四川省泸州市2022年中考物理试卷.pdf

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1、四川省泸州市2022年中考物理试卷阅卷人-A单选题（共10题；共2 0分）得分1.（2 分）物理是一门以观察和实验为基的学科。作为初三学生的你，对与自身相关的一些物理量的估测、最切合实际的是（）A.身高约16.5cm B.正常体温约42C.质量约50kg D.lmin脉博跳动约20次【答案】C【解析】【解答】A.初三学生的身高约为165cm,A 不符合题意；B.人的正常体温约为37,B 不符合题意；C.初三学生的质量约为50kg,C 符合题意；D.人的脉搏lmin搏动大约70次，D 不符合题意。故答案为：Co【分析】根据常见物体的长度、温度、质量和时间，结合数据解答。2.（2 分）如图所示，为

2、小赵同学探究凸透镜成像规律时的一种成像情况，下列哪种光学器件成像原【答案】BC.电影放映机D.放大镜【解析】【解答】由图可知，物距大于像距，光屏上呈现倒立、缩小的实像。A C.投影仪和电影放映机都是成倒立、放大的实像，与图示成像原理不同，故不符合题意;B.照相机成倒立缩小的实像，与图示成像原理相同，B 符合题意；D.放大镜成正立、放大的虚像，与图示成像原理不同，D 不符合题意。故答案为：Bo【分析】当物体在凸透镜的二倍焦距外时，成倒立缩小的实像，实际应用是照相机。3.（2 分）2022年6 月5 日上午，神舟十四号载人飞船搭载长征二号运载火箭在酒泉卫星发射中心成功发射，3 名航天员将在太空进行

3、为期6 个月的科学实验探究和生活，长征二号F 遥运载火箭用了液态氢作燃料。下列说法正确的是（）A.火箭选用液态氢作燃料、是因为液态氢具有较大的热值B.火箭加速升空的过程中，火箭的动能转化为重力势能C.火箭加速升空的过程中，航天员的机械能保持不变D.载人飞船进入预定轨道稳定运行时，处于平衡状态【答案】A【解析】【解答】A.火箭选用液态氢作燃料，是因为液态氢具有较大的热值，与其它燃料相比，完全燃烧相同质量的液态氢释放的热量更多，A 符合题意；B.火箭加速升空的过程中，火箭的质量不变，速度变大，故其动能变大，火箭的高度升高，故其重力势能变大，可知不是火箭的动能转化为重力势能，B 不符合题意；C.火箭

4、加速升空的过程中，航天员的速度变大，高度升高，且质量不变，故可知航天员的动能和重力势能均变大，则航天员的机械能变大，C 不符合题意；D.载人飞船进入预定轨道稳定运行时，会围绕地球做圆周运动，其速度方向发生变化，故其运动状态发生改变，处于非平衡状态，D 不符合题意。故答案为：Ao【分析】不同燃料的热值不同；加速上升的物体动能和重力势能增大；物体的运动方向改变，运动状态在改变。4.（2 分）下列关于中国科技成果的应用中例所涉及的物用知识，说法正确的是（）A.“复兴号”高速列车高速行驶时、周围空气的流速大，压强增大B.“运-20”用大型运输机升空过程中，机舱外的大气压强逐渐增大C.“华龙一号”核反应

5、堆、“09 6”型核潜艇都是利用核聚变释放的能量来工作的D.冬奥会的“巡检机器狗”将现场设备运行状态通过电磁波传递到指挥中心【答案】D【解析】【解答】A.流体流速越大的位置压强越小。“复兴号”高速列车高速行驶时，会带动周围空气，周围空气的流速变大，压强变小。A 不符合题意；B.大气压强与高度有关，高度越高，大气压越小。“运-20”用大型运输机升空过程中，高度逐渐增大，机舱外的大气压强逐渐减小。B 不符合题意；C.“华龙一号”核反应堆、“09 6”型核潜艇都是利用一个重核裂变成两个中等质量的原子核，同时释放大量的能量来工作的，利用的是核裂变。C 不符合题意；D.电磁波传播速度约等于3xl08m/

6、s,且能在固体、气体、液体和真空中传播，所以一般通信都是用电磁波传递信息。因此冬奥会的“巡检机器狗”将现场设备运行状态通过电磁波传递到指挥中心。D符合题意。故答案为：D。【分析】流体流速越大的位置压强越小；大气压强与高度有关，高度越高，大气压越小；核潜艇利用了核裂变释放能量；一般通信都是用电磁波传递信息。5.（2 分）下面是小钱同学在学习物理过程中所整理的相关笔记，其中错误的是（）A.摩擦起电的过程就是电子转移的过程B.指南针指南北，是因为地磁场的作用C.超导材料可用来制作电饭锅的发热体D.病毒、原子、电子三者中电子尺度最小【答案】C【解析】【解答】A.摩擦起电的过程并不是创造了电荷，实质是电

7、子的转移的过程，A 正确，不符合题意；B.地球是一个磁体，周围存在着磁场，指南针指南北，就是在地磁场的作用下指示南北的，B 正确，不符合题意；C.超导材料电阻为零，不可用来制作电饭锅的发热体，C 错误，符合题意；D.病毒的直径约为100nm,原子的直径约为10nm,电子的直径约为1x1001,故空间尺度最大的是新冠病毒，最小的是电子，D 正确，不符合题意。故答案为：Co【分析 摩擦起电实现了电子的转移；指南针在地磁场的作用下指示南北；超导体的电阻为零，不能产生热量。6.（2 分）为全面贯彻落实新时代党的教育方针，坚持德智体美劳五育融合发展，我市各校加强了艺术教育。如图所示是某校学生正在兴趣课堂

8、上用古筝州奏乐曲。下列说法中正确的是（）A.我们听到的乐曲声是由学生的手指振动产生的B.指导教师听到的乐曲声是通过空气传播来的C.用不同大小的力拨动弦，发出声音的音色不同D.乐曲声对邻班正在进行英语听力训练的同学而言是乐音【答案】B【解析】【解答】A.声音是由物体的振动产生的，我们听到的乐曲声是由琴弦振动产生的，A 不符合题意；B.声音的传播需要介质，指导教师听到的乐曲声是通过空气传播来的，B 符合题意；C.用不同大小的力拨动弦，琴弦振动的幅度不同，声音的大小不同，即声音的响度不同，C 不符合题意；D.乐曲声是邻班正在进行英语听力训练的同学不想听到的，干扰了领班同学正常听听力，所以是噪声，D

9、不符合题意。故答案为：B【分析】声音是由物体的振动产生的；声音的传播需要介质；发声体的振幅不同，响度不同；干扰他人学习的声音是噪声。7.（2 分）第二十四届“冬奥会”于 2022年 2 月4 日至2 月 2 0 日在北京和张家口成功半办。以下四图是运动员在本届“冬奥会 上参加不同比赛项目时的情景，关于他们比赛时所涉及的物理知识，下列说法中正确的是（）A.甲图：冰刀的刀刃很锋利是采用减小受力面积的方法来增大对冰面的压强B.乙图：自由滑雪空中技巧运动员从空中下落的过程中，重力做功越来越慢C.丙图：冰壶被运动员推出后速度逐渐减小，说明了物体的运动需要力来维持D.丁图：花样滑冰运动员所受的重力与冰面对

10、运动员的支持力是一对相互作用力【答案】A【解析】【解答】A.冰刀的刀刃之所以做得锋利，是在压力一定时通过减小受力面积来增大压强的，A 符合题意；B.自由滑雪空中技巧运动员从空中下落的过程中，速度越来越大，重力大小不变，根据p=Gh Gv可知，重力做功的功率越来越大，重力做功越来越快，B 不符合题意；C.冰壶被运动员推出后速度逐渐减小，冰壶受到摩擦力的作用，导致速度减小，说明了力可以改变物体的运动状态，C 不符合题意；D.花样滑冰运动员所受的重力与冰面对运动员的支持力作用在同一物体上，不是相互作用力，D 不符合题意。故答案为：Ao【分析】减小受力面积可以增大压强；物体受力一定时，速度变大，功率变

11、大；力可以改变物体的运动状态；物体间的力是相互的。8.（2 分）2021年 12月9日，航天员王亚平在“天宫课堂 中展示了“浮力消失实验”。在中国空间站微重力环境中，她用吸管把乒乓球轻轻压入水中，取出吸管后，观察到乒乓球悬停在水中，如图甲所示；在中国科技馆的同学们做了同样的实验，用吸管把完全相同的乒乓球压入水中，取出吸管后，乒乓球会迅速上浮直至漂浮在水面，如图乙所示。请根据你所学的物理知识，判断下列说法中正确的是（）甲 乙A.图甲中的乒乓球具有惯性，图乙中的乒乓球不具有惯性B.图甲中的乒乓球受到水对它向上与向下的压力差几乎为零C.图乙中的乒乓球在上浮过程中，受到水的浮力等于它受到的重力D.图乙

12、中的乒乓球在水面漂浮时，往水中加盐，乒乓球会下沉【答案】B【解析】【解答】A.惯性是物体的一种属性，其大小只与质量有关，两图中的乒乓球都具有惯性，A不符合题意；B.图甲中乒乓球处于微重力环境中，水对它向上与向下的压力都几乎为零，所以，乒乓球受到水对它向上与向下的压力差几乎为零，B 符合题意；C.图乙中的乒乓球在上浮过程中，受到水的浮力大于它受到的重力，C 不符合题意；D.图乙中的乒乓球在水面漂浮时，浮力等于重力，往水中加盐，盐水密度比水的密度大，所以它仍会漂浮在液面上，根据阿基米德原来可知，它排开液体体积更小，所以乒乓球会上浮，D 不符合题忌、o故答案为：B。【分析】一切物体都具有惯性；在失重

13、状态下，浸入液体中的物体不受浮力；漂浮的物体受到的浮力等于重力大小；浮力一定时，增大液体的密度，排开液体的体积减小。9.(2 分)如图所示，用一水平压力F 将重为10N的物体压在粗糙程度相同的竖直墙壁上。当压力F为 30N时，体处于静止状态；当压力F 为 25N时，物体恰好匀速下滑。下列说法中正确的是()/A.F、fG物体处于静止状态时，受到墙壁对它竖直向下的摩擦力为10NB.若物体匀速下滑的速度为0.2m/s,则其重力做功的功率为5WC.物体在匀速下滑过程中，受到墙壁对它竖直向上的摩擦力为15ND.保持25N的压力不变，竖直向上施加20N的拉力可使物体匀速上滑【答案】D【解析】【解答】A.物

14、体处于静止状态时，竖直方向受重力和摩擦力，二力平衡，因此受到墙壁对它竖直向上的摩擦力为ION,A 不符合题意；B.若物体匀速下滑的速度为0.2m/s,则其重力做功的功率为=6 =10%*0.2租/5=2小B 不符合题意；C.物体在匀速下滑过程中，竖直方向受重力和摩擦力，二力平衡，因此受到墙壁对它竖直向上的摩擦力为ION,C 不符合题意；D.滑动摩擦力与压力和接触面粗糙程度有关，保持25N的压力不变，则物体匀速上滑时，摩擦力仍为10N,方向竖直向下，重力为10N,方向竖直向下，物体受力平衡，则需竖直向上施加拉力为p=G+f =ION+ION=20ND 符合题意。故答案为：D。【分析】静止的物体受

15、到平衡力的作用；根据二力平衡，可以判断力的大小和方向。10.（2 分）在泸州市第37届科技创新大赛上，某学生设计了一款可同时测量身高和体重的仪器，当被测者站在绝缘台面上时，能自动显示其身高及体重，其原理图如图所示。已知电源电压恒定，Ri为压敏电阻，其阻值随压力增大而减小，R2为粗细均匀的电阻丝，且阻值与其长度成正比。测量时电压表、电流表均未超过所选量程，滑片P 始终与电阻丝接触良好。下列说法中正确的是（）A.被测者身高越高,B.被测者体重越重,电压表的示数越小电流表的示数越小C.被测者身高越高，R2消耗的电功率越大D.被测者体重越重，Ri消耗的电功率越大【答案】D【解析】【解答】由电路图可知，

16、RH氐 串联，R2全部接入电路，电压表测量R2滑片以下部分电阻两端的电压，电流表测通过R|的电流。A C.由于R?两端的电压始终等于电源电压，R2全部接入电阻不变，根据/=称可知，通过R2的电流A始终不变，P=UI可知，R2消耗的电功率不变；被测者身高越高，滑片越靠上，电压表所测电阻越大，通过R2的电流始终不变，根据U=IR可知，电压表示数变大，AC不符合题意；B D.由于Ri阻值随压力增大而减小，所以被测者体重越大，对 Ri压力越大，区接入电路中的电阻变小，根 据/可 知，通过Ri的电流变大，即电流表示数变大，由于并联电路电压等于电源电压，且保持不变，根据P=UI可知，Ri消耗的功率变大，B

17、 不符合题意，D 符合题意。故答案为：D。【分析】并联电路中，各支路用电器互不影响，支路电阻减小，电流变大，电功率变大；滑片上连接电压表时，滑片移到测量的范围越大，电压表示数变大。阅卷人二、多选题（共2题；共4分）得分11.（2 分）以下关于电与磁的描述中，说法正确的是（）A.图甲中多个大功率用电器同时使用容易引起火灾B.图乙中开关、保险盒的连接符合安全用电原则C.图丙可探究影响通电导体在磁场中受力方向的因素D.图丁中的装置可用来探究电动机的工作原理【答案】A.C【解析】【解答】A.图甲中多个大功率用电器同时使用，总功率较大，根据/=0可得总电流较大，根据焦耳定律Q=l2Rt可知产生热量较多，

18、容易引起火灾，A 符合题意；B.图乙中保险盒应接在火线上，开关应该接在火线上，因此不符合安全用电原则，B 不符合题意；C.通电导体在磁场中受力方向与电流方向和磁场方向有关，图丙装置可以通过改变磁场方向或电流方向，观察导体棒移动方向来探究影响通电导体在磁场中受力方向的因素，C 符合题意；D.图丁中的装置可用来探究电磁感应原理，是发电机的工作原理，D 不符合题意。故答案为：ACo【分析】多个大功率用电器不能同时使用同一个插座；家庭电路中，保险丝连接在火线上；通电导体在磁场中受力方向与电流方向和磁场方向有关；电磁感应是发电机的工作原理。12.（2 分）在劳动实践中，小孙在水平地面与车厢间用木板搭一斜

19、面，并用平行于斜面的推力将重G=600N的货物匀速地从斜面底端推到顶端的车厢，如图所示。已知斜面长L=6m,斜面高h=1.5m,斜面的机械效率=60%下列叙述中正确的是（）A.小孙推动货物所用推力大小为150NB.货物受到斜面的摩擦力大小为100NC.若增大推行速度，则货物受到的摩擦力将变大D.若h 不变、减小L,则斜面的机械效率将升高【答案】B,D【解析】【解答】A.将货物匀速地从斜面底端推到顶端做的有用功为W有=Gh=600/V x 1.5m=9 007若W根据=w*100%可知，所做的总功为w“=非岑=1500/，京0 oW推动货物所用推力大小为尸=3=1500/=250NL 6mA 不

20、符合题意；B.此过程中，所做的额外功为W额 =总“有=1500/-9 00/=600/W所以货物受到斜面的摩擦力大小为f 600/=7 L 6mB 符合题意；C.滑动摩擦力的大小与接触面的粗糙程度和压力大小有关，在向上推货物的过程中，接触面的粗糙程度和压力大小不变，所以摩擦力大小不变，滑动摩擦力的大小与速度无关，c 不符合题意；w 一D.根据斜面的机械效率公式=Ux 100%=*市x 100%V V 、,可知，当h 不变，L 减小时，斜面的机械效率将升高，D 符合题意。故答案为：BD。【分析】根据物体的重力和高度的乘积计算有用功；结合机械效率计算总功；利用功和距离的比值，计算拉力大小；有用功和

21、总功的比值，计算机械效率。阅卷人-三、填空题（共7题；共2 1分）得分13.（3分）小李在进行如图所示的实验前，向酒精灯内添加酒精时，闻到了酒精味，这是酒精的现象；试管内的水沸腾后，塞子被高温高压的水蒸气冲出去，这个过程中的能量转化情况与汽油机的 冲程的能量转化情况相同，试 管 内 水 的 比 热 容 在 塞 子 被 冲 出 后 （选填”变大，“变小，或“不变，）。【答案】扩散；做功；不变【解析】【解答】向酒精灯内添加酒精时，闻到了酒精味，说明有酒精分子扩散到人的鼻孔中，属于扩散现象，说明分子在永不停息的做无规则运动。试管内的水沸腾后，水蒸气会对塞子做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，此过

22、程与汽油机的做功冲程的能量转化情况相同。比热容是物质的一种特性，比热容只跟物质的种类和状态有关，塞子被冲出后，水的状态没有改变，水的比热容保持不变。【分析】闻到气味是扩散现象；汽油机的做功冲程将内能转化为机械能；比热容是物体的特性。14.（3分）如图所示，一辆纯电动公交车正在公路上匀速行驶，公交车所消耗的电能是（选填“一次”或“二次“）能源；以路面为参物，驾驶员是（选填“运动”或“静止“）的；即将到达前方公交车站，会播放相应提示语音，这 是 通 过 声 音 来 传 递 （选填“信息”或“能量”）。【答案】二次；运动；信息【解析】【解答】一次能源是指从自然界取得未经改变或转变而直接利用的能源，我

23、们使用的电能是通过其他形式能转化而来的，是二次能源。驾驶员随公交车一起向前运动，以地面为参照物，他的位置发生了变化，因此以地面为参照物，驾驶员是运动的。声音能传递信息、传递能量，播放的提示语音是信息，这是通过声音传递信息。【分析】电能是二次能源；相对于参照物，有位置时，物体的运动的；通过声音得知某事是传递信息。1 5.（3 分）北京时间2022年 4 月 1 6 日 9时 5 6 分，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场预定区域成功着陆。在返回舱急速下降的过程中，它的重力势能（选 域，增加”“不变”或“减少”）；返回舱进入大气层时与空气摩擦，这是通过（选填“做功”或“热传递”）的方式改变了它的

24、内能；在着陆场我们看到鲜红的五星红旗迎风飘扬，是因为红旗（选填“吸收”或“反射”）了红光的缘故。【答案】减少；做功；反射【解析】【解答】在返回舱急速下降的过程中，高度降低，质量不变，所以它的重力势能减少。返回舱进入大气层时与空气摩擦，克服阻力做功，将机械能转化为内能，使返回舱的内能增加，所以这是通过做功的方式改变了它的内能。不透明的物体的颜色由所反射的色光决定，红旗是不透明的，能反射太阳光的红光，其它颜色的光被吸收掉了，所以红旗显示红色是由于红旗反射了红光的缘故。【分析】质量一定时，高度减小，重力势能减小；物体间摩擦是做功改变内能；物体的颜色由它反射的色光决定。16.（3 分）小吴通过观察小区

25、门口的车辆出入自动控制闸，发现当车牌被识别系统识别后，指示灯亮，栏杆抬起，车辆通行，于是他设计了如图所示的模拟装置，电源电压恒定，指示灯L 标有“3VL8W”字样，电磁铁的线圈阻值不计，当车牌识别成功，相当于将图中开关S 闭合，当滑动变阻器接入电阻为10。时，指示灯L 刚好正常发光，铁柱被电磁铁向下吸引抬起栏杆，此时电磁铁的上端为_（选填N”或S”）极，电源电压为 V,若电源电压降低，闭合开关，电磁铁磁性减弱，栏杆不能自动抬起，除了更换电源外，请你再写出一种能使栏杆自动抬起的方法：。【答案】N；9；将滑动变阻器的滑片向上移动【解析】【解答】由图中可知，闭合开关后，电流从通电螺线管的上端流入，根

26、据导线的缠绕方式，由安培定则可知，此时电磁铁的上端为N 极。由电路图可知，滑动变阻器与指示灯串联，当滑动变阻器接入电路中的阻值为R 10。时，指示灯L 刚好正常发光，由题意可知，指示灯L 的额定电压为U=3 V,额定功率为P=1.8W,故 由 P=UI可得，此时电路中的电流为/=齐等=0.6/由欧姆定律可得，此时滑动变阻器两端电压为U 3）=0.6 AX1 0 Q=6 V由串联电路的电压规律可得，电源电压为U 后U+U济=3V+6V=9V若电源电压降低，闭合开关，电路中电流减小，电磁铁磁性减弱，使得栏杆不能自动抬起，若要使栏杆抬起，应增大电路中电流，则应减小电路中的电阻，故可减小滑动变阻器接入

27、电路中的阻值，即可以将滑动变阻器的滑片向上移动。【分析】根据安培定则判断通电螺线管的磁极位置；根据电功率和电压的比值，计算电流，利用电流和电阻的乘积计算电压；电磁铁的电流越大，磁性越强。17.（3 分）电学兴趣小组的同学连接了如图所示的电路进行实验探究，电源电压恒定，滑动变阻器上标有“20C 1A”字样，现 有 5C、10C、15。、20C四个定值电阻，实验时在a、b 间每次只接入其中一个定值电阻，移动滑动变阻器滑片P，使电压表示数保持2 V不变，分别读出电流表的示数，此实 验 所 采 用 的 主 要 科 学 探 究 方 法 是 ,当完成对1 5 c定值电阻的探究后，为了继续对2 0c定值电阻

28、进行探究，应,换 接2 0c定值电阻，正确操作后，当滑动变阻器滑片P移至最大阻值时，恰能达到探究目的，若持续通电1 0s,则滑动变阻器产生的热量为Jo【答案】控制变量法；断开开关；2【解析】【解答】由题意可知，在探究电流与电阻的关系时，控制电阻两端电压不变，故此实验所采用的主要科学探究方法是控制变量法。当完成对1 5 C定值电阻的探究后，为了继续对2 0。定值电阻进行探究，应更换电阻，故应断开开关，换 接2 0。定值电阻。换 接2 0。定值电阻后，由题意可知，此时滑动变阻器接入电路中的阻值为R产2 0C,此时定值电阻两端电压为U R=2 V,故由欧姆定律可得，此时电路中的电流为/=4=羔=0.

29、1 4故 由P=F R可得，滑动变阻器的功率为P产F R产（0.1A）2X20C=0.2W由亚=1可得，持续通电1 0s,滑动变阻器产生的热量为Q=W=P淮t=0.2 W x l 0s=2 J【分析】探究电流和电阻关系时，利用了控制变量法；连接电路时，开关要断开；根据电压和电阻的比值，计算电流，根据电流和电阻，可以计算电功率，结合时间计算产生的热量。1 8.（3分）在泸州长江六桥的施工过程中，需要向江中沉放大量的构件。如图甲所示，某长方体构件 以0.2 m/s的速度匀速吊入江水中，构件受到钢绳的拉力、水对构件的浮力随时间的变化关系如图乙所示。构件刚浸没时，下表面受江水的压强为 Pa,构件浸没后

30、匀速下降的过程中，所受到 的 重 力 和 钢 绳 的 拉 力 （选填 是 或 不是”）一对平衡力，该构件的密度为k g/m3o （已知江水的密度 p 木=1.0 x l 03 k g/m 3,g 取 1 0N/k g）【答案】2x10、不 是;2x103【解析】【解答】由图可知，构 件 下 降10s后浮力不再发生变化，说明物体己经全部浸没，所以构件下降的高度即为构件的高，大小为h=vt=0.2m/sx 10s=2m所以构件刚浸没时.，下表面受江水的压强为P=P水gh=1.0 x 103kg/m3 x ION/kg x 2m=2 x104Pa构件浸没后匀速下降的过程中，构件受到重力、浮力和钢绳的

31、拉力，在这三个力的作用下匀速下降，三力平衡，浮力与拉力之和等于重力，所以构件的重力和钢绳的拉力不是一对平衡力。由图可知，构件浸没时受到的浮力为F浮=1 x 10由p5构件的体积为V=丫 排=-=-3 IX IO J-=10m3用 P 肥 1.0 xl02g/m3xl0N/kg由图可知，当构件浸没后，钢绳的拉力和浮力相等，所以物体的重力为G=F+F浮=1X105N+1X105N=2X105N构件的质量为m=g=彳 慕%”2 x 104kgg lON/kg a所以构件的密度为p=萼=2 x l04f t=2 x 103/ca/m3v V 10m3【分析】根据速度和时间的乘积计算路程；利用液体密度和

32、深度，计算液体压强；物体受到三个力的平衡力时.，其中两个力一定不平衡；根据浮力和液体密度，可以计算排开液体的体积；利用物体的质量和体积的比值，计算密度。19.（3分）如图，在两个大试管中分别加入g的水，给左边的试管加热，把水沸腾产生的水蒸气引导到右边试管的冷水中，则 冷 水 中 的 温 度 计 示 数 会,冷水的质量会增加，说明了水蒸气进入冷水中 遇 冷 发 生 （填物态变化名称）现象；装置中左边石棉网的作用是使试管底部受【答案】变大；液化；均匀【解析】【解答】高温的水蒸气引入到右边试管的冷水中，在冷水管中遇冷液化成水，由于液化过程放出热量，被冷水吸收，冷水温度会升高，温度计示数变大。在试管底

33、部垫上石棉网，可以使试管底部均匀受热。【分析】气体变为液体是液化现象，气体液化放热；使用石棉网使物体受热均匀。阅卷人四、作图题（共2题；共10分）得分20.（5 分）一束与水面成60。角的光线从水中射向空气，在水面处同时发生了反射和折射，请在图中标出反射角及其度数，并画出折射光线的大致方向。【解析】【解答】由图中可知，入射光线与水面的夹角为60。，则入射光线与法线的夹角为30。，即入射角为30。，由光的反射规律可知，反射角等于入射角，等 于 30。，光线从水中斜射入空气中时，会发生折射，折射光线远离法线，如下图所示【分析】光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角。2 1.（5分）请在图中画出重物

34、所受重力的示意图，并在杠杆上的B点画出能使杠杆在图示位置保持平衡的最小动力F的示意图。【答案】解：如图所示:【解析】【解答】重物所受重力的方向是竖直向下的，作用点在物体的重心，故过物体的重心竖直向下做线段，在线段末尾标上箭头，并 标 G；要使作用在B点的力动力F最小，其动力臂需最长，当OB为动力F的力臂时，力最小，力 F的方向垂直杠杆OB向上。作图如下【分析】物体受到的重力竖直向下；杠杆上的支点到力的作用点的连线是最大的力臂；最小的力和最大的力臂垂直。阅卷人-五、实验题（共2题；共13分）得分2 2.（6分）小明在家庭实验室里对一方形物块的密度进行探究。（1）（1 分）他先将物块拿在手中掂量了

35、一下，感觉比较轻；再将物块放入水中，发现能漂浮在水面且不吸水，从 而 表 明 了 该 物 块 的 密 度 （选填“大于”“小于”或“等于）水的密度；（2）（3分）他从家庭实验室找来烧杯、量筒、记号笔、足 够 的 水（水的密度p 水1.0 x l 03k g/m3）,细针，来测量该物块的密度。其操作步骤如下:向烧杯中注入适量的水，将物块放入水中，静止时如图甲所示，用记号笔在烧杯水面处作标记A；用细针将物块全部压入水中，用记号笔在此时烧杯水面处作标记B,如图乙所示；从水中取出物块，在量筒中倒入9 0 m L 的水；将量筒中的水缓慢倒入烧杯中至标记A处，此时量筒内剩余水的水面如图丙所示，则量筒内剩余

36、水的体积为 mL,由此可计算出该物块的质量为 g；继续将量筒内的水倒入烧杯至标记B处，量筒内剩余水的体积为4 0 m L,由此可计算出该物块的密度为 k g/m3；（3）（2 分）小明反思其探究过程，在确认读数准确的情况下，从水中取出物块会带出少量水，导 致 测 得 物 块 体 积，质量_ （均选填“偏大”“偏小”或 不变”）。【答案】（1）小于（2）5 0；40；0.8 x 1 0 3（3）偏大；偏大【解析】【解答】（1）由题意可知，物块在水中处于漂浮状态，即 F；，=G物，所以。水 9 匕 =P阚V物,因为漂浮，所以 郑 物，即可得：P物 P水。（2）根据丙图可知，量筒内剩余水的体积为5（

37、）m L。由题意可知，标记A处是物块处于漂浮状态时水面的高度，现将物块拿出，往烧杯中加水至A处，则加入水的体积就是物块处于漂浮状态时排开水的体积，量筒中原有9 0 m L 的水，加入烧杯中后还剩 5 0 m L,所以加入水的体积为U 次=9 0 m L -5 0 m L =40 m L即可得物块处于漂浮状态时排开水的体积为Y水=40 m L =40 c m 3 =4x 1 0-5zn3根据漂浮状态可求出物块的重力为G 物=F浮=p水gV排=1.0 x 103kg/m3 x 10N/kg x 4 x 1 0 Tm3 =0.4/VQ再根据G=mg可得，物块的质量为m物=士=船丁=0.04kg=40

38、g由题意可知，标记B处是物块处于浸没状态时水面的高度，现将物块拿出，两次往烧杯中加水至B处，则共加入水的体积就是物块处于浸没状态时排开水的体积，也就是物块的体积，量筒中原有90mL的水，两次加入烧杯中后还剩40m L,所以加入水的体积为，次=90mL-40mL=50mL即可得物块的体积为/物=丫 水=50mL=50cm3=5 x 10-5m3根据密度公式p=竿可得物块的密度为P物=/=$黑 旻3=0 8*101g/m3（3）在确认读数准确的情况下，从水中取出物块会带出少量水，会导致从量筒中加入烧杯中的水的体积偏大，即会导致测得物块的体积偏大。物块的质量我们是通过漂浮状态时F;k G物 计算出来

39、的，若从水中取出物块会带出少量水，会使物块处于漂浮状态时排开水的体积偏大，根据F浮=邠可得，会使浮力偏大，即会使物块的重力偏大，再根据G=mg可得，会导致物块的质量偏大。【分析】（1）漂浮物体的密度小于液体的密度；（2）根据量筒中液面位置，测量体积；结果物体排开液体的密度和体积计算质量；利用质量和体积的比值，计算密度大小；（3）测量的物体排开的液体的体积偏大，浮力偏大。23.（7分）在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为3.0 V,小灯泡的额定电压为2.5 V,滑动变阻器的规格为“20。1A”，（1）（1分）电学兴趣小组的同学连接好如图甲所示的电路后，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应置于

40、 端（选填M”或N”）；（2）（1分）闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表示数为0,电压表示数为3.0 V,你认为产生该现象的原因是 发生了开路；（3）（1分）排除故障后，为了测量小灯泡的额定电功率，手在移动滑动变阻器的滑片时，眼晴应观察；(4)(2 分)小明移动滑动变阻器的滑片过程中，测量出了 4组实验数据，描点并绘制出了通过滑动变阻器的电流I随其两端电压U变化的图像，如图乙所示。当电压表示数为 V时，小灯泡正常发光，此时小灯泡的功率为 W；(5)(2 分)同组的小英通过计算指出曲线上所标出的五个点中，点并不是实验直接测得的数据，她的理由是。【答案】(1)N(2)滑动变阻器(3)电压表(4)0

41、.5；0.6 2 5(5)E；要得E点数据，滑动变阻器阻值需为2 5 欧【解析】【解答】(1)闭合开关之前，应使滑动变阻器接入电路阻值最大，如图甲所示，滑片应置于N端。(2)如图所示，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电流，电压表测滑动变阻器两端电压，闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表示数为0，电压表示数为3.0V,电压表示数等于电源电压，即电压表串联在电路中，原因是滑动变阻器发生了开路。(3)小灯泡的额定电压为2.5 V,电压表测滑动变阻器两端电压，电源电压为3 V,根据串联电路电压规律可知，当电压表示数为0.5 V 时，灯泡正常发光，因此眼睛应观察电压表。(4)小灯泡的额定电压为2.5 V,电

42、压表测滑动变阻器两端电压，根据串联分压，电压表示数为0.5 V 时，灯泡正常发光，由图乙，此时电流为0.2 5 A,灯泡功率为P =UI=2.5V x 0.2 5/=0.6 2 5 V/(5)E点并不是实验直接测得的数据，由E点数据，当电压表示数为2.5 V 时，电流为0.1A,可算得滑动变阻器阻值为R 滑=等务=2 5 0滑而滑动变阻器最大阻值为2 0欧，因此此数据不可能直接测得。【分析】（1）闭合开关前.，滑片在电阻最大处；（2）在串联电路中，电压表、电流表无示数，电压表测量外的位置断路；（3）测量额定功率时，调节滑片位置，关注电压表示数变化；（4）根据电压和电流的乘积计算电功率；（5）根

43、据电源电压和灯泡的最小分压计算滑动变阻器的分压，利用电压和电流的比值，计算电阻。阅卷入-1六、计算题（共2题；共30分）得分2 4.（15 分）随着科技创新教育在全市广泛开展，有些学校已配置了如图甲所示的3 D 打印笔。3 D 打印笔通过加热，挤出热熔的塑胶，然后在空气中迅速冷却，最后固化成稳定的形状。此打印笔有快慢两挡，其内部简化电路如图乙所示，将该3 D 打印笔单独接人装有如图丙所示电能表的家庭电路中正常工作。快挡打印2 m i n,电能表指示灯闪烁8 次，刚好将15 g 的塑胶从2 0加热到2 6 0C。已知该 3 D 打印笔慢挡打印功率为2 2 W,M、R 2 是用于发热的定值电阻，塑

44、胶的比热容为2 X 103 J/(k g-)求:k W h|0|2|6|7|4 220V 20A 50Hz3000imp/kWh丙（1）（5 分）3 D 打印笔快挡打印2 m i n 所消耗的电能;（2）（5 分）3 D 打印笔快挡打印时的热效率;（3）（5分）R i 的阻值。【答案】（1）解：快挡打印2 m i n,电能表指示灯闪烁8 次，由电能表的参数可知，消耗的电能为“=可=旃 卜 川.九=9 6 0 0/答：3 D 打印笔快挡打印2 m i n 所消耗的电能为9 6 0 0 J；（2）解：1 5 g 的塑胶从2 0 加热到2 6 0 吸收的热量为Q =cm At=2 x 1。3J /（

45、kg-）x 1 5 xIL3kg x （2 6 0 -2 0）=7 2 0 0/3 D 打印笔快挡打印时的热效率为=x 1 0 0%=部 3 x 1 0 0%=7 5%答：3 D 打印笔快挡打印时的热效率为7 5%；2（3）解：由p=I L 可知，电压一定时，电阻越大，功率越小，挡位越低。由电路图可知，开关旋转R至与1、2 接触时，R,.R 2 串联，电阻较大，功率较小，为慢挡；开关旋转至与2、3 接触时，只有3R 2 接入电路，电阻较小，功率较大，为快挡。快挡的功率为P =牛=啜 祟 =8 0 1 4/2 2快挡工作时，只有R 2 接入电路，所以R?的阻值为&=%=绘 算-=6 0 5 0o

46、uW2 2慢挡打印时，R i、R 2 串联，慢挡功率为2 2 W,所以R i、R 2 的总电阻为R3=（=嘲?=2 2 0 0 0所以 R i 的阻值为=R,7-R?=2 2 0 0/2 6 0 5/2 =1 5 9 5/2答：R i 的阻值为1 5 9 5 c o【解析】【分析】（1）根据电能表转盘转数可以计算消耗的电能；（2）利用物体的比热容、质量和温度差的乘积，计算热量；利用热量和消耗的电能的比值，计算热效率；（3）根据电能和时间的比值，计算电功率；利用电压和电功率，计算电阻的大小。2 5.（1 5 分）在物理课外拓展活动中，力学兴趣小组的同学进行了如图甲的探究。用细线P将 A、B两个不

47、吸水的长方体连接起来，再用细线Q将 A、B两物体悬挂放入圆柱形容器中，初始时B物体对容器底的压力恰好为零。从 t=0 时开始向容器内匀速注水（水始终未滋出），细线Q的拉力FQ随时间t 的变化关系如图乙所示。己知A、B两物体的底面积S A=S B=1 0 0 c m 2,细线P、Q不可伸长，细线 P 长 l=8 c m,取 g=1 0 N/k g,p =1.0 x l 01 2 3k g/m3o 求：（1）（5 分）t=1 0 s 时，B物体受到水的浮力；（2）（5分）每秒向容器内注入水的体积（单位用c n P）；（3）（5分）当FQ=3N时，水对容器底部的压力。【答案】（1）解：初始时B物体对

48、容器底的压力恰好为零。由图乙知，当t=0 时，FQO=18N t=1 0 s时，细线Q的拉力FQI=12N。则 B物体受到水的浮力为F =AFQ=FQO-FQI=1 8 N-1 2 N=6 N答：t=1 0 s 时，B物体受到水的浮力是6 N(2)解:由阿基米德原理可知，此时B 物体排开液体的体积为，邠=bN-c-4 3n o X 10 TH.1.0 x10 fc/m3xlO/V/k,g由图乙中，在 l()s内，细线Q 的拉力FQ是均匀减小的，说明物体B 始终与容器底部接触，则 t=l()s时容器中的水深为公=端法=6乂10-4册100 xl0-4m2=0.06m=6cm从 10s到 30s细

49、线Q 的拉力FQ不变，说明在t=10s时，水恰好与物体B 的最上端平齐，那么物体B的高度为6cm。在 t=30s时，水恰好与物体A 的下端平齐。设容器的底面积为S,注水速度为v,则有 h(SSB)=10sxvlS=(30s-10s)xv代入数据得 0.06mx(S-l00 x 10-4m2)=1 Osxv0.08mxS=(30s-10s)xv解得 S=300 xl0-4m2=300cm2v=1.2xl04m3/s=120cm3/s所以每秒向容器内注入水的体积是120cm3。答：每秒向容器内注入水的体积是120cm3；(3)解：当FQ=3N时，此时物体A 受到的浮力为F 浮 人=八 尸、=FQL

50、FQ=12N-3N=9NF y此时排开液体的体积为/圾=名=-=9 X 10Tm3珠-P 型 LOxloVg/nxioN/kg物体A 浸入水的深度为%=/=9 X10飞3=9 x10-4 3=0 09 m=9 cMS4 100cm2 100 xl0-4m2则此时水深共计为 h&=hB+l+hA=6cm+8cm+9 cm=23cm=0.23m水对容器底部的压强为 p=p 木 gh s=1 .Ox 103kg/m3x 10N/kgx0.23m=2.3x 103Pa水对容器底部的压力是F=pS=2.3xl03pax300 xI0-4m2=69 N答：当FQ=3N时，水对容器底部的压力是69 N。【解