高考物理二轮复习 题型专练 选择题满分练2 新人教版-新人教版高三全册物理试题.doc

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1、选择题满分练(二)14下列关于物理学思想方法的叙述错误的是()A探究加速度与力和质量关系的实验运用了控制变量法B电学中电阻、电场场强和电势的定义都运用了比值法C力学中将物体看成质点运用了理想模型法D当物体的运动时间t趋近于0时，t时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了等效替代法D当物体的运动时间t趋近于0时，t时间内的平均速度可看成瞬时速度运用了极限法，选项D的叙述是错误的15一辆汽车在平直公路上做刹车实验，若从0时刻起汽车在运动过程中的位移与速度的关系式为x(100.1v2)m，则下列分析正确的是()A上述过程的加速度大小为10 m/s2B刹车过程持续的时间为5 sC0时刻的初速度为10 m/

2、sD刹车过程的位移为5 mC根据公式x和位移与速度的关系式为x(100.1v2)m，可得：0.1v2，10，解得：a5 m/s2，v010 m/s，符号表示与运动方向相反，故A错误，C正确；刹车时间t0 s2 s，故B错误；刹车位移为x0t02 m10 m，故D错误16(2017内蒙古包头一模)若在某行星和地球上相对于各自的水平地面附近相同的高度处、以相同的速率平抛一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2.已知该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R，由此可知，该行星的半径为()A.R B.R C2RD.RC对于任一行星，设其表面重力加速度为g，根据平抛运动的规律得hgt2：得t ，则水平射程

3、xv0tv0.可得该行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比：，根据mg，得g，可得，解得行星的半径R行R地 R 2R.故选项C正确17. 如图所示，在边长为a的正方形区域内，有以对角线为边界、垂直于纸面的两个匀强磁场，磁感应强度大小相同、方向相反，纸面内一边长为a的正方形导线框沿x轴匀速穿过磁场区域，t0时刻恰好开始进入磁场区域，以顺时针方向为导线框中电流的正方向，下列选项中能够正确表示电流与位移关系的是() B在x(0，a)时，右边框切割磁感应线产生感应电流，电流大小i (a2x)，其中x(0，)时，方向顺时针；x时，导线框中感应电流为零；x( ，a)时，方向逆时针在x(a,2a)时

4、，左边框切割磁感应线产生感应电流，x(a， a)时，感应电流大小i，方向逆时针；xa时，导线框中感应电流为零；x(a,2a)，方向顺时针，所以B正确ACD错误18(2017天津和平质量调查)如图所示，一绝缘细线Oa下端系一轻质带正电的小球a(重力不计)，地面上固定一光滑的绝缘1/4圆弧管道AB，圆心与a球位置重合，一质量为m、带负电的小球b从A点由静止释放，小球a由于受到绝缘细线的拉力而静止，其中细线Oa水平，Oa悬线与竖直方向的夹角为，当小球b沿圆弧管道运动到a球正下方B点时对管道壁恰好无压力，在此过程中(a、b两球均可视为点电荷)()Ab球所受的库仑力大小为2mgBb球的机械能逐渐减小C悬

5、线Oa的拉力先增大后减小D水平细线的拉力先增大后减小Db球从A到B过程中，只有重力对b球做功，b球机械能守恒，则有mvmgR，由牛顿第二定律有F库mgm，得F库3mg，A、B项错误由库仑定律可知小球b 从A运动到B的过程中同，b球对a球的库仑力大小不变，方向由a指向b，则对a球受力分析可知两段细线拉力的合力始终与b球对a球库仑力等大反向，将库仑力沿两线方向分解，由图可知悬线Oa的拉力一直增大，水平细线的拉力先增大后减小，C项错误，D项正确19(多选)如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平面上，三条细绳结于O点一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静

6、止状态，另一条绳OA在外力F的作用下使夹角90，现缓慢改变绳OA的方向至90，且保持结点O位置不变，整个装置始终处于静止状态下列说法正确的是()A绳OA的拉力先减小后增大 B斜面对物块P的摩擦力的大小可能先减小后增大C地面对斜面体有向右的摩擦力D地面对斜面体的支持力等于物块P和斜面体的重力之和AB缓慢改变绳OA的方向至90的过程，OA拉力的方向变化如图从1位置到2位置到3位置所示，可见OA的拉力先减小后增大，OP的拉力一直增大，故A正确；若开始时P受绳子的拉力比较小，则斜面对P的摩擦力沿斜面向上，OP拉力一直增大，则摩擦力先变小后反向增大，故B正确；以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，根据

7、平衡条件：斜面体受地面的摩擦力与OA绳子水平方向的拉力等大反向，故摩擦力方向向左，故C错误；以斜面体和P、Q整体为研究对象受力分析，设F与竖直方向的夹角为，根据竖直方向受力平衡：FNFcos M斜gMPgMQg；由图分析可知F的最大值即为MQg(当F竖直向上时)故Fcos MQg；则FNM斜gMQg，故D错误；故选A、B. 20(多选)如下图所示，a图中变压器为理想变压器，其原线圈接在u12sin 100t (V)的交流电源上， 副线圈与阻值为R12 的电阻接成闭合电路，电流表为理想电流表b图中为阻值R232 的电阻直接接到u12sin100t (V)的交流电源上，结果电阻R1与R2消耗的电功

8、率相等，则() A通过电阻R1的交变电流的频率为0.02 HzB电阻R1消耗的电功率为4.5 WC电流表的示数为6 AD变压器原、副线圈匝数比为41BD由交变电流瞬时值表达式u12sin100t(V)可知，1002f，该交流电源的频率为f50 Hz，周期为0.02 s，由于变压器不改变交变电流的频率，所以通过电阻R1的交变电流的频率为50 Hz，选项A错误由题图b可知，R232 的电阻两端电压的有效值为U12 V，电阻R2消耗的电功率为P24.5 W根据题述，电阻R1与R2消耗的电功率相等，可知电阻R1消耗的电功率为P1 P24.5 W，选项B正确由P1I2R1，解得电流表的示数为I1.5 A

9、，选项C错误变压器副线圈电压U2IR13 V，变压器原、副线圈匝数比为nUU212341，选项D正确21(多选)(2017河北百校联考)如图所示，水平转台上的小物体A、B通过轻弹簧连接，并随转台一起匀速转动，A、B的质量分别为m、2m，A、B与转台的动摩擦因数都为，A、B离转台中心的距离分别为1.5r、r，已知弹簧的原长为1.5r，劲度系数为k，设本题中的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，以下说法中正确的是()A当B受到的摩擦力为0时，转台转动的角速度为 B当A受到的摩擦力为0时，转台转动的角速度为 C当B刚好要滑动时，转台转动的角速度为 D当A刚好要滑动时，转台转动的角速度为 BDA当B受到的摩擦力为0时，由弹簧弹力提供向心力，则有k(1.5rr1.5r)2m2r解得： ，故A错误；B当A受到的摩擦力为0时，由弹簧弹力提供向心力，则有k(1.5rr1.5r)m21.5r解得： ，故B正确；C当B刚好要滑动时，摩擦力达到最大静摩擦力，弹簧弹力与静摩擦力的合力提供向心力，则有：k(1.5rr1.5r)2mg2m2r解得： ，故C错误；D当A刚好要滑动时，摩擦力达到最大静摩擦力，弹簧弹力与静摩擦力的合力提供向心力，则有k(1.5rr1.5r)mgm21.5r，解得： ，故D正确