【解析】湖南省冷水江市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题含解析.doc

《【解析】湖南省冷水江市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题含解析.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析】湖南省冷水江市第一中学2017-2018学年高二上学期期中考试物理试题含解析.doc（13页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、冷水江一中2017年下期高二期中考试物理试卷一、选择题1. 关于磁通量，下列说法中正确的是（ ）A. 穿过某一面积的磁通量为零，该处磁感应强度为零B. 磁场中磁感应强度大的地方，磁通量不一定很大C. 磁通量是矢量D. 在磁场中所取平面的面积增大，磁通量总是增大的【答案】B【解析】解：A、当磁感线与线圈平行时，穿过线圈的磁通量为零，而磁感应强度不一定为零，故A错误；B、D由（ 为B与S夹角）可知磁通量由B和S，还有他们夹角共同决定，故B正确，D错误；C、磁能量虽然分正反面，但不是矢量，故C错误；故选：B2. 欧姆不仅发现了欧姆定律，还研究了电阻定律。有一个长方体金属电阻，材料分布均匀，边长分别为

2、a、b、c，且abc。电流沿以下方向流过该金属电阻，其中电阻阻值最小的是( )A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：由电阻的决定式可知，A中电阻，B中电阻；C中电阻；D中电阻；故电阻最小的为A；故选A考点:电阻定律3. 有个电流计，内阻Rg=300，满偏电流Ig=1mA，要把它改装成一个量程为3V的电压表，需要给它（ ）A. 并联一个0.1的电阻 B. 串联一个0.1的电阻C. 并联一个2.7K的电阻 D. 串联一个2.7K的电阻【答案】D【解析】改装成电压表要串联电阻分压，串阻值为：则A、B、C错误，D正确。故选：D。4. 如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在其左上方固定一根

3、与磁铁垂直的长直导线，当导线中通以图示方向的电流时() A. 磁铁对桌面的压力增大，且受到向右的摩擦力作用B. 磁铁对桌面的压力增大，且受到向左的摩擦力作用C. 磁铁对桌面的压力减小，且受到向右的摩擦力作用D. 磁铁对桌面的压力减小，且受到向左的摩擦力作用【答案】C【解析】解： 以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向右下方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向左上方，磁铁有向左运动的趋势，受到向右的摩擦力，同时磁铁对地的压力减小.故C正确.5. 某同学用伏安法测电阻时，分别采用了电流表内接法和外接法，测得的某电阻Rx的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值Rx

4、之间的关系为()A. R1RxR2 B. R1RxR2 C. R1R2Rx D. R1R2Rx【答案】A【解析】试题分析：采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分压使电压表测量值偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏大，故R1Rx；当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏小，故RxR2；故选A考点：伏安法测电阻的问题。6. 如图所示，直导线AB、螺线管C、电磁铁D三者相距较远，它们的磁场互不影响，当开关S闭合后，则小磁针的北极N(黑色一端)指示出磁场方向正确的是() A. b、c B .

5、a、c C. c、d D. a、d【答案】B【解析】解： 根据安培定则判断出：(1)AB直导线在小磁针a所在位置垂直纸面向外，所以磁针a的N极指向正确；(2)C左侧为N极，内部磁场向左，所以磁针c的N极指向正确，磁针b的N极指向不对；(3)D左为S极，右为N极，所以磁针d的N极指向不正确7. 如图电路中，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，则（ ）A. 电压表读数变大，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮B. 电压表读数变小，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮C. 电压表读数变小，通过灯L2的电流变大，灯L1变暗D. 电压表读数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗【答案】C【解析】解： 两灯和

6、滑动变阻器组成的电路，其中在干路上，和变阻器并联后与串联，电压表测量的是两端电压，即测变阻器两端电压.当滑动变阻器的滑片从端向端滑动时，变阻器连入电路中的阻值减小，变阻器与并联的阻值减小，电路的总电阻减小；根据闭合电路欧姆定律，外电阻的减小使干路电流增大，可知通过的电流增大；电源内阻上的电压增大，外电路两端的电压减小，由于电流增大，的电功率增大，变亮；且两端电压增大，两端电压减小，电压表的示数减小；两端电压减小，使通过的电流减小；且的电功率减小，变暗.所以C正确8. 如图所示的天平可用来测定磁感应强度天平的右臂下面挂有一个矩形线圈宽度为L，共N匝，线圈下端悬在匀强磁场中，磁场方向垂直纸面当线圈

7、中通有电流I时(方向如图)，在天平左右两边加上质量各为m1、m2的砝码，天平平衡，当电流反向(大小不变)时，右边再加上质量为m的砝码后，天平重新平衡，由此可知()A. 磁感应强度的方向垂直纸面向里，大小为（m2-m1）g/NILB. 磁感应强度的方向垂直纸面向外，大小为(m1 - m2)g/NILC. 磁感应强度的方向垂直纸面向外，大小为D. 磁感应强度的方向垂直纸面向里，大小为【答案】D.9. 某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知 () A. 反映Pr变化的图线是c B. 电源电动势为8 VC. 电源内

8、阻为2 D. 当电流为0.5 A时，外电路的电阻为6 【答案】ACD【解析】试题分析：电源总功率，由于E不变，所以应为一条直线，所以a曲线为电源总功率的变化曲线，因此E=4V。电源内部功率即内阻发热功率，由于内阻不变，所以应为抛物线，即C曲线，根据已知数据，功率为8W，电流为2A，则内阻为2 。电源输出功率，所以当I=1A时，输出功率最大，即R=2 。综上分析CD正确考点：内阻、外阻电功率公式点评：此类题型考察了对电功率的理解并将之转化为图像，考察了数理结合的分析能力10. 关于带电粒子在磁场中的运动，若只受洛伦兹力作用，下列说法正确的是()A. 带电粒子飞入匀强磁场后，一定做匀速圆周运动B.

9、 带电粒子飞入匀强磁场后做匀速圆周运动时，速度一定不变C. 带电粒子飞入匀强磁场后做匀速圆周运动时，洛伦兹力的方向总和运动方向垂直D. 带电粒子飞入匀强磁场后做匀速圆周运动时，动能一定保持不变【答案】CD【解析】试题分析：A、带电粒子只有在垂直于磁场方向飞入磁场后，才做匀速圆周运动；错误B、带电粒子飞入匀强磁场后做匀速圆周运动时，速度大小不变，方向时刻变化；错误C、由左手定则知，洛伦兹力与速度方向始终垂直，则带电粒子飞入匀强磁场后做匀速圆周运动时，洛仑兹力的方向总和运动方向垂直；正确D、带电粒子飞入匀强磁场后做匀速圆周运动时，速度大小不变，动能一定保持不变；正确故选CD考点：带电粒子在匀强磁场

10、中的运动点评：注意带电粒子进入磁场后所受洛伦兹力的方向既垂直于v又垂直于B；决定洛伦兹力方向的因素有三个：电荷的电性(正或负)、速度方向、磁感应强度的方向11. 在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0，电路中的电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5，闭合开关S后，电动机转动，理想电流表的示数为2.0A。则以下判断中正确的是（ ）A. 电源两端的电压为8V B. 电源输出的电功率为20WC. 电动机两端的电压为7.0V D. 电动机的输出功率为12W【答案】BCD【解析】A、电路中电流表的示数为2.0A，电源两端的电压为：，A错误；电源的输出功率为：，B正确；C、电路中

11、电流表的示数为2.0A，所以电动机两端的电压为：，C正确；故选BCD。【名师点睛】根据闭合电路欧姆定律及串联电路的电压规律可求得电动机两端的电压，根据P=UI，求解电源的输出功率，电动机输出功率等于电动机总功率与发热功率的差值12. 如图所示，带正电的A粒子和B粒子先后以同样大小的速度从宽度为d的有界匀强磁场的边界上的O点分别以30和60(与边界的夹角)射入磁场，又都恰好不从另一边界飞出，（不计重力）则下列说法中正确的是()A. A、B两粒子在磁场中做圆周运动的半径之比是B. A、B两粒子在磁场中做圆周运动的半径之比是C. A、B两粒子在磁场中做圆周运动的时间之比是5:4D. A、B两粒子在磁

12、场中做圆周运动的时间之比是15:4【答案】BD【解析】解： 粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力，从而确定半径为：如图：由几何关系则有：； 整理可以得到：，故A错，B正确；由周期， 他们运动时间 ； 所以 ，故C错误，D正确.二实验题13. (1)在测定金属的电阻率实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，读数为_mm.(2)用游标为20分度的卡尺测量小球的直径，示数如图乙所示，读数为_cm.【答案】 (1). (1)0.619mm（0.617mm，0.618mm也可以） (2). (2)0.675cm.【解析】解：由螺旋测微器和游标卡尺读数原理，读数为主尺+可动尺，所以读数为(1)0

13、.619mm(2). (2)0.675cm14. 一多用电表的电阻档有四个倍率，分别是1、10、100、1k。用10档测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度较小，为了较准确地进行测量，应换到_档。如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是_，若补上该步骤后测量，表盘的示数如右图所示，则该电阻的阻值是_。【答案】 (1). （1）100； (2). (2). 重新进行欧姆调零； (3). (3). 1400；【解析】表头指针偏转角度较小，说明倍率档选择的太小，则为了较准确地进行测量，应换到100档。如果换档后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是重新进行欧姆调

14、零；若补上该步骤后测量，表盘的示数如右图所示，则该电阻的阻值是14100=1400。15. 某同学做“测定电源的电动势和内阻”实验。（1）他采用如图甲所示的实验电路进行测量。图乙给出了做实验所需要的各种仪器。请按电路图把它们连成实验电路_。（2）根据实验数据做出U-I图象，如上图丙所示，该电池的电动势E=_V，内电阻r=_ 。（结果保留三位有效数字）（3）（多选）这位同学对以上实验进行了误差分析，其中正确的是_。A. 实验产生的系统误差，主要是由于电压表的分流作用B. 实验产生的系统误差，主要是由于电流表的分压作用C. 电动势的测量值小于电动势的真实值 D. 内电阻的测量值大于内电阻的真实值【

15、答案】 (1). (1) (2). (2)1.45 (3). 1.30 (4). (3). AC【解析】 (1)根据图甲所示实验电路图连接实物电路图如图所示。(2)由图丙所示电源UI图象可知，图象与纵轴交点坐标值是2.0，电源电动势E=1.45V，电源内阻r=U/I=1.3.(3)AB、由图甲所示电路图可知，相对于电源来说电流表采用外接法，由于电压表分流作用，使所测电流小于电流的真实值，造成了实验误差，故A正确，B错误；C. 当外电路短路时，电流的测量值等于真实值，除此之外，由于电压表的分流作用，电流的测量值小于真实值，电源的UI图象如图所示，由图象可知，电源电动势的测量值小于真实值，故C正确

16、；D. 电源内阻r=E/I短，由图象可知，电源内阻测量值小于真实值，故D错误；故选AC.三、计算题16. 如图所示，两平行金属导轨间的距离为，金属导轨所在的平面与水平面夹角，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场金属导轨的一端接有电动势、内阻的直流电源，现把一个质量的导体棒放在金属导轨上，导体棒恰好静止导体棒与金属导轨垂直、且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R=2.5，金属导轨电阻不计，取，已知，求：（）通过导体棒的电流； （）导体棒受到的安培力大小（）导体棒受到的摩擦力【答案】(1)1.5 A （2）0.3N （3）0.06N 方向沿轨道平面向下【解

17、析】试题分析：（1）根据闭合电路欧姆定律求出电流的大小（2）根据安培力的公式F=BIL求出安培力的大小（3）导体棒受重力、支持力、安培力、摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出摩擦力的大小（1）根据闭合电路欧姆定律得：（2）导体棒受到的安培力为：（3）对导体棒受力分析如图，将重力正交分解沿导轨方向有：因，根据平衡条件可知，摩擦力沿斜面向下解得：17. 如图所示，电源电动势E=12V。内阻r=3，电阻R1 =3,R2 =6。间距d=0.2m的两平行金属板水平放置，板间分布有垂直于纸面向里、磁感应强度B=1T的匀强磁场。闭合开关S，板间电场视为匀强电场，将一带正电的小球以初速度v=0.1m/s沿两板间

18、中线水平射入板间。设滑动变阻器接入电路的阻值为Rx，忽略空气对小球的作用，取g=10m/s2。求：（1）电源的最大输出功率； （2）滑动变阻器Rx消耗的最大电功率；（3）若电源的输出功率最大时，带正电的小球恰能做匀速圆周运动，则小球做匀速圆周运动的半径为多大。【答案】(1)12W(2)7.2W(3)R=0.2m【解析】解：（1）当外电阻时，电源输出功率最大 （2）当 （3）当电源输出功率最大时， 由 得 由得：R0.2m18. 如图所示，水平向左的匀强电场的场强E=4 v/m，垂直纸面向内的匀强磁场的B=2 T，质量为m=1 Kg的带正电的小物块A从竖直绝缘墙上的M点由静止开始下滑，滑行h=0.8m到达N点时离开墙面开始做曲线运动，在到达P点开始做匀速直线运动，此时速度与水平方向成45角，P点离开M点的竖直高度为H=1.6m，取g=10m/s2试求：（1）A沿墙下滑克服摩擦力做的功(2)P点与M点的水平距离【答案】(1)Wf=6J (2)xP=0.6m【解析】解：（1）设物体滑到N点时速度为v1，由题意分析物体受力情况，物体在N点恰脱离墙面，有： ，由M到N过程 联解并代入数据得：Wf=-6J，即克服摩擦力做功6J（2）设物体运动到P点时速度为v2，由题意和左手定则知物体在P点受力平衡，有： N到P过程，由动能定理知： 联解并代入数据得：s=0.6m