2022年潍坊市高三物理考前三模试题卷附答案解析.pdf

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1、2022年5月潍坊市高三物理考前三模试题卷注漱事项：1,本试卷分为选择题和非选择题两部分，考试时间90分钟，满分100分.2.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、座号等填写在答题卡指定位置.3.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号滁黑.如需改动,用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号.回答非选择题时，请按照题号在答题卡上各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效.一、单项选择题；本题共8小题，每小题3分，共24分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目耍求的.1.如图甲所示，水平桌面上一个物块在与臬面平行的外力牵引下做直线运动，其v-f图像如图乙所示，

2、己 知物块质量为2k g,物块与地面间动摩擦因数为0 3重力加速度g大小取l Om/s?,以下判断正确的是（）A.物体在1 3s内摩擦生热36 JB.物体在0卜内水平力F大小为14NC.物体在0 l s内和3 5s内的含外力冲量大小之比为1：2D.0 5s内水平力F对物体做的功大于摩擦力对物体做的功2.北京正负电子对撞机是世界高能物理研究的重大科技基础设施.在正负电子河撞机中，一个电子和一个正电子淋糙发生湮灭而转化为一对光孑.设对撞前正、负电孑的质量均为小动能均为&己知真空中的光速为c,普朗克常量为h,则对撞后转化成光子的波长等于（）he h he heA.B.C-D.-X-E me me+E

3、 2mc+E3.激光作为单色性极好的光源而得到广泛应用.如图所示，用频率为v的激光照射双缝干涉实脸装置，光屏上出现明暗相间的干涉条纹.图中的P点为第14级暗条纹的位置.己知真空中的光速为C,则尸点到双缝的距离之差弓一夕为（）1p二 1 5 -二二|工A生 B.生 C.把 DT2P 2V v 2v4.如用所示，有一上都开口的圆柱形处热汽虹，汽缸的高度为3L,横裁面积为工一岸度不计的轻质纳热活於封用Im o l的第原子分子理想气体.开始时毋塞距汽缸底部的距冬为L气体的热力学近度为4.已知外界3大气压为几，Im o l的单原子分子理想气体内能公式为U=R T,其中R为常数，71为热力学）度.现时气体

4、及慢加热，与否塞恰上升到汽缸项割附，气体吸收的热量为（）A.2RTX+3 ptL S B.3 M+3 pJ S C.2 M+2&L S D.3埔 +2氏$5.如田所示为一台教学用手根式交流发电机，当缓慢橙幼大皮布轮平柄时，连接在发电机上的小灯泡就会一内一闪地发光.已知大皮相轮半径为及，小皮布轮半径为人格动手柄的角速度为切，且福动过程中皮格不打谓，以下判断正隰的是（）A.发电机产生的交变电流频率为巴 B,小灯泡闪烁的频率为唯2万nrC.小灯泡的勒时功至等干通过小灯泡的电瓶、电压二者有效值的乘积D.发电机启动阶段，当平格转速加倍后，小灯泡的功堇变为2倍6 .热机中卡诺循环是效率最急的，它是由两个等

5、息过程和两个纶热过程组成.如做所示，一定历爱的废想气2拉从状杰4依次经过状杰8、C和D后再回到状杰4经历了一个循环过程.其中，A73和C-D为等显过程，和D-A为绝热过 程.该循环过程中，以下判断正确的是()A.Af8过程中，气体对外界做功，放热B.8TC过程中,气怵分子的平均动能增加C.c -。过程中,单位时间内碰I S电位面积器壁的分子致诚少D.D-A过程中，气化分子的速率分布曲线发生变化7 .2 0 2 1年1 0月1 6日，神舟十三号或人飞船将3名宇航员送入太空并与天宫空间站顺利对接，对接过程可符化为如图所示的情 景,圆形轨道2为天宫空间站运行轨道,椭圆轨道1为我人飞用运行轨道，两轨道

6、相切干P点.已 知 轨 道2的半径为，,地球表面的重力加速度大小为g,旭球g转的周期为T,凯 道1的半道长轴为a，万有引力常量为G,以下判断正确的是()A.由已知条件可以求出地球的质量B .或人乃用若要由轨道1进入轨道2.需要在P点减速C.战人飞船在胡道1上P点的加速度小干空间站在就道2上P点的加速度D.空间站在轨道2上运行的周期与飞阳在轨道1上 运 行 的 周 期 之 比 为 护而,8.如图所示,木板4静且干光滑水平面匕其相格上表面直放半球形水块氏在B的最高点用水平细绳拉着一个小球C.系统保持平衡.己知&C两球半径之比为4：1.C球质量为m,8。接触面光滑.在木板/上施加了一个水平外力兄继续

7、雄系三者相时静止，让三者一起做加速直钱运动.已知重力加速度大小为g,以下判断中正确的是()A.若尸向左且不断变 大,则8 c之间的俾力越来越大3B.若F向左且不断变小，则BC之间的弹力恒为 继C,若F水平向右且特接增大，则8。之间弹力不断减小D,若F水平向右且BC之间绳子的张力为监则系统加速度为jg二、多项渔界意：本总共4 小意，每小题4 分，共 16分.在每小黑给出的四个选项中，有多项符合国目要求.全部选对的得4 分，选对但不全的得2分，者域帽的超0 分，9.固定的半圆形成酬的横横面如由所示，。点为圆心，。为直较AW的垂缓，足够大的光屏P 0紧靠跌璐糖右侧且垂亘干朋V,由4 8两种单色光组成

8、的一束光沿半轻方向豺向。点，入射光线与。央角8较小时，光屏N。区域出现落个光,，逐渐增大6角，当8=a时，光 屏 地 区 域4光的光应消失，挑线增大8角，当8=/时，光 孱 地 区 域8光的光呢消失，R J ()A,跌瑙般对A光的折射至比对8光的大B.A光在欣璐矿中代修速度比8光的大C.a 8 n2 QI I(1)两球脱离弹簧时的速度大小：(2)球1与“U”形槽第一次碰搔后瞬间，球1与“U”形槽的速度大小；0)的粒子从坐标原点。以初速度v沿x轴正方向射入，不计粒子重力的影响.(1)若该粒子恰好能做匀速直线运动，求所加电场强度E的大小和方向：(2)若不加电场，改变磁感应强度B的大小，不改变方向，

9、使该粒子恰好能够经过坐标为I：忑a0,-a)的点,求改变后的磁感应强度 的大小：(3)改变电场的大小和方向，也可以改变运动电荷经过的位置.若保持磁感应强度B的大小和方向不变，将电场强度大小调整为E,方向平行于伙勿平面，使该粒子能够在平面内做匀变速曲线运动，并经过坐标为(a,a 0)的点，求调整后电场强度E的大小和方向.8山东省2022年普通高中学业水平等级考试模拟试题物理参考答案及评分标准2022.5一、选择题：本题共8 小题，每小题3 分，共 24分。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是最符合题目要求的。1.【答案】B【解析】在 I 3s 内物体做匀速直线运动位移8 m,此过程0=i g

10、x=48J,A 选项错误；在0 Is 内由牛顿第：定律=u j 得，水平力大小为14N,故 B 选项正确；根据在0 1s 内和3 5s 内速度变化量相同，得合外力冲量之比为1：1,故 C 选项错误；在5s 内物体的动能没力变化.合外力不做功，水平力/对物体做的功等于物体克服摩擦力做的功，故 D 选项错误。2.【答案】C【解析】由于光子无静止质量，则正电子与负出子对撞过程中的质量亏损为A m=2m -0=2 m,由爱因斯坦质能方程电子对撞放出的能量为A E =A m c2=2mc2,根据能量守恒定律得，每个光子的能量为2+2E=+E,又 =儿=?，联立得到,2Ahr波K 为八二一J,故 c选项正

11、确，A、B、D 错误。3.【答案】A【解析】光屏上某点到双缝的距离之差为（2“-1）9 时，会出现暗条纹，点为第 14条暗条纹，即=1 4,则距离之差为,，A 选项正确，B、C、D 错误。4.【答案】D【解析】活塞上升的过程封闭气体做等压变化，由 盖 吕 萨 克 定 律 得，解得AV2 l2=3 7。由热力学第一定律4 U=IF +。，4（/=y/?（r2-r,）,卯=-/%（匕-匕），联立解得Q=3 R7；+2/%0,故 D选项正确，A、13、C错误。5 .【答案】B【解析】大皮带轮与小皮带轮乃沿线i 束度大小相等.则有J r =3 七解得小皮带轮9的角速度3 =卓，再 由。=2h 可知发电

12、机线圈转动频率为/=萼;，此即发电机产生的交变电流的频率，故 A选项错误；小灯泡发光亮度与电流大小有关，它在一个周期内会闪烁两次，其闪光频率为，=必，故 B 选项正确；小灯泡闪烁，也就是小灯泡亮度7rr时刻在变化，说明小灯泡的瞬时功率时刻在变化，不是定值，而电流、电压有效值乘积计算的是定值，故 c选项错误；线圈转动频率（角速度）加倍时，由 以=N B S 可知,发电机产生的交变电流最大值加倍，有效值加倍，功率变为4倍，故 D选项错误。6 .【答案】D【解析】根据热力学第一定律，/!一8等温变化过程中，气体内能不变，体积增大对外界做功，一定吸热，A选项错误；8-C过程为绝热过程，气体体积增大对外

13、做功,故气体内能减少，分子平均动能减小，B 选项错误；CT。等温变化过程中，分子平均动能不变，气体压强增大，故单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，C选项错误；为绝热过程，气体体积减小，外界对气体做功，气体内能增大，温度升高,分子平均动能增大，所以气体分子速率分布曲线发生变化，D选项正确。7.【答案】D【解析】由万有引力提供向心力，有（丁 等=m E M，琮”声 黑-,A项错误;载人飞船在轨道1 上 P点时，飞船做近心运动，万有引力大于所需向心力，在轨道2 上P点时，万有引力等于所需向心力，可见飞船从轨道1 进入轨道2 需要在P点加速，B项错误；飞 船 在 轨 道 I 上 P 点 的 加 速

14、 度 由 万 有 引 力 提 供，则 6蟀=叼，解得r空间站在轨道2 上/点的加速度也由万有引力提供，得 典=C/，小=出，C项错误；由 开 普 勒 第 二 定 律 可 哈 兴 故 唳 号,D项正确。8 .【答案】B【解析）以 C为研究对象，受力分析如图所示由共点力平衡条件得/V s i n g =m g,T-N cos8=m a,因为。不变，且由几何关系可知10为 5 3。，所以:V不变，恒为六，必，加速度增大，则拉力7 增大，故 A选项错误，B选项正 确;若 F水平向右，整体加速度向右,对C有 A s in m g,N cos0-T=m a,B C之间弹力不变，水平轻绳的张力丁可能在某个时

15、刻为零，代人数据可得此时“=；g,故 C、D选项错误，二、选择题：本题共4 小题，每小题4 分，共 16 分。每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4 分，选对但不全的得2分，有选错的得。分。9 .【答案】A D【解析】当.4光光斑消失时S in a =上，当 B光光斑消失时s i i W=L,由于 ,故nAnB勺 /，A选项正獭；根据=得！以，B选项错误；当时光发生全反射，8光发生折射和反射，在光屏。上有两个光斑，C选项错误；当。胃时,人 8两光都发生全反射，光 屏 P Q上有一个光斑，D选项正确10 .【答案】A B 解析】小球从。到 P 的运动过程

16、，水平方向L ，运动时间为L.A选项正确；ro0 +r小 球 从。点 运 动 到 P 点，水 平 位 移 和 竖 直 位 移 相 等，即%，=一/，合速度“=T+P；=5,o，则瓦俨=；加=卷B选项正确；速度偏向角正值t a n。=一=-1 12,C选项错误；对竖直方向=2.，%=2%,mg-qE -m a,联 立 解 得 /=，g-D选项错误.11.【答案】A C【解答】小球沿杆下滑过程中，F点弹力功率为零，到 达 点时弹簧恢复原长.M点弹力功率为零，中间过程弹力功率先增大后减小，A选项正确；小球从尸点运动到外点的过程中，弹簧对小球要做功，其机械能不守恒，B选项错误；小球从点运动到N点的过程

17、中，对于小球与弹黄组成的系统，由于只有重力和弹力做功，所以系统的机械能守恒，在 F点和.二点弹簧的形变量相等，弹簧的弹性势能相等:根据系统的机械能守恒得m g而 s in 6 0。=。”欣，根据几何关系可知而=2 而/t a n 30。=2 x 0.45 x g m,联11立解得为=3m/s,C选项正确；小球达到N 点时，重力的瞬时功率为P=，监为s in 6。“n,n,凤.3 甜、。=0.1 x 10 x3 x 彳 =,D m项错俣。12.【答案】B C D【解析】由右手定则和左手定则可知，两导体棒所受安培力均向左，因此系统动量不守恒，A选项错误；回路总电动势为E =3七-B 氏,随 着 乙

18、 的 减 小、%的 增 大,回路总电动势减小，回路电流减小，安培力减小，两棒加速度最终减为零，两棒均匀速运动，设整个过程回路中的平均电流为1 则由动量定理，对。棒有-=对 棒 有/血=叫-0,两式联立解得打=景向右、4若 向 左，B选项正魂；流过。棒的电荷量为，/=翳，D 选 项 正 确：同 时，整个过程中，回路中产生的焦耳热为uL。g=+；欣）=，则“棒上产生的焦耳热为。=.C 选项正确。三、非选择题：本题共6小题，共 6 0 分。1 3 答案】（1）A B（1 分）；（2）B （1 分）；（3）0.2 6 4 （0.2 6 2 0.2 6 6）（1 分）、0.4 95（1 分）（4）（2

19、分）。g解析（1）实验中要通过纸带测量加速度,故需要刻度尺测量点距，实脸中还需要用天平测量物块的质量，秒表和干电池不需要，放 AB正确、C D 错误.：（2）由纸带可以求出物块的加速度%对物块，由牛顿第二定律得2F -必 培=m a,则动摩擦因数”=若生，加速度。可以由纸带求出,g与F已知，要测动摩擦因数,还需要测出物块的质量叫故本题答案为选项B,上 百 勺、击由 0.02 4 +0.02 8 8 .八 /（3）2 点的速度 v:=-m/s =0.2 6 4 i n/s利用逐差法可知加速度为 =0.4 95.24 1（4 ）根 据 牛 顿 第 二 定 律 可 知=m a,整理得u=闻+F,贝！

20、I 2 6 =卬 g、=k,m ni联 立 解 得 畔 缘8121 4.答案】如图所示（2分）;（U-I）夫（2分）；.6 （2分）;1.4 7 x 1 02（2分）【解析】由+%/?,可得，氏=（#-1）七将公式（=（今-I ）A变形为今=叫J+1,则图像的斜率即为A,由图像知5U|KlR,=2.6 Q c曲用=p!得L=等 代 人 数 值 得A =l.4 7 x l O2mo1 5.【答案】（1）4 m/s,沿彳轴负方向传播；（2）y=-0.2 s i n（2 m -全）【解析】（1）由图甲可得波长为A =4 m（1 分）由图乙可得周期为T=1.0 s （1 分）则该简谐横波的传播速度大小

21、为“=/=4 m/s （1 分）由图乙知质点M在/=1 .0 s时沿y轴负方向运动，由振动方向和波的传播方向的关系，知该简谐横波沿X轴负方向传播。（1分）（2）由图乙知质点M的振动方程为y=-A s i n =-0.2 s i n 2 7 r t （1 分）则质点Q的振动方程为y =-0.2 s i n(2 7 r Z -半 2T T)=-0.2 s i n(2T T/-T-,2T F)=-0.2 s i n(2 m 一%)A 4 4(2分)1 6.【答案】(l)2 s,4.3 3 m (2)-8 9 7 0 J。【解析】13（I）设从A点运动到B点竖宜位移为万,水平位移为x,已知A B长为s

22、。根据平抛运动的规律得”*（I 分）上=h（1 分）由儿何关系有x=s c o s 0=4 0 x 争 n =2 0-s s i n。=4 0 x=20 m（I 分）联立解得r=2 s （I分）沿斜面方向和垂直斜面方向建立直角坐标系,沿垂直斜面初速度的分量为如s i n。,重力加速度g垂宜斜面的分量为g c os 0,设所求最大距离为H。在垂直斜面方向，根据运动学公式得-2 g c os。/=0 -（%s i n0）2（I 分）解得 H=当3 m =4.3 3 m （1 分）（3）由图像可知，该 运 动 员 初 速 度 为%=I 8m/s,落 到B点水平方向的速度U 木*=I 3 m/s,竖直

23、方向的速度%汽=I 6m/s,则点=嘘 平 +i；M =（1 3?+1 62）m2/s2=42 5m2/s2（1 分）设空气阻力对运动员做的功为%，运动员竖直下落的高度为八=2 0 m根据动能定理得:m g/i +叼.=-卜 鬲 （I 分）解 得 叼=-89 70 J （1 分）1 7.【答案】（l）4i n/s 2 i n/s （2）2.4m/s 1.6m/s （3）0.3 89 s【解析】（1）根据动量守恒定律、机械能守恒定律有0 =小必_ 叫与（2分）E,.=ym）A+（2 分）联立两方程代入数据解得：vl=4m/s（1 分）=2【n/s（1 分）（2）碰撞过程动量 和机械能守恒定律得z

24、 np；1-miv+M vy（1 分）14A =1 1 +十 蛔（1 分）联立解得v-2.4 m/s,负号表示方向向右,大小为2.4 m/s （I 分）&3 =L 6 m/s （I 分）（3）两球分离后各白做匀速运动JU”形槽不动;球1 先与 U”形槽碰撞LV1=0.2 5 s （1 分）此时球2运动的距离xi-v2h=0.5 m （I 分）所以碰撞时球2与槽的右侧边缘还有0.5 m碰撞后槽以L 6 m/s 的速度向左运动，球 2以2 m 7.s 的速度向右运动Lb =-=0.1 3 9 s （1 分）气+匕z =Z i +z2=0.3 8 9 s （1 分）1 8 .【答案】（l）E=出，沿

25、z 轴正方向；夕=詈;Zqa（3）=j（用.曲 ,加血=弊7 3qa 2mv【解析】（I）由左手定则可知，带电粒子所受洛伦兹力沿二轴负方向，则有平衡条件可知，电场力沿？轴正方向，即电场强度沿？轴正方向，且有qE-qvB=0 （2 分）解得E=（1 分）（2）粒子运动的轨迹如图所示，由儿何关系，有：15r2=(r-a)2+(7?)2解得粒子运动的半径为r=2(i由牛顿第二定律，有R,V2qvH-m（2分）（2分）解得8嗡（1分）(3)由题意，电场力的一个分力沿？轴正方向平衡洛伦兹力,另一个分力沿y轴止方向提供类平抛运动加速度，如图所示“则 由 平 衡 条 件 而 西-俨8=0由平抛运动规律,有尿=7/7,a=y a0/2（2分）（2分）其中沏二今解得|=oB,E2=则有 E=/；+用=(4)、(驾)2t a M茅臀/s2 2 加（1分）（2分）（1分）16