高考物理十一模试卷（含解析）-人教版高三全册物理试题.doc

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1、2015年福建省泉州市晋江市毓英中学高考物理十一模试卷一、选择题1一物块以某一初速度沿粗糙的斜面向上沿直线滑行，到达最高点后自行向下滑动，不计空气阻力，设物块与斜面间的动摩擦因数处处相同，下列哪个图象能正确地表示物块在这一过程中的速率与时间的关系（）ABCD2如图所示，一个质量为m的人站在台秤上，跨过光滑定滑轮将质量为m的重物从高处放下，设重物以加速度a加速下降（ag），且mm，则台秤上的示数为（）A（m+m）gmaB（mm）g+maC（mm）gmaD（mm）g3如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的

2、水平直线，则下述说法正确的是（）A0t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定Bt1t2时间内汽车牵引力做功为mvmvCt1t2时间内的平均速度为（v1+v2）D在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2t3时间内牵引力最小4火星表面特征非常接近地球，2011年11月4日，火星500（MARS500）实验圆满结束，我国志愿者王跃与俄罗斯志愿者一起完成“模拟登陆火星”实验活动已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期与地球基本相同地球表面重力加速度是g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引

3、力的倍B火星表面的重力加速度是C王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是D火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍5如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S，电路达到稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是（）A增大R1的阻值B增大R2的阻值C增大两板间的距离D断开电键S6如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行已知点a电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V一个质子从b点以v0

4、的速度射入此电场，入射方向与bc成45，一段时间后经过c点不计质子的重力下列判断正确的是（）Ac点电势高于a点电势B强场的方向由b指向dC质子从b运动到c所用的时间为D质子从b运动到c，电场力做功为4eV二、第卷必考部分共10题，共157分7在“探究恒力做功和小车动能变化之间的关系”实验中，实验装置如图1所示平衡摩擦力后，若要使小车所受的合力近似等于砂桶和砂的总重力，则小车质量M与砂桶和砂总质量m应满足的关系是；如图所示是某次实验中得到的一条纸带的一部分，A、B、C是前面三个相邻的计数点，D、E、F是后面三个相邻的计数点，相邻计数点问的时间间厢为T，计数点间的距离如图2所示，则打E点时小车的速

5、度大小vE=（用题中的物理量符号表示）利用图2纸带中的物理量，选取B点到E点来探究恒力做功和小车动能变化之间的关系计算得恒力做功W=，（用上述的物理量符号表示，重力加速度为g），动能的变化Ek=MvE2MVE2，若WEk则表明小车运动过程中恒力做功等于动能变化8一种电池标称电动势为9V，内电阻约50，允许的最大输出电流为50mA为了较准确的测量这个电池的电动势和内电阻，可以设计出如图乙所示的实验电路，已知实验中所使用的电压表内电阻足够大，可以忽略其对电路的影响；图中R为电阻箱，阻值范围为0999.9，R0为保护电阻实验室里备用的定值电阻有以下几种规格：A10 B50 C200 D500实验时，

6、R0应选用较好（填字母代号）按照图乙所示的电路图，将图甲所示的实物连 接成实验电路在实验中，当变阻箱调到图丙所示位置时其阻值是，这时闭合开关S，若电压表的示数为8.70V，那么此时通过电阻箱的电流为mA断开开关S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数多次重复上述操作，可得到多组电压值U和通过电阻箱的电流值I，利用多次读取和计算出的数据，作出如图丁所示的图线根据图线可知，该电池的电动势E=V，内阻r=9如图所示，M为一线圈电阻RM=0.4的电动机，R=24，电源电动势E=40V当S断开时，电流表的示数I1=1.6A，当开关S闭合时，电流表的示数为I2=4.0A求：（1）电源内阻

7、r（2）开关S闭合时，通过电动机的电流及电动机消耗功率10半径为R，均匀带正电荷的球体在空间产生球对称的电场；场强大小沿半径分布如图所示，图中E0已知，Er曲线下OR部分的面积等于R2R部分的面积（1）写出Er曲线下面积的单位；（2）己知带电球在rR处的场强E=，式中k为静电力常量，该均匀带电球所带的电荷量Q为多大？（3）求球心与球表面间的电势差U；（4）质量为m，电荷量为q的负电荷在球面处需具有多大的速度可以刚好运动到2R处？11图中有一个竖直固定在地面的透气圆筒，筒中有一劲度系数为K的轻弹簧，其下端固定，上端连接一质量为m的薄滑块圆筒内壁涂有一层新型智能材料ER流体，它对滑块的阻力可调，起

8、初滑块静止，ER流体对其阻力为0，弹簧的长度为L，现有一质量也为m的物体从距地面2L处自由落下，与滑块碰撞后粘在一起向下运动，为保证滑块做匀减速运动，且下移距离为2mg/k时速度减为0，ER流体对滑块的阻力须随滑块下移而变，试求（忽略空气阻力）：（1）下落物体与滑块碰撞过程中系统损失的机械能；（2）滑块向下运动过程中加速度的大小；（3）滑块下移距离d时ER流体对滑块阻力的大小三、物理选修3-3（本题共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）12下列关于热学现象和热学规律的说法，正确的是（）A布朗运动就是液体分子的无规则运动B第二类永动机不可能制成是因为它违背了热力学第二定律C

9、物体的温度为0时，物体分子的平均动能为零D热量能从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体13图为伽利略设计的一种测温装置示意图，玻璃管的上端与导热良好的玻璃泡连通，下端插入水中，玻璃泡中封闭有一定量的空气若玻璃管内水柱上升，则外界大气的变化可能是（）A温度降低，压强增大B温度升高，压强不变C温度升高，压强减小D温度不变，压强减小四、物理选修3-5（本题共有两小题，每小题0分，共12分每小题只有一个选项符合题意）14氦原子的一个核外电子被电离，会形成类似氢原子结构的氦离子已知基态的氦离子量为E1=54.4eV，氦离子能级的示意图如图所示可以推知，在具有下列能量的光子中，不能被基态氦

10、离子吸收而发生跃迁的是（）A40.8 eVB43.2 eVC51.0 eVD54.4 eV15半径相等的两个小球甲和乙如图，在光滑的水平面上沿同一直线相向运动，若甲球质量大于乙球质量，发生碰撞前，两球的动能相等，则碰撞后两球的状态可能是 （）A两球的速度方向均与原方向相反，但它们动能仍相等B两球的速度方向相同，而且它们动能仍相等C甲、乙两球的动量相同D甲球的动量不为零，乙球的动量为零2015年福建省泉州市晋江市毓英中学高考物理十一模试卷参考答案与试题解析一、选择题1一物块以某一初速度沿粗糙的斜面向上沿直线滑行，到达最高点后自行向下滑动，不计空气阻力，设物块与斜面间的动摩擦因数处处相同，下列哪个

11、图象能正确地表示物块在这一过程中的速率与时间的关系（）ABCD【考点】匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题【分析】首先应该根据动能定理判定物体离开出发点时的速度和回到出发点时的速度的大小关系，以判定答案在AD中还是在BC中再根据平均速度的大小判定上升和下降过程所用时间的长短【解答】解：由于整个过程当中摩擦力始终对物体做负功，故物体的机械能持续减小，所以物体回到出发点的速率小于开始运动时的初速度，故D错误由于物体上升和下降过程中通过的路程相同，而上升时的平均速度大于下降时的平均速度，故物体上升的时间小于物体下降的时间故AB错误，而C正确故选C【点评】由于滑动摩擦力的方向与物体运动的方向

12、始终相反，故物体的机械能始终减小，这是我们在解题过程中经常用到的一个突破口2如图所示，一个质量为m的人站在台秤上，跨过光滑定滑轮将质量为m的重物从高处放下，设重物以加速度a加速下降（ag），且mm，则台秤上的示数为（）A（m+m）gmaB（mm）g+maC（mm）gmaD（mm）g【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【专题】共点力作用下物体平衡专题【分析】先对重物受力分析，受重力和拉力，加速下降，然后根据牛顿第二定律列式求出绳子的拉力；再对人受力分析，受到重力、拉力和支持力，根据平衡条件求出支持力，而台秤读数等于支持力【解答】解：对重物受力分析，受重力和拉力，加速下降，根据牛

13、顿第二定律，有：mgT=ma 再对人受力分析，受到重力、拉力和支持力，根据共点力平衡条件，有：N+T=mg 由，解得N=（mm）g+ma故选B【点评】本题关键是分别对重物和人受力分析，然后根据牛顿第二定律和平衡条件列式求解3如图所示为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，则下述说法正确的是（）A0t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定Bt1t2时间内汽车牵引力做功为mvmvCt1t2时间内的平均速度为（v1+v2）D在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2t3时间内牵引力最小【考点】动能定理的

14、应用；平均速度；匀变速直线运动的图像【专题】运动学中的图像专题；动能定理的应用专题【分析】在速度时间图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动，而水平的直线表示匀速直线运动，曲线表示变速直线运动；由图象可知物体的运动情况，由P=Fv可知，牵引力的变化；由动能定理可知牵引力所做的功【解答】解：A、0t1时间内为倾斜的直线，故汽车做匀加速运动，因故牵引力恒定，由P=Fv可知，汽车的牵引力的功率均匀增大，故A错误；B、t1t2时间内动能的变化量为，而在运动中受牵引力及阻力，故牵引力做功一定大于，故B错误；C、t1t2时间内，若图象为直线时，平均速度为（v1+v2），而现在图象为曲线，故图象的面积大于直线时的

15、面积，即位移大于直线时的位移，故平均速度大于（v1+v2），故C错误；D、由P=Fv及运动过程可知，t1时刻物体的牵引力最大，此后功率不变，而速度增大，故牵引力减小，而t2t3时间内，物体做匀速直线运动，物体的牵引力最小，故D正确；故选D【点评】本题由图象确定物体的运动情况，由P=Fv可分析牵引力及功率的变化；平均速度公式=（v1+v2）只适用于匀变速直线运动4火星表面特征非常接近地球，2011年11月4日，火星500（MARS500）实验圆满结束，我国志愿者王跃与俄罗斯志愿者一起完成“模拟登陆火星”实验活动已知火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期与地球基本相同地球表面重力加速度是

16、g，若王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的是（）A王跃在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍B火星表面的重力加速度是C王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是D火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍【考点】万有引力定律及其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度【专题】万有引力定律的应用专题【分析】根据万有引力定律公式求出王跃在火星上受的万有引力是在地球上受万有引力的倍数根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，从而得出上升高度的关系根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的关系【解答】解：A、根据万有引力定律得，F=G知王跃

17、在火星表面受的万有引力是在地球表面受万有引力的倍故A错误B、根据万有引力等于重力得，G=mg，g=，知火星表面重力加速度时地球表面重力加速度的倍，则火星表面重力加速度为g故B错误C、因为火星表面的重力加速度是地球表面重力加速度的倍，根据h=，知火星上跳起的高度是地球上跳起高度的倍，为h故C错误D、根据万有引力提供向心力G=m，得v=，知火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍故D正确故选：D【点评】解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力两个理论，并能灵活运用5如图所示，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S，电路达到稳定时，带电

18、油滴悬浮在两板之间静止不动，如果仅改变下列某一个条件，油滴仍能静止不动的是（）A增大R1的阻值B增大R2的阻值C增大两板间的距离D断开电键S【考点】闭合电路的欧姆定律；电容器的动态分析【专题】电容器专题【分析】分析清楚电路结构，求出极板间的电场强度，求出油滴受到的电场力，然后根据电场力的表达式分析答题【解答】解：根据图示电路图，由欧姆定律可得：电容器两端电压：U=IR1=R1=，油滴受到的电场力：F=，开始时油滴静止不动，F=mg，要使油滴保持静止不动，则电场力应保持不变；A、增大R1的阻值，电场力：F=变大，电场力大于重力，油滴受到的合力向上，油滴向上运动，故A错误；B、增大R2的阻值，电场

19、力：F=不变，电场力与重力仍然是一对平衡力，油滴静止不动，故B正确；C、增大两板间的距离，极板间的电场强度减小，电场力减小，小于重力，油滴受到的合力向下，油滴向下运动，故C错误；D、断开电键S，极板间的电场强度为零，电场力为零，油滴受到重力作用，油滴向下运动，故D错误故选：B【点评】本题考查了判断油滴的运动状态问题，分析清楚极板间的电场力如何变化是正确解题的关键6如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行已知点a电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射

20、方向与bc成45，一段时间后经过c点不计质子的重力下列判断正确的是（）Ac点电势高于a点电势B强场的方向由b指向dC质子从b运动到c所用的时间为D质子从b运动到c，电场力做功为4eV【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；电势【专题】压轴题；带电粒子在电场中的运动专题【分析】匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直；由题意知bd连线上一定有一点的电势与a点相等，故可以找到一条等势线，根据电场线与等势线的特点可确定电场线的方向，由几何关系可知c点电势；由电场力做功的特点可求得电场力做功【解答】解：A、连接bd，bd两点的电势差为24V12V=12V；ad两点的电势差为20V1

21、2V=8V；因，故将bd分成3份，每一份表示4V，如图所示，e点的电势一定为20V，连接ae即为等势线，f的电势为16V，连接fc，由几何知识得知，fcae，则知c的电势是16V，故a点电势高于c点的电势，故A错误；B、强场的方向垂直于等势线，则知强场的方向垂直于ae向上，不是由b指向d故B错误C、由于bc两点的电势分别为24V、16V，则bc中点的电势为20V，则a、e、o在同一等势面上，由于ab=bo=L，abo=90，则bao=boa=45，因为电场线与等势线ao垂直，所以场强的方向与bc的夹角为45，质子从b运动到c时做类平抛运动，沿初速度v0方向做匀速直线运动，则运动时间为t=故C正

22、确；D、若质子由b到c，因bc间的电势差为24V16V=8V，则电场力做功W=Ue=8ev；故D错误故选C【点评】本题的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面二、第卷必考部分共10题，共157分7在“探究恒力做功和小车动能变化之间的关系”实验中，实验装置如图1所示平衡摩擦力后，若要使小车所受的合力近似等于砂桶和砂的总重力，则小车质量M与砂桶和砂总质量m应满足的关系是Mm；如图所示是某次实验中得到的一条纸带的一部分，A、B、C是前面三个相邻的计数点，D、E、F是后面三个相邻的计数点，相邻计数点问的时间间厢为T，计

23、数点间的距离如图2所示，则打E点时小车的速度大小vE=（用题中的物理量符号表示）利用图2纸带中的物理量，选取B点到E点来探究恒力做功和小车动能变化之间的关系计算得恒力做功W=mg（s4s1），（用上述的物理量符号表示，重力加速度为g），动能的变化Ek=MvE2MVE2，若WEk则表明小车运动过程中恒力做功等于动能变化【考点】探究功与速度变化的关系【专题】实验题【分析】当小车质量远远大于砂与砂桶质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于砂桶的重力根据匀变速运动的推论：做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，求出E点的速度根据功的计算公式求出功【解答】解：平衡摩擦力

24、后，当小车的质量M远远大于砂与砂桶的质量m时可以近似认为砂与砂桶的重力等于小车受到的合力由匀变速运动的推论可知，打E点时的速度：vE=；小车受到的拉力等于砂与砂桶的重力，从B点到E点，恒力对小车做功W=mg（s4s1）故答案为：Mm；mg（s4s1）【点评】本题考查了实验注意事项、求瞬时速度、求功等问题，知道实验原理、掌握并灵活应用匀变速直线运动的推论、功的计算公式即可正确解题8一种电池标称电动势为9V，内电阻约50，允许的最大输出电流为50mA为了较准确的测量这个电池的电动势和内电阻，可以设计出如图乙所示的实验电路，已知实验中所使用的电压表内电阻足够大，可以忽略其对电路的影响；图中R为电阻箱

25、，阻值范围为0999.9，R0为保护电阻实验室里备用的定值电阻有以下几种规格：A10 B50 C200 D500实验时，R0应选用C较好（填字母代号）按照图乙所示的电路图，将图甲所示的实物连 接成实验电路在实验中，当变阻箱调到图丙所示位置时其阻值是343.8，这时闭合开关S，若电压表的示数为8.70V，那么此时通过电阻箱的电流为16mA断开开关S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数多次重复上述操作，可得到多组电压值U和通过电阻箱的电流值I，利用多次读取和计算出的数据，作出如图丁所示的图线根据图线可知，该电池的电动势E=9.5V，内阻r=50.0【考点】测定电源的电动势和内阻

26、【专题】实验题【分析】当电阻箱的电阻调为零时，电路中电流最大，根据闭合电路欧姆定律求出此时的R0，再选择定值电阻R0的规格本题用闭合电路欧姆定律列式求解电源内阻，按要求即可画出电路图；由图可知，图象由纵坐标的交点为电动势；由图象与横坐标的交点利用闭合电路欧姆定律可求得内电阻及短路电流【解答】解：当电阻箱的电阻调为零时，电路中电流最大，根据闭合电路欧姆定律得Im=，得R0=130，所以保护电阻应大于130，但不能太大，故选200，故ABD错误，C正确本题用闭合电路欧姆定律列式求解电源内阻，电阻箱和保护电阻串连接入电源，电压表接在电阻箱两端，电路图如图所示：当变阻箱调到图5所示位置后，电阻箱的电阻

27、为：（80.1+31+410+3100）=343.8；闭合开关S，电压表的示数为8.70V，根据欧姆定律得：I=16mA由UI图可知，电源的电动势E=9.5V；由闭合电路欧姆定律可知图象的斜率代表内阻：r=50.0；故答案为：C；电路图如图所示；343.8；16mA；9.5；50.0【点评】本题考查基本测量工具的读数能力、设计电路的基本能力、作图能力，等等，对能力要求较高9如图所示，M为一线圈电阻RM=0.4的电动机，R=24，电源电动势E=40V当S断开时，电流表的示数I1=1.6A，当开关S闭合时，电流表的示数为I2=4.0A求：（1）电源内阻r（2）开关S闭合时，通过电动机的电流及电动机

28、消耗功率【考点】电功、电功率【专题】恒定电流专题【分析】（1）当S断开时，根据闭合电路欧姆定律求解电源的内阻（2）当开关S闭合时，已知电流表的示数，求出路端电压，由欧姆定律求出通过R的电流，得到通过电动机的电流，由功率公式P=UI可求得功率【解答】解：（1）设电源内阻为r，当S断开时，即，得：r=1（2）当S合上时，I2=4A，则：U内=I2r=4VU外=EU内=40V4V=36V，也即电动机两端电压为36V；流过R的电流：IR=1.5A；流过电动机的电流：I=I2IR=41.5=2.5A；电动机的功率：P=36（41.5）=90W；答：（1）内阻为1；（2）流过电动机的电流为2.5A；电动机

29、的功率为90W【点评】对于电动机电路，正常工作时是非电阻电路，根据能量守恒求解其输出功率，要区分电动机的输出功率与效率的不同，不能混淆10半径为R，均匀带正电荷的球体在空间产生球对称的电场；场强大小沿半径分布如图所示，图中E0已知，Er曲线下OR部分的面积等于R2R部分的面积（1）写出Er曲线下面积的单位；（2）己知带电球在rR处的场强E=，式中k为静电力常量，该均匀带电球所带的电荷量Q为多大？（3）求球心与球表面间的电势差U；（4）质量为m，电荷量为q的负电荷在球面处需具有多大的速度可以刚好运动到2R处？【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题

30、【分析】（1）Er曲线下面积是E对r的积分形式，对应的是电势差；（2）通过R处的场强，根据点电荷的场强公式求出均匀带电体所带的电荷量（3）通过图线围成的面积求出球心与球表面积的电势差（4）根据动能定理求出负电荷的初速度大小【解答】解：（1）Er曲线下面积表示电势差，则单位为V（2）根据R处的场强为E0，有，解得Q=（3）Er曲线下围成的面积表示电势差，则球心与球表面间的电势差U=（4）Er曲线下OR部分的面积等于R2R部分的面积，知表面与2R处的电势差大小为根据动能定理得，解得答：（1）Er曲线下面积的单位为V（2）该均匀带电球所带的电荷量Q为（3）球心与球表面间的电势差为（4）质量为m，电荷

31、量为q的负电荷在球面处需具有的速度可以刚好运动到2R处【点评】解决本题的关键知道Er围成的面积表示的含义，可以类比于速度时间图线围成的面积表示位移进行分析11图中有一个竖直固定在地面的透气圆筒，筒中有一劲度系数为K的轻弹簧，其下端固定，上端连接一质量为m的薄滑块圆筒内壁涂有一层新型智能材料ER流体，它对滑块的阻力可调，起初滑块静止，ER流体对其阻力为0，弹簧的长度为L，现有一质量也为m的物体从距地面2L处自由落下，与滑块碰撞后粘在一起向下运动，为保证滑块做匀减速运动，且下移距离为2mg/k时速度减为0，ER流体对滑块的阻力须随滑块下移而变，试求（忽略空气阻力）：（1）下落物体与滑块碰撞过程中系

32、统损失的机械能；（2）滑块向下运动过程中加速度的大小；（3）滑块下移距离d时ER流体对滑块阻力的大小【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律【专题】动量定理应用专题【分析】（1）根据机械能守恒可以求得碰撞前物体的速度大小，在根据动量守恒可以求得碰撞后物体的速度大小，从而可以求得碰撞中能量的损失；（2）由物体的运动过程可以求得物体的加速度的大小；（3）对物体受力分析，由牛顿第二定律可以求得滑块受到的阻力的大小【解答】解：（1）设物体下落末速度为v0，由机械能守恒定律有：mgL=m得：v0=设碰后共同速度为v1，规定向下为正方向，由动量守恒定律得：2mv1=mv0得：v1=根据能量守恒得碰撞过程中系统

33、损失的机械能为：E=m2m=mgL（2）设加速度大小为a，有：2ax=v12，x=，得：a=（3）设弹簧弹力为FN，ER流体对滑块的阻力为FER，受力分析如图所示：FN+FER2mg=2maFN=kxx=d+得：FER=mg+kd答：（1）下落物体与滑块碰撞过程中系统损失的机械能为mgL；（2）滑块向下运动过程中加速度的大小为；（3）滑块下移距离d时ER流体对滑块阻力的大小为mg+kd【点评】本题中不仅用到了机械能守恒还有动量守恒和牛顿第二定律，题目的综合性较强，能够很好考查学生的分析问题的能力三、物理选修3-3（本题共有两小题，每小题6分，共12分每小题只有一个选项符合题意）12下列关于热学

34、现象和热学规律的说法，正确的是（）A布朗运动就是液体分子的无规则运动B第二类永动机不可能制成是因为它违背了热力学第二定律C物体的温度为0时，物体分子的平均动能为零D热量能从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体【考点】热力学第二定律；热力学第一定律【专题】热力学定理专题【分析】布朗运动是固体小颗粒的无规则运动；第二类永动机符合能量守恒定律，但却违背了热力学第二定律温度是分子平均动能的标志，0时，物体分子的平均动能不为零；热量能从高温物体传到低温物体，也可以从低温物体传到高温物体，只不过要引起其他方面的变化【解答】解：A、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的运动，不是液体分子的无规则

35、运动，而是液体分子无规则运动的反映，故A错误；B、第二类永动机不可能制成是因为它违背了热力学第二定律；即不可能从单一热源吸收热量，而源源不断的对外做功；故B正确；C、温度为0时，物体分子在做无规则运动，其平均动能也不为零；故C错误；D、热量也可以从低温物体传到高温物体，但要引起其他方面的变化；故D错误；故选：B【点评】本题考查热学中的布朗运动、热力学第二定律，要注意热力学第二定律中的方向性13图为伽利略设计的一种测温装置示意图，玻璃管的上端与导热良好的玻璃泡连通，下端插入水中，玻璃泡中封闭有一定量的空气若玻璃管内水柱上升，则外界大气的变化可能是（）A温度降低，压强增大B温度升高，压强不变C温度

36、升高，压强减小D温度不变，压强减小【考点】理想气体的状态方程；热力学第一定律【专题】理想气体状态方程专题【分析】此温度计不是根据液体的热胀冷缩原理制成的，它是靠气体作为膨胀物质，液体的受热膨胀忽略不计；外界大气的压强变化时，根据理想气体的状态方程也可以判定【解答】解：设玻璃泡中气体压强为p，外界大气压强为p，则p=p+gh，且玻璃泡中气体与外界大气温度相同液柱上升，气体体积减小，根据理想气体的状态方程可知，若P不变，则V减小时，T减小；若T不变时，V减小时，P变大即温度T降低或压强P变大是可能的情况故BCD均不符合要求，A正确故选：A【点评】题考查的是气体温度计的原理，膨胀物质不是液体，而是气

37、体，依据气体的热胀冷缩性质制成的四、物理选修3-5（本题共有两小题，每小题0分，共12分每小题只有一个选项符合题意）14氦原子的一个核外电子被电离，会形成类似氢原子结构的氦离子已知基态的氦离子量为E1=54.4eV，氦离子能级的示意图如图所示可以推知，在具有下列能量的光子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是（）A40.8 eVB43.2 eVC51.0 eVD54.4 eV【考点】氢原子的能级公式和跃迁【专题】原子的能级结构专题【分析】氦离子吸收光子能量发生跃迁，吸收的光子能量需等于两能级间的能级差，或吸收光子能量后，总能量大于等于0，发生电离【解答】解：A、基态氦离子吸收40.8eV能量，

38、能量变为54.4+40.8eV=13.6eV，跃迁到第二能级故A正确B、基态氦离子吸收43.2eV能量，能量变为54.4+43.2eV=11.2eV，不能跃迁故B错误C、基态氦离子吸收51.0eV能量，能量变为54.4+51.0eV=3.4eV，跃迁到第四能级故C正确D、基态氦离子吸收54.4eV能量，能量变为54.4+54.4eV=0eV，氦离子发生电离，该光子能被吸收故D正确本题选不能被吸收的，故选B【点评】解决本题的关键知道能级差与吸收或辐射光子能量的关系，即EmEn=hv15半径相等的两个小球甲和乙如图，在光滑的水平面上沿同一直线相向运动，若甲球质量大于乙球质量，发生碰撞前，两球的动能

39、相等，则碰撞后两球的状态可能是 （）A两球的速度方向均与原方向相反，但它们动能仍相等B两球的速度方向相同，而且它们动能仍相等C甲、乙两球的动量相同D甲球的动量不为零，乙球的动量为零【考点】动量守恒定律【专题】动量定理应用专题【分析】两球碰撞过程系统动量守恒，碰撞过程中系统机械能不可能增加，应用由动量守恒定律分析答题【解答】解：A、由题意可知，甲乙两球动能相等，有EK甲=EK乙，设甲球的动量为P甲，乙球动量为P乙，则EK甲=，EK乙=，因为m甲m乙，所以 P甲P乙，又因为两球相向运动，所以P甲与P乙方向相反，碰撞后两球应沿动量大的方向，则两球组成的系统总动量方向与甲的初动量方向相同，碰撞过程动量守恒，则甲乙碰撞后总动量沿甲原来的方向，甲继续沿原来的方向运动，乙必弹回，故A错误；B、碰撞过程动量守恒，碰撞后两球的速度方向相同，甲的速度减小，动能减小，如果碰撞是弹性碰撞，系统机械能守恒，乙的动能增大，甲乙动能不相等，如果碰撞是完全非弹性碰撞，碰撞后两球速度相等，动能不相等，故B错误；C、两球碰撞过程动量守恒，碰撞后动量可能相等，故C正确；D、由A分析可知，碰撞后甲乙均沿甲原来的方向运动，乙的动量不为零，故D错误；故选：C【点评】本题考查了动量守恒定律的应用，两球碰撞过程动量守恒、机械能不增加，解题时注意动能与动量的大小关系