2023年网络工程师基础知识考试及超详细解析答案.pdf

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1、 网络工程师基础知识考试及答案 1 不属于计算机控制器中的部件。1A指令寄存器 IR B顺序计数器 PC C算术逻辑单元 ALU D顺序形状字寄存器 PSW 试题解析：ALU 属于运算器，不属于控制器。答案：C 在 CPU 与主存之间设置高速缓冲存储器 Cache，其目的是为了 2。2A扩展主存的存储容量 B提高 CPU 对主存的访问效率 C既扩展主存容量又提高存取速度 D提高外存储器的速度 试题解析：Cache 是不具有扩展主存容量功用的，更不能够提高外存的访问速度。但Cache 的访问速度是在 CPU 和内存之间，可以提高 CPU 对内存的访问效率。答案：B 下面的描画中，3 不是 RIS

2、C 设计应遵照的设计原那么。3A指令条数应少一些 B寻址方式尽能够少 C采用变长指令，功用复杂的指令长度长而复杂指令长度短 D设计尽能够多的通用寄存器 试题解析：CISC 的特点是多采用变长指令，而 RISC 刚好相反。答案：C 某系统的牢靠性结构框图如以下图所示。该系统由 4 个部件组成，其中 2、3 两个部件并联冗余，再与 1、4 部件串联构成。假定部件 1、2、3 的牢靠度区分为 0.90、0.70、0.70。假定要求该系统的牢靠度不低于0.75，那么停止系统设计时，分配给部件 4 的牢靠度至少应为4。试题解析：设某个部件的牢靠性为 Rx，在上图的衔接方式中，总体牢靠性=R1*(1-(1

3、-R2)(1-R3)*R4。答案：C 结构化开发方法中，数据流图是 5 阶段发生的效果。5A需求剖析 B总体设计 C详细设计 D顺序编码 试题解析：知识。答案：A 关于原型化开发方法的表达中，不正确的选项是 6。6A原型化方法顺应于需求不明白的软件开发 B在开发进程中，可以废弃不用早期结构的软件原型 C原型化方法可以直接开收回最终产品 D原型化方法利于确认各项系统效劳的可用性 试题解析：原型是用于明白用户需求的，并非是提交用户的最终产品。答案：C 假设两名以上的央求人区分就异样的发明发明央求专利，专利权应授予是 7。7A最先发明的人 B最先央求的人 C一切央求人 D协商后的央求人 试题解析：知

4、识。答案：B CMM 模型将软件进程的成熟度分为 5 个等级，在 8 运用定量剖析来不时地改良和管理软件进程。8A优化级 B管理级 C定义级 D可重复级 试题解析：CMM 反映了软件进程才干的大小，它描画了五个级别的软件进程。初始级 初始级的特点是软件机构缺乏对软件进程的有效管理，软件进程是无序的，有时甚至是混乱的，对进程简直没有定义，其软件项目的成功来源于偶然的团体英雄主义而非群体行为，因此它不是可重复的。可重复级 可重复级的特点是软件机构的项目方案和跟踪动摇，项目进程可控，项目的成功是可重复的。已定义级 已定义级的特点在于软件进程已被提升成规范化进程，从而愈加具有动摇性、可重复性和可控性。

5、已定量管理级 已定量管理级的特点是软件机构中软件进程和软件产品都有定量的目的，并被定量地管理，因此其软件进程才干是可预测的，其消费的软件产品是高质量的。优化级 优化级的特点是进程的量化反应和先进的新思想、新技术促进进程不时改良，技术和进程的改良改良被作为惯例的业务活动加以方案和管理。答案：A 某系统的进程形状转换如以下图所示，图中 1、2、3、4 区分表示惹起形状转换的不同缘由，缘由 4 表示 9。9A就绪进程被调度 B运转进程执行了 P 操作 C发作了阻塞进程等候的事情 D运转进程时间片到了 试题解析：知识。即使不了解操作系统的进程管理，对四个选项停止剖析也可以采用扫除法取得正确答案。答案：

6、C 某网络工程方案图如下所示，边上的标志为义务编码及其需求的完成时间天，那么整个工程的工期为 10。10A16 B 17 C18 D 21 试题解析：寻觅最长途径 123456，途径之和就是整个工程的工期。答案：D 关于多模光纤，下面的描画中描画错误的选项是 11。11A多模光纤的芯线由透明的玻璃或塑料制成 B多模光纤包层的折射率比芯线的折射率低 C光波在芯线中以多种反射途径传达 D多模光纤的数据速率比单模光纤的数据速率高 试题解析：知识。答案：D 关于路由器，以下说法中错误的选项是 12。12A路由器可以隔离子网，抑制广播风暴 B路由器可以完成网络地址转换 C路由器可以提供牢靠性不同的多条路

7、由选择 D路由器只能完成点对点的传输 试题解析：D 显然错误。答案：D 100BASE-FX采用 4B/5B 和 NRZ-I编码，这种编码方式的效率为 13。13A50%B 60%C80%D 100%试题解析：4B/5B 编码法就是将数据流中的每 4bits 作为一组，然后按编码规那么将每一个组转换成为 5bits，因此效率为 4/5=80%。答案：C 在以太网中运用 CRC 校验码，其生成多项式是 14。14AG(X)=X16+X12+X5+1 BG(X)=X16+X15+X2+1 CG(X)=X16+X11+X3+X2+X+1 DG(X)=X32+X26+X23+X22+X16+X12+X

8、11+X10+X8+X7+X5+X4+X3+X+1 试题解析：谁都不会刻意记忆 CRC 编码的生成多项式。但以太网帧格式的校验段总共有 4 个字节却是很多人熟识的，因此以太网的 CRC 码的生成多项式的最高阶肯定是 4*8=32，D 是独一满足条件的答案。答案：D 8个 9600b/s 的信道按时分多路复用在一条线路上传输，在统计 TDM 状况下，假定每个子信道有 80%的时间忙，复用线路的控制开支为 5%，那么复用线路的带宽为 15。15A32kb/s B 64 kb/s C72 kb/s D 96 kb/s 试题解析：8*9600*80%/1-5%64kb/s。答案：B 设信道带宽为 4k

9、Hz，信噪比为 30dB，依照香农定理，信道的最大数据速率约等于 16。16A10 kb/s B 20 kb/s C30 kb/s D 40 kb/s 试题解析：香农Shannon总结出有噪声信道的最大数据传输率：在一条带宽为 H Hz、信噪比为 S/N 的有噪声信道的最大数据传输率 Vmax为：Vmax=H log21S/Nbps 先求出信噪比 S/N：由 30db=10 log10 S/N，得 log10 S/N=3，所以 S/N=103=1000。计算 Vmax：Vmax=H log21S/Nbps=4000 log211000bps40009.97 bps show ip route

10、CR1 show ip protocol DR1(config-if)#show ip protocol 试题解析：IOS 中，在用户形式下运转 show ip protocol即可显示路由协议的状况。答案：C 某端口的 IP 地址为 172.16.7.131/26，那么该 IP 地址所在网络的广播地址是 58。58A172.16.7.255 B 172.16.7.129 C172.16.7.191 D 172.16.7.252 试题解析：/26 表示前三个字节都是网络段，最后一个字节的头两位也是网络段。前三个字节疏忽，只解释最后一个字节。将 131 以二进制表示，为 10000011。依据广

11、播地址的定义，主机段全 1。那么该 IP 所在网络的广播地址的二进制表示为 10111111，转换为十进制为 191。答案：C 当数据在两个 VLAN 之间传输时需求哪种设备？59 59A二层交流机 B网桥 C路由器 D中继器 试题解析：VLAN 之间的数据传输需求经过网络层设备来完成。答案：C 在生成树协议 STP 中，根交流机是依据什么来选择的？60 60A最小的 MAC 地址 B最大的 MAC 地址 C最小的交流机 ID D最大的交流机 ID 试题解析：STP 选择根交流机是依据最小的交流机 ID 来决议的。答案：C 下面的交流机命令中哪一条为端口指定 VLAN？61 61AS1(con

12、fig-if)#vlan-membership static BS1(config-if)#vlan database CS1(config-if)#switchport mode access DS1(config-if)#switchport access vlan 1 试题解析：命令 A 是将端口分配给 VLAN，但并未指定端口号。命令 B 是进入 VLAN 配置形式。命令 C 是配置为静态 VLAN 形式。命令 D 是将以后端口分配给 vlan 1。答案：D 在以太网协议中运用 1-坚持型监听算法的特点是 62。62A能及时抢占信道，但添加了抵触的概率 B能即使抢占信道，并增加了抵触的

13、概率 C不能及时抢占信道，并添加了抵触的概率 D不能及时抢占信道，但增加了抵触的概率 试题解析：1-坚持 CSMA 的做法是：当一个站点要发送数据帧时，它就监听媒体，判别以后时辰能否有其他站点正在传输数据。假设媒体忙的话，该站等候直至媒体闲暇。一旦该站检测到媒体闲暇，它就立刻发送数据帧。假设发生抵触，那么等候一个随机时间再监听。之所以叫1-坚持，是由于当一个站点发现媒体闲暇的时分，它传输数据帧的概率是 1。1-坚持 CSMA 的优点是：只需媒体闲暇，站点就立刻发送；它的缺陷在于：假设有两个或两个以上的站点有数据要发送，抵触就不可防止。答案：A 在千兆以太网物理层规范中，采用长波1300nm 激

14、光信号源的是 63。63A1000BASE-SX B 1000BASE-LX C1000BASE-CX D 1000BASE-T 试题解析：即使记不得编号也没关系。LLong长波，SShort短波，CCopper铜，Ttwisted-pair双绞线。答案：B 以太网的最大帧长为 1518 字节，每个数据帧前面有 8 个字节的前导字段，帧距离为 9.6s，关于10BASE-5 网络来说，发送这样的帧需求多少时间？64 64A1.23s B 12.3ms C1.23ms D 1.23s 试题解析：9.6+(8+1518)*8/10M1.23ms。答案：C WLAN采用扩频技术传输数据，下面哪一项不

15、是扩频技术的优点？65 65A对无线噪声不敏感 B占用的带宽小 C发生的搅扰小 D有利于平安保密 试题解析：既然是扩频，当然不会减小带宽占用。答案：B 树立一个家庭无线局域网，使得计算机不但可以衔接因特网，而且 WLAN 外部还可以直接通讯，正确的组网方案是 66。66AAP+无线网卡 B无线天线+无线 MODEM C无线路由器+无线网卡 DAP+无线路由器 试题解析：知识。答案：C 计算机系统中普遍采用了 RAID 技术，在各种 RAID 技术中，磁盘容量应用率最低的是 67。67ARAID0 B RAID1 C RAID3 D RAID5 试题解析：RAID1 是镜像形式，磁盘容量应用率仅

16、为 50%，最低。答案：B 以下协议中属于传输层的是 68。68AUCP B UDP C TDP D TDC 试题解析：知识。答案：B 以下图为某系统集成项目的网络工程方案图，从图可知项目最长工期为 69 天，至少需求投入 70 人才干完成该项目假定每个技术人员均能胜任每项任务。69A5 B7 C 8 D10 70A2 B4 C 6 D8 试题解析：69知识。70主机装置需求 2 人 2 天，广域网络装置需求 2 人 3 天，合起来正好是 2 人 5 天。再结合上局域网络装置的 4 人 5 天，总共是 6 人 5 天。答案：69A 70C Serialization delay and 71

17、delay are the two components of network delay that are improved by increasing bandwidth.Serialization delay,i.e.the amount of time it takes to put the 72 on the wire,and queuing delay(depth of the queue)are improved by increasing the 73 from a 128kbps circuit to a T1.However,three other components o

18、f delay,routing/switching delay,distance delay,and protocol delay are components that can not be positively affected by an 74 in bandwidth.If the circuits are not over-utilized,then increasing the bandwidth to improve the 75 of the application will only result in an increased bandwidth with no positive effects on performance.71Abuffering B queuing C receiving D timing 72Aelectricity B digital C data D variable 73Amemory B cache C bandwidth D delay 74Aincrease B decrease Cmaintenance Dextension 75Acapability B cost C amount D performance 试题解析：学好英语，一切都很复杂。答案：71B 72C 73C 74A 75D