高考物理二轮复习 选择题48分练4-人教版高三全册物理试题.doc

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1、选择题48分练(四)(时间：20分钟分值：48分) (15小题为单选题，68小题为多选题)1. (2018雅安三诊)甲、乙两物体在同一直线上运动，其位移时间图象如图1所示，由图象可知()图1A甲比乙运动得快B乙开始运动时，两物体相距20 mC在前25 s内，两物体距离先增大后减小D在前25 s内，两物体位移大小相等C位移时间图象的斜率表示速度，斜率越大，速度越大，甲比乙运动得慢，故A错误；由图知：乙从原点出发，乙开始运动时，甲的位置坐标大于20 m，则两物体相距大于20 m，故B错误；在010 s这段时间内，乙静止在原点，甲沿正向做匀速直线运动，则两物体间的距离逐渐增大，在1025 s这段时间

2、内，甲的运动速率小于乙的运动速率，甲在乙的前方，则两者距离逐渐减小，故C正确；在前25 s内，甲的位移为x1(4020) m20 m，乙的位移为x1(400) m40 m，故D错误2(2018雅安三诊)已知甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是()A甲的角速度比乙的角速度大B甲的线速度比乙的线速度小C甲的运行周期比乙的运行周期小D甲的向心加速度比乙的向心加速度大B卫星由万有引力提供向心力有：mm2rmrma，则有v，所以甲的线速度比乙的线速度小；，所以甲的角速度比乙的角速度小；T，所以甲的运行周期比乙的运行周期大；a，所以甲的向心加速度比乙的向

3、心加速度小；故B正确，A、C、D错误3. (2018百校联盟4月联考)磁流体发电是一种全新的发电技术，它能将物体的内能直接转化为电能如图2所示为磁流体发电机的示意图平行板MN间有垂直于纸面向外、磁感应强度大小为B的匀强磁场，两板间的距离为d，将电阻率为的等离子体以速度v水平向右喷射入磁场中，M、N两板上就会产生电压将两板与外电路连接，就可以给外电路供电图中电压表为理想电表，外电路中R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开始时开关S断开，则下列判断正确的是()图2AM板是电源的正极B闭合开关S，电压表的示数为BdvC闭合开关S，电压表的示数减小D闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向下移，电源的输出功率一定

4、增大C由左手定则可知正离子向N板偏，负离子向M板偏，即金属板M为电源负极，N为电源正极，故A错误；等离子体稳定流动时，洛伦兹力与电场力平衡，即Bqvq，解得：EBdv，电压表测得的是路端电压，故电压表的示数小于Bdv，故B错误；闭合开关S前，电压表测的是电源电动势，闭合开关S后，电压表测的是路端电压，则电压表的示数减小，故C正确；因为不知道内阻与外电阻的大小关系，故无法判断电源的输出功率如何变化，故D错误4(2018百校联盟4月联考)如图3所示，图中虚线为某静电场中的等差等势线，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，a、b、c为粒子的运动轨迹与等势线的交点，粒子只受电场力作用，则下列说法正确

5、的是()图3A粒子在a点的加速度比在b点的加速度小B粒子在a点的动能比在b点的动能大C粒子在a点和在c点时速度相同D粒子在b点的电势能比在c点时的电势能小D等势线的疏密程度表示电场强度的大小，故a点的电场强度大于b点的电场强度，根据a，可知粒子在a点的加速度比在b点的加速度大，故A错误；由运动轨迹图，可知若粒子从a到b，电场力做正功，电势能减小，动能增大，若粒子从b到a，电场力做负功，电势能增大，动能减小，故粒子在a点的动能比在b点的动能小，故B错误；由图可知a、c两点在同一等势线上，故粒子在a、c两点具有相同的电势能，根据能量守恒可知，粒子在a、c两点具有相同的动能，故粒子在这两点的速度大小

6、相等，但方向不同，故C错误；因粒子在a、c两点具有相同的动能和电势能，而粒子在a点的动能比在b点的动能小，电势能更大，故粒子在b点的电势能比在c点时的电势能小，故D正确5(2018皖南八校4月联考)如图4所示是运动员将网球在边界A处正上方B点水平向右击出，恰好过网C的上边沿落在D点的示意图，不计空气阻力，已知ABh1，网高h2h1，ACx，重力加速度为g，下列说法中正确的是()图4A落点D距离网的水平距离为xB网球的初速度大小为xC若击球高度低于h1，无论球的初速度多大，球都不可能落在对方界内D若保持击球高度不变，球的初速度v0只要不大于，一定落在对方界内C 因为h1h2h1，由t可知，由xv

7、0t可知，则xADx，D距网的水平距离为x，A错误；球从A到D，h1gt2，xv0t，得v0x，B错误；任意降低击球高度(仍大于h2)，会有一临界情况，此时球刚好接触网又刚好压界，则有2，解得hh1，若小于该临界高度，速度大会出界，速度小会触网，C正确；若保持击球高度不变，要想球落在对方界内，要既不能出界，又不能触网，根据h1gt，得t1，则平抛的最大速度vmax，h1h2gt，得t2，平抛运动的最小速度vminx，可见D错误6(2018运城康杰中学模拟)如图5甲所示，用一水平力F拉着一个静止在倾角为的光滑斜面上的物体，逐渐增大F，物体做变加速运动，其加速度a随外力F变化的图象如图乙所示，g取

8、10 m/s2，根据图乙中所提供的信息可以计算出()图5A物体的质量B斜面的倾角C物体能静止在斜面上所施加的最小外力D加速度为6 m/s2时物体的速度ABC对物体受力分析，受拉力、重力、支持力，如图：x方向：Fcos mgsin ma，y方向：NFsin Gcos 0，从图象中取两个点(20 N,2 m/s2)、(30 N,6 m/s2)，代入式解得：m2 kg，37，故A、B正确物体能静止在斜面上，当F沿斜面向上时所施加的外力最小Fminmg sin 12 N，故C正确题中并未说明物体的位移，物体做的是变加速运动，故无法求出加速度为6 m/s2时物体的速度大小，故D错误7. (2018江淮十

9、校联考)如图6所示，质量为m的长木板B放在光滑的水平面上，质量为m的木块A放在长木板的左端，一颗质量为m的子弹以速度v0射入木块并留在木块中，当木块滑离木板时速度为v0，木块在木板上滑行的时间为t，则下列说法正确的是()图6A木块获得的最大速度为v0B木块滑离木板时，木板获得的速度大小为v0C木块在木板上滑动时，木块与木板间的滑动摩擦力大小为D木块在木板上滑动时，因摩擦产生的热量等于子弹射入木块后子弹和木块减少的动能AC子弹射入木块的瞬间木块获得的速度最大，取向右为正方向，对子弹和木块A系统，根据动量守恒定律：mv0v1，解得v1v0，选项A正确；木块滑离木板时，对木板和木块(包括子弹)系统：

10、mv0v0mv2，解得v2v0，选项B错误；对木板，由动量定理：ftmv2，解得f，选项C正确；由能量守恒定律可知，木块在木板上滑动时，因摩擦产生的热量等于子弹射入木块后子弹和木块减少的动能与木板增加的动能之差，选项D错误8(2018淮滨中学仿真)如图7所示，水平面内有一光滑金属导轨，ac边的电阻为R，其他电阻均不计，ab与ac夹角为135，cd与ac垂直将质量为m的长直导体棒放在导轨上，并与ac平行棒与ab、cd交点G、H间的距离为L0，空间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为B.在外力作用下，棒由GH处以初速度v0向右做直线运动，其速度的倒数 随位移x变化的关系如图(b)所示，GH与MN之间的距离为L0，在棒运动到MN处的过程中()(a)(b)图7A导体棒做匀变速直线运动B导体棒运动的时间为C流过导体棒的电流大小不变D外力做功为BC直线的斜率为：k，所以有：x，得vv0，故不是匀变速直线运动，故A错误感应电动势为：EBlvB(L0x)v0BL0v0，感应电动势大小不变，感应电流为：I大小不变，故C正确；根据法拉第电磁感应定律有：EBL0v0，解得：t，故B正确克服安培力做的功等于电阻R上产生的焦耳热为：QI2Rt2R，对导体棒，由动能定理得：W外W安m2mv，解得W外，故D错误