2021届高考化学一轮复习-第一节-生命中的基础有机化学物质练习-大纲人教版2.doc

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1、第三章 生命中的根底化学物质进入合成有极高分子化合物时代第1节 生命的根底有机化学物质1.以下物质中，在一定条件下既能发生银镜反响，又能发生水解反响的是()A甲酸甲酯 B蔗糖 C葡萄糖 D纤维素解析：能发生银镜反响，说明有机物结构中含有醛基；已学过的能发生水解反响的有机物有卤代烃、酯及二糖。答案：A2(2021模拟精选，山东烟台模拟)对于淀粉和纤维素两物质，以下说法正确的选项是()A二者都能水解，水解的最终产物不同B二者C、H、O三种元素的质量分数相同，且互为同分异构体C它们都是糖类，且都是高分子化合物D都可用(C6H10O5)n表示，但淀粉能发生银镜反响，而纤维素不能解析：二者结构简式相同，

2、但n值不同，式量不同，故不属同分异构体。淀粉、纤维素为非复原性糖，都不能发生银镜反响。答案：C3 (2021试题调研，山东济南质检)2021年的诺贝尔化学奖授予以色列科学家阿龙切哈诺夫、阿夫拉姆赫什科和美国科学家欧文罗斯，以表彰他们发现了泛素调节蛋白质水解。关于蛋白质的组成与性质的表达正确的选项是()A蛋白质在酶的作用下水解的最终产物为氨基酸B向蛋白质溶液中参加(NH4)2SO4浓溶液，会使其变性C天然蛋白质仅由碳、氢、氧、氮四种元素组成D氨基酸和蛋白质都是只能和碱反响的酸性物质解析：蛋白质是由氨基酸通过分子间脱水成肽键而形成的高分子化合物，所以它水解的最终产物为氨基酸。由于硫酸铵为轻金属的盐

3、类，所以它只能使蛋白质盐析，而不能使蛋白质变性。天然蛋白质除含C、H、O、N外，还含有硫、磷等元素。氨基酸和蛋白质分子内部都既含有氨基又含有羧基，它们是两性化合物，所以既能与酸反响，又能与碱反响。答案：A4 公元前，古埃及国王胡夫的一位厨师不小心把刚熬好的羊油碰翻在灶坑旁，与草木灰混在了一起。当他将羊油和草木灰的混合物用手捧出去后，洗手时发现洗得特别干净。以下解释正确的选项是()A羊油是一种有机溶剂，溶解了厨师手上的油污B草木灰呈碱性，与羊油发生中和反响C羊油与草木灰中的物质发生了加成反响D羊油在碱性的草木灰(K2CO3)的作用下发生了皂化反响解析：草木灰的主要成分是K2CO3，水溶液呈碱性。

4、羊油属于油脂，在K2CO3的碱性条件下可发生水解反响生成高级脂肪酸钾和甘油，高级脂肪酸钾和肥皂结构相似，具有去油污能力。答案：D5 (2021试题调研，安徽皖南八校联考)某学生称取9 g淀粉直接溶于水，测定淀粉水解的百分率，其程序如下：淀粉溶液混合液混合液(1)各步所加试剂为：A_，B_，C_。(2)只加A溶液，不加B溶液是否可以？理由是_。(3)当析出2.16 g金属单质时，淀粉的水解率是_。解析：n(Ag)：0.02 mol，需0.01 mol葡萄糖。答案：(1)稀硫酸NaOH溶液银氨溶液(2)不可以，银镜反响必须在碱性条件下进行(3)18%6以下是某蛋白质的结构片段： (1)上述蛋白质的

5、结构片段的水解产物中不属于 氨基酸的结构简式是_。(2)上述蛋白质的结构片段水解后的氨基酸中，某氨基酸碳氢原子数比值最大。该氨基酸与NaOH反响的化学方程式_。该氨基酸二分子缩合形成环状物质的分子式为_。该氨基酸的异构体中，属于硝基化合物且苯环上只有甲基的同分异构体有_种。(3)上述蛋白质结构片段的化学式量为364，那么水解生成的各种氨基酸的式量之和为_。解析：根据蛋白质的水解规律，可得该蛋白质的结构片段水解生成如下的氨基酸：分子中碳氢原子数比值最大，其分子式为C8H9NO2，两分子缩合形成环状物质时应脱去两分子H2O，根据原子守恒可知所得缩合物的分子式为C16H14N2O2，满足题意的同分异

6、构体应有6种。水解生成了4种氨基酸，相应的增加了4个H2O分子的式量，即水解生成的各种氨基酸的式量之和为36472436。答案：(1) (2)C16H14N2O26(3)436一、选择题1(2021模拟精选，广东深圳模拟)有一过程如下：根据上图，a、b、c可分别表示()A淀粉、酶、葡萄糖 B蔗糖、酶、果糖C纤维素、酶、葡萄糖 D麦芽糖、酶、葡萄糖解析：麦芽糖是二糖，水解后生成2分子葡萄糖。答案：D2 糖类、油脂、蛋白质是人类根本营养物质，关于糖类、油脂、蛋白质的说法正确的选项是 ( )A单糖可以发生水解反响B油脂皂化是取代反响，硬化也是取代反响C氨基酸、多肽、蛋白质都具有两性D饱和Na2SO4

7、、CuSO4溶液均可用于蛋白质的盐析答案：C3糖元是一种相对分子质量比淀粉更大的多糖，以下有关糖元的表达中正确的选项是()A糖元与纤维素互为同分异构体，与淀粉互为同系物B糖元水解的最终产物是葡萄糖C糖元具有复原性，是复原糖D糖元溶于冷水，有甜味解析：理解题给信息：糖元是一种相对分子质量比淀粉更大的多糖。因此以多糖的结构与性质分析各选项：A多糖中葡萄糖单元的数目均不尽相同，那么谈不上同分异构体问题，对高分子化合物均不能仅从结构单元的组成去分析是否为同分异构体，A说法不正确。B糖元是被称为动物淀粉和肝糖的多糖，那么其水解的最终产物是葡萄糖，B说法正确。C多糖是高分子化合物，均不能显示其结构单元的性

8、质，故不能称为复原糖，C说法不正确。D多糖是高分子化合物，都不能溶在冷水中，也都不具有甜味，D说法不正确。答案：B4.胆固醇是人体必需的生物活性物质，分子式为C25H46O。一种胆固醇酯是液晶材料，分子式为C32H50O2。生成这种胆固醇酯的酸是()AC6H13COOH BC6H5COOH CC7H15COOH DC6H5CH2COOH解析：据题意：酸C25H46OC32H50O2H2O。那么据原子守恒知酸的分子式为C7H6O2，只有B选项符合。答案：B5(2021模拟精选，山东烟台一模)尿毒症是指人体不能通过肾脏产生尿液，不能将体内代谢产生的废物和过多的水分排出体外而引起的毒害。对尿毒症患者

9、的血液进行透析是缓解中毒的有效方法之一。这种血液透析与下面操作的根本原理相似的是()A饮用豆浆缓解因误食重金属盐而引起的中毒B除去Ca(OH)2溶液中悬浮的CaCO3微粒C用半透膜除去Fe(OH)3胶体中混有的ClD在蛋白质溶液中参加饱和硫酸铵溶液，然后再加水答案：B6以下关于蛋白质的说法中不正确的选项是()A蛋白质属于天然有机高分子化合物，没有蛋白质就没有生命B(NH4)2SO4溶液能使蛋白质变性C某些蛋白质跟浓硝酸作用会变黄D可以采用盐析法别离、提纯蛋白质答案：B7 某天然油脂10 g，需1.8 g NaOH才能完全皂化，又知该油脂1 000 g进行催化加氢，耗氢气12 g才能完全硬化。试

10、推断1 mol该油脂平均含碳碳双键数为()A2 mol B3 mol C4 mol D5 mol解析：此题要求了解油脂的分子结构特点和油脂的化学性质以及烯烃的加成反响规律等，培养寻找隐蔽信息的自学能力和运用数学方法解决化学问题的能力。从油脂与NaOH反响的化学方程式可知，油脂与NaOH反响按物质的量之比为13进行，所以油脂的平均摩尔质量为：666.7 g/mol。n(油脂)n(H2)1.5614。所以1 mol该油脂平均含4 mol碳碳双键。答案：C8以下物质中，互为同分异构体的是()A淀粉和葡萄糖 B蔗糖和纤维素 C淀粉和纤维素 D果糖和葡萄糖解析：同分异构体是指分子式相同而结构不同的物质，

11、A中淀粉分子式为(C6H10O5)n，葡萄糖为C6H12O6，二者分子式不同，不是同分异构体。B中分子式也不相同，也不是同分异构体。C中虽然分子组成写法相同，都是(C6H10O5)n，但n值不同，二者也不是同分异构体。D中分子式都为C6H12O6，结构不同，所以是同分异构体。答案：D9. (云南省玉溪一中2021届高三上学期期中)近几年一种新型的甜味剂木糖醇悄悄地走入生活，进入人们的视野，因为木糖醇是一种理想的蔗糖代替品，它具有甜味足，溶解性好，防踽齿，适合糖尿病患者的优点。木糖醇是一种白色粉末状的结晶，分子式为C5H12O5，结构简式为CH2OH(CHOH)3CH2OH，以下有关木糖醇的表达

12、中不正确的选项是()A木糖醇是一种五元醇B木糖醇是一种无糖型植物甜味剂C木糖醇与葡萄糖、果糖等一样是一种单糖D木糖醇的溶解度随着温度的升高而增大，说明木糖醇的溶解过程是一个吸热过程答案：C10. 糖类、脂肪和蛋白质是维持人体生命活动所必 需的三大营养物质，以下表达正确的 是()A植物油不能使溴的四氯化碳溶液褪色B淀粉水解的最终产物是葡萄糖C葡萄糖能发生氧化反响和水解反响D蛋白质溶液遇硫酸铜后产生的沉淀能重新溶于水解析：植物油是一种不饱和油脂，能和Br2发生加成反响，所以A不正确。淀粉属于多糖，其水解的最终产物是单糖(葡萄糖)，B正确；葡萄糖属于多羟基醛，能发生氧化反响，但它是单糖，故不能发生水

13、解反响，C不正确。在加热、酸、碱、重金属盐、紫外线等作用下，蛋白质会发生变性而凝固，这种作用是不可逆的，不能再使它们恢复成为原来的蛋白质。蛋白质变性后就丧失了原有的可溶性，且失去了它们在生理上的作用，D不正确。答案：B二、非选择题11现有淀粉和蛋白质溶液的混合液：(1)用什么方法检验出混合液中有淀粉溶胶的存在？(2)用什么方法可以先把蛋白质溶胶初步别离出来？(3)剩下的淀粉溶胶可用什么方法进行提纯？解析：(1)I2遇淀粉变蓝，可用此法检验淀粉溶胶的存在。(2)利用蛋白质盐析性质。(3)利用淀粉胶体和无机盐溶液别离方法渗析。答案：(1)取混合液少许，滴入碘水，有蓝色出现，说明混合液中含有淀粉溶胶

14、。(2)向混合液中参加大量硫酸铵晶体，其中蛋白质会盐析而生成沉淀，将沉淀和溶液过滤别离，再将沉淀(蛋白质)放在蒸馏水中可重新得到蛋白质溶胶。(3)将剩下的淀粉溶胶和混有大量无机盐的溶液，装入半透膜袋中，采用渗析的方法，将淀粉溶胶别离出来。12蛋白质是一类复杂的含氮化合物，每种蛋白质都有其恒定的含氮量，食品中蛋白质的含量测定常用凯氏定氮法。其测定原理是：. 蛋白质中的氮(用氨基表示)在强热和CuSO4、浓H2SO4 作用下，生成一种无机含 氮化合物，反响式为： 2(NH2)H2SO42H. 该无机化合物在凯氏定氮器中与碱作用，通过蒸馏释放出NH3，收集于H3BO3 溶 液中，生成(NH4)2B4

15、O7。. 用浓度的盐酸标准溶液滴定，根据盐酸消耗的量计算出氮的含量，然后乘以 相应的换算系数，即得蛋白质的含量。(1)上述原理第步生成的无机含氮化合物化学式为_。(2)上述原理第步有关反响的离子方程式(或化学方程式)为：_、_。答案：(1)(NH4)2SO4(2)NHOH =NH3H2O2NH34H3BO32NHB4O275H2O13(2021试题调研，辽宁盘锦3月)紫杉醇是一种新型抗癌药，其分子式为C47H51NO14， 它是由如下的A酸和B醇生成的一种酯： A BROH(R是一个含有C、H、O的基团)(1)A可在无机酸催化作用下水解，其反响的方程式是_。(2)A水解所得的氨基酸不是天然蛋白

16、质水解产物，因为氨基不在_(填希腊字母)位。(3)写出ROH的化学式_。解析：因多肽或蛋白质水解的实质是酰胺键水解，抓住这一关键可写出A水解的反响方程式为：因天然蛋白质水解的最终产物为 氨基酸，抓住这一关键可知A水解所得的氨基酸不是天然蛋白质水解产物(氨基不在位)；因A酸和B醇脱去一分子水所得酯的分子式为C47H51NO14，而A酸的化学式为C16H15NO4，抓住这一关键可知B醇(ROH)的化学式为C4716H(512)15N11O(141)4，即C31H38O11。答案：(1) (2)(3)C31H38O1114. 某 氨基酸，其相对分子质量不超过200，经分析可知，该氨基酸含C、H、O、

17、N 四种元素，其中N元素的质量分数为8.5%，氧元素的质量分数为19.4%。(1)该氨基酸分子中有_个NH2，_个COOH。(2)该氨基酸的相对分子质量(取整数值)为_。(3)假设氨基酸分子中无甲基()，有和苯环，其结构简式为_。(4)另有一种有机物A是上述氨基酸的同分异构体，含有苯环，但不含有NH2和COOH，且苯环上的一卤代物只有一种，那么A的结构简式为_。解析：设 氨基酸中含x个NH2，y个COOH， 氨基酸的式量为M，那么8.5%M165x200，x119.4%M165y200y1，M165。因 氨基酸中含 (式量74)、苯环(C6H5，式量77)，剩余基的式量为：165747714，即为CH2基团，结构为因氨基酸与硝基化合物属同分异构体，苯环上的一卤代物只有一种，那么A的结构简式为：答案：(1)11(2)165(3) (4)