2022年全国统一高考化学试卷(新课标Ⅰ).pdf

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1、2020年全国统一高考化学试卷（新课标I）题号二三四五总分得分一、单 选 题（本大题共7 小题，共 42.0分）1.国家卫健委公布的新型冠状病毒肺炎诊疗方案指出，乙雄、75%乙醇、含氯消毒剂、过氧乙酸（CH3coe）OH）、氯仿等均可有效灭活病毒。对于上述化学药品，下列说法错误的是（）A.CH3CH,OH能与水互溶 B.NaCiO通过氧化灭活病毒C.过氧乙筋相对分子质量为76 D.氯仿的化学名称是四氯化碳2.紫 花 前 胡 醇 久 可 从 中 药 材 当 归 和 白 芷 中 提 取 得 到，能提C.C D.D4.错的配合物离子Rh（CO）l-可催化甲醇皴基化，反应过程如图所示。2 23.高人体

2、免疫力0 有关该化合物，下列叙述错误的是（）A.分子式为CHHH4 B.不能使酸性重辂酸钾溶液变色C.能够发生水解反应 D.能够发生消去反应生成双键下列气体去除杂质的方法中，不能实现目的的是（）气 体（杂质）方法Aso2(H2S)通过酸性高锌酸钾溶液BCl2(HC1)N2通过饱和的食盐水C（o2）通过灼热的铜丝网DA.ANO(NO2)B.B通过氢氧化钠溶液下列叙述错误的是（）A.CH CO I是反应中间体B.甲福皴基化反应为CH OH+CO=CH CO H3 3 2C.反应过程中R h 的成键数目保持不变D.存在反应CH OH+HI=CH I+H O3 3 2第1页，共16页5.1 9 3 4

3、年约里奥-居里夫妇在核反应中用a粒子(即氮核:H e)轰击金属原子号X,得到核素2黑2丫，开创了人造放射性核素的先河：1 X+pfe-z*2r+on其中元素X、Y的最外层电子数之和为8。下列叙述正确的是()A.:X的相对原子质量为2 6 B.X、Y均可形成三氯化物c.X的原子半径小于丫的 D.Y仅有一种含氧酸6.科学家近年发明了一种新型Zn-CC)2水介质电池。电池示意图如下，电极为金属锌和选择性催化材料，放电时，温室气体CC 2被转化为储氢物质甲酸等，为解决环境和能源问题提供了 一种新途径。co.下列说法错误的是()A.放电时，负极反应为Zn 2 e-+4 0F T=Zn(0H)；B.放电时

4、，1 m o l CO2转化为H C O O H,转移的电子数为2 m o lC.充电时，电池总反应为 2 Zn(0H)2 =2 Zn +Oz T+4 OH-+2 H 2。D.充电时，正极溶液中OH-浓度升高7.以酚献为指示剂，用0.1 000 m o l-L 1的NaOH溶液滴定2 0.00 m L未知浓度的二元酸H 2 A溶液。溶液中，p H、分布系数6随滴加NaOH溶液体积”工。1 1的变化关系如下图所示。比如A 2-的分布系数:S(A2)C(H2A)+c(HA-)+C(A2)第2页，共1 6页下列叙述正确的是()A.曲线代表6(H zA),曲线代表6(HA-)B-H 2A溶液的浓度为0

5、.2000 mol-L 1C.心-的电离常数Ka=1.OX1O-2D.滴定终点时，溶液中c(Na+)R 2/、l 2-2HT1苯胺与甲基毗咤互为芳香同分异构体第3页，共16页回答下列问题:(1)A的化学名称为 o(2)由B生成C的化学方程式为 o(3)C中 所 含 官 能 团 的 名 称 为。(4)由C生成D的反应类型为 o(5)D的结构简式为 o(6)E的六元环芳香同分异构体中，能与金属钠反应，且核磁共振氢谱有四组峰,峰面积之比为6：2：2：1的有 种，其中，芳香环上为二取代的结构简式为三、简答题(本大题共2小题，共2 9.0分)9.硫酸是一种重要的基本化工产品，接触法制硫酸生产中的关键工序

6、是SO2的催化氧化：S O2(g)+O2(g)化刑 AS C)3(g)AH=-98 k J mo l-1。回答下列问题：0 锐催化剂参与反应的能量变化如图(a)所示，V 2 O 5G)与S C)2(g)反应生成V O S。4和V 2 O 4的热化学方程式为：图 何2 当S C)2(g)、C)2(g)和N 2(g)起始的物质的量分数分别为7.5%、1 0.5%和82%时，在0.5M P a、2.5M P a和5.0 M P a压强下，S O 2平衡转化率a随温度的变化如图(b)所示。反应在5.0 M P a、550 时 的a=,判断的依据是。影响a的因素有B 将组成(物质的量分数)为2 m%S

7、O2(g),m%(g)和q%N 2(g)的气体通入反应器，在温度t、压强p条件下进行反应。平衡时，若S O 2转化率为a,则S O 3压强为，平衡常数Kp=(以分压表示，分压=总压x物质的量分数)。4 研究表明，S O 2催化氧化的反应速率方程为:第4页，共16页v=k(-l)03(1-na)式中：k 为反应速率常数，随温度t 升高而增大；a 为 SO2平衡转化率，”为某时刻SO2转化率，n 为常数。在 a=0.90时，将一系列温度下的k、a 值代入上述速率方程，得到vt 曲线，如 图(c)所示。20108644曲线上v 最大值所对应温度称为该d 下反应的最适宜温度口。y 时，v 逐渐提高；t

8、tm后，V逐渐下降。原因是 O10.化学选 修 3：物质结构与性质Goodenough等人因在锂离子电池及钻酸锂、磷酸铁锂等正极材料研究方面的卓越贡献而获得2019年诺贝尔化学奖。回答下列问题：(1)基态Fe2+与 Fe3+离 子 中 未 成 对 的 电 子 数 之 比 为。(2)L i及其周期表中相邻元素的第一电离能(I,)如表所示。L(Li)L(N a),原因是 o L(Be)L(B)L(L i),原因是。(3)磷 酸 根 离 子 的 空 间 构 型 为,其中P 的 价 层 电 子 对 数 为、杂化轨道类型为 o(4)LiFePO4的晶胞结构示意图如(a)所示。其中O 围绕F e和 P 分

9、别形成正八面体和正四面体，它们通过共顶点、共棱形成空间链结构。每个晶胞中含有LiFePOq的单元数有一个。电池充电时，LiFeOq脱出部分Li+，形 成 L ijFePO 结构示意图如(b)所示，则x=,n(Fe2+)：n(F e 3+)=。四、实验题(本大题共1 小题，共 15.0分)H.为验证不同化合价铁的氧化还原能力，利用下列电池装置进行实验。第5页，共16页回答下列问题:(1)由F eSO4-7 H2O固 体 配 制0.1 1 0 m o l-L-i F eSC 溶 液，需要的仪器有药匙、玻璃棒、.(从下列图中选择，写出名称)。(2)电池装置中，盐桥连接两电极电解质溶液。盐桥中阴、阳离

10、子不与溶液中的物质发生化学反应，并且电迁移率(U8)应尽可能地相近。根据下表数据，盐桥中应选择 作为电解质。阳离子118X108/(m 2s-b V-i)阴离子uooxlOs/(m 2s-i-V-i)Li+4.07HCOg4.61Na+5.19NO37.40Ca2+6.59Cl-7.91K+7.62SO 218.27(3)电流表显示电子由铁电极流向石墨电极。可知，盐桥中的阳离子进入电极溶液中。(4)电池反应一段时间后，测得铁电极溶液中c(F e2+)增加了 0.0 2 m o卜LT。石墨电极 上 未 见Fe析 出。可知，石墨电极溶液中c(Fe 2+)=。(5)根 据(3)、(4)实验结果，可知

11、石墨电极的电极反应式为_,铁电极的电极反应式为。因此，验证了 F e2+氧化性小于,还原性小于。(6)实验前需要对铁电极表面活化。在F eSC)4溶液中加入几滴F e2(SO,3溶液，将铁电极浸泡一段时间，铁电极表面被刻蚀活化。检验活化反应完成的方法是五、流 程 题(本 大 题 共1小题，共1 4.0分)第6页，共16页1 2.钮具有广泛用途。黏土帆矿中，帆以+4、+5 价的化合物存在，还包括钾、镁的铝硅酸盐，以及Si O?、F e304o采用以下工艺流程可由黏土钿矿制备N H 4 Vo 3。Mn()a滤渣 滤液 滤渣 滤渣 滤液NJLVO,该工艺条件下，溶液中金属离子开始沉淀和完全沉淀的pH

12、如下表所示:金属离子Fe3+Fe2+A13+Mn2+开始沉淀pH1.97.03.08.1完全沉淀pH3.29.04.71 0.1回答下列问题：(1)“酸浸氧化”需要加热，其原因是。(2)“酸浸氧化”中，V 0+和 V 0 2+被氧化成V 0；,同时还有 离子被氧化。写出V 0+转化为V 0；反 应 的 离 子 方 程 式，(3)“中和沉淀”中，帆水解并沉淀为匕0二*口2。，随滤液可除去金属离子K+、M g 2+、N a+、，以及部分的。(4)“沉淀转溶”中，V,O,r H,O 转化为钢酸盐溶解。滤渣的主要成分是(5)“调 p H”中有沉淀生产，生 成 沉 淀 反 应 的 化 学 方 程 式 是

13、。(6)“沉锐”中析出N H 4V O 3 晶体时，需要加入过量N H f l,其原因是第7页,共1 6页答案和解析1.【答案】D【解析】【分析】本题考查了物质性质、物质应用、氧化还原反应等知识点，掌握基础是解题关键，题目难度不大。【解答】A.C H H p H能与水任意比互溶，故A正确；B.NaClO有强氧化性，可以通过氧化灭活病毒，故B正确；C.过 氧 乙 酸(C H3COOOH)相对分子质量为7 6,故C正确；D.氯仿的分子式为CHC1 8化学名称是三氯甲烷，故D错误，故 选D。2.【答案】B【解析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质、有机反应为解答的关键，

14、侧重分析与应用能力的考查，注意常见有机物的性质，题目难度不大。【解答】A.由题干有机物的结构简式可知该物质为8个不饱和度，由碳原子数为1 4,氧原子数为4,可知该物质分子式为：C H Q,4 A正确，A不选。B.该物质中碳碳双键，可以被酸性重铝酸溶液钾氧化，使酸性重倍酸钾溶液变色；且该物质有羟基(与羟基相连的碳原子上有氢原子)，也可以被酸性重铝酸钾溶液氧化，能使酸性重铝酸钾溶液变色，故B错误，选B。C.该物质含有酯基可发生水解反应，故C正确，C不选。D.该物质含-0 H,且与-0 H相连的C的邻位C上 含H,可在浓硫酸作用下发生消去反应。故D正确，D不选。故 选B。3.【答案】A第8页，共16

15、页【解析】【分析】本题主要考查常见物质的除杂问题，了解物质的化学性质是解题的关键，题型较易。【解答】A.S C 2 和 H 2 s 都可以和酸性高镒酸钾溶液反应，故A错误；B.由于H C 1 在饱和食盐水中的溶解度很高，而C%几乎不溶于饱和食盐水，所以可以用通过饱和食盐水洗气的方式来除去C l a 中的HCL故B正确；C O 2 和 Cu在加热条件下发生反应生成C u O,x不与Cu发生反应，故可通过灼热的铜丝网出去N 2 中的。2，故C正确；D.2N O,+2N aO H =N aN C 3+N aN C 2+H,O,N O 不与N aO H 反应，所以可以通过N aO H溶液出去NO中的N

16、 O?，故D正确。故选A。4.【答案】C【解析】【解析】【分析】本题考查 R h C C I J 催化甲醇黑基化的反应历程中的分析判断，掌握物质结构和转化是解题的关键，难度二般。【解答】A.由物质转化流程可知，C H 3 c o i 是反应的中间产物，是反应的中间体，故A 正确；B.根据物质的进出转化，反应物是甲醇和一氧化碳，产物是C H 3c 0 2H,故B正确；C.反应开始时，配合物离子中R h 的成键数目是4,反应过程中成键数有6 和 5,故 C错误；D.根据反应开始时，甲醵先于H I 反应转化为C H 3I；即存在反应：C H3O H+H I=C H3I+H2O,故 D正确；故本题选C

17、。5.【答案】B【解析】【分析】本题考查核反应中的质量守恒定律以及元素推断，难度不大。【解答】A.由 X+4=30+l 可知X=27,故 的 相 对 原 子 质 量 为 2 7,故A错误第9页，共1 6页B.由X、Y 的最外层电子数之和为8 且 X 为金属，设X 最外层电子数为a,则丫的最外层电子数为a+2,故 a+a+2=8,则a=3,X 的相对原子质量为27,故可知X 为 A1,丫为 P,A1与 P 均可形成A id?与 PCly故 B 正确。C.X为 A1,丫为P,同周期主族元素原子半径随原子序数增大而减小，故原子半径A1P,故 C 错误。D.Y 为 P,其含氧酸有H3P。4、H 3 P

18、 等，故D 错误故选B。6.【答案】D【解析】【分析】本题考查原电池及电解池，为高频考点，把握电极判断、电极反应、工作原理为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意电化学知识的应用，题目难度一般。【解答】A.由电池示意图可知，金属锌为负极，放电时，负极反应为Zn-2e+4OH=Zn(OH)入，故 A 正确；B.选择性催化材料为正极，放电时，正极反应式为CC)2+2e-+2H+=HCOOH,故B正确;C.由电池示意图可知，充电时Zn(OH)42-转化为Zn,H,O 转化为O2，电池总反应式为2Zn(OH)2-=2Zn+O f+4OH-+2H 0,故C 正确；4 2 2D.充电时，正极反应为2H

19、2。-4&=。21+4小，溶液中OH-浓度降低，故D 错误，故选D。7.【答案】C【解析】【分析】本题考查电解质溶液曲线，涉及离子浓度大小比较、电离常数计算等，解答这类问题应明确图像的含义以及变化趋势等，试题难度较大。【解答】A.由 NaOH滴定二元酸H2A的滴定中含A 微粒的分布曲线可知溶液中含有两种含A 离子，且它们的分布系数和%1,则说明溶液中只有两种含A离子,可以推出H,A 的一级电离为完全电离，二级电离为部分电离。即H?A=H+HA、HA=H+A2-,因此Q)为HA-为 A2 r 故A 错误。B.当加入4().OOmLNaOH溶液时，溶液的p H 发生突变，说明恰好完全反应，结合分析

20、,根据反应 2NaOH+H2A-Na2A+2H2O,c(H2A)=c(N a 0 H)V(NaOH)/2V32A)=0 000molLi,故 B 错误。第10页，共16页C.由于H 2 A第一步完全电离，则H A-的起始浓度为O.l O O O m o l/L,根据图像，当VN;iO H=0时，H A-拓分布系数为0.9,溶液的p H=l,A2一的分布系数为0.1,则H A-的电离平衡常K *,C项正确，故选C。a 武）D.滴定终点时溶液呈碱性，由电荷守恒（；网2+）+：但+）=2（：。2一）+（：（-）+以0乩）可知c（N a+）2 c（A2-）+c（H A-）,故 D 错误。故选C。碳碳双

21、键，氯原子；（4）取代反应;8.【答案】（1）三氯乙烯；（2）【解析】【分析】本题考查有机反应合成和推断，有机反应的类型、官能团名称、有机物命名、化学方程式书写、同分异构体等知识，注意知识的灵活运用，题目难度一般。【解答】本题采用正逆向推断结合的方法，已知E、F的结构简式和D的分子式，可知D的结构简式为:回答题目问题如下:,再结合D的结构简式，可知C的结构简式（1）由A的分子式可知A的化学名称为：三氯乙烯;子;（3）C的结构简式为:（2）由B生成C的化学方程式为:故C中所含官能团的名称为：碳碳双键、氯原第11页，共16页(4)由 Cl：l生成DaXQ6 6可知，该反应类型为取代反应;(5)根据

22、上述分析可知,(6)E的六元环芳香同分异构体中，能与金属钠反应，且核磁共振氢谱有四组峰，峰面 积 之 比 为6:2:2:1的结构中存在六元苯环和六元吐咤两类，与钠反应的可以是醇也可以是酚，总上所述，共 有6种同分异构体，分别如下：其中，芳香环上为二取代的结构简式为:0H9.【答案】(1).2V2O5(S)+2 s o 2(g)=2VOSO4(S)+V2O4(S)AH=-3 5 1 k J-m o l-i(2).0.97 5 ；该反应气体分子数减少，增大压强，a提高；该反应在5 5 0、压强为5.0 M P a2.5 M P a=p 2的，所以P|=5.0 M P a；反 应 物(N?和O?)的

23、 起 始 浓 度(组 成)、温度、压强a(3)2m ap1 0 0 m*(l-a)mp100-ma(4)升高温度，k增大使v逐渐提高，但a降低使v逐渐下降。当ttm,k增大对v的提高小于a引起的降低【解析】【分析】本题考查化学反应原理综合知识，涉及热化学方程式的书写、平衡移动及影响因素、K p计算等，题目难度一般。【解答】(1)由题意可知：第12页，共16页QXO 2(g+；O2(g)SO3(fi)A H=-QgkJ-m ol-1部2 O 4(s)+SO 3(g)=，2 O 5(s)+SO 2(g)混=-2 4 kJ m ol题2 0心)+2 s(3(g)u 2 v os O心)军I尸-3 9

24、 9 kJ-m oH”根据盖斯定律可知，-2 得 2 V2 O 5 +2 s C)2(g)=2 VO SO4(S)+V2O4(S),则=A H2 A 2=(-3 9 9 kJ-m oU)-(-2 4 kJ m oU)，2=-3 5 1 kJ m ol-i,所以该反应的热化学方程式为：2 V2O5(S)+2 s o2(g)=2 VO SO4(S)+V2O4(S)A H=-3 5 1 kJ-m ol-i；故答案为：2 V2O5(S)+2 s o2(g)=2 VO SO4(S)+V2O4(S)，=-3 5 1 kJ m ol-i(2)SC h(g)+；0 Xg)u S0 3(g)该反应是一个气体分子

25、数减少的放热反应，故增大压强可以使化学平衡向正反应方向移动。因此，在相同温度下，压强越大，S02的平衡转化率越大，所以，该反应在5 5 0、压强为5.0 M P a条件下，S O 2的平衡转化率一定高于相同温度下、压强为2.5 M P a的，因此，p5 0 M P a,由图中数据可知，a=0.9 7 5。影 响a的因素就是影响化学平衡移动的因素，主要有反应物(氏 和。2)的浓度、温度、压强等。(3)假设原气体的物质的量为lO O m ol,则S0r 0 2和N 2的物质的量分别为2 m m o l、m m o l和q m ol,2 m+m+q=3 m+q=1 0 0,SO 2的平衡转化率为a,

26、则有下列关系：起始量0。/)S O2 T2 m2 2日超施S Qm0变化量。/)Imam a 2 m a平衡量O。，)2 m(l-a)m(l-a)2ma平衡时气体的总物质的蚩为M总尸2 m(1 -a)+m(1 -a)+2 m am ol+q mo b贝U SO 的物质的蚩分数为n(SO;)n(忌)2 m iz m ol2 m (1 a)+m(l a)+2 m am ol+q TnolX1%=焉 篝 该 反 应 在 恒 压容器中进行，因此，St h的分压以SO 3)=嘉，以S0?)=网*土，。0 2尸 型 二 巴 土，在该条1 0 0-ma 1 0 0-ma 1 0 0-ma件下，SC h(g)

27、+:6(g)=2 SO 3(g)的2 m a p。岱。3)_ 1 0 0-m a _ _F=p(SO2)x pv(O2)2 m(1-a)P乂 m(l-a)P ：(1-a)”/mp；1 0 0-m a 、1 0 0-ma ；L 1 0 0-w a)a2m ap故答案为：而力；(1-0”mp100wa0 5(4)由于该反应是放热反应，温度升高后a降低。由题中信息可知，(a 俨x k -1 I (I-M a j,升高温度，增大使v逐渐提高，但a降低使v逐渐下降。当t，k增大对v的提高小于a引起的降低。1 0.【答案】(1)4：5；第13页，共16页(2)Na与L i同族，Na电子层数多，原子半径大，

28、易失电子；L i、B e、B同周期，核电荷数依次增加。Be为I s 2 2 s 2全满稳定结构，第一电离能最大。与L i相比，B核电荷数大，原子半径小，较难失去电子，第一电离能较大。(3)正四面体；4；s p3；(4)4；3/1 6；1 3：3；【解 析】【分析】本题考查结构和性质，涉及晶胞计算、原子杂化类型判断等知识点，侧重考查基础知识综合运用、空间想像能力及计算能力，题目难度中等。【解 答】(1)F e 2+核外电子排布式为：I s 2 2 s 2 2 P 63 s 2 3 P 63 d 6,未 成 对 电 子 数 为4；F e 3+核外电子排布式为：I s 2 2 s 2 2 P 63

29、s 2 3 P 63 d 5,未成 对 电 子 数 为5,所 以F e 2+与F e 3+离子中未成对电子数之 比 为4：5,故答案为：4：5。(2)结合图表可知L (L i)(N a),原 因 是L i和Na属于同主族元素，同一主族元素的第一电离能随着原子序数的增大而减小，L i的原子序数小于N a；L (B e)L (L i)L(N a),原因是同一周期元素的第一电离能随着原子序数的增大而呈现增大的趋势，所以L(B)1,(L i),B e位 于 第I I A族，B e的2 s全满较稳定，故第一电离能大于B。故答案为：N a与L i同族，Na电子层数多，原子半径大，易失电子；L i、B e、

30、B同周期，核电荷数依次增加。B e为I s 2 2 s 2全满稳定结构，第一电离能最大。与L i相比，B核电荷数大，原子半径小，较难失去电子，第一电离能较大。(3)P O 4井 孤 电 子 对 为-L=0,成键电子对为4,所 以P C 为正四面体结构，P的 价 层 电 子 对 数 为4,杂 化轨道类型为S P 3杂化。(4)结 合 图 像(a)可 知，每个晶胞中含有L i F e P C 的 个 数 为4。结 合 图 像(a),一个晶 胞 中L i+的个 数 为4个，转化为 图 像(b),减少一个棱上和一个面心上的L i+,结合均摊法可知减少L i+的数 目 为1/4+1/2=3/4个，所以x

31、=4-3/4=3/1 6。失去一个L i+,相当于生成一个F e 3+,所以 L i,F e P O a 中 n (F e 2+)；n (F e 3+)=(1-3/1 6)：3/1 6=1 3：3.1 1.【答案】(1)托盘天平、烧 杯、量筒：(2)K C 1；(3)石墨：(4)0.09；(5)F e 3+e=F e 2+；F e-2 e=F e 2+；F e 3+；F e；(6)取 少 量 溶 液，滴入K S C N 溶液，不 出现血红色。【解 析】本题考查简单的氧化还原反应，理解实验意图是解答的关键，题目难度不大。【解 答】第14页，共16页(1)由F e S O/H 2。固体制备O.l

32、O m o L L F e s。4溶液，需要用托盘天平精确称量F e S O4-7H2O固体的质量，加入烧杯中，用量筒向烧杯中加入适量蒸储水，用玻璃棒搅拌使固体溶解，待冷却到室温后，通过玻璃棒引流将溶液加入容量瓶中。多次洗涤烧杯和玻璃棒，通过玻璃棒引流将洗涤液加入容量瓶中。向容量瓶中加入蒸僧水，液面离容量瓶颈刻度线下l 2 c m时，改用胶头滴管滴加蒸储水至液面与刻度线相切。盖好瓶塞反复上下颠倒，摇匀。整个过程需要的仪器有托盘天平、药匙、烧杯、量筒、玻璃棒、容量瓶、胶头滴管，图中的仪器有天平、烧杯、量筒，故答案为：托盘天平、烧杯、量筒；(2)由题可知，盐桥中阴阳离子不能与溶液中的物质反应，且电

33、迁移率应尽可能相近。HCO3-会与F e z+发生双水解反应，NO,-在酸性条件下可以氧化F e 2+。根据表中数据，应该选择K C 1作为盐桥中的电解质，故答案为：K C 1；(3)电流表显示电子由铁电极流向石墨电极，所以石墨电极为正极，盐桥中的阳离子进入石墨电极溶液中，故答案为：石墨；(4)铁电极发生氧化反应，电极反应式为F e-2 e-=F e 2+,一段时间后c(F e)2+增加了 0.0 2m o l L-i 石墨电极发生还原反应，且未见Fe析出，所以电极反应式为F e 3+e-=F e 2+。根据电荷守恒可知，石墨溶液中c(F e)2+=0 O 5 m ol L-i+2 x 0.0

34、 2 m ol L-1=0.0 9 m ol-L-i,故答案为：0.0 9；(5)根 据(3)、(4)实验结果，可知石墨电极的电极反应式为F e 3+e=F e 2+,铁电极的电极反应式为F e-2 e-=F e 2+。验证了F e 2+氧化性小于F e 3+,还原性小于F e,故答案为：F e 3+e-=F e 2+；F e-2 e-=F e 2+；F e 3+；F e；(6)F e 3+可以氧化Fe,发生反应2 F e 3+F e=3 F e 2+。如 果F e 3+完全反应，则铁电极表面被刻蚀活化，所以可以用KSCN溶液检测活化反应是否完成，故答案为：取少量溶液，滴入KSCN溶液，不出现

35、血红色。1 2.【答案】(1)加快酸浸和氧化反应的速率；(2)F e 2+;V O+2 H+M nC)2=M n2+V O +H p；(3)M n2+;A 1 3+和 F e 3+(4)F e(O H)3;(5)N a A l(O H)4+H C l =A 1(O H)3 1 +N a C l+H,O；(6)利用同离子效应，促进N H 4 V O 尽可能析出完全。第15页，共16页【解析】【分析】本题为工艺流程题，主要考查常见物质的性质、反应条件的控制、物质的推断、化学方程式的书写，弄清每步操作的意图、熟知常见物质的性质是解题的关键，难度中等。【解答】(1)“酸浸氧化”需加热其原因主要是为了加

36、快酸浸和氧化反应的速率，故答案为：加快酸浸和氧化反应的速率；(2)Fe2+在酸性条件下被MnC)2氧化，故除V0+和V02+被氧化外，还有Fe2+被氧化；加入MnO2将V0+氧化为V0,其自身被还原为M n 2+,离子方程式为VO+2H*+MnO,=Mn2+VO，+H,0,故答案为：Fe2+;VO+2H+MnO=Mn2+VO+H O;(3)“酸浸氧化”后溶液中含有的金属元素阳离子为：K+、Mg2+、A13+、Fe3+、Mn2+、VO+,“中和沉淀”过程中加入NaOH调节溶液的pH为3.0 3.1,钢水解为V O x H O,22 5 2同时引入N a+,结合题中所给金属离子开始沉淀和完全沉淀表

37、格，Mn2+不沉淀，Fe3+沉淀接近完全，A13+刚开始沉淀，所以除K+、Mg2+、Na+外，溶液中还有M n 2+,以及部分的Fe3+、A I3+,故答案为：A13+和Fe3+；(4)滤饼的成分为：V2O5x H2O.Fe(0H)3、A1(OH)3,在“沉 淀 转 溶”过程中V z C x也。转化为钿酸盐溶解，A1(OH)3与N aO H反应转化为NaAKOH%溶 解，而Fe(OH)3与NaO H不反应，故滤渣的成分为Fe(O H%,故答案为：Fe(OH%；(5)“调pH”中N a A K O H 与盐酸反应生成A1(OH)3沉淀，故答案为：NaAl(OH)4+HCl=Al(OH)3J,+NaCl+HoO；(6)“沉钿”过程中析出NH4VO3晶体，而NH4Vo3(s)=*+VO3+,加入过量N H Q,会使平衡逆向移动，促进NH4VO3尽可能析出完全，故答案为：利用同离子效应，促进NH4V。3尽可能析出完全。第16页，共16页