高考物理二轮复习 高考模拟卷（一）-人教版高三全册物理试题.doc

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1、高考模拟卷(一)一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多项符合题目要求全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分)14下列说法正确的是()A氢原子核外电子轨道半径越大，其原子能量越小B在核反应中，比结合能较小的原子核转化成比结合能较大的原子核才会释放核能C射线是原子的核外电子电离后形成的电子流D氢原子从n2的能级跃迁到n1的能级辐射出的光恰好能使某种金属发生光电效应，则从n3的能级跃迁到n2的能级辐射的光也可使该金属发生光电效应命题意图：本题考查玻尔理论解析：根据玻尔理论，氢原子核外电子轨道半径越

2、大，其原子能量越高，选项A错误；在核反应中，比结合能较小的原子核转化成比结合能较大的原子核，发生质量亏损，释放能量，选项B正确；射线是原子核内一个中子转化为一个质子和电子，释放出的电子，选项C错误；氢原子从n2的能级跃迁到n1的能级辐射出的光恰好能使某种金属发生光电效应，则从n3的能级跃迁到n2的能级辐射的光子能量一定小于金属的逸出功，不能使该金属发生光电效应，选项D错误答案：B15.如图所示，水平面上A、B两物块的接触面水平，二者叠放在一起在作用于B上的水平恒定拉力F的作用下沿地面向右做匀速运动，某时刻撤去力F后，二者仍不发生相对滑动，下列关于撤去F前后的说法正确的是()A撤去F之前A受3个

3、力作用B撤去F之前B受到4个力作用C撤去F前后，A的受力情况不变DA、B间的动摩擦因数1不小于B与地面间的动摩擦因数2命题意图：本题考查受力分析解析：撤去F之前A受力平衡，水平方向不受力，受2个力作用，选项A错误；撤去F之前B受力平衡，竖直方向受3个力，水平方向受拉力和地面给的滑动摩擦力，共5个力作用，选项B错误；撤去F后，A做减速运动，受到B对它的静摩擦力，受力情况变化，选项C错误；由于A、B能一起减速，故A、B间的动摩擦因数1不小于B与地面间的动摩擦因数2，选项D正确答案：D16.如图所示，半径为R的圆形区域内存在垂直于纸面向里的匀强磁场，两个相同的带正电粒子分别以速度v1、v2从A、C两

4、点同时射入磁场，v1、v2平行且v1沿直径AOB方向C点与直径AOB的距离为，两粒子同时从磁场射出，从A点射入的粒子射出磁场时的速度方向与初速度方向间的夹角为60.不计粒子受到的重力，则()Av1v2Bv1v2Cv1v2 Dv12v2命题意图：本题考查带电粒子在匀强磁场中的运动，意在考查考生综合几何关系处理问题的能力解析：由周期表达式T知，两粒子周期相同，又由于两粒子在磁场中运动的时间相同，因此两粒子的偏转角相同，作出两粒子在磁场中运动的轨迹，如图所示，由几何知识知R1Rtan 60，R2R，根据牛顿第二定律Bqvm可知，r，因此粒子的轨道半径与速度成正比，则v1v2R1R2tan 6011，

5、B正确答案：B17一含有理想降压变压器的电路如图所示，U为正弦交流电源，输出电压的有效值恒定，L为灯泡(其灯丝电阻可以视为不变)，R、R1和R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值的大小随照射光强度的增强而减小现将照射光强度增强，则()A原线圈两端电压不变B通过原线圈的电流减小C灯泡L变暗DR1两端的电压增大命题意图：本题考查理想变压器的工作原理，意在考查考生的推理能力解析：当入射光的强度增强时，由题意可知，光敏电阻R3的阻值减小，则副线圈的负载电阻减小，副线圈的电流增大，则原线圈的电流增大，定值电阻R分得的电压增大，原线圈的输入电压减小，AB错误；副线圈的输出电压减小，由于副线圈的电流增大，则

6、定值电阻R1的电压增大，则并联部分的电压减小，流过定值电阻R2的电流减小，灯泡的电流增大，灯泡变亮，C错误，D正确答案：D18一颗子弹水平射入静止在光滑水平地面上的木块后不再穿出，木块的动能增加了8 J，木块的质量大于子弹的质量则此过程中产生的内能可能是()A18 JB16 J C10 JD6 J命题意图：本题考查动量守恒定律、功能关系解析：设子弹的质量为m，子弹的初速度为v0，木块的质量为M，子弹与木块的共同速度为v，子弹和木块组成的系统所受合力为零，则系统动量守恒，在子弹开始射入木块到两者保持相对静止的过程中，根据动量守恒定律得，mv0(mM)v，木块获得的动能EkMv2，系统产生的内能Q

7、mv(mM)v2，由以上三式解得，QMv22Ek28 J16 J，选项A正确，BCD错误答案：A19.如图所示，纸面内存在平行于纸面的匀强电场，一带电粒子以某速度从电场中的a点水平发射，粒子仅在电场力作用下运动到b点时速度方向竖直向下，则()A匀强电场的方向可能沿竖直方向B粒子在任意相等时间内速度的变化量相同C从a到b的过程中，粒子的速度先减小后增大D从a到b的过程中，粒子运动的轨迹可能是圆弧命题意图：本题考查带电粒子在匀强电场中的运动解析：粒子在a点的速度方向沿水平方向，在b点的速度方向沿竖直方向，由此可知，粒子在水平方向上做匀减速运动，故匀强电场的方向不沿竖直方向，选项A错误；由牛顿第二定

8、律知，粒子在匀强电场中做匀变速曲线运动，则由vat知，粒子在任意时间内速度变化量相同，选项B正确；粒子在竖直方向做加速运动，在水平方向做减速运动，故粒子所受的电场力方向斜向左下方向，从a到b的过程中，粒子所受的电场力先做负功后做正功，由动能定理知，粒子的速度先减小后增大，C正确，D错误答案：BC20.如图，点O、a、c在同一水平线上，c点在竖直细杆上一橡皮筋一端固定在O点，水平伸直(无弹力)时，另一端恰好位于a点，在a点固定一光滑小圆环，橡皮筋穿过圆环与套在杆上的小球相连已知b、c间距离小于c、d间距离，小球与杆间的动摩擦因数恒定，橡皮筋始终在弹性限度内，且其弹力跟伸长量成正比小球从b点上方某

9、处释放，第一次到达b、d两点时速度相等，则小球从b第一次运动到d的过程中()A在c点速度最大B在c点下方某位置速度最大C重力对小球做的功一定大于小球克服摩擦力做的功D在b、d两点，摩擦力的瞬时功率大小相等命题意图：本题考查功能关系、功率、胡克定律解析：设b点关于c点的对称点为e点，若小球在c点的速度最大，则由对称性可知小球由b点到c点克服摩擦力做功等于由c点到e点克服摩擦力做功，由功能关系知，小球到达e点时的速度与b点速度相等，实际上b、d两点的速度相等，所以速度最大的位置在c点的下方，选项A错误，B正确；小球第一次从b点到d点的过程中，设Wf为小球克服摩擦力做的功，Ep为橡皮筋弹性势能的变化

10、量，橡皮筋在d点处于伸长状态，Ep0，由功能关系得WGWfEp，故重力做的功大于小球克服摩擦力做的功，选项C正确；橡皮筋穿过圆环与套在杆上的小球相连，则小球第一次从b点到d点的过程中橡皮筋在水平方向的伸长量相等，由平衡条件知小球受到与杆之间的弹力不变，故小球受的摩擦力不变，小球在b、d两点的速度相等，由PFv知，在b、d两点摩擦力的瞬时功率大小相等，选项D正确答案：BCD21一探测器探测某星球表面时做了两次测量探测器先在近星轨道上做圆周运动测出运行周期T；着陆后，探测器将一小球以不同的速度竖直向上抛出，测出了小球上升的最大高度h与抛出速度v的二次方的关系，如图所示，图中a、b已知，引力常量为G

11、，忽略空气阻力的影响，根据以上信息可求得()A该星球表面的重力加速度为B该星球的半径为C该星球的密度为D该星球的第一宇宙速度为命题意图：本题考查万有引力定律解析：设该星球表面的重力加速度为g，由匀变速直线运动规律得h，由图得，解得g，选项A错误；探测器做匀速圆周运动的向心力由万有引力提供，设该星球的半径为R，探测器的质量为m，由星球表面重力近似等于万有引力及万有引力定律得mgm，解得R，选项B正确；设该星球的密度为，由万有引力定律得Gm，解得，选项C正确；设该星球的第一宇宙速度为v，由万有引力定律得mgm，解得v，选项D错误答案：BC二、非选择题22(16分)某物理兴趣小组利用如图所示的装置进

12、行实验在足够大的水平平台上的A点放置一个光电门，水平平台上A点右侧摩擦很小可忽略不计，左侧为粗糙水平面，当地重力加速度大小为g.实验步骤如下：在小滑块a上固定一个宽度为d的窄挡光片；用天平分别测出小滑块a(含挡光片)和小球b的质量ma、mb；在a和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的轻弹簧，静止放置在平台上；细线烧断后，a、b瞬间被弹开，向相反方向运动；记录滑块a通过光电门时挡光片的遮光时间t；滑块a最终停在C点(图中未画出)，用刻度尺测出AC之间的距离sa；小球b从平台边缘飞出后，落在水平地面的B点，用刻度尺测出平台距水平地面的高度h及平台边缘铅垂线与B点之间的水平距离sb；改变弹簧压缩量，进

13、行多次测量(1)该实验要验证“动量守恒定律”，则只需验证_即可(用上述实验数据字母表示)(2)改变弹簧压缩量，多次测量后，该实验小组得到sa与的关系图象如图所示，图线的斜率为k，则平台上A点左侧与滑块a之间的动摩擦因数大小为_(用上述实验数据字母表示)命题意图：本题考查力学实验解析：(1)由于A点右侧摩擦可以不计，所以被弹开后滑块a的瞬时速度等于通过光电门的平均速度，即va，b被弹开后的瞬时速度等于做平抛运动的初速度，vbtsb，可得vbsb，该实验要验证动量守恒定律，则只需要验证mbsa；(2)根据动能定理可得mgsamv，即gsa，化简可得sa，即k，.答案：(1)(2分)mbsb(2分)

14、(前后两空可以互换)(2)(2分)23(9分)利用以下器材设计一个能同时测量电源的电动势、内阻和一个未知电阻Rx阻值的实验电路A待测电源E(电动势略小于6 V，内阻不足1 )B电压表V1(量程6 V，内阻约6 k)C电压表V2(量程3 V，内阻约3 k)D电流表A(量程0.6 A，内阻约0.5 )E未知电阻Rx(约5 )F滑动变阻器(最大阻值20 )G开关和导线(1)在图中的虚线框内画出完整的实验原理图；(2)实验中开关闭合后，调节滑动变阻器的滑片，当电压表V1的示数分别为U1、U1时，电压表V2两次的示数之差为U2，电流表A两次的示数分别为I、I.由此可求出未知电阻Rx的阻值为_，电源的电动

15、势E_，内阻r_(用题目中给出的字母表示)命题意图：本题考查测电源电动势和内阻、测定值电阻的实验解析：(1)电压表V1测量路端电压，电压表V2测量Rx两端电压，如图所示；(2)两次V2的示数差为U2，而电流变化量为II，故Rx；根据闭合电路欧姆定律可得，U1IrE，U1IrE，联立解得E，r.答案：(1)如图(3分)(2)(2分，未加绝对值符号的不扣分，分母前后两项颠倒的不扣分)(2分)(2分，其他正确表示方法同样给分)24(14分)如图所示，轻细绳跨过两定滑轮，一端系在物块上，另一端拴住漏斗物块静止在足够长的固定斜面上，漏斗中盛有细沙，斜面上方细绳与斜面平行打开漏斗阀门后，细沙能从底端逐渐漏

16、出，此过程中绳中张力的变化满足关系式FT6t(N)，经过5 s细沙全部漏完已知物块质量M2 kg，与斜面间的动摩擦因数为0.5，斜面倾角为37.物块与斜面间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，漏斗始终位于滑轮下方，不计滑轮摩擦，取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)从打开阀门到物块在斜面上开始滑动的时间；(2)打开阀门后4 s时物块的加速度大小；(3)细沙刚好全部漏完时漏斗的速度大小命题意图：本题考查牛顿第二定律、at图象解：(1)物块刚要下滑时受力情况如图所示，摩擦力方向向上且达到最大FfFNMgcos 37(2分)由平衡条件得FfMgsin 37FfFT0(2分)又

17、有FT6t(N)解得t2 s(2分)(2)t14 s时，FT16t1物块仍受四个力作用，由牛顿第二定律得Mgsin 37FfFT1Ma(2分)解得a1 m/s2(2分)(3)在细沙漏完之前a10.5t(1分)细沙漏完之后，物块加速度a1.5 m/s2(1分)图乙为at图象，可求出5 s时，漏斗的速度大小为2.25 m/s(2分) 25.(18分)如图所示，两条相互平行的光滑金属导轨相距l，其中水平部分位于同一水平面内，倾斜部分为一倾角为的斜面，倾斜导轨与水平导轨平滑连接在水平导轨区域内存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B.两长度均为l的金属棒ab、cd垂直导轨且接触良好，分别置于倾斜和水平轨

18、道上，ab距水平轨道面高度为h.ab、cd质量分别为2m和m，电阻分别为r和2r.由静止释放ab棒，导轨电阻不计重力加速度为g，不计两金属棒之间的相互作用，两金属棒始终没有相碰求：(1)ab棒刚进入水平轨道时cd棒的电流I；(2)两金属棒产生的总热量Q；(3)通过cd棒的电量q.解：(1)设ab棒下滑到斜面底端的速度v，由机械能守恒定律有2mv22mgh(2分)得v(2分)ab棒刚进入磁场时，EBlv(2分)通过cd的电流I(2分)(2)设ab、cd棒最终共同运动的速度为v，由动量守恒定律得2mv3mv(2分)得v由功能关系得，热量Q2mv23mv2(2分)解得Qmgh(2分)(3)设cd棒中

19、平均电流为，由动量定理得Bltmv(2分)又有qt解得q(2分)33物理选修33(15分)(1)(5分)如图所示，一定质量的理想气体从状态A依次经过状态B、C和D后再回到状态A.其中，AB和CD为等温过程，BC和DA为绝热过程该循环过程中，下列说法正确的是_(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)AAB过程中，气体对外界做功，吸热BBC过程中，气体分子的平均动能增加CCD过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数减少DDA过程中，气体分子的速率分布曲线发生变化E该循环过程中，气体吸热(2)(10分)如图所示，一水平放置的薄壁圆柱形容器内

20、壁光滑，长为L，底面直径为D，其右端中心处开有一圆孔质量为m的理想气体被活塞封闭在容器内，器壁导热良好，活塞可沿容器内壁自由滑动，其质量、厚度均不计开始时气体温度为300 K，活塞与容器底部相距L.现对气体缓慢加热，已知外界大气压强为p0.求温度为480 K时气体的压强命题意图：本题考查热力学第一定律、内能、分子平均动能解析：(1)AB过程，气体温度不变、体积增大，则气体对外做功，内能不变，由热力学第一定律知，气体吸热，选项A正确；BC过程是绝热过程，气体体积增大，气体对外做功，由热力学第一定律知，气体内能减少，温度降低，气体分子的平均动能减小，选项B错误；CD过程，为等温过程，气体分子的平均

21、动能不变，气体体积减小，分子的密集程度变大，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，选项C错误；DA过程是绝热过程，气体体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律知，气体内能增加，温度升高，大多数分子的速度增大，气体分子的速率分布曲线发生变化，选项D正确；在pV图象中，相应图形的面积表示气体对外做的功或外界对气体做的功，由图可知，该循环过程中，气体对外做的功大于外界对气体做的功，由热力学第一定律知，气体吸热，选项E正确(2)开始加热时，在活塞移动的过程中，气体做等压变化设活塞缓慢移动到容器最右端时，气体末态温度为T1，V1，初态温度T0300 K，V0.(2分)由盖吕萨克定律知(2分)解得T1

22、450 K(2分)活塞移至最右端后，气体做等容变化，已知T1450 K，p1p0，T2480 K由查理定律知(2分)则p2p0(2分)答案：(1)ADE(2)见解析34物理选修34(15分)(1)(5分)图甲为一列简谐横波在t0.10 s时的波形图，P是平衡位置在x0.5 m处的质点，Q是平衡位置在x2.0 m处的质点；图乙为质点Q的振动图象下列说法正确的是_(填正确答案标号，选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分每选错1个扣3分，最低得分为0分)A这列波沿x轴正方向传播B这列波的传播速度为20 m/sC从t0到t0.15 s，这列波传播的距离为3 mD从t0.10 s到t0.15 s

23、，P通过的路程为10 cmEt0.15 s时，P的加速度方向与y轴正方向相反(2)(10分)如图所示，一玻璃砖的截面为直角三角形ABC，其中A60，AB9 cm.现有两细束平行且相同的单色光a、b，分别从AC边上的D点、E点以45角入射，且均能从AB边上的F点射出，已知ADAF3 cm.求：()玻璃砖的折射率；()D、E两点之间的距离命题意图：本题考查振动图象、波的图象解析：(1)由图乙知，t0.10 s时质点Q沿y轴负方向运动，由图甲，根据“同侧法”知，这列波沿x轴负方向传播，选项A错误；由图甲知，这列波的波长4 m，由图乙知，这列波的周期T0.2 s，则这列波的传播速度v20 m/s，选项

24、B正确；从t0到t0.15 s，这列波传播的距离xvt20 m/s0.15 s3 m，选项C正确；由图甲知，质点振动的振幅为10 cm，从t0.10 s到t0.15 s时间内，P点运动了，t0.10 s时质点P沿y轴正方向运动，由于质点离平衡位置越远，速度越小，故P通过的路程小于10 cm，选项D错误；t0.15 s时，P在最大正向位移与平衡位置之间且向平衡位置移动，加速度方向指向平衡位置，即与y轴正方向相反，选项E正确 (2)()光路如图所示，由于ADAF，A60，则入射光a经AC边的折射角r30，折射率n(3分)()设光在玻璃中发生全反射的临界角为Csin C，则C45(1分)由图可知，b光经AC边折射后，在BC边上的入射角为60，此光线在G点发生全反射(1分)由几何知识可知，四边形DEGF是平行四边形，由于BFG60，AF3 cm则BFABAF(1分)BFFGcos 60(1分)FGDE(1分)联立解得DE12 cm(2分)答案：(1)BCE(2)见解析