高考物理一轮复习 课后限时集训2 匀变速直线运动的规律及应用（含解析）新人教版-新人教版高三全册物理试题.doc

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1、课后限时集训(二)匀变速直线运动的规律及应用(建议用时：40分钟)基础对点练题组一：匀变速直线运动规律的应用1(2019德阳调研)一质点沿直线运动，其平均速度与时间的关系满足v2t(各物理量均选用国际单位制中单位)，则关于该质点的运动，下列说法正确的是()A质点可能做匀减速直线运动B5 s内质点的位移为35 mC质点运动的加速度为1 m/s2D质点3 s末的速度为5 m/sB根据平均速度v知，xvt2tt2，根据xv0tat22tt2知，质点的初速度v02 m/s，加速度a2 m/s2，质点做匀加速直线运动，故A、C错误；5 s内质点的位移xv0tat225 m225 m35 m，故B正确；质

2、点在3 s末的速度vv0at2 m/s23 m/s8 m/s，故D错误。2一辆汽车在平直公路上做刹车实验，0时刻起，汽车运动过程的位移与速度的关系式为x(100.1v2)m，下列分析正确的是()A上述过程的加速度大小为10 m/s2B刹车过程持续的时间为5 sC0时刻的初速度为10 m/sD刹车过程的位移为5 mC由v2v2ax可得xvv2，对照x100.1v2可知，0.1，v10，解得a5 m/s2，v010 m/s，选项A错误，C正确。由vv0at可得，刹车过程持续的时间为t2 s，由v2v2ax可得，刹车过程的位移为x10 m，选项B、D错误。3.(2019运城检测)如图所示，一小球从A

3、点由静止开始沿斜面做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则ABBC等于()A11B12C13 D14C根据匀变速直线运动的速度位移公式v2v2ax知，xAB，xAC，所以ABAC14，则ABBC13。故C正确，A、B、D错误。4某航母跑道长为200 m，飞机在航母上滑行的最大加速度为6 m/s2，起飞需要的最低速度为50 m/s。那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为()A5 m/s B10 m/sC15 m/s D20 m/sB飞机在滑行过程中，做匀加速直线运动，根据速度与位移的关系v2v2ax解决问题。由题知，v50 m/s，a6 m/s2，x200

4、 m，根据v2v2ax得，借助弹射系统飞机获得的最小初速度v0 m/s10 m/s。故选项B正确。5空军特级飞行员李峰驾驶歼十战机执行战术机动任务，在距机场54 km、离地1 750 m高度时飞机发动机停车失去动力。在地面指挥员的果断引领下，安全迫降机场，成为成功处置国产单发新型战机空中发动机停车故障、安全返航第一人。若飞机着陆后以6 m/s2的加速度做匀减速直线运动，若其着陆速度为60 m/s，则它着陆后12 s内滑行的距离是()A288 m B300 mC150 mD144 mB先求出飞机着陆后到停止所用时间t，由vv0at，得t s10 s，由此可知飞机在12 s内不是始终做匀减速运动，

5、它在最后2 s内是静止的，故它着陆后12 s内滑行的距离为xv0t6010 m(6) m300 m。题组二：重要推论和比例关系的应用6一质点做速度逐渐增大的匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，速度变为原来的3倍，则该质点的加速度为()A BC DA设质点的初速度为v，经时间t速度为3v，有stt2vt，则a。7.(多选)(2019雅安模拟)如图所示，一冰壶以速度v垂直进入三个矩形区域做匀减速直线运动，且刚要离开第三个矩形区域时速度恰好为零，则冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个矩形区域所用的时间之比分别是()Av1v2v3321Bv1v2v31Ct1t2t31Dt1t2t3()(

6、1)1BD因为冰壶做匀减速直线运动，且末速度为零，故可以看作反向匀加速直线运动来研究。初速度为零的匀加速直线运动中通过连续三段相等位移的时间之比为1(1)()，故所求时间之比为()(1)1，所以选项C错误，D正确；由v2v2ax可得初速度为零的匀加速直线运动中通过连续相等位移的速度之比为1，则所求的速度之比为1，故选项A错误，B正确。8(多选)一物体以初速度v0做匀减速直线运动，第1 s内通过的位移为x13 m，第2 s内通过的位移为x22 m，又经过位移x3物体的速度减小为0，则下列说法正确的是()A初速度v0的大小为2.5 m/sB加速度a的大小为1 m/s2C位移x3的大小为1.125

7、mD位移x3内的平均速度大小为0.75 m/sBCD由xaT2可得加速度大小a1 m/s2；第1 s末的速度v12.5 m/s；物体的速度由2.5 m/s减速到0所需时间t2.5 s，则经过位移x3的时间t为1.5 s，且x3at21.125 m；位移x3内的平均速度0.75 m/s。故选B、C、D。9.如图所示，一小滑块沿足够长的斜面以初速度v向上做匀减速直线运动，依次经A、B、C、D到达最高点E，已知ABBD6 m，BC1 m，滑块从A到C和从C到D所用的时间都是2 s。设滑块经B、C时的速度为vB、vC，则()AvC6 m/sBvB m/sCDE3 mD从D到E所用时间为4 sDC为AD

8、的中间时刻，vC m/s3 m/s，a m/s20.5 m/s2；由vv2ax，解得vB m/s；经D点速度vDvCaT(30.52)m/s2 m/s，DE4 m；从D到E所用时间t s4 s。题组三：自由落体和竖直上抛运动10(2019哈尔滨检测)甲球从离地面H高处从静止开始自由下落，同时使乙球从甲球的正下方地面处做竖直上抛运动。欲使乙球上升到处与甲球相撞，则乙球上抛的初速度应为()A BC DB由竖直上抛运动规律知v0tgt2，由自由落体运动规律知Hgt2，联立可得t，v0，B对。11在离地高h处，沿竖直方向同时向上和向下抛出两个小球，它们的初速度大小均为v，不计空气阻力，两球落地的时间差

9、为()A BC DA根据竖直上抛运动的对称性，可知向上抛出的小球落回到出发点时的速度大小也是v，之后的运动与竖直下抛的小球运动情况相同。因此上抛的小球比下抛的小球多运动的时间为：t，A项正确。12(多选)在某一高度以v020 m/s的初速度竖直上抛一个小球(不计空气阻力)，当小球速度大小为10 m/s时，以下判断正确的是(g取10 m/s2)()A小球在这段时间内的平均速度大小可能为15 m/s，方向向上B小球在这段时间内的平均速度大小可能为5 m/s，方向向下C小球在这段时间内的平均速度大小可能为5 m/s，方向向上D小球的位移大小一定是15 mACD小球被竖直向上抛出，做的是匀变速直线运动

10、，平均速度可以用匀变速直线运动的平均速度公式求出，规定竖直向上为正方向，当小球的末速度大小为10 m/s、方向竖直向上时，v10 m/s，用公式求得平均速度为15 m/s，方向竖直向上，A正确；当小球的末速度大小为10 m/s、方向竖直向下时，v10 m/s，用公式求得平均速度大小为5 m/s，方向竖直向上，C正确；由于末速度大小为10 m/s时，球的位置一定，距起点的位移h15 m，D正确。考点综合练13(2019南通检测)科技馆中的一个展品如图所示，在较暗处有一个不断均匀滴水的水龙头，在一种特殊的间歇闪光灯的照射下，若调节间歇闪光间隔时间正好与水滴从A下落到B的时间相同，可以看到一种奇特的

11、现象，水滴似乎不再下落，而是像固定在图中的A、B、C、D四个位置不动，对出现的这种现象，下列描述正确的是(g取10 m/s2)()A水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间满足tABtBCtCDB闪光的间隔时间是 sC水滴在相邻两点间的平均速度满足ABBCCD149D水滴在各点的速度之比满足vBvCvD135B由题图可知135，水滴做初速度为零的匀加速直线运动，由题意知水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间相等，A错误；由hgt2可得水滴在下落过程中通过相邻两点之间的时间为 s，即闪光的间隔时间是 s，B正确；由知水滴在相邻两点间的平均速度满足ABBCCD135，C错误；由vgt知水滴在各点的速

12、度之比满足vBvCvD123，D错误。14(2019定州调研)质量为m的小球由空中A点无初速度自由下落，加速度大小为g；在t秒末使其加速度大小变为a且方向竖直向上，再经过t秒小球又回到A点。不计空气阻力且小球从未落地，则以下说法中正确的是()Aa4gB返回到A点的速率为2atC自由下落t秒时小球的速率为atD小球下落的最大高度为at2D根据匀变速直线运动的规律可知：gt2(gttat2)，解得a3g，选项A错误；返回到A点的速度vgtatat，选项B错误；自由下落t秒时小球的速率为gtat，选项C错误；小球下落t秒的高度h1gt2at2，匀减速运动速度减到零时的位移h2at2，故小球下落的最大

13、高度hat2at2at2，选项D正确。15.(2019济南调研)如图所示是一种较精确测量重力加速度g值的装置。下端装有弹射装置的足够长的真空玻璃直管竖直放置，使小球竖直向上弹出，在O点与弹簧分离，然后返回。在O点正上方选取一点P，利用仪器精确测得OP间的距离为H，从O点出发至返回O点的时间间隔为T1，小球两次经过P点的时间间隔为T2。(1)求重力加速度g；(2)若O点距玻璃管底部的距离为L0，求真空玻璃管最小长度。解析：(1)小球从O点上升到最高点的时间为，有h1g2；小球从P点上升到最高点的时间为，有h2g；依据题意有h1h2H，联立解得g。(2)真空玻璃管最小长度LL0h1，且h1g，解得

14、LL0。答案：(1)(2)L016(2019龙岩模拟)我国不少省市ETC联网已经启动运行，ETC是电子不停车收费系统的简称，汽车分别通过ETC通道和人工收费通道的流程如图所示。假设汽车以v112 m/s的速度朝收费站沿直线行驶，如果过ETC通道，需要在距收费站中心线前d10 m处正好匀减速至v24 m/s，匀速通过中心线后，再匀加速至v1正常行驶；如果过人工收费通道，需要恰好在中心线处匀减速至零，经过t020 s缴费成功后，再启动汽车匀加速至v1正常行驶，设汽车加速和减速过程中的加速度大小均为1 m/s2。求：(1)汽车过ETC通道时，从开始减速到恢复正常行驶过程中的位移大小？(2)汽车通过人

15、工收费通道，应在离收费站中心线多远处开始减速？(3)汽车通过ETC通道比通过人工收费通道节约的时间是多少？解析：(1)过ETC通道时，减速的位移和加速的位移相等，则x164 m故总的位移x总12x1d138 m。(2)经人工收费通道时，开始减速时距离中心线为x272 m。(3)过ETC通道的时间t1218.5 s过人工收费通道的时间t22t044 sx总22x2144 m二者的位移差xx总2x总16 m在这段位移内汽车以正常行驶速度做匀速直线运动，则tt2(t1)25 s。答案：(1)138 m(2)72 m(3)25 s高考真题集中练(教师用书独具)1(2016全国卷)一质点做速度逐渐增大的

16、匀加速直线运动，在时间间隔t内位移为s，动能变为原来的9倍。该质点的加速度为()ABCDA质点在时间t内的平均速度v，设时间t内的初、末速度分别为v1和v2，则v，故。由题意知：mv9mv，则v23v1，进而得出2v1。质点的加速度a。故选项A正确。2.(2017全国卷)为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线相距s0和s1(s1s0)处分别放置一个挡板和一面小旗，如图所示。训练时，让运动员和冰球都位于起跑线上，教练员将冰球以速度v0击出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板；冰球被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑向小旗。训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处。假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达挡板时的速度为v1，重力加速度大小为g。求：(1)冰球与冰面之间的动摩擦因数；(2)满足训练要求的运动员的最小加速度。解析：(1)设冰球的质量为m，冰球与冰面之间的动摩擦因数为，由动能定理得mgs0mvmv解得。(2)冰球到达挡板时，满足训练要求的运动员中，刚好到达小旗处的运动员的加速度最小。设这种情况下，冰球和运动员的加速度大小分别为a1和a2，所用的时间为t。由运动学公式得vv2a1s0v0v1a1ts1a2t2联立式得a2。答案：(1)(2)