2023年届高中物理力学动量重难点全面超详细知识汇总全面汇总归纳全面汇总归纳.pdf

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1、1 (每日一练)2022 届高中物理力学动量重难点归纳 单选题 1、空间站在地球外层的稀薄大气中绕行，因气体阻力的影响，轨道高度会发生变化。空间站安装有发动机，可对轨道进行修正。图中给出了国际空间站在 2020.022020.08 期间离地高度随时间变化的曲线，则空间站（）A绕地球运行速度约为 2.0km/s B绕地球运行速度约为 9.0km/s C若要增加空间站高度，应开启发动机，朝运动方向喷气 D3 月份发动机肯定工作过一段时间 答案：D 解析：AB卫星贴近地面做匀速圆周运动的线速度大小设为v1，此速度为第一宇宙速度（v1=7.9km/s）2=12 地球半径约为 6400km，设空间站离地

2、高度为h，则(+)2=22+2 解得 2=+1 空间站距离地面的高度约为 h+R=420km+6400km=6820km 则 27.66km/故 AB错误；C若要增加空间站高度，由反冲原理，应开启发动机，朝运动的反方向喷气，故 C错误；D由图可以看出 3 月份有段时间空间站的离地高度增加，说明发动机工作了一段时间，故 D正确。故选 D。2、质量为1=1kg和2（未知）的两个物体在光滑的水平面上正碰，碰撞时间极短，其 图像如图所示，则（）A被碰物体质量为 3kgB被碰物体质量为 2kg C碰后两物体速度相同 D此碰撞不一定为弹性碰撞 答案：A 解析：站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加

3、空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相3 C由图像可知，碰撞前2是静止的，1的速度为 1=11=82m/s=4m/s 碰后1的速度为 1=11=0 86 2m/s=2m/s 2的速度为 2=22=16 86 2m/s=2m/s 即碰后两物体速度大小相等，方向相反，速度不相同，故 C错误；AB两物体碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得 11=11+22 解得 2=3kg 故 A正

4、确，B错误；D碰撞前总动能 k=k1+k2=12112+12222=(121 42+123 02)J=8J 碰撞后总动能 k=k1+k2=12112+12222=(121(2)2+123 22)J=8J 碰撞前后系统动能不变，故碰撞是弹性碰撞，故 D错误。故选 A。3、质量为1=1kg和2（未知）的两个物体在光滑的水平面上正碰，碰撞时间极短，其 图像如图所示，则（）站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正

5、碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相4 A被碰物体质量为 3kgB被碰物体质量为 2kg C碰后两物体速度相同 D此碰撞不一定为弹性碰撞 答案：A 解析：C由图像可知，碰撞前2是静止的，1的速度为 1=11=82m/s=4m/s 碰后1的速度为 1=11=0 86 2m/s=2m/s 2的速度为 2=22=16 86 2m/s=2m/s 即碰后两物体速度大小相等，方向相反，速度不相同，故 C错误；AB两物体碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得 11=11+22 解得 2=3kg 故 A正确，B错误；站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开

6、启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相5 D碰撞前总动能 k=k1+k2=12112+12222=(121 42+123 02)J=8J 碰撞后总动能 k=k1+k2=12112+12222=(121(2)2+123 22)J=8J 碰撞前后系统动能不变，故碰撞是弹性碰撞，故 D错误。故选 A。4、两个球沿直线相向运动，碰撞后两球都静止则可以推断碰撞前（）A碰撞前两个球的动量一定相等 B两

7、个球的质量一定相等 C碰撞前两个球的速度一定相等 D碰撞前两个球的动量大小相等，方向相反 答案：D 解析：两球碰撞过程中动量守恒，碰后两球都静止，说明碰撞前后两球的总动量为零，故碰前两个球的动量大小相等，方向相反，故 D 正确，ABC错误。故选 D。5、2020 年 9 月 1 日，俄罗斯“国际军事比赛”中，各国参赛队伍展开了激烈比拼。比赛时，士兵从高台跳到低处地面时，士兵的速度在很短时间内减小为零，速度变化大，为了安全，士兵都是让脚尖先着地，有效地保护人体免于伤害或减轻伤害程度。这样做是为了（）A减少动量的变化量 B减小冲量 C减小人的平均受力大小 D减小地面对人的压强 站绕地球运行速度约为

8、绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相6 答案：C 解析：A设人落地时的速度为v，动量的变化量为 =0()=这样做不能减少动量的变化量mv，A不符合题意；B人受到的冲量为 =0()这样做不能减小冲量，B不符合题意；C根据动量定理得()=0()解得=+这样做是为了延长人和地面的作用时间t，减小人的平均受力F大小，C符合题意；D这样做的目的不是为了减小地

9、面对人是压强，D不符合题意。故选 C。6、质量为m的钢球自高处落下，以速度v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2。在碰撞过程中，钢球动量变化的方向和大小为（）A向下，m（v1v2）B向下，m（v1v2）C向上，m（v1v2）D向上，m（v1v2）答案：D 解析：站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相7 选取竖直向下

10、为正方向，则初动量为 pmv1 末动量为 p mv2 则该过程的动量变化为 =21=(2+1)“-”表示动量变化的方向向上（与正方向相反），ABC错误，D正确。故选 D。7、建筑工地将桩料打入泥土中以加固地基的打夯机示意图如图甲所示，打夯前先将桩料扶正立于地基上，桩料进入泥土的深度忽略不计。已知夯锤的质量为=450kg，桩料的质量为=50kg。如果每次打夯都通过卷扬机牵引将夯锤提升到距离桩顶0=5m处再释放，让夯锤自由下落，夯锤砸在桩料上后立刻随桩料一起向下运动。桩料进入泥土后所受阻力大小随打入深度h的变化关系如图乙所示，直线斜率=5.05 104N/m。g取10m/s2，下列说法正确的是（）

11、A夯锤与桩料碰撞后瞬间的速度为 10m/s B因夯锤与桩料碰撞损失的机械能为 20475J C若桩料进入泥土的深度超过 1.5m，至少需打夯三次 D若桩料进入泥土的深度超过 1.5m，至少需打夯两次 答案：C 站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相8 解析：A设夯锤与桩料碰撞前瞬间的速度为v0，则 02=20 解得 0=20=10

12、m/s 取向下为正方向，设夯锤与桩料碰撞后瞬间的速度为v，由动量守恒定律得 0=(+)代入数据解得=9m/s 故 A错误；B因夯锤与桩料碰撞损失的机械能 =120212(+)2 带入数据可得 =2250J 故 B错误；CD由于每次提升重锤距桩帽的高度均为h0，每次碰撞后瞬间的速度均为v，设两次打击后共下降x2，则由图像可知，克服阻力做功 =1222 由能量守恒定律得(+)2+2 12(+)2=1222 解得 站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机

13、朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相9 2=1.37m 设三次打击后共下降x3，则(+)3+3 12(+)2=1232 解得 3=1.65m 故 C正确，D错误。故选 C。多选题 8、如图所示，木块静止在光滑水平而上，两颗不同的子弹 A、B 从木块两侧同时射入木块，最终都停在木块内，这一过程中木块始终保持静止，若子弹 A射入木块的深度大于子弹 B射入木块的深度，则（）A子弹 A的质量一定比子弹 B的质量小 B入射过程中子弹 A受到的阻力比子弹 B受到的阻力大 C子弹 A在木块中运动的时间比子弹 B在木块中运动的时

14、间长 D子弹 A射入木块时的初动能一定比子弹 B射入木块时的初动能大 答案：AD 解析：BD由于木块始终保持静止状态，则两子弹对木块的推力大小相等，则两子弹所受的阻力大小相等，设为f，对 A子弹，根据动能定理得-fdA=0-EkA 站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相10 得 EkA=fdA 对 B子弹-fdB=0-EkB 得

15、EkB=fdB 由于dAdB，则有子弹入射时的初动能 EkAEkB 故 B错误，D正确；C子弹 A、B从木块两侧同时射入木块，木块始终保持静止，所以两子弹在木块中运动时间必定相等，否则木块就会运动，故 C错误；A对两子弹和木块组成的系统动量守恒，则有 2AkA=2BkB 而 EkAEkB 则得到 mAmB 故 A正确；故选 AD。9、在利用摆球做“探究碰撞中的不变量”实验时，关于测量小球碰撞前后的速度，下列说法正确的是（）A悬挂两球的细绳长度要适当，且等长 站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约

16、为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相11 B由静止释放小球，以便较准确地计算小球碰撞前的速度 C两小球必须都是刚性球，且质量相同 D两小球碰后可以粘在一起共同运动 答案：ABD 解析：A细绳长度适当，便于操作；两绳等长，以保证两球能对心碰撞，故 A正确；B由静止释放小球，初动能为零，可由机械能守恒(1cos)=122 计算碰前小球的速度，方便简单，故 B正确；C为保证实验结论的普适性，两球质地是任意的，质量也需考虑各种情况，但大小必须相同，以保证两球发生正碰，故

17、C错误；D碰后两球分开或共同运动都是实验时可能出现的运动情况，故 D正确。故选 ABD。10、如图所示，在坐标系中的第一象限存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B；第二象限存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为2，第三、四象限没有磁场。现有一带负电的粒子，电荷量为q、质量为m，从x轴的负半轴以=23的速度垂直进入第二象限的磁场中，偏转四分之一个周期后，恰好与静止在y轴上b点（图中未标出）的质量为m、电荷量为3 的带正电的粒子发生正碰，时间很短，碰后两个粒子粘在一起，共同进入第一象限，经一次偏转恰好从x轴的正半轴的c点（图中未标出）射出，下列说法正确的是（）站绕地球运行速度约为绕地

18、球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相12 A两个粒子共同进入第一象限中的速度为3 B出射点c与入射点a距离为43 C碰撞损失的机械能为2229 D带负电的粒子从a点进入到两粒子从c点射出的时间间隔为2 答案：AC 解析：A两个粒子相碰，时间很短，故动量守恒，则有 =21 解得 1=3 A正确；B带负电的粒子在第二象限磁场中的运动轨迹半径为 =2=13

19、碰后两个粒子在第一象限磁场中的运动轨迹半径 1=212=13 由题可知两个粒子在c点的出射方向一定与x轴垂直，故c点与a点的距离为 站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相13 =+1=23 B错误；C碰撞损失的机械能为 =12212212=2229 C正确；D带负电的粒子在第二象限运动了四分之一个周期，则有 =142 2=4 碰后

20、两个粒子在第一象限也运动了四分之一个周期，则有 1=142 22=2 故带负电的粒子从a到c运动的总时间为 总=+1=3 4 D 错误。填空题 11、质量为m=5kg 的物体，在距水平地面高为h=20m 处，以某一速度水平抛出，不计空气阻力，它从抛出到落地，动量变化的大小是_ kgm/s，方向是_。（取 g=10m/s2）答案：100 竖直向下 解析：12物体运动的时间 =2=2 2010s=2s 站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反

21、方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相14 根据动量定理，它从抛出到落地，动量变化的大小是 =50 2kg m/s=100kg m/s 方向竖直向下。12、动量守恒定律（1）内容：如果一个系统_，或者_，这个系统的总动量保持不变。（2）表达式：m1v1m2v2=_（作用前后总动量相等）。（3）适用条件：系统_或者所受外力的_。（4）普适性：动量守恒定律既适用于低速物体，也适用于高速物体。既适用于宏观物体，也适用于_物体。答案：不受外力 所受外力的矢量和为 0 m1v1 m2v2 不受外力 矢量和为零 微观 解析：略 13、将

22、质量为 1.00kg 的模型火箭点火升空，50g 燃烧的燃气以大小为 600m/s 的速度从火箭喷口在很短时间内喷出。在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为 _；（喷出过程中重力和空气阻力可忽略）答案：30kg m/s 解析：根据动量守恒，火箭的动量大小等于燃气的动量大小，故可得火箭的动量大小为=50 103600kg m/s=30kg m/s 站绕地球运行速度约为绕地球运行速度约为若要增加空间站高度应开启发动机朝运动方向喷气月份发动机肯定工作过地高度为则解得空间站距离地面的高度约为则故错误若要增加空间站高度由反冲原理应开启发动机朝运动的反方向喷的两个物体在光滑的水平面上正碰碰撞时间极短其图像如图所示则被碰物体质量为被碰物体质量为碰后两物体速度相