高考物理大二轮复习 考前基础回扣练5 抛体运动与圆周运动-人教版高三全册物理试题.doc

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1、回扣练5：抛体运动与圆周运动1如图所示，某同学把布娃娃“小芳”挂在“魔盘”竖直壁上的可缩回的小圆柱上、布娃娃“盼盼”放在“魔盘”底盘上，用手摇机械使“魔盘”转动逐渐加快，到某一转速时匀速转动，他发现小圆柱由于离心已缩回竖直壁内，“小芳”悬空随“魔盘”一起转动，“盼盼”在底盘上也随“魔盘”一起转动若魔盘半径为r，布娃娃与魔盘的平面和竖直壁间的动摩擦因数均为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力下列说法正确的是()A“小芳”受到重力、摩擦力和向心力的作用B“盼盼”放在底盘靠近竖直壁附近，也可能随“魔盘”一起转动C此时“魔盘”的转速一定不大于 D此时“魔盘”的转速一定不小于 解析：选D.“小芳”受重力，弹力

2、，摩擦力三个力作用，向心力为效果力，故A错误； “盼盼”放在底盘靠近竖直壁附近时，若“小芳”刚好不下滑，设转动的角速度为，则有m12rm1g，此时“盼盼”所受静摩擦力fm22r，大于最大静摩擦力m2g所以会滑动，故B错误；“小芳”做匀速圆周运动，由公式FNm2rm(2n)2r，mgfFN，联立解得：n，故D正确2如图，小球甲从A点水平抛出，同时将小球乙从B点自由释放，两小球先后经过C点时速度大小相等，方向夹角为30，已知B、C高度差为h，两小球质量相等，不计空气阻力，由以上条件可知()A小球甲做平抛运动的初速度大小为2 B甲、乙两小球到达C点所用时间之比为1CA、B两点高度差为D两小球在C点时

3、重力的瞬时功率大小相等解析：选C.小球乙到C的速度为v，此时小球甲的速度大小也为v，又因为小球甲速度与竖直方向成30角，可知水平分速度为故A错；小球运动到C时所用的时间为hgt2得t，而小球甲到达C点时竖直方向的速度为，所以运动时间为t，所以甲、乙两小球到达C点所用时间之比为2故B错；由甲乙各自运动的时间得：hgt2gt2，故C对；由于两球在竖直方向上的速度不相等，所以两小球在C点时重力的瞬时功率也不相等，故D错；故选C.3如图所示，BC是半径为R的竖直面内的光滑圆弧轨道，轨道末端C在圆心O的正下方，BOC60，将质量为m的小球，从与O等高的A点水平抛出，小球恰好从B点沿切线滑入圆轨道，则小球

4、在C点对轨道的压力为()A.mgB3mgC.mg D4mg解析：选C.小球由A至B做平抛运动，设初速度vA，平抛时间为t，竖直方向有Rcos 60gt2；B点的速度相切于圆轨道，故平抛的速度偏向角为60，有tan 60，可得vA .从A至C由动能定理：mgRmvmv，对C点的小球，由牛顿第二定律：FNmgm，由牛顿第三定律可得小球对轨道的压力与支持力大小相等，解得FNFNmg.故选C.4如图，质量为m的小球从A点由静止开始沿半径为R的光滑圆轨道AB滑下，在B点沿水平方向飞出后，落在一个与地面成37角的斜面上的C点(图中未画出)已知重力加速度为g，sin 370.6，则从A点到C点的过程中小球重

5、力所做的功为()A. BCmgR D2mgR解析：选A.设小球通过B点时的速度大小为v，小球在光滑圆弧轨道上运动过程，由机械能守恒定律有：mv2mgR，得：v；设小球从B运动到C的时间为t.则有tan ，得t ；小球平抛过程下落的高度为hgt2R；则从A点到C点的过程中小球重力所做的功为Wmg(Rh)mgR，故选A.5将一个小球从光滑水平地面上一点抛出，小球的初始水平速度为u，竖直方向速度为v，忽略空气阻力，小球第一次到达最高点时离地面的高度为h.小球和地面发生第一次碰撞后，反弹至离地面的高度以后每一次碰撞后反弹的高度都是前一次的(每次碰撞前后小球的水平速度不变)，小球在停止弹跳时所移动的总水

6、平距离的极限是()A. BC. D解析：选A.将一个小球从光滑水平地面上一点抛出后做斜抛运动，小球第一次到达最高点时离地面的距离为h，从最高点下落到水平地面的时间为t1，v22gh，小球和地面发生第一次碰撞后，反弹至离地面的高度，从最高点下落到水平地面的时间为t2，v2gv2，小球和地面发生第二次碰撞后，反弹至离地面的高度，从最高点下落到水平地面的时间为：t3，v2gv2，以此类推，小球在停止弹跳时所花费的总时间为：tt1t2t3 ，小球在停止弹跳时所移动的总水平距离的极限为：xut，故A正确，BCD错误；故选A.6如图所示，一根不可伸长的轻质细线，一端固定于O点，另一端拴有一质量为m的小球，

7、可在竖直平面内绕O点摆动，现拉紧细线使小球位于与O点在同一竖直面内的A位置，细线与水平方向成30角 ，从静止释放该小球，当小球运动至悬点正下方C位置时，细线承受的拉力是()A4mg B3.5mgC3mg D1.75mg解析：选B.对小球进行受力分析及运动过程分析如图所示，根据题意可知，从静止释放小球，细线松弛，小球只受重力做自由落体运动，下落到A与水平面的对称点B时细线将张紧，根据自由落体运动的规律，则v，方向竖直向下；在B位置细线突然张紧，对小球施以冲量，使小球沿细线方向的分速度突然减至零，使小球竖直向下的速度变为只有沿圆弧切线方向上的分速度，大小为vBvBcos 30，小球由B运动至C，绳

8、子的拉力与运动方向垂直不做功，只有重力做功，机械能守恒，则得：mgl(1cos 60)mvmvB2，解得vC ，在C点，根据牛顿第二定律得：Tmgm ，解得T3.5mg，故B正确，ACD错误；故选B.7如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L.某人在乒乓球训练中，从左侧处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘设乒乓球运动为平抛运动则()A击球点的高度与网高度之比为21B乒乓球在网左右两侧运动时间之比为21C乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比为12D乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为12解析：选D.因为水平方向做匀速运动，网右侧的水平位移是左边水平位移的两倍，所

9、以由xv0t知，网右侧运动时间是左侧的两倍，竖直方向做自由落体运动，根据hgt2可知，在网上面运动的位移和整个高度之比为19，所以击球点的高度与网高之比为98，故AB错误；球恰好通过网的上沿的时间为落到右侧桌边缘的时间的，竖直方向做自由落体运动，根据vgt可知，球恰好通过网的上沿的竖直分速度与落到右侧桌边缘的竖直分速度之比为13，根据v可知，乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比不是12，故C错误；网右侧运动时间是左侧的两倍，vgt，所以乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为12；故D正确；故选D.8(多选)如图所示，置于竖直平面内的AB光滑杆，它是以初速为v0，水平射程为s的平抛运动轨迹制成的，

10、A端为抛出点，B端为落地点现将一小球套于其上，由静止开始从轨道A端滑下，重力加速度为g.则下列说法正确的是()AA端距离地面的高度为B小球运动至B端时其水平方向的速度大小为v0C小球从A端运动至B端的时间为D小球运动至B端的速率为解析：选AD.小球若做平抛运动，运动的时间t，则A端距离地面的高度hgt2，故A正确对小球分析，根据动能定理得，mghmv，解得小球运动到B端时的速度vB，B点速度方向与水平方向夹角的正切值tan ，可知vxvBcos ，故B错误，D正确小球从A到B做的运动不是平抛运动，则运动的时间t，故C错误故选AD.9(多选)如图所示，在光滑四分之一圆弧轨道的顶端a点，质量为m的

11、物块(可视为质点)由静止开始下滑，经圆弧最低点b滑上粗糙水平面，圆弧轨道在b点与水平轨道平滑相接，物块最终滑至c点停止，若圆弧轨道半径为R，物块与水平面间的动摩擦因数为，下列说法正确的是()A物块滑到b点时的速度为B物块滑到b点时对b点的压力是mgC物块滑到b点时对b点的压力是3mgDc点与b点的距离为解析：选CD.由机械能守恒可知，mgRmv2；解得b点时的速度为，故A错误；b点时，物体受重力、支持力而做圆周运动，则由Fmgm可得，支持力F3mg，由牛顿第三定律可知，物块对b点的压力为3mg; 故B错误，C正确；对全程由动能定理可知，mgRmgs0，解得bc两点间的距离为，故D正确；故选CD

12、.10(多选)如图所示，在某次自由式滑雪比赛中，一运动员从弧形雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到斜面雪坡上，若斜面雪坡的倾角为，运动员飞出时的速度大小为v0，不计空气阻力，运动员飞出后在空中的姿势保持不变，重力加速度为g，则()A运动员落到雪坡时的速度大小为B运动员在空中飞行的时间是C如果v0大小不同，则运动员落到雪坡时的速度与斜面的夹角也就不同D不论v0多大，该运动员落到雪坡上时的速度与斜面的夹角都是相同的解析：选BD.速度与水平方向夹角的正切值tan ，可知速度与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角的正切值的2倍落到雪坡上速度方向与水平方向的夹角不等于，根据平行四边形定则知，速度v.故A错误根据tan ，解得平抛运动的时间t.故B正确物体落在雪坡上，速度方向与水平方向的夹角正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，位移与水平方向的夹角不变，则速度方向与水平方向的夹角不变故D正确，C错误故选BD