高考物理一轮复习 迁移训练2-人教版高三全册物理试题.doc

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1、迁移训练1如图所示，两球A、B用劲度系数为k1的轻弹簧相连，球B用长为l的细绳悬于O点，球A固定在O点正下方，且OA之间的距离恰为l，系统平衡时绳子所受的拉力为F1.现把A、B间的弹簧换成劲度系数为k2的轻弹簧，仍使系统平衡，此时绳子所受的拉力为F2，则F1与F2的大小之间的关系为()AF1F2 BF1F2CF1F2 D无法确定解析以B为研究对象，做受力分析如图所示，B球受到重力、弹簧的弹力和绳的拉力，OABBDE，由于OAOB，则绳的拉力等于B球的重力，所以F1F2mg.答案B2如图所示，两个质量都为m的小球A、B用轻杆连接后斜靠在墙上处于平衡状态，已知墙面光滑，水平面粗糙，现将A球向上移动

2、一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态与原来平衡状态相比较，地面对B的支持力FN和摩擦力Ff的大小变化情况是()AFN不变，Ff增大BFN不变，Ff减小CFN增大，Ff增大DFN增大，Ff减小解析对A、B系统整体作受力分析，地面对B的支持力FN的大小等于A、B总重力的大小，即FN不变，地面对B的摩擦力Ff水平向左，大小等于墙壁对A水平向右的弹力FN；对A球进行隔离法分析受力，FNmgtan ，其中为轻杆与竖直墙面的夹角，A球上移，减小，FN减小，即Ff减小，选项B正确答案B3如图所示装置，两根细绳拉住一个小球，保持两绳之间夹角不变；若把整个装置顺时针缓慢转动90，则在转动过程中，

3、CA绳拉力FT1大小的变化情况是_，CB绳拉力FT2大小的变化情况是_解析在整个装置缓慢转动的过程中，可以认为小球在每一位置都是平衡的，小球受到三个力的作用，如右图所示，根据拉密原理有.由于不变、由90逐渐变为180，sin 会逐渐变小直到为零，所以FT2逐渐变小直到为零；由于由钝角变为锐角，sin 先变大后变小，所以FT1先变大后变小答案先变大后变小逐渐变小直到为零4如图所示，一个重为G的小球套在竖直放置的半径为R的光滑圆环上，一个劲度系数为k，自然长度为L(12R)的轻质弹簧，一端与小球相连，另一端固定在大环的最高点，求小球处于静止状态时，弹簧与竖直方向的夹角.解析对小球B受力分析如图所示

4、，由几何关系有AOBCDB，则又Fk(ABL)联立可得AB在AOB中，cos .则arccos.答案arccos专家押题上名牌押题一力的合成与分解应用实例1如图所示是一种研究劈的作用的装置，托盘A固定在细杆上，细杆放在固定的圆孔中，下端有滚轮，细杆只能在竖直方向上移动，在与托盘连接的滚轮正下面的底座上也固定一个滚轮，轻质劈放在两滚轮之间，劈背的宽度为a，侧面的长度为l，劈尖上固定的细线通过滑轮悬挂总质量为m的钩码，调整托盘上所放砝码的质量M，可以使劈在任何位置时都不发生移动忽略一切摩擦和劈、托盘、细杆与滚轮的重力，若al，试求M是m的多少倍？解析分析托盘、细杆、滚轮构成的系统和劈的受力，如图甲

5、、乙所示，托盘、细杆、滚轮构成的系统受向下的重力F3Mg，劈对滚轮的支持力F1，圆孔的约束力F2；劈受两个滚轮的作用力F4、F5，细线的拉力F6mg.对托盘有：F3MgF1cos ，则MgF1对劈有：F6mg2F5sin ，则mgF5因为F1与F5是作用力与反作用力，所以F1F5.由上三式得：Mm代入数据得：M1.5m.答案1.5倍押题二共点力平衡应用实例2擦黑板也许同学们都经历过，手拿黑板擦在竖直的黑板面上，或上下或左右使黑板擦与黑板之间进行摩擦，将黑板上的粉笔字擦干净已知黑板的规格是：4.51.5 m2，黑板的下边缘离地的高度为0.8 m小黑板擦(可视为质点)的质量为0.1 kg，现假定某

6、同学用力将小黑板擦在黑板表面缓慢竖直向上擦黑板，当手臂对小黑板擦的作用力F与黑板面成45角时，F20 N，他能擦到的最大高度为2.05 m，g取10 m/s2.求：(1)小黑板擦与黑板之间的动摩擦因数；(2)若该同学擦到最高位置时意外让小黑板擦沿黑板面竖直向下滑落，求小黑板擦砸到黑板下边缘的速度大小；(3)擦黑板时有这样的现象：粉笔字的位置越高或越远的地方，已经用力较大却还是不容易擦干净，请用物理知识简要解释解析(1)小黑板擦向上缓慢移动，处于平衡状态，它的受力如图所示水平方向：FNFsin 竖直方向：Fcos mgFf又FfFN所以0.93.(2)小黑板擦可看成质点，它向下滑落的过程与黑板间无摩擦，它做自由落体运动由运动学公式：v22gh得vgh5 m/s(3)当手臂的用力大小相同时，由FfFsin 可知：作用点的高度越高，手臂与黑板面的夹角越小，黑板擦与黑板间的摩擦力也就越小，所以手臂与黑板面夹角越小的地方越不容易擦干净答案(1)0.93(2)5 m/s(3)见解析