高考物理 试题分项解析 专题27 动量（第01期）-人教版高三全册物理试题.doc

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1、专题27 动量一选择题1. （2019北京东城期末）如图所示，质量为m的足球在离地高h处时速度刚好水平向左，大小为，守门员在此时用手握拳击球，使球以大小为的速度水平向右飞出，手和球作用的时间极短，则A. 击球前后球动量改变量的方向水平向左B. 击球前后球动量改变量的大小是C. 击球前后球动量改变量的大小是D. 球离开手时的机械能不可能是【参考答案】C2.（2019北京顺义九中质检）如图所示，A、B两物体质量之比：2，原来静止在平板小车C上，A、B间有一根被压缩的弹簧，地面光滑，当弹簧突然释放后，在A、B弹开的过程中A. 若A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B组成的系统动量守恒B. 只

2、有A、B与平板车上表面间的动摩擦因数相同，A、B、C组成的系统动量才守恒C. 若A、B所受的摩擦力大小相等，A、B组成的系统动量守恒D. 只有A、B所受的摩擦力大小相等，A、B、C组成的系统动量才守恒【参考答案】C【方法归纳】系统所受合外力为零，系统动量守恒，根据题意判断系统所受合外力是否为零，然后根据动量守恒的条件分析答题。本题考查了动量守恒的条件，解决本题的关键掌握动量守恒的条件，当系统不受外力或所受的外力之和为零，系统动量守恒，这是运用动量守恒定律解题的关键。3（2019武汉调研）在冰壶比赛中，球员手持毛刷擦刷冰面，可以改变冰壶滑行时受到的阻力。如图 a 所示，蓝壶静止在圆形区域内，运动

3、员用等质量的红壶撞击蓝壶，两壶发生正碰。若碰撞前、后两壶的vt图像如图b所示。关于冰壶的运动，下列说法正确的是A .两壶发生弹性碰撞 B .碰撞后两壶相距的最远距离为1.l m C.蓝壶受到的滑动摩擦力较大 D.碰撞后蓝壶的加速度大小为 0.1 m/s2【参考答案】B根据速度图像斜率表示加速度可知，碰撞后蓝壶的加速度大小为a2= 0.12 m/s2，选项D错误；红壶的加速度大小为a1= 0.2 m/s2，由牛顿第二定律可知，蓝壶受到的滑动摩擦力较小，选项C错误。此题正确选项为B。4. （2019辽宁大连八中质检）如图所示，一质量的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量的小木块给A和

4、B以大小均为，方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，A始终没有滑离木板在小木块A做加速运动的时间内，木板速度大小可能是A. B. C. D. 【参考答案】AB【名师解析】以A、B组成的系统为研究对象，系统动量守恒，取水平向右方向为正方向，从A开始运动到A的速度为零的过程中，由动量守恒定律得：代入数据解得：当从开始到AB速度相同的过程中，取水平向右方向为正方向，由动量守恒定律得：代入数据解得：则在木块A正在做加速运动的时间内B的速度范围为：，故选：AB。对木板和木块组成的系统，合外力保持为零，系统的总动量守恒，A先向左减速，到速度减小为零后向右加速到速度与B相同，此过程A正在做加速

5、运动，根据动量守恒定律求出A的速度为零时B的速度，以及两者相对静止时共同速度，确定出A正在做加速运动时，B的速度范围，再进行选择。本题考查了求木块的速度，应用动量守恒定律即可正确解题，本题也可以用牛顿定律与运动学公式求解，运用牛顿运动定律不需要考虑过程的细节，只要确定过程的初末状态即可，应用牛顿定律解题要分析清楚物体的整个过程，要体会运用动量守恒定律解题的优越性。二计算题1.（2019河北衡水质检）图所示，可视为质点的两个小球通过长度的轻绳连接，甲球的质量为，乙球的质量为。将两球从距地面某一高度的同一位置先后释放，甲球释放后再释放乙球，绳子伸直后即刻绷断细绳绷断的时间极短，可忽略，此后两球又下

6、落同时落地。可认为两球始终在同一竖直线上运动，不计空气阻力，重力加速度。从释放乙球到绳子绷直的时间；绳子绷断的过程中绳对甲球拉力的冲量大小。【名师解析】细线伸直时甲球的位移为： 乙球的位移为：因为： 联立解得：又在绳绷断的极短时间内两球动量守恒，则有： 联立方程解得：； 设绳子绷断过程中绳对甲球拉力的冲量大小为I，由动量定理得： 答：从释放乙球到绳子绷直的时间是；绳子绷断的过程中绳对甲球拉力的冲量大小是。【方法归纳】根据自由落体运动的位移时间公式，抓住位移之差等于L求出B球释放后经过多长时间细绳绷直。根据速度时间公式求出绳子绷直时A、B的速度，结合动量守恒定律求出绳绷断后的瞬时速度，结合动量定

7、理求出绳绷断的过程中绳对A球的冲量。本题考查了动量守恒定律、动量定理和运动学公式的综合运用，知道绷断前后瞬间A、B两球组成的系统动量守恒，知道合力的冲量等于动量的变化量。2.（2019河北衡水质检）如图所示，C是放在光滑的水平面上的一块木板，木板的质量为3m，在木板的上面有两块质量均为m的小木块A和B，它们与木板间的动摩擦因数均为最初木板静止，A、B两木块同时以方向水平向右的初速度和在木板上滑动，木板足够长，A、B始终未滑离木板求：木块B从刚开始运动到与木板C速度刚好相等的过程中，木块B所发生的位移；木块A在整个过程中的最小速度；整个过程中，A、B两木块相对于木板滑动的总路程是多少？【名师解析

8、】对木块B运用动能定理，有：解得：设木块A在整个过程中的最小速度为，所用时间为t，由牛顿第二定律得：对木块A：，对木板C：，当木块A与木板C的速度相等时，木块A的速度最小，则有，解得木块A在整个过程中的最小速度为：答：木块B从刚开始运动到与木板C速度刚好相等的过程中，木块B所发生的位移为；木块A在整个过程中的最小速度为；整个过程中，A、B两木块相对于木板滑动的总路程是【方法归纳】、B两木块同时水平向右滑动后，木块A先做匀减速直线运动，当木块A与木板C的速度相等后，AC相对静止一起在C摩擦力的作用下做匀加速直线运动；木块B一直做匀减速直线运动，直到三个物体速度相同根据三个物体组成的系统动量守恒求

9、出最终共同的速度，对B由动能定理求解发生的位移；当木块A与木板C的速度相等时，木块A的速度最小，根据牛顿第二定律分别研究A、C，求出加速度，根据速度公式，由速度相等条件求出时间，再求解木块A在整个过程中的最小速度；整个过程中，系统产生的内能等于滑动摩擦力与A与C、B与C相对滑动的总路程的乘积，根据能量守恒求解A、B两木块相对于木板滑动的总路程本题木块在木板上滑动类型，分析物体的运动过程是解题基础，其次要把握物理过程的物理规律，常常根据动量守恒和能量守恒结合处理3（2019重庆九校联盟12月联考）距水平地面高5 m的平台边缘放有一质量为1 kg的木块，一质量为20 g的子弹水平射入木块，并留在木

10、块内，木块在子弹的冲击下掉落到水平地面上，测得木块落地位置到平台边缘的水平距离为3 m。不计空气阻力，重力加速度g10 m/s2。求：（1）子弹射入木块前瞬间的速度大小；（2）子弹射入木块的过程中所产生的内能。（2）由能量守恒可知解得：Q229.5 J。 5（19分）（2019山西太原五中期末）如图所示，固定的光滑平台左端固定有一光滑的半圆轨道，轨道半径为R，平台上静止放着两个滑块A、B，其质量mA，mBm，两滑块间夹有少量炸药平台右侧有一小车，静止在光滑的水平地面上，小车质量M2m，车长L2R，车面与平台的台面等高，车面粗糙动摩擦因数0.5，右侧地面上有一不超过车面高的立桩，立桩与小车右端的

11、距离为s，且s=R。小车运动到立桩处立即被牢固粘连。点燃炸药后，滑块A恰好能够通过半圆轨道的最高点D，滑块B冲上小车。两滑块都可以看做质点，炸药的质量忽略不计，爆炸的时间极短，爆炸后两个滑块的速度方向在同一水平直线上，重力加速度为g。求：（1）（6分）滑块A在半圆轨道最低点C时受到轨道的支持力FN；（2）（4分）炸药爆炸后滑块B的速度大小；（3）（9分）求滑块B在小车上运动的过程中克服摩擦力做的功W。滑块A在半圆轨道最低点： 得： 得： （2）在A、B爆炸过程，动量守恒。则 得： （3）滑块B滑上小车直到与小车共速，设为整个过程中，动量守恒： 得： 滑块B从滑上小车到共速时的位移为 小车从开始

12、运动到共速时的位移为 两者位移之差（即滑块B相对小车的位移）为： ,即滑块B与小车在达到共速时未掉下小车。 由于，物块和小车先达到相对静止，然后一起匀速向前运动，直到小车与立桩碰撞后小车停止，然后滑块B以V共向右做匀减速直线运动，设直到停下来发生的位移为 S, 因为所以，滑块未从小车滑离。 滑块B从滑上小车到共速时克服摩擦力做功为 然后滑块B以V共向右做匀减速直线运动，则直到停下来发生的位移为 滑块B克服摩擦力做功为6.(19分) （2019甘肃民乐一中、张掖二中一模）如图，带电量为q+210-3C、质量为m0.1kg的小球B静置于光滑的水平绝缘板右端，板的右侧空间有范围足够大的、方向水平向左

13、、电场强度E103N/C的匀强电场与B球形状相同、质量为0.3kg的绝缘不带电小球A以初速度v010m/s向B运动，两球发生弹性碰撞后均逆着电场的方向进入电场，在电场中两球又发生多次弹性碰撞,已知每次碰撞时间极短，小球B的电量始终不变，取重力加速度g10m/s2求：（1）第一次碰撞后瞬间两小球的速度大小； （2）第二次碰撞前瞬间小球B的动能； （3）第三次碰撞的位置。【名师解析】.（19分）（1）第一次碰撞时， 两小球动量守恒，即3mv03mv1mv2 （2分）机械能守恒，即3mv3mvmv （2分）解得碰后A的速度v15m/s，B的速度v215m/s （2分）（3）第二次碰撞时，AB小球水平方向上动量守恒3mv1mvx3mvmv （1分）机械能守恒，即3m（vv）m（vv）3m（vv）m（vv）（1分）解得第二次碰后水平方向A的速度v0，B的速度v10m/s （1分）故第二次碰撞后A竖直下落（B在竖直方向上的运动与A相同），水平方向上， B做匀减速直线运动，设又经过t时间两小球第三次相碰，则有vtaBt20 得t1s （1分）因此，第三次相碰的位置在第一次碰撞点右方xv1t5m （1分） 下方yg（tt）220m （1分）