福建省漳州市2023届高三毕业班第四次教学质量检测物理含答案.pdf

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1、一一第 1 页 共 7 页漳州市漳州市 2023 届高三毕业班第四次教学质量检测届高三毕业班第四次教学质量检测物理详解物理详解第第卷卷（选择题（选择题 共共 40 分）分）一、单项选择题一、单项选择题本题共本题共 4 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 16 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。题目要求的。1.答案：D【详解】根据电容的决定式4SCkd，负极板向右移动，板间距离 d 增大，电容减小，A 错误；充电后的电容器与电源断开连接后，极板带电量 Q 保持不变，B 错误；由QCU，当 Q 不变，C 减小时，U 增大，C

2、 错误；由4SCkd、QCU、UEd，可得4 kQES，在带电量 Q 一定时，只改变距离 d，E 不变，D 正确。2.答案：B【详解】、衰变过程中，产生的新核不稳定，会从高能级向低能级跃迁，放出射线，故 A 错误；23820640928221UPb+He+exy由满足电荷数守恒和质量数守恒，得28292xy，4206238x，解得8x，6y，故 B 正确；半衰期与原子所处的物理状态无关，与温度和化学状态无关，所以23892U衰变至20682Pb的半衰期不会随外界环境温度的变化而变化，C 错误；衰变是原子核内一个中子转变成质子的结果，故 D错误。3.答案：D【详解】卫星绕地球运行时，轨道半径越小

3、，角速度越大，因此空间站的角速度大于地球同步卫星的角速度，A 错误；第一宇宙速度是最大运行速度，因此空间站的线速度小于 7.9 km/s，B 错误；伴随卫星在 P点线速度小于过 P 点的外切圆轨道的线速度，又外切圆轨道的线速度小于空间站的线速度，C 错误；由开普勒第三定律可知，伴随卫星绕地球的运行周期与空间站绕地球的运行周期相等，D 正确。4.答案：C【详解】不等量异种电荷中垂线上 C、D 两点场强大小相等，方向不同，A 错误；不等量异种电荷电场线左密右疏，EO 间电势差大于 OF 间电势差，B 错误；不等量异种电荷+3Q 和-2Q，可拆分成一对等量异种电荷+2Q、-2Q，和一个在 A 处带+

4、Q 的点电荷。等量异种电荷+2Q 和-2Q 连线的中垂线上个各点电势相等，而在点电荷+Q 所产生的电场中，离+Q 越近的点，电势越高，即OC=D。沿着中垂线从 C 点到 D 点，电势先升高后降低，正试探电荷的电势能先增加后减少，电场力先做负功后做正功，C 正确，D 错误。二、多项选择题二、多项选择题本题共本题共 4 小题小题，每小题，每小题 6 分，共分，共 24 分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的分。每小题有多项符合题目要求，全部选对的得得 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。第 2 页 共 7 页5.答案：AD【详解】电线上的损耗功

5、率RIP2损，为减小输电损失，可以减小输电电流，故 A 正确；RUP2损式中的 U 表示输电线上损失电压，而不是输电电压，故 B 错误。RUI 式中的 U 表示输电线上损失电压，而不是输电电压，故 C 错误；由公式UPI 可得，当电压升高为原来的 50 倍后，电流变为原来的501，D正确。6.答案：CD【详解】线圈平面的磁通量增加，根据楞次定律可知线圈有收缩的趋势，A 错误；磁通量变化量BS，与匝数无关，B 错误；线圈的平均感应电动势tnBStnE，C 正确；通过导线某截面的电荷量RnBStREq，D 正确。7.答案：BC【详解】O点发出的光在球面处的入射角均为 0，A 错误；光在该介质中的传

6、播速度cvn，从O点发出的光在介质中的传播时间Rtv，联立解得ctnR，B 正确；如图所示，从 A 点发出垂直发光面的光线，入射角最大，恰能发生全反射，则其他光线均不会发生全反射，D 错误；1sinin，设发光面的半径为r，由几何关系可知sinriR，得该发光面的直径为ctR22，C 正确。8.答案：AC【详解】后轮边缘点的线速度与前轮边缘点的线速度相等，由 v=r，得角速度之比为 1:3，A 正确，B 错误。引重车水平前进的过程中，重物同时参与了在水平方向的加速运动和沿斜面方向的加速运动，合运动的速度与加速度同向，所以重物做加速直线运动，C 正确，D 错误。第第卷卷（非选择题（非选择题 共共

7、 60 分）分）三、非选择题三、非选择题共共 60 分。考生根据要求作答。分。考生根据要求作答。9.答案：干涉不相等【详解】该消声器的消声原理为波的干涉；利用声波沿两个通道传播的路程差为半个波长的奇数倍，就能产生稳定的消声效果。10.答案：45p0吸热【详解】由波意耳定律有 p0V0=p154V0，解得 p1=54p0；气体的温度上升，内能增加0U，忽略体第 3 页 共 7 页积变化，气体对外做功为 W=0，由热力学第一定律有QWU，可知气体吸热。11.答案：（1）10 xgm（1 分）（3）（2 分）（5）（2 分）【详解】（1）弹簧的劲度系数为01m gkx（3）作图法画出 FA如图所示（

8、5）只有满足AOCBOC，才能保证 FBFA=G，才不会超过弹簧秤量程。12.答案：（1）R2（2）（3）2 994.0大于（4）AB【详解】（1）滑动变阻器由于采用的是分压式接法，应该选择最大阻值较小的滑动变阻器，故选择2R。（2）实物图如图。FAOCABFBFAOCABFB乙-V+-V第 4 页 共 7 页（3）在步骤 c 中，记录的电阻箱示数为 1 497.0，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不变，根据串联电路的分压特点有 RV=2R0=2 994.0。根据设计的电路，在调节电阻箱时滑动变阻器上的分压变大，大于 3 V，故电阻箱两端电压大于 1.00 V，所以测量值大于真实值。（4）

9、原方案，调节电阻箱引起滑动变阻器分压变化，导致测量误差，采用新方案可消除调节电阻箱引起滑动变阻器分压变化对测量 RV的影响，故 A 正确；可通过两电压表示数之差除以电阻箱阻值得到通过电压表的电流，再利用待测电压表示数除以电流，即可得 RV，从而减小了系统误差，故 B 正确；在原方案，保持滑动变阻器的滑片位置不动的目的是要使电压表和电阻箱两端总电压几乎不变（为 3 V），当增大电阻箱电阻时，总电压变大。加上电压表 V0后，需共同调节滑动变阻器和电阻箱，才能在保证电压表 V 示数为 2.00 V 时，电压表 V0示数仍为 3.00 V，故 C 错误。13（12 分）解：（1）由图可知，该同学每次离

10、地上升时间 t1=0.1 s2112hgt得：h=0.05 m（2）每次跳绳上升过程克服重力做功Wmgh得：W=22.5 J（3）由图可知每次跳绳用时 t2=0.3 s2WPt得：P=75 W评分标准:（1）题式 3 分，式分，共 4 分；（2）题式 3 分，式分，共 4 分；第 5 页 共 7 页（3）题式 3 分，式分，共 4 分。(用其它方法解答正确的同样给分)14（12 分）解：（1）炸药爆炸瞬间，由动量守恒定律得vmvmmB0BA)(得：v=3 m/s（2）炸药爆炸瞬间，由能量守恒定律得2B020BA21)(21vmEvmm得：E0=6 J爆炸产生的气体对滑块 A 的冲量I=0-mA

11、v0得：4INs（3）炸药爆炸后 B 做匀减速运动，直到与传送带共速atvv0amgmBBB 的位移tvvs20B传送带位移tvs0)(BBssgmQ得：Q=2 J评分标准:（1）每式 1 分，共 2 分；（2）每式 1 分，共 4 分；（3）每式 1 分，共 6 分。(用其它方法解答正确的同样给分)15（16 分）解：（1）由斜抛运动规律得第 6 页 共 7 页tvh02 221ath 由牛顿第二定律得maqE 0解得：mhqEv002（2）当mhqBE8252时，粒子进入磁场速度为mqBhv251，由牛顿第二定律得1211rvmBqv由几何关系得11cosrhr sin1rx 得：x=2h

12、故粒子轨迹第一次与 x 轴交点的坐标（2h，0）（3）粒子在磁场的轨迹半径满足3:2:21rr如图，由几何关系122sindrr11coshrr联立解得215 2dhrh设粒子周期数为 n(n=1，2，3)则有5ndhn 取 1 时，时间最短，901n 取 3 时，时间最长，372，粒子恰好不从MN边界射出第 7 页 共 7 页又粒子在上、下部分磁场内运动的周期分别为1T，2T，即qBmvrT2211qBmvrT3222且)36023603601802(21TTnt解得：qBmt25minqBmt12143max评分标准:（1）每式 1 分，共 4 分；（2）每式 1 分，共 4 分；（3）每式 1 分，共 8 分。(用其它方法解答正确的同样给分)