2023年高考真题——理综物理安徽卷解析版.pdf

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1、word版高中物理2023年一般高等学校招生全国统一考试 安徽卷理 科 综 合 力 气 测 试 物 理 解 析 版本试卷分第一卷 选择题和其次卷 非选择题两局部，第一卷第1页 至 第5页，其次卷第6页 至 第12页。全卷总分值300分，时间150分钟。考生留意事项：1、答题前，务必在试题卷，答题卡规定的地方填写自己的姓名、座位号，并认真核对答题卡上所粘贴的 条形码中姓名、座位号与本人姓名、座位号是否全都。务必在答题卡反面规定的地方填写姓名和座位 号后两位。2、答第一卷时，每题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。3、答其次卷时，

2、必需使用0.5毫米的黑色墨水签字笔在答题卡上书写，要求字体工整、笔迹清楚。作图题可先用铅笔在皆题下规定的位置绘出，确认后再用0.5毫米的黑色墨水签字笔描清楚。必需在题号所指示的答题区域作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上答题无效。4、考试完毕后，务必将试题卷和答题卡一并上交.第 一 卷 选 择 题 共120分本 卷 共2 0小 题，每 题6分，共120分。在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。(2023年 安 徽 卷 14.在科学争论中，科学家常将未知现象同现象进展匕瞰，找出其共同点，进一步推想未知现象的特性和规律。法国物理学家库仑在争论异种电荷的吸引问题时，

3、曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系。单摆摆长为 ,引力常量为G。地球的质量为M。摆球到地心的距离为r,则单摆振动周期T与距离r的关系式为【解析】由于万有引力使物体产生加速度，由牛顿其次定律得：G丝 上=m gn而单w ord版 高中物理摆的振动周期公式为T=2兀8，联立得：T =2nB 正确。(2023年 安徽卷15.如以下图，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，M N 是通过椭圆中心0 点的水平线。一小球从M点动身，初速率为V。，沿 管 道 M PN 运 动，到N 点的速率为V,所需的时间为q ;假设该小球仍由M 点以初速率V。动 身，而沿

4、管道MQN运 动，到 N 点的速率为V2,所需时间为t三 则A.v1=v2,tTt2 B.vTt2 C.v1=v2,txt2 D.v/v 2,t2【答案】A【解析】由于是内壁光滑的闭合椭圆形管道，运动中只有重力做功，机械能守恒，M O N 在同一水平线上，故 v1=v2=v0;而沿管道M P N 运 动，先减速后加速，沿 管 道 M Q N 运 动，先加速后减速，前者平均速率小，后者平均速率大，运动的路程一样，故t j t 7 A 正确。2023年安徽卷16.一简谐横波沿x 轴正向传播，图 1 是 t=0 时刻的波形图，图 2 是介质中某点的振动图象，则该质点的x 坐标值合理的是A.0.5m

5、B.1.5m C.2.5m D.3.5m【答案】C【解析】由图2 结合图1 可知该质点x 坐标值可能是1.5m和 2.5m,而简谐横波，用沿 x 轴正向传播，由图1 可得向下振动的质点为x 坐标值2.5m的质点，故 C 正 I确。word版 高中物理(2 0 2 3年安徽卷17.一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动。取该直线为x轴，起始点0为坐标原点，其电势能EP与位移x的关系如右图所示。以以下图象中合理的是【答案】D【解析】由电场力做功与电势能的关系：口式=-Ep,可知Ep-x图线的斜率表示静电力F的大小，可见静 电 力F渐渐减小，而F=qE,故不是匀强电场，A错 误；依

6、据牛顿其次定律粒子做加速度减小的加速运动C错 误,D正 确；依据能量守恒AE=-A E，比较图线B错误。正确选项D。kP(2 0 2 3年安徽卷18.”人造小太阳”托卡马克装置使用强磁场约束高温等离子体，使其中的带电粒子被尽可能限制在装置内部，而不与装置器壁碰撞。等离子体中带电粒子的平均动能与等离子体的温度T成 正 比，为约束更高温度的等离子体，则需要更强的磁场，以使带电粒子的运动半径不变。由此可推断所需的磁感应强度B正比于【答案】A【解析】由于等离子体中带电粒子的平均动能与等离子体的温度T成正比，即 齐oc T。带电粒子在磁场kv2 m v 1 mv中做圆周运动，洛仑磁力供给向心力：qvB=

7、m _ 得3 =_。而E =故可得：B=_=%R qR*2 qR qR又带电粒子的运动半径不变，所以8 8户oc A正确。(2 0 2 3年 安 徽 卷 19.如以下图，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度3 转 动,盘面上离转轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止。物体与盘面间的动摩擦因数为更 设最大静摩擦力等于2滑动摩擦力J ,盘面与水平面的夹角为3 0。，g取10 m/s2.则 3的最大值是A.5rad Is B.yfirad/sC.l.Orad/s D.4501dls【答案】C【解析】由于小物体随匀质圆盘做圆周运动，其向心力由小物体受到的指向圆心的合力供给，

8、在最下端时指向圆心的合力最小。依据牛顿其次定律：F -sin3()o=mC0 2 r，又F W F =cos3()o解得f f r n3 l.OraJ/s,要使小物体与圆盘始终保持相对静止，则3 的最大值是1.OraJ/s。C正确。word版 高中物理2023年安徽卷20.英国物理学家麦克斯韦认为，磁场变化时会在空间激发感生电场。如以下图，一个半径为r的绝缘细圆环水平放置，环内存在竖直向上的匀强磁场B,环上套一带电量为+q的小球。磁感应强度B随时间均匀增加，其变化率为k,假设小球在环上运动一周，则感生电场对小球的作用力所做功的大小是A.0C.2兀门qk1B .r2qkD.nr?qk【答案】D【

9、解析】由法拉第电磁感应定律得感生电动势：E=竺 兀 门=4兀小，而电场力做功=q U，小At At球在环上运动一周U二E ,故W Z =兀n q k。D正确。w ord版高中物理 在此卷上答题无效J2023年一般高等学校招生全国统一考试 安徽卷理科综合力气测试 物理第 n 卷 非 选 择 题 共 180分 2023年 安 徽 卷 21.18分I.图 1 是 争论平抛物体运动 的试验装置图，通过描点画出平抛小球的运动轨迹。(1)以下是试验过程中的一些做法，其 中 合 理 的 有.a.安装斜槽轨道，使其末端保持水平b.每次小球释放的初始位置可以任意选择c.每次小球应从同一高度由静止牌放d.为描出小

10、球的运动轨迹，描绘的点可以用折线连接(2)试验得到平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点0为坐标原点，测量它们的水平坐标x 和竖直坐标y,图 2 中 y-x2图象能说明平抛小球运动轨迹为抛物线的是.%y图2(3)图 3 是某同学依据试验画出的平抛小球的运动轨迹，0 为平抛的起 点，在轨迹上任取三点A、B、C,测得A、B 两点竖直坐标V、为 5.0cm、y 图3o71y2为 45.0cm,A、B 两点水平间距A x为 40.0cmo则平抛小球的初速度v0为m/s，假设C 点w ord版局 中物理的竖直坐标y3为 60.0cm,则小球在C 点的速度vc为 m/s(结果保存两位有效数字，g

11、 取10m/s2).【答案】ac c 2.0 4.0国析】(1)争论平抛物体运动 的试验斜槽轨道末端保持水平为了保证水平初速度。从同一高度由静止释放为了保证每次使用水平初速度一样。a、c 正确。(2)平抛物体运动规律：x=u/v_ 得：y=&X2,y-x2图象是一条倾斜直线。c 正()J 2 2V2.0确。(3)由于),=1即2得=产，则 ti=Os、t2=0.3s，所以平抛小球的初速度V =2.0m Xv.而v=2gy=2 3，”/s,故C 点的 V速度v=尸+s -4.0机/s。C fo Cy(2023年安徽卷II.某同学为了测量一个量程为3V的电压表的内阻,进展了如下试验：接电压表(D

12、他先用多用电表进展了正确的测量，测量时指位置如图1 所 示，得出电压表内阻为3.00 x 103fi,此时电压表的指针也偏转了。多用表欧姆档表盘中心刻度值为15”,表内电池电动势为L5V,则电压表的示数应为V(结果保存两位有效数字)。0一为了更准确地测量该电压表的内阻心，该同学设计了图2 所示的电路图，试验步骤如下：A.断开开关S,按 图 2 连接好电路；B.把滑动变阻器R 的滑片P 滑到b 端;C.将电阻箱R。的阻值调到零；。闭合开关S;E.移动滑动变阻器R 的滑片P 的位置，使电压表的指针指到3V 位 置；F.保持滑动变阻器R 的滑片P 位置不变，调整电阻箱R0的阻值使电压表的指针指到L5

13、 V 位 置，读出此时电阻箱R0的阻值，此值即为电压表内阻勺的测量值；G.断开开关S。试验中可供选择的试验器材有：a.待测电压表word版高中物理b.滑动变阻器：最大阻值 2 0 2 3 Qc.滑动变阻器：最大阻值10 Qd.电阻箱：最大阻值9999.9Q，阻值最小该变量为0.1。e.电阻箱：最大阻值999.90，阻值最小该变量为0.1。电池组：电动势约6V,内阻可无视g.开 关，导线假设干依据这位同学设计的试验方案，答复以下问题：要使测量更准确，除了选用电池组、导线、开关和待测电压表外，还应从供给的滑动变阻器中选用 填b或c,电阻箱中选用 填d或e 1电压表的内阻心的测量值R测和真实值R真相

14、比，R测 R百 填或 小嘛析】多用电表的中值电阻即为其内阻，内阻为1.50 x10 3。,与内阻为3.0 0 x10 3。电压表串联，电源电动势为1.5V,可得电压表的读数即为勺两端电压为1.0 V。2由于滑动变阻器的分压影响产生误差，应选择阻值小的c能减小误差；又由于使用半偏法测电压表内阻，电阻箱最大阻值应大于3.0 0 x 1。3。，应 选 择do R=0时，电压表的指针指到3.0 V位 置，电压表中的电流/=(U=3.()V)；使电压表的指 1 R V针 指 到1.5V位置时，电阻箱的电阻为R,电压表中的电流/=U 2 _ U/2,而滑动变阻器的分压0 2 RTR R V 0 V影响U

15、2 U Q，故VR R队j 即R#涮4 Rv 直；Rv越 大，滑动变阻器的分压影响越次j 小，R涮 越 接 近R直，故R-R 屋 I测 百I越小。R真2 0 2 3年 安 徽 卷 2 2 .14分如以下图，充电后的平行板电容器水平放置，电容为C,极板间距离为d,上极板正中有一小孔。质量 为m、电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开头下落，穿过小孔到达下极板处速度恰为零 空气阻力无视不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g。求：(1)小球到达小孔处的速度；(2)极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；h(3)小球从开头下落运动到下极板的时间。1-：!-【霹(1)眄7(2)m g S +

16、d)rmg(h+d)处 理-Y qd q 人 Y 9嘛析】1由 以-2gh v=12gh(2 )在极板间带电小球受重力和电场力，有m g-q E =m a 0-v 2 2 a d 得 E=m9(h+d)qdU =E d Q =C U 得 Q _mg(h+d)qw ord版高中物理(3)由人 =lg n O=v+at 综 合 可 得 7=竺 但2 1 2/?V g 2023年 安 徽 卷 23.16分如 图 1 所 示，匀强磁场的磁感应强度B 为 0.5T,其方向垂直于倾角9 为 30。的斜面对上。绝缘斜面上 固 定 有 A 外形的光滑金属导轨M P N 电阻无视不计，M P 和 N P 长度均

17、为2.5m。M N 连线水平。长 为 3m。以 M N 的中点O 为原点、O P为 x 轴建立一坐标系Ox。一根粗细均匀的金属杆CD,长度d 为 3m,质 量 m 为 1kg,电阻R 为 0.3Q,在拉力F 的作用下，从 M N 处以恒定的速度v=lm/s在导轨上沿x 轴正向运动 金属杆与导轨接触良好。g 取 10m/s2。(1)求金属杆CD运动过程中产生的感应电动势E 及运动到x=0.8m 电势差UCD；(2)推导金属杆CD从 M N 处运动到P 点过程中拉力F与位置坐标x 的关系式，并在图2 中画出F-x关系图象；(3)求金属杆CD从 M N 处运动到P 点的全过程产生的焦耳热。【答案】口

18、1.5V-0.6V(2)尸=12.5 3.75x(04x42)如图 7.5J廨析】(1)金 属 杆 CD在匀速运动中产生的感应电动势E =Blv(/=d)E=1.5V D 点电势高当 x=0.8m 时，金属杆在导轨间的电势差为零。设此时杆在导轨外的长度为/,则一夕 卜O P-x M NI=d-d O P=MP(”得/=.2m外 O P I2 外由楞次定律推断D 点 电 势 高 C D 两端电势差U =Bl v U =-0.6VCD 外 CD(2)杆在导轨间的长度I 与位置x 关 系 是l=O P-x公3 _ 3 xO P 2对应的电阻R 为电流1=%杆受安培力F为F =B =7.5-3.75,

19、安 安依据平衡条件得 F=匕*,+m g sine女 F -12.5-3.75%(0 x 2)3*加word版高中物理画出的F-x图象如以下图。(3)外力F所做的功WF等 于F-x图线下所围成的面积，即5+12.5W=x 2/=17.5/F 2而杆的重力势能增加量八七?八百=m g O P sinO故全过程产生的焦耳热Q Q=一、Ep=7 5/2023年安徽卷24.(20分)在光滑水平地面上有一凹槽A,中心放一小物块Bo物块与左右两边槽壁的距离如以下图，I为1.0m。凹槽与物块的质量均为m,两者之间的动摩擦因数H为0.5。开头时物块静止，凹槽以=5?/s初速度向右运动，设物块与凹槽壁碰撞过程中

20、没有能量损失，且碰撞时间不计。g取10m/S2。求：(1)物块与凹槽相对静止时的共同速度;B _L_ 41-2-171(2)从凹槽开头运动到两者相对静止物块与右侧槽壁碰撞41r的次数；(3)从凹槽开头运动到两者相对静止所经受的时间及该时间内凹槽运动的位移大小。【答案】2.5m/s 6【解析】1设两者间相对静止时的速度为v,由动量守恒定律得mv=2mv v=2.5m/so=p.=)1(2)物块与凹槽间的滑动摩擦力 N mg设两者间相对静止时的路程为S,由动能定理得-F .=乙？+m)v2-_mv2 得 s=12.5加/*2 2 o 1L=lm,可推知物块与右侧槽壁共发生6次碰撞。(3)设凹槽与物

21、块碰前的速度分别为V、v2,碰后的速度分别为J、v。有1 1 1 1 1 2mv+mv=m v +mv _ mv2+_ m v2=_ m vr 2”2/21212 2 2 2 2 1 2 2得 vr=v vr=VI 2 2 I即每碰撞一次凹槽与物块发生一次速度交换，在同一坐标系上两者的速度图线如以下图，根据碰撞次数可分为13段，凹槽、物 块 的v-t图象在两条连续的匀变速运动图线间转换，故可用匀变速直线运动规律求时间。则v =vO+at a=-Ng 解得 f=5s凹槽的v-t图象所包围的阴影面积即为凹槽的位移大小S2。等腰三角形面积共分13份，第一份面积为0.5L。其余每份面积均为LJ1 Vs=()+6.5L s-12J5m2 2 2 2