高考物理一轮复习 第五章 机械能及其守恒定律 配餐作业15 动能定理及其应用-人教版高三全册物理试题.doc

《高考物理一轮复习 第五章 机械能及其守恒定律 配餐作业15 动能定理及其应用-人教版高三全册物理试题.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理一轮复习 第五章 机械能及其守恒定律 配餐作业15 动能定理及其应用-人教版高三全册物理试题.doc（10页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、配餐作业(十五) 动能定理及其应用A组基础巩固题1两颗人造地球卫星，都能在圆形轨道上运行，它们的质量相等，轨道半径之比等于2，则它们的动能之比等于()A2B.C.D.解析地球引力提供向心力Gm，则卫星的动能为Ekmv2，所以，选C项。答案C2据海军论坛报道，我国02号新型航母将采用令世界震惊的飞机起飞方式电磁弹射起飞。原理相当于电磁炮的加速原理，强大的电磁力能使飞机在很短时间内由静止加速到v1，然后在发动机的推力作用下加速到起飞速度v2。假设电磁加速轨道水平且长为x，不计阻力，某舰载机的质量为m，电磁力恒定，则电磁力的平均功率是()A. B. C. D.解析以飞机为研究对象，由动能定理得Fxm

2、v，Fv1，解得，故B项正确。答案B3(多选)如图是利用太阳能驱动的小车，若小车在平直的水泥路上从静止开始加速行驶，经过时间t前进距离s，速度达到最大值vm，在这一过程中电动机的功率恒为P，小车所受阻力恒为F，那么这段时间内()A小车做匀加速运动B电动机所做的功为PtC电动机所做的功为mvD电动机所做的功为Fsmv解析对小车由牛顿第二定律得Fma，由于小车的速度逐渐增大，故小车加速度逐渐减小，小车做加速度逐渐减小的加速运动，A项错误；电动机对小车所做的功WPt，B项正确；对小车由动能定理得WFsmv，解得WFsmv，C项错误，D项正确。答案BD4(多选)在工厂的流水线上安装有足够长的水平传送带

3、，用水平传送带传送工件，可以大大提高工作效率，如图所示，水平传送带以恒定的速率v运送质量为m的工件，工件以v0(v0v)的初速度从A位置滑上传送带，工件与传送带间的动摩擦因数为，已知重力加速度为g，则()A工件滑上传送带到与传送带相对静止所需时间为B因传送工件电动机多做的功为m(v2v)C传送带的摩擦力对工件所做的功为m(vv0)2D工件与传送带的相对位移为解析工件滑上传送带后先做匀加速运动，mgma，ag，相对滑动时间为t，A项正确；因传送工件电动机多做的功Wmgvtmv(vv0)，B项错误；根据动能定理传送带对工件做功W1m(v2v)，C项错误；工件与传送带的相对位移xvtt，D项正确。答

4、案AD5如图，一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平。一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道。质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小。用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功。则()AWmgR，质点恰好可以到达Q点BWmgR，质点不能到达Q点CWmgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离DWmgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离解析根据动能定理得P点动能EkPmgR，经过N点时，由牛顿第二定律和向心力公式可得4mgmgm，所以N点动能为EkN，从P点到N点根据动能定理可得mgRWmgR，即克服

5、摩擦力做功W。质点运动过程，半径方向的合力提供向心力即FNmgcosmam，根据左右对称，在同一高度处，由于摩擦力做功导致在右边圆形轨道中的速度变小，轨道弹力变小，滑动摩擦力fFN变小，所以摩擦力做功变小，那么从N到Q，根据动能定理，Q点动能EkQmgRWmgRW，由于W，所以Q点速度仍然没有减小到0，会继续向上运动一段距离，对照选项，C项正确。答案C6质量为m的小球在竖直向上的拉力作用下从静止开始运动，其vt图象如图所示(竖直向上为正方向，DE段为直线)，已知重力加速度大小为g，下列说法正确的是()At3t4时间内，小球竖直向下做匀减速直线运动Bt0t2时间内，合力对小球先做正功后做负功C0

6、t2时间内，小球的平均速度一定为Dt3t4时间内，拉力做的功为(v4v3)g(t4t3)解析t3t4时间内小球做竖直向上的匀减速直线运动，A项错误；t0t2时间内小球速度一直增大，合力对小球一直做正功，B项错误；0t3时间内小球的运动不是匀变速运动，不等于，C项错误；t3t4由动能定理得WFmghmvmv，且h(v4v3)(t4t3)，解得WF，D项正确。答案D7(多选)如图所示，在倾角为的斜面上，轻质弹簧一端与斜面底端固定，另一端与质量为M的平板A连接，一个质量为m的物体B靠在平板的右侧，A、B与斜面的动摩擦因数均为。开始时用手按住物体B使弹簧处于压缩状态，现放手，使A和B一起沿斜面向上运动

7、距离L时，A和B达到最大速度v。则以下说法正确的是()AA和B达到最大速度v时，弹簧是自然长度B若运动过程中A和B能够分离，则A和B恰好分离时，二者加速度大小均为g(sincos)C从释放到A和B达到最大速度v的过程中，弹簧对A所做的功等于Mv2MgLsinMgLcosD从释放到A和B达到最大速度v的过程中，B受到的合力对它做的功等于mv2解析A和B达到最大速度v时，A和B的加速度为零。对AB整体：由平衡条件知kx(mM)gsin(mM)gcos，所以此时弹簧处于压缩状态，故A项错误；A和B恰好分离时，A、B间的弹力为0，A、B的加速度相同，对B受力分析，由牛顿第二定律知，mgsinmgcos

8、ma，得agsingcos，故B项正确；从释放到A和B达到最大速度v的过程中，对AB整体，根据动能定理得W弹(mM)gLsin(mM)gcosL(mM)v2，所以弹簧对A所做的功W弹(mM)v2(mM)gLsin (mM)gcosL，故C项错误；从释放到A和B达到最大速度v的过程中，对于B，根据动能定理得B受到的合力对它做的功W合Ekmv2，故D项正确。答案BDB组能力提升题8如图所示，竖直平面内放一直角杆MON，OM水平，ON竖直且光滑，用不可伸长的轻绳相连的两小球A和B分别套在OM和ON杆上，B球的质量为2 kg，在作用于A球的水平力F的作用下，A、B两球均处于静止状态，此时OA0.3 m

9、，OB0.4 m，改变水平力F的大小，使A球向右加速运动，已知A球向右运动0.1 m时速度大小为3 m/s，则在此过程中绳的拉力对B球所做的功为(g取10 m/s2)()A11 J B16 JC18 J D9 J解析A球向右运动0.1 m时，vA3 m/s，OA0.4 m，OB0.3 m，设此时BAO，则有tan。由运动的合成与分解可得vAcosvBsin ，解得vB4 m/s。以B球为研究对象，此过程中B球上升高度h0.1 m，由动能定理，Wmghmv，解得轻绳的拉力对B球所做的功为Wmghmv2100.1 J242 J18 J，C项正确。答案C9如图所示，上表面水平的圆盘固定在水平地面上，

10、一小物块从圆盘边缘上的P点，以大小恒定的初速度v0，在圆盘上沿与直径PQ成不同夹角的方向开始滑动，小物块运动到圆盘另一边缘时的速度大小为v，则v2cos图象应为()解析设圆盘半径为r，小物块与圆盘间的动摩擦因数为，由动能定理可得，mg2rcosmv2mv，整理得v2v4grcos，可知v2与cos为线性关系，斜率为负，故A项正确，B、C、D项错误。答案A【解题技巧】本题考查数学在物理中的运用能力，解题的关键是根据匀变速直线运动规律找出v2与cos的函数关系式，再与图象对照即可轻松解决问题。 10. (2018三明A片区联盟期末考试)(多选)如图所示，物块A、B、C、D的质量都是m，并都可看作质

11、点，四个物块用细线通过轻质滑轮连接。物块B与C、C与D、D与地面的距离都是L。现将物块A下方的细线剪断，若物块A距离滑轮足够远且不计一切阻力，则()AA上升的最大速度是 BA上升的最大速度是 CA上升的最大高度是DA上升的最大高度是解析设物块D落地时速度为v1，在物块D落地过程中，对四个物块应用动能定理有3mgLmgL4mv；在物块C落地过程中，对三个物块应用动能定理有2mgLmgL3mv3mv，联立解得v2 ，A项正确，B项错误；之后物块B匀速下降直到落地，A匀速上升，至此A已上升了3L的高度；再往后物块A做竖直上抛运动，还可以上升h，A上升的最大高度Hh3LL，C项错误，D项正确。答案AD

12、11.如图所示，一可以看作质点的质量m2 kg的小球以初速度v0沿光滑的水平桌面飞出后，恰好从A点沿切线方向进入圆弧轨道，其中B为轨道的最低点，C为最高点且与水平桌面等高，圆弧AB对应的圆心角53，轨道半径R0.5 m。已知sin530.8，cos530.6，不计空气阻力，g取10 m/s2。求：(1)小球的初速度v0的大小。(2)若小球恰好能通过最高点C，求在圆弧轨道上摩擦力对小球做的功。解析(1)小球从桌面飞出到A点的过程中，做平抛运动，则由动能定理有mv2mvmg(RRcos)，cos，解得v03 m/s。(2)小球恰好能通过最高点C的临界条件是mgm ，而小球从桌面到C的过程中，重力做

13、的功为0，由动能定理得Wfmvmv；解得在圆弧轨道上摩擦力对小球做的功为Wf4 J。答案(1)3 m/s(2)4 J12(2017江苏)如图所示，两个半圆柱A、B紧靠着静置于水平地面上，其上有一光滑圆柱C，三者半径均为R。C的质量为m，A、B的质量都为，与地面的动摩擦因数均为。现用水平向右的力拉A，使A缓慢移动，直至C恰好降到地面。整个过程中B保持静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。求：(1)未拉A时，C受到B作用力的大小F。(2)动摩擦因数的最小值min。(3)A移动的整个过程中，拉力做的功W。解析(1)C受力平衡，如图所示。根据平衡条件可得2Fcos30mg, 计算得出C受到B作用力的大小为Fmg。(2)C恰好降落到地面时，B对C支持力最大为Fm，如图所示，则根据力的平衡可得2Fmcos60mg, 计算得出Fmmg；所以最大静摩擦力至少为fmFmcos30mg，B对地面的压力为NmBgmCgmg，B受地面的摩擦力为fmg，根据题意有fmf，计算得， 所以动摩擦因数的最小值min。(3)C下降的高度为hR，A的位移为x2R，摩擦力做功的大小为Wffx2mgR，根据动能定理有WWfmgh0，计算得WmgR。答案(1)mg(2)(3)mgR