绳子和垂直绳子方向正交分解，如图所示:丫物=%必30=-v0可知物体做变速运动，故A正确;B.在绳与水平夹角为30。时，拉力的功率为：P=Fv物，由上可知。减小，则v物增大，所以物体加速上升，绳的拉力大于物体的重力，即F m g,故P与ngv。故B错误;C.当6=30。时，物体的速度为:6当。=9

42、0。时，物体速度为零；根据功能关系，知拉力的功等于物体机械能的增加量，故1 3=p +EK=mgh+-m v =m g h+j mv1则C正确;D.从开始到绳与水平方向夹角为30。时，物体和汽车组成的系统机械能增加等于拉力做的功即3 7mgh+-mvl,故 D 正确.8故选ACD正确.1 4.（本题9分）如图所示，一个质量为M的物体在与水平方向成6角的拉力F的作用下匀速前进.在时间为t的过程中，说法正确的是（）A.拉力对物体的冲量为FtcosBB.摩擦力对物体的冲量为FtcosBC.重力对物体的冲量为零D.合力对物体的冲量为零【答案】BD【解析】【分析】【详解】运动时间为3则拉力的冲量为k=F

43、t；故A错误；由于做匀速运动，阻力大小与F的水平分力相等，摩擦力大小为f=Fcos。，摩擦力对物体的冲量的大小为l2=ft=Ftcos4故B正确；重力对物体的冲量为m g t,选项C错误；物体匀速运动，合外力为零，由动量定理知合外力对物体的冲量为零.故D正确；故 选BD.【点睛】此题中各力都恒力，恒力的冲量公式l=Ft与物体的运动状态无关.1 5.（本 题9分）如图所示，一带电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场E中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹.M和N是轨迹上的两点，其 中M点在轨迹的最右端.不计重力，下列表述正确的是（）A.粒子在M点的速率最大B.粒子所受电场力与电场方向相同C.粒子

44、在电场中的加速度不变D.粒子速度先减小后增大【答案】CD【解析】【分析】【详解】A D,粒子受到的电场力向左，在向右运动的过程中，电场力对粒子做负功，粒子的速度减小，运动到M点时，粒子的速度最小，然后向左运动时，电场力做正功，粒子的速度增加，所以A错误，D正确；B.粒子做曲线运动，受电场力指向曲线弯曲的内侧，故可知，粒子所受电场力沿电场的反方向，故B错误；C.粒子在匀强电场中只受到恒定的电场力作用，故粒子在电场中的加速度不变，故C正确；1 6.如图所示，小球从A点以初速度V。沿粗糙斜面向上运动，到达最高点B后返回A,C为AB的中点。下列说法中正确的是（）AA.小球从A出发到返回A的过程中，位移

45、为零，外力做功为零B.小球从A到C与从C到B的过程，减少的动能相等C.小球从A到C与从C到B的过程，速度的变化相等D.小球从A到C与从C到B的过程，损失的机械能相等【答案】BD【解析】【详解】A.小球从A出发到返回A的过程中，位移为零，返回到A点时的速度小于原来速度大小，由动能定理可知合外力做负功，故A错误；B.小球从A到C与从C到B的过程,合外力做功相同，由动能定理可知这两个过程中减少的动能相等,故B正确;C.小球从A到C比从C到B用时短,由动量定理可知从A到C速度的变化量小，故C错误;D.小球从A到C与从C到B的过程,滑动摩擦力做功相同，说明损失的机械能相等，故D正确。故 选BDo三、实验

46、题:共2小题，每题8分，共16分1 7.（本题9分）一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动.用下面的方法测量它匀速转动时的角速度.实验器材：打点计时器、米尺、纸带、复写纸片.实验步骤：（1）如图，将打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔后，固定在待测圆盘的侧面上，使得圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上（纸带厚度可不计）.（2）接通电源，启动控制装置使圆盘转动，同时打点计时器开始打点.经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量.某次实验测得圆盘半径r=5.5xl0-2 m,得到的纸带的如图，求得线速度为；角速度为【解析】从图中可以读出第一个点到第十六

47、个点之间距离是11.40cm,根据线速度的定义式为:也叫=。.3 8加5 .1 5 x 0.02根据角速度与线速度的关系。=上解得。=6.9rad Is.r 0.05 51 8.(本题9 分)在 验证机械能守恒定律的实验中，质量为2.00kg的重物由静止自由下落，带动纸带打出一系列的点，如图所示.相邻计数点间的时间间隔为0.0 2 s,距离单位为cm.(g=9.8m/s2)(所有计算结果保留小数点后两位)4 9.6 05 6.1 1(1)打点计时器打下计数点B时，物体的速度/=m/s；(2)从起点O到打下计数点B的过程中物体的动能增加量/=J，势 能 减 少 量 屿 =J.(3)通过计算，数

48、值 上 限 小 于/，其主要原因为.【答案】3.11 9.67 9.72 下落过中有阻力的影响【解析】【详解】(1)根据匀变速直线运动中间时刻速度推论可得：匕=鼓=5 8 p二,6 8 x 1 O,加/S =3.1加/52T 2 x 0.021 ,(2)从。到 B点的动能增加量为AEK=-/V2=9.67J,势能减小量为 EP=m g%=9.7 2 J ；(3)通过计算，数值上AEK小于A E p,其主要原因是下落过程中有阻力的影响四、解答题：本题共4 题，每题5 分，共 20分1 9.(本题9 分)如图所示，质量为m 的小木块以速度V。冲上放在光滑水平面上的质量为M 的长木板，小木块在长木板

49、上相对静止时，它们的最终速度为v,相互摩擦力为f,求小木块在长木板上滑行的距离。%叩“-mvi-(M +m)v2(1).为使物块A与木板发生相对滑动，F至少为多少？(1).若F=8N,求物块A经过多长时间与B相撞，假如碰撞过程时间极短且没有机械能损失，则碰后瞬间A、B的速度分别是多少？【答案】(1)5 N(1)vA=lm/s vB=8m/s【解析】【分析】【详解】(1)据分析物块A与木板恰好发生相对滑动时物块B和木板之间的摩擦力没有达到最大静摩擦力.设物块A与木板恰好发生相对滑动时，拉力为F。，整体的加速度大小为a,贝!：对整体：Fo=(lm+M)a对木板和 B：|img=(m+M)a解之得：

50、F0=5N即为使物块与木板发生相对滑动，恒定拉力至少为5 N；(1)物块的加速度大小为：aA=电&=4 m l /m木板和B的加速度大小为：aB=lm/s*1M +m设物块滑到木板右端所需时间为t,贝XA-XB=L 答案2 0 2、)f【解析】【详解】系统减少的机械能等于系统增加的内能，E初=!m v()2,E*=g(m+M)v2,由能量守恒定律2 2fL=mv02 (m+M)v22 2解得小木块在长木板上滑行的距离L=；机片一:(M +加)V22 0.(本题9分)如图所示，长木板质量M=3kg,放置于光滑的水平面上，其左端有一大小可忽略，质量为m=lkg的物块A,右端放着一个质量也为m=l