2023年湖北省随州市第二高考物理一模试卷含解析.pdf

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1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2 B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一圆球固定在水平地面上，球心为0。直细棒A B的 B 端搁在地面上，棒身靠在球面上并和球心在同一竖直平面内，切点为P,细棒与水平面之间的夹角为心若移动棒的B 端沿水平地面靠近圆球，使切点P 恰好以。点为圆心做匀速圆

2、周运动，则A.B 端向右匀速运动 B.，角随时间均匀增大C.PB长度随时间均匀减小 D.以上说法都不对2、如图所示，a、b、c、d 为圆O 上的四个点，直径ac、bd相互垂直，两根长直导线垂直圆面分别固定在b、d 处,导线中通有大小相等，垂直纸面向外的电流，关于a、O、c 三点的磁感应强度，下列说法正确的是一书十 /A.都为零B.O 点最大C.a、c 两点方向相反D.a、c 两点方向相同3、下列关于原子物理知识的叙述正确的是（）A.4 衰变的实质是核内的中子转化为一个质子和一个电子B.结合能越大，原子核内核子结合得越牢固，原子核越稳定C.两个轻核结合成一个中等质量的核，核子数不变质量不亏损D.

3、对于一个特定的氨原子，知道了半衰期，就能准确的预言它在何时衰变4、如图所示，“嫦娥四号”飞船绕月球在圆轨道I 上运动，在 A 位置变轨进入椭圆轨道U,在近月点5 位置再次变轨进入近月圆轨道H L 下列判断正确的是（）A.飞船在A 位置变轨时，动能增大B.飞船在轨道I 上的速度大于在轨道m 上的速度C.飞船在轨道I 上的加速度大于在轨道JU上的加速度D.飞船在轨道I 上的周期大于在轨道II的周期5、如图所示，轻质弹簧下端固定，上端与一质量为，的物块A 连接，物块A 经过P 点时速度大小为上 方向竖直向下。经过f 秒物块A 又回到P 点。速度大小为W，方向竖直向上，则在时间 内（）A.物块A 受到

4、弹簧力的冲量大小为2mvB.物块A 受到合力的冲量大小为2机 丫C.弹簧弹力对物块A 所做的功大小为机声D.合力对物块A 所做的功大小为mF6、如图所示，空间有一正三棱锥P-ABC,D 点是BC边上的中点，。点是底面ABC的中心，现在顶点P 点固定一正的点电荷，则下列说法正确的是（）A.ABC三点的电场强度相同B.底 面 ABC为等势面C.将一正的试探电荷从B 点沿直线BC经过D 点移到C 点，静电力对该试探电荷先做负功后做正功D.若 B、C、D 二点的电势为SB、SC、8D，贝 U 有 9B 一 夕 口 一 夕D 一 Oc二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出

5、的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、“HAT-P-1”是迄今为止发现的河外星系最大的行星，围绕某恒星A 做圆周运动，“HAT-P-1”距离地球的间距大约为 450光年。另观测到该行星的半径为R,已知在该行星表面的重力加速度为g 由以上条件可求解的物理量是（）A.恒 星 A 的密度 B.行星“HAT-P-1”的第一宇宙速度C.行星“HAT-P-1”绕恒星A 运行的周期 D.绕“HAT-P-1”运行的卫星的最小周期8、如图所示为一列沿x 轴正向传播的简谐横波在U 0 时刻的波形图，经过0.2s,M 点第一次到达波谷，则下列判断正

6、确的是A.质点P 的振动频率/=2.5HzB.该波的传播速度v=lm/sC.M 点的起振方向沿y 轴负方向D.（）ls 内质点Q 运动的路程为0.2mE.0-1S内质点M 运动的路程为0.08m9、如图甲所示，倾角为3 0 的足够长的固定光滑斜面上，有一质量m=0.8kg的物体受到平行斜面向上的力尸作用，其大小厂随时间f 变化的规律如图乙所示，介时刻物体速度为零，重力加速度g=10m/s2。下列说法中正确的是（）B.第 2s末物体的动量最大C.第 3s末物体回到出发点D.03 s内力厂的冲量大小为9Ns10、如图所示,物体A 和 8 的质量均为如且分别用轻绳连接并跨过定滑轮（不计绳子与滑轮、滑

7、轮与轴之间的摩擦）.在用水平变力歹拉物体8 沿水平方向向右做匀速直线运动的过程中（）A.物体A也做匀速直线运动B.绳子的拉力始终大于物体A所受的重力C.物体A的速度小于物体8 的速度D.地面对物体的支持力逐渐增大三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）在练习使用多用电表的实验中。请完成下列问题：（1）用多用表测量某元件的电阻，选用“x l O O”倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转角度过小，因此需选择倍率的电阻挡（填“X 10”或“x l k），并需（填操作过程）后，再次进行测量，多用表的指针如图甲所示，测量结果为（2）某同

8、学设计出一个的欧姆电表，用来测量电阻，其内部结构可简化成图乙电路，其中电源内阻尸1.0。，电流表G的量程为几 故能通过读取流过电流表G的电流值而得到被测电阻的阻值。但和普通欧姆表不同的是调零方式。该同学想用一个电阻箱区来测出电路中电源的电动势E和表头的量程4,进行如下操作步骤是：a.先两表笔间不接入任何电阻，断开状态下调滑动电阻器使表头满偏；b.将欧姆表与电阻箱&连成闭合回路，改变电阻箱阻值；记下电阻箱示区和与之对应的电流表G的示数I；1 1c.将记录的各组&,1 的数据描点在乙图中，得到了一丁图线如图丙所示；d.1 1根据乙图作得的：-丁 图 线，求出电源的电动势E和表头的量程及。由丙图可知

9、电源的电动势为_ _ _ _ _ _ _ _,欧姆1 K表总内阻为,电流表G的量程是12.（12分）小明同学想要设计一个既能测量电源电动势和内阻，又能测量定值电阻阻值的电路。他用了以下的实验器材中的一部分，设计出了图的电路图：a.电流表Ai（量程0.6 A,内阻很小）；电流表A2（量程300pA,内阻以=1000。）；b.滑动变阻器R（0-20Q）；c,两个定值电阻 RrMOOOQ,R2=9000。；d.待测电阻Rx；e.待测电源E（电动势约为3 V,内阻约为2。）f.开关和导线若干图 根据实验要求，与电流表A2串 联 的 定 值 电 阻 为（填“Ri”或“R2”）（2）小明先用该电路测量电源

10、电动势和内阻，将滑动变阻器滑片移至最右端，闭合开关吊，调节滑动变阻器，分别记录电流表Ai、A2的读数L、h,得 h 与 L 的关系如图（b）所示。根据图线可得电源电动势E=V；电源内阻r=。，（计算结果均保留两位有效数字）（3）小明再用该电路测量定值电阻Rx的阻值，进行了以下操作：闭合开关Si、S2,调节滑动变阻器到适当阻值，记录此时电流表Ai示 数 L,电流表A2示数断开开关S 2,保持滑动变阻器阻值不变，记录此时电流表Ai示数L,电流表A2示 数 Id；后断开Si；根据上述数据可知计算定值电阻Rx的表达式为.若忽略偶然误差，则用该方法测得的阻值与其真实值相比（填“偏大”、“偏小”或“相等”

11、）四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图甲所示，Si、S2为两波源，产生的连续机械波可沿两波源的连线传播，传播速度v=100m/s,M 为两波源连线上的质点，M 离&较近。0 时刻两波源同时开始振动，得到质点M 的振动图象如图乙所示，求：（1）两波源S1、$2间的距离；（2）在图中画出U 6s时两波源Si、S2间的波形图，并简要说明作图理由。“cmM仁-&S St甲 乙14.（16分）如图所示，固定光滑轨道AB末端B点切线水平，AB高度差乙=L 8 m,B距传送带底端的竖直高度为%=3.8 m,与轨

12、道同一竖直面的右侧有一倾角8=37。的传送带，以u =2 m/s 顺时针匀速转动。在轨道上A处每隔1 秒无初速释放一个质量根=2 k g 的相同滑块，从 B点平抛后恰能垂直落到传送带上，速度立即变为零，且不计滑块对7传送带的冲击作用。滑块与传送带间的动摩因数为=石，传送带长度为L=7 m,不计空气阻力。（s i n 370=0.6,Oc o s 37=0.8,g =10m/s2）求：（1）滑块从B点落至传送带的时间；（2）因传送滑块，电动机额外做功的平均功率。15.（12分）如图，竖直放置的粗细均匀的。形管左端封闭，右端开口。左管内用水银封闭一段长=20c m 的空气柱，左右两管水银面差为&=

13、15c m。已知外界温度为2 7 C,大气压为75c m H g。如果缓慢向右管内注入水银，直到左右水银面相平（原来右管水银没有全部进入水平部分），求在右管注入的水银柱长度（i i）在左右管水银面相平后，缓慢升高左管内封闭气体的温度，使封闭空气柱长度变为20c m,求此时左端空气柱的温度。8参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1,B【解析】A.将 B 点速度沿着平行杆和垂直杆方向分解，如图所示：故COS0其 中 0=即，P 点做匀速圆周运动，故 与不变，由于，变大，故 y变大，即 6 端向右加速，故 A 错误;B.结合

14、几何关系，经过时间f后 的，角增加为：2x(F cot)=9+2(t)t2故。角随时间均匀增大，故 B 正确；C.网 的 长 度 等 于 C 5 的长度，由于8 点向右是加速运动，故 P 8 长度不是随时间均匀减小，故 C 错误；D.由于B 正确，故 D 错误；故 选 B。2、C【解析】根据右手螺旋定则，d 处导线在。点产生的磁场方向水平向左，b 处导线在。点产生的磁场方向水平向右，合成后磁感应强度等于1.d 在 C 处产生的磁场方向垂直于Cd偏左上，b 在 C 出产生的磁场方向垂直be偏右上，则根据平行四边形定则，知 C 处的磁场方向竖直向上；同理可知，a 处的磁场方向竖直向下：则选项C 正

15、确，A B D 错误.故选C.点睛：解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流与其周围磁场方向的关系，会根据平行四边形定则进行合成.3、A【解析】A.0 衰变所释放的电子，是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，故 A 正确；B.比结合能越大，原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，结合能大，原子核不一定越稳定，故 B 错误；C.两个轻核结合成一个中等质量的核，会释放一定的能量，根据爱因斯坦质能方程可知存在质量亏损，故 C 错误；D.半衰期是统计规律，对于一个特定的衰变原子，我们只知道它发生衰变的概率，并不知道它将何时发生衰变，发生多少衰变，故 D 错误。故选Ao4、D【解析】A.飞船在A 位置

16、变轨时做近心运动，必须减速，动能减小，故 A 错误；B C.飞船在圆轨道上运动时，根据万有引力提供向心力，得_ Mm v2G =m=mar r得GM知卫星的轨道半径越大，线速度和加速度越小，则知飞船在轨道I 上的速度和加速度均小于在轨道HI上的速度和加速度，故 B C 错误;r=D.飞船在轨道I 上的轨道半径大于轨道II的半长轴，根据开普勒第三定律 k知飞船在轨道I 上的周期大于在轨道 n 上的周期，D正确。故选D。5、B【解析】A B.以小球为研究对象，取向上为正方向，整个过程中根据动量定理可得得 A 受到合力的冲量大小为/合=2mv小球所受弹簧弹力冲量的大小为IM=lmv+mgt选项A 错

17、误，B 正确；C D.整个过程中根据动能定理可得而整个过程重力做功WG=O得合力对物块A 所做的功大小为W合=。小球所受弹簧弹力做功的大小为%,=叫=0选 项 CD错误。故选B。6,C【解析】AB.A、B、C 三点到P 点的距离相等，根据点电荷的场强公式后=半分析可知，A、B、C 三点的电场强度大小相r等，但方向不同：A、B、C 的三个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，但其它点到场源电荷的距离与A、B、C 三点到场源电荷的距离不等，故底面ABC所在平面不是等势面，故 A、B 错误；C.将一正的试探电荷从B 点沿直线BC经 过 D 点移到C 点，电势先升高后降低，电势能先增大后减小，则静电力

18、对该试探电荷先做负功后做正功，故 C 正确；D.由于B、C 的两个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，即%=%，则有/a-0D，故 D 错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、BD【解析】A C.本题中不知道行星“HAT-P-1”绕恒星A 运动的任何量，故不可计算恒星A 的密度和绕A 运动的周期，AC错误；B D.根据在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的卫星，重力提供向心力得V2 47 2m g =m =R解得v=yfgR T=2,则行星“HAT-P-1”的第

19、一宇宙速度就是在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的线速度，所以行星“HAT-P-1”的第一 宇 宙 速 度 就 是 甄，行星“HAT-P-1”附近运行的卫星的最小周期就是在该星球表面附近绕该星球做匀速圆周运动的周期,所以最小周期是2万故BD正确。故选BD8、ACD【解析】BC.f=0 时刻波传播到Q 点，Q 点起振方向沿y 轴负方向，在波传播过程中各点的起振方向都相同，则 M 点的起振方向也沿y 轴负方向；经过/=0.2s,M 点第一次到达波谷，可知波的传播速度故 B 错误，C 正确；A.由图象可知，波长Q 0.04m,则波的周期，亦即P 质点振动的周期频率为周期的倒数，即 2.5H z,

20、故 A 正确；D.0 1s内质点Q 振动了 2.5个周期，运动的路程1s=-x8cm=20cm0.4故 D 正确；E.波传播到M 点的时间则 0 1 s内质点M 振动了 2.25个周期，运动的路程t t 10 1s=-L-4A=-x 8cm=18cm=0.18mT 0.4故 E 错误。故选ACD。9、AD【解析】A B.对物体受力分析，受重力、支持力和拉力，将重力沿垂直斜面方向和平行与斜面方向正交分解，平行与斜面方向分力为G、=mg sin 30=4N。到Is内合外力F合=5N 4N=1N方向沿斜面向上，物块沿斜面向上运动，。到1S内物体加速度a=-=m/s2=1.25m/s2m 0.8Is末

21、速度为匕=劭=1.25m/sIs到2s内,合力为F合=3N-4N =-1N加速度为d -=-m/s2=-1.25m/s2m 0.82s末速度为v2=V j+at2=Om/s物体沿斜面向上运动，在2s末物体的速度为0,则动量p2=mv=0A正确，B错误；C.2s到3s内，合力为=1N 4N=3N加速度为a，=q=-3.75m/s2m3s末速度为匕=%+=-3.75m/s前2s内物体的物体乂/、L25 八 .V%=(%+Z2)=x 2m=1.25m第3s内物体的位移y,=I 匕 I A=-3-.7-5x Itm =1I.875m 1.25m2 3 2c 错误；D.0 3s内力尸的冲量大小为/=/=

22、；/,+2+/3 =5x I N-s +3x I N-s +l x I N-s =9N-sD 正确。故选AD。10、BCD【解析】试题分析：以物体绳子与物体B 的结点为研究对象，将 B 的速度分解成绳子伸长的速度片和垂直绳子方向的速度%,如图所示.W=v c o s 6,绳子伸长的速度等于物体A 上升的速度.物体A 的速度以=片=v co s。，物 体 B 向右运动0 减小，所以以增大，物体A 处于超重状态，绳子拉力始终大于物体A 所受的重力，由于物体A 上升的加速度在减小，所以拉力 6 在减小，地面对B 的支持力=加 花 一 耳 sin。，物 体 B 向右运动0 减小，FNB增大.故选BCD

23、考点：运动的合成与分解点评：物 体 B 的运动在研时要根据效果进行分解，一般分解为沿绳子方向的运动和垂直于绳子方向的运动.三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、xlk 欧姆调零(或电阻调零)6000 1.5 6.0 0.25【解析】(1)123.多用表指针偏转角度过小说明指针靠近无穷处，所以要换高挡位，因此需选择x l k,同时注意欧姆调零；多用表的指针结果为6000。(2)d.456.设电流表G 所在回路除电源内限外其余电阻之和为R,由闭合电路欧姆定律解得ERRX-+rR+Rx由分流原理得联立两式整理得一1 =R-+-r-1-R-r

24、-x 1L E E R、由图可知R+r,-二4ERr 9-4E 1.5解得E=1.5V,R=5C,所以欧姆表总内阻为R+r=6Q电流表G 的量程8 R+rE=0.25A解得E=1.5VR=6.0。/g=0.25A I I、12、R2 3.0 2.1(rA+R2)相等J c )【解析】（1）电流表4与七串联，可改装为量程为U M/g g +R M B O O xloFaooo+gooow nSV 的电压表，故选生即可;(2)(3)由图可知电流表上的读数对应的电压值即为电源的电动势，则 E=3.0V；内阻/二更=3.0-L80Q=2.1QA/0.58由题意可知：/小=/此+&），7?+&）=/此+

25、与）；联立解得（=（广,）（心+&）；由以上分析可2 c 1 a知，若考虑电流表A1内阻的影响，则表达式列成：/“（R+j）=4（9 +4），4（2 +R+&）=（9 +4），最后求得的&表达式不变，则用该方法测得的阻值与其真实值相比相等。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(l)800m；(2)见解析【解析】(1)由乙图知，M 点 2 s时开始振动，6s时振动出现变化，所以可知，波源的振动经2s传到M 点，波源S2的振动经6s传 到 M 点，所以两波源间的距离x=(100 x2+100 x6)m=800m(2

26、)2s时 M 点的起振方向沿y 轴负方向，所以波源S i的起振方向沿y 轴负方向，6s时波源S i引起的M 点的振动方向沿 y 轴负方向，而实际M 点的振动方向沿y 轴正方向，所以波源S2引起的M 点的振动方向沿y 轴正方向，波源S 引起的振动位移为5 cm,所以波源S2引起的振动位移为10m,波长/l=vT=400m波 源 引 起 的波形图为波 源$2引起的波形图为两波源舟、S2间的波形图为14、(1)0.8s；(2)104W.【解析】(1)由动能定理得.1 2mghy=mv0物块垂直打到传送带上，则 tan 6平抛运动竖直方向上%=gt解得t-0.8s(2)平抛运动竖直方向上y=-gt=3

27、.2m设在传送带上的落点与底端相距L/jmg cos 0-mg sin 0=mav =lax4=2s每Is放一个物块，共两个物块匀加速x-2 m滑块先匀加速后匀速运动共速后物块可与传送带相对静止匀速运动，相邻两个物块间距为Ax=vA/=2mL-Lx-x=nAxn-2传送带上总有两个物块匀加速，两个物块匀速f =2 fAmg cos 6+2mg sin 0电机因传送物块额外做功功率为P=户=104W15、刈=23cm(ii)心=415K【解析】设封闭气体原来压强为小，后来压强为。2,气体做等温变化:Px=PQ-hPi=。pJS=P?L2sh1 h +2（L,-L1）解得L,=16cm,h2=23cm(ii)空气柱的长度变为20cm时，左管水银面下降k-L 1=4cm右管水银面会上升4cm,此时空气柱的压强。3=Po+8cmHg=83cmHg,由查理定律与=*,解得心=415K