2023年济宁市第十考物理最后一模试卷含解析及点睛.pdf

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1、2023学年中考物理模似试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、本大题包括10小题，每小题3分，共30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求.1.如图所示，是创新小组设计的汽车油量显示仪的电路原理图，其中电源电压恒定，R为定值电阻，油量表是由电压表改装而成的.R

2、 为力敏传感器，其电阻值随压力变化的关系如图所示.下列说法中正确的是A.油箱中油量增多时，R 的阻值变大B.油箱中油量减少时，电路中的电流变大C.电压表的示数随着油量的增加而增加D.油箱中油量减少时，电路消耗的总功率变大2.关于导体的电阻，下列说法正确的是A.导体容易导电说明它对电流没有任何阻碍作用B.导体的电阻越大，它对电流的阻碍作用越小C.相同条件下，铜导线比铁导线的导电性能好，说明导体的电阻和材料有关D.导体的电阻由它两端的电压和通过的电流决定3.如图，图甲是小一车甲运动的s-t图像,图乙是小车乙运动的v-t图像，由图像可知（）A.甲、乙都由静止开始运动 B.甲、乙都以2m/s的速度匀速

3、运动C.甲、乙两车经过5s 一定相遇 D.甲车速度越来越大，乙车速度不变4.随着经济的发展，我国的国防事业得到了相应的发展.如图所示为我国空军战机空中加油时的情景A.以地面为参照物，加油机是静止的B.以加油机为参照物，战机是运动的C.以地面为参照物，加油机和战机都是静止的D.以战机为参照物，加油机是静止的5.关于电路，下列说法中错误的是A.电源是提供电能的装置B.可以通过开关控制电路的通、断C.将电源的正、负极直接用导线连接在一起的电路称为短路D.用电器是将其他形式的能转化为电能的装置6.宋代范仲淹的 岳阳楼记中蕴含了丰富的光学知识，下列说法正确的是A.“静影沉璧”，如玉璧一样的月亮的倒影是光

4、的反射现象B.“浮光跃金”，湖面波动的光闪着金色是光的折射现象C.“皓月千里”，皎洁的月亮是光源D.“锦鳞游泳”，看到水里的鱼是实像7.下列做法正确的是A.将硫在氧气中点燃，根据蓝紫色火焰，确定生成物是二氧化碳B .将等质量的不同物质放入相同条件的水中，通过溶解速率比较它们溶解度的大小C.把两支相同蜡烛分别放在薄玻璃板两侧，通过等效方法来研究平面镜成像特点D.使同一小车从同一高度滑下，根据小车在不同水平表面上运动距离的长短可直接得出牛顿第一定律8.我国航母舰载机的起飞将使用电磁弹射器.电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，舰载机受到强大的推力而快速起飞

5、.下图所示的装置中，其工作原理与电磁弹射器的工作原理一致的是A.电磁起重机B.至9.如图所示的台秤原理圈，电源电压恒定.能满足“物体质量增大时，电压表或电流表示数也增大”要求的是（）1 0 .下列关于物理学史的叙述不正确的是（）A.托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值B.法拉第通过实验最早发现了电流周围存在磁场C.牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出惯性定律D.焦耳通过实验总结出电流通过导体产生热量的规律二、填 空 题（本大题包括7 小题，每小题2分，共 1 4 分）1 1 .丹麦物理学家_ _ _通过实验发现电流周围存在磁场；如图所示，通电螺线管的左端是 极，小磁针静止时左端是 极（以上

6、两空均选填 N”或 S”1 2 .在一块有机玻璃板上，安装一个用导线绕成的螺线管，在板面上均匀撒满铁屑，通电后铁屑的分布如图所示.如果小磁针黑色端是N 极，则 通 电 螺 线 管 的 右 端 是 （N/S）极.实验中（能/不能）用铜屑代替铁屑显示磁场分布.1 3 .我国传统文化中古诗词不仅词句优美，而且蕴含了丰富的物理知识。“花气袭人知昼暖，鹊声穿树喜新晴”，“花气袭人”是 现象；“两岸猿声啼不住，轻舟已过万重山”，“轻舟”的运动是以 为参照物。1 4 .如图，轻质细线悬挂一个小球，将小球拉至A点，使细线处了拉直状态，由静止开始释放小球，不计阻力，小球摆到与A等高的B点时，细线恰好断开，则小球

7、将沿 方向（填数字序号）运动,此时小球处于（填“平衡“或“非平衡”状态./7 X I沿原来的方向八，夕二尸2水平运动,.啜直向下1 5 .声音是由物体的振动而产生的，并以波的形式向四周传播。实验中，小方将音叉发出的声音输入示波器，观察到示波器的波形如图所示，则发生变化的是（选 填“响度”“音调”或“音色”）1 6 .如图所示是两束激光分别射向并通过甲、乙两透镜的传播路径.由图可知：（选填“甲透镜”或“乙透镜”）是凹透镜，可用于（选填“近视”或“远视”）眼的矫正.甲 造 傥乙透镜1 7 .量筒中装一半清水，将硫酸铜溶液注入水的下方，由于硫酸铜溶液的密度比水的密度大，所以沉在水的下方，可以看到无色

8、的清水与蓝色的硫酸铜溶液之间有明显的界面.静止几天后，界面逐渐模糊不清了，这是 现象，这个现象说明开始时 2日后 1 0日后 2 0日后三、作图、实验与探究题（本大题包括5 小题，共 34分）18.光由空气斜射向水面时发生反射和折射，请你在下图中画出反射光线和折射光线的大致方向。19.在图虚线框中填入电池和电流表的符号，使电路成为并联电路.20.如图所示，是“探究水沸腾时温度变化特点”的实验装置及实验现象。在图甲装置中，存在的错误是：。烧杯的纸盖上有一个小孔，若将这个小孔堵住,水的沸点将（选填“升高”“降低”或“不变”）。如图乙是某时刻温度计的示数，此时的水温是 C。21.在“探究冰和蜡熔化时

9、温度的变化规律”的实验中：的实验器材外，本 实 验 还 需 要 的 器 材 是;实验中温度计的玻璃泡要一在固体粉末中，不要碰到试管底或试管壁.若某时刻温度计的示数如图所示，则 此 时 温 度 计 的 读 数 为 图 乙 和 图 丙，是小明绘制的冰和蜡的熔化图像，则图一是冰的熔化图像，判断的依据是实验中小林同学发现冰熔化时间短，不便于观察熔化时的现象，在不改变原来实验装置的情况下，请你告诉她一种延长冰熔化时间的方法：.细心的小丽发现：在图像乙中，物质第Imin和第5min升高的温度不同，其原因是_ _ _.22.小明用如图甲所示的电路探究”通过导体的电流跟导体两端电压的关系”，所用的电源是两节新

10、的干电池。3.0UN0.51.01.52.02.5I/A0.10.20.30.40.5请用笔画线代替导线，继续完成图乙中实验电路的连接。要求滑动甲 乙变阻器滑片向右移动，电流表示数减小。小明按要求正确连接电路后，闭合开关，发现电压表指针偏转到满刻度的位置，其原因可能是定值电阻R(选 填“短路”或“断路”).小明在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R 的不同电流和对应的电压值如图丙所示。由实验数据可知：小明在本次实验中所用电阻R 的 阻 值 为。；通过 分 析 表 格 数 据 可 以 得 到 的 初 步 结 论 是；要测出表格中的实验数据，实验时所用的滑动变阻器的最大阻值应不小于。仅通过

11、一个电阻探究得出的结论是不可靠的，为了避免偶然性，小 明 接 下 来 的 操 作 应 该 是。如果将实验电路中的电阻R更换成一个额定电压为3.8V,阻值为10。的小灯泡，进 行“测量小灯泡的额定电功率”的实验，则对 原 来 连 接 的 实 验 电 路 还 须 进 行 的 改 动 是。四、计算题(本大题包括2 小题，共 22分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分)23.近年来，咸宁对城乡学校进行大改造，一些农村学校也用上了热水器，如图甲所示是咸安区某中学新安的电热水器的简易示意图，通过开关S 的断开或闭合可使热水器处于保温或加热状态.已知热水器水箱装水50

12、kg,%、及均为发热电阻丝，Ri=50C,&=7 5 0 C,电源电压200V恒定.图乙是电热水器工作时电路中电流随时间变化的规律.问(1)水箱中的水从20加热到70需要吸收多少焦耳的热量？c*=4.2X103J/(kg)(2)电热水器处于加热和保温状态时的电功率分别是多大？(3)该热水器按图乙规律工作一天(24小时)需要消耗多少电能？24.某微电脑电热壶具有温度可调，自动抽水等优点，下表是该电热水壶的名牌，求&产品EH-22额定电压220V加热功率1200W容量1.2L(1)如图所示，小电动机将质量为1.2kg的水从桶中提升了 0.5m,电动机对水做的功至少是多少？(g 取 l()N/kg)

13、电热水壶在额定电压下工作时的电流(保留一位小数)电热水壶正常工作时，将 1.2kg水从20加热到100时，加热时间为7min求电热水壶的热效率.c*=4.2xlO3J/(kg)参考答案一、本大题包括10小题，每小题3 分，共 30分.在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求.1、C【解析】由图可知，该电路为串联电路，电压表测量定值电阻两端的电压，由图像知道，随着压力增加，A 的阻值减小；A C.当油箱油量增多时，压敏电阻R 的阻值变小，由串联电路的特点及欧姆定律知道，此时电路的电流增大，故 A错误；又因为R。为定值电阻，由欧姆定律知道，电压表的示数随着油量的增加而增加，故 C 正确；B

14、D.油箱中油量减少时，压敏电阻K 的阻值变大，电路总电阻变大，所以，此时电路的电流减小，故 B 错误，又因为电源电压恒定，所以，由尸=口知道，电路消耗的总功率变小，故 D 错误.2、C【解析】A B.导体能够导电是因为内部存在大量的能够自由移动的电荷，但除了超导现象以外，导体都会有电阻，即导体对电流的阻碍作用，所以电阻越大，对电流阻碍作用越大。故 AB错误；C D.导体的电阻是导体本身的一种性质，由导体的材料、长度、横截面积决定，有时还要考虑温度的变化，但电阻与它两端的电压和通过的电流无关。故 C 正确，D 错误；3、B【解析】A.由图可知，甲车是由静止开始运动，乙车开始计时时的速度为2 m/

15、s,不是从静止开始运动，故 A 错误；B.小车甲运动的s-t图象是一条过原点的直线，表示随着时间的推移，甲的路程逐渐的变大，所以甲做匀速直线运动,s甲 10.0m速度为V甲=二 一=2m/s；小车乙运动的v-t图象是一条平行于横轴的直线，表示随着时间的推移，乙的速度加 5s不变，所以乙做匀速直线运动，速度为2m/s；所以，甲、乙都以2m/s匀速运动，故 B 正确；C.甲、乙都以2m/s匀速运动，所以，如果两车反向运动，则 5s可能相遇；如果两车同向运动，则两车不能相遇，故C 错误；D.甲、乙都以2m/s匀速运动，速度均不变，故 D 错误.4、D【解析】A C.加油过程中，若以地面为参照物，加油

16、机、战机和地面的位置在不断发生变化，所以说它们是运动的.AC不符合题意.B.以加油机为参照物，战机与加油机之间位置没有发生变化，战机是静止的，B 不符合题意；D.以战机为参照物，加油机与战机之间的位置没有发生变化，加油机是静止的，D 符合题意.5、D【解析】用电器是消耗电能的装置.6、A【解析】A.玉璧一样月亮的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故 A 正确；B.“浮光跃金”，金色是光在水面发生的反射现象，故 B错误；C.月亮本身不能发光，即不是光源，故 C 错误；D.看到水中的鱼是光的折射现象形成的鱼的虚像，是由于光从水中射向空气中发生了折射的缘故，故 D 错误。7、A【解析】18、B

17、【解析】由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动；A.电磁起重机是利用电磁铁工作的，故 A 错误；B.电风扇的主要部件是电动机，是利用通电导体在磁场中受力而运动的原理工作的，故 B 正确；C.发电机的工作原理是电磁感应现象，故 C 错误；D.电铃是利用电磁铁来工作的，故 D 错误.9、D【解析】A.中的电流表与变阻器并联，电流表将变阻器短路，当质量增大，滑片向下移动时，电流表的示数不变，A 不对；B.中电压表测量变阻器的两端电压，当质量增大，滑片向下移动时，变阻器的阻值变小，电压表

18、的示数会变小，B不对；C.中电流表被短路，其中没有电流通过，其示数为零，C不对；D.中电路中的总电阻是不变的，故电流也不变，当质量增大，滑片向下移动时，电压表所测量部分的电压增大，其其示数会变大，D 是正确的.10、B【解析】试题分析：托里拆利最早通过实验测定了标准大气压的数值，故 A 正确；丹麦的物理学家奥斯特通过实验最早发现了电流周围存在磁场，揭示了电与磁之间的联系；法拉第发现了电磁感应现象，故 B 不正确；牛顿在伽利略等前人的基础上首先提出了惯性定律，故 C 正确；焦耳通过大量实验总结出焦耳定律，即电流通过导体产生热量的规律，故 D 正确；故应选B.【考点定位】物理规律与概念二、填空题(

19、本大题包括7 小题，每小题2 分，共 14分)11、奥斯特 S N【解析】182()年，丹麦物理学家奥斯特在课堂上做实验时偶然发现，当导线中通过电流时，它旁边的磁针发生偏转，这个实验说明通电导体周围存在磁场，他是世界上第一个发现电与磁之间有联系的人；据图可知，电流从螺线管的右侧流入、左侧流出，根据线圈的绕法结合安培定则可知，该螺线管的左端是S 极，右端是 N 极。通电螺线管的磁场方向是从N 极到S 极，小磁针在通电螺线管的磁场中静止，小磁针静止时N 极的指向和通电螺线管的磁场方向相同，即小磁针的左端是N 极。12、S 不能【解析】由图可以看出通电螺线管的磁场和条形磁体的磁场一样，小磁针黑色端是

20、N 极，所以可知通电螺线管外部磁场方向，即螺线管的左侧代表N 极，右侧代表S 极；磁体具有吸铁性，没有吸铜性，所以不能用铜屑代替铁屑。13、扩散 高山【解析】花气袭人是由于分子的无规则运动造成的，属于扩散现象；坐在船上的乘客随船一起运动，山和轻舟之间的位置有变化，所以以高山为参照物，轻舟是运动的。14、3 非平衡【解析】不计阻力时，小球从A 点运动到B 点的过程中机械能守恒，由于小球在A 点静止释放，到达等高的B 点时，小球速度恰好为0,此时细线恰好断开，则小球只受重力作用，处于非平衡状态，将沿竖直向下方向3 运动.【点睛】此题考查了重力的方 向.在此题中，小球由于重力作用将由静止下落.解决此

21、题的关键是判断出在B 点的运动状态.15、响度【解析】由示波器的波形图可知，物体振动的快慢是不变的，但振动的幅度逐渐变小，所以声音的响度变小。16、乙 近视【解析】凸透镜有会聚光线的作用，凹透镜有发散光线的作用，据此解答即可【详解】1由图知道，光线通过甲透镜后向主光轴靠拢了，所以甲对光线有会聚作用，即甲是凸透镜，光线通过乙透镜后远离了主光轴，所以乙对光线有发散作用，即乙是凹透镜；近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用过强引起的，所以要用凹透镜进行矫正.【点睛】本题考查的是凸透镜与凹透镜对光线的作用，解题的关键是将折射光线与入射光线的传播方向进行比较，若比原来靠近法线则为会聚作用；若比原来远离法线，

22、则为发散作用.17、扩散 分子在永不停息地做无规则运动【解析】在量筒里装入的清水和蓝色的硫酸铜溶液之间有明显的界面，静置几天后，界面变模糊了，说明水分子和硫酸铜分子相互进入对方，属于扩散现象，说明一切物体分子都在永不停息地做无规则运动.三、作图、实验与探究题（本大题包括5 小题，共 34分）18、见解析【解析】过入射点O 作垂直于界面的法线，根据入射角等于反射角画出反射光线；根据折射角小于入射角画出反射光线。如图【解析】若左侧方框为电流表，右侧方框为电源，会造成右侧灯泡短路，不能发光，故电流表位于右侧方框，电源位于左侧方框，如下图所示20、温度计的玻璃泡碰到了烧杯壁 升高 95【解析】(1)观

23、察甲图可知，图中有的错误是温度计玻璃泡碰到了烧杯壁；堵住小孔后，烧杯中的水蒸气越来越多，烧杯内的气压越来越大，水的沸点也将升高；(2)温度计的示数为9521、停表 浸没 48 乙 冰是晶体，熔化时温度不变 增加冰的质量或调小火焰 冰的比热容小于水的【解析】(1)“探究冰和蜡熔化时温度的变化规律”需要记录温度和时间，因此还需要停表，为了准确测量温度，因此实验中温度计的玻璃泡要浸没在固体粉末中；(2)由图像可知此时的温度为48；(3)冰是晶体有固定的熔化温度，因此图乙是冰的熔化图像；(4)延长冰熔化时间可增加冰的质量，使冰在熔化过程中吸收更多的热量，增加熔化所需时间，或调小火焰，减少单位时间冰获得

24、的热量，从而增加熔化所需时间；(5)冰与水的比热容不同，根 据 公 式 加 可 知 吸 收 热 量 相 同，质量相同，比热容越大单位时间内温度升高的就cm越小.22、断路 5 电阻一定时，电流与电压成正比 25 换用不同的电阻多次测量增加一节干电池(换一个电压高于3.8V的学生电源)，电压表换接015V的量程【解析】(1)要求滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数减小，则滑片向右移时，滑动变阻器电阻值要增大，则须接左下端接线柱，即 A 接线柱。所以将定值电阻右端接线柱与滑动变阻器A 接线柱连接即可。如图:(2)若 R 短路，电压表示数为0,不符合要求；若 R 断路，电压表串联在电路中测电源电压，故

25、电压表指针偏转到满刻度的位置，所以其原因可能是定值电阻R 断路。(3)定值电阻阻值不随电压电流的变化而变化，所以在表格中任取一组数据计算即可：当 U=0.5V时，/=0.1 A,则定 值 电 阻 的 阻 值 为 尺=生=丫=51；表中数据，电压与电流之比都为5。，则得出：电阻一定时，导体中的电流I 0.1A与导体两端的电压成正比；此实验中，定值电阻电压越低，则滑动变阻器电压就要越高，阻值就要越大。由表中数据可知，此实验定值电阻两端电压最低为0.5V,此时电路中电流为0.1A。根据串联电路电压特点，则变阻器的最大电压为。潸=3V-0.5V=2.5V,则滑动变阻器最大阻值为7?滑=空 丫=25。，

26、即实验时所用的滑动变阻器的最大阻值1 0.1A应不小于25。(4)仅通过一个电阻探究得出的结论是不可靠的，为了避免偶然性，小明接下来的操作应该是换用不同的电阻多次测量，看看是不是每次得出的规律都是一样的。(5)测一个额定电压为3.8V、阻值约为10。的小灯泡的额定功率，小灯泡两端的电压必须能达到3.8 V,因此电源必须增加一节干电池。另外，灯泡电压已经超过电压表小量程，所以电压表的量程也应选择015V。四、计算题(本大题包括2 小题，共 22分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分)23、(1)1.05X107J；(2)800W,50W；(3)1.512X

27、107J.【解 析】(1)水箱中的水从20加热到7 0 C,水吸收的热量：。吸=4.2义 103J/(kg)X50kgX(70-20)=1.05X107J；(2)由图知，当开关闭合时，电阻及被短路，电路中只有2,此时电路中电阻最小，由尸=匕可知电路消耗的功率R2 2U(200V)最大，处于加热状态；已知Ki=50Q,U=200V,则加热功率：P加热丁=%a=8 0 0 W ;it JU34当开关断开时，两个电阻串联，处于保温状态，保温功率为：2 2_ U(200V)/耐=T =5 0 C +750Q=5OW；(3)由图乙可知，电热水器每小时加热l()min、保温5()min,加 热 lOmin

28、消耗的电能：W加 热=尸加/1=800乂600s=4.8X 102,保温 50min 消耗的电能：Wa=P aZ2=50W X 50 X 60s=1.5 X105J,每小时消耗的电能：W=W加 域+W保 温=4.8X105j+1.5X105j=6.3X105j,一天工作24小时消耗的电能：W天=6.3Xl()5jX24=1.512Xl(r j.答：(1)水箱中的水从20加热到70需要吸收1.05X10勺的热量；(2)电热水器处于加热和保温状态时的电功率分别是800W、50W；(3)该热水器按图乙规律工作一天(24小时)需要消耗L512X107J的电能.24、(1)6J；(2)5.5A；(3)8

29、0%【解 析】(1)电动机对水做的最少功：W=G/i=/ng/i=1.2kgxlON/kgxO.5m=6J；(2)由表中数据可知，额定电压U=220V,额定功率P=1200W,电热水壶在额定电压下工作时的电流:P 1200WU 220V 5.5A；(3)将 1.2kg水从 20力 口 热 至!|100,水吸收的热量：。吸=c水 雨 f=4.2xl03j/(kg,c)xl.2kgx(100-20)=4.()32xl()5j；电热水壶消耗的电能：W =P/=1200WX7X60S=5.04X105J,电热水壶的效率：”萨翳揩叩.答：(1)电动机对水做的功至少是6J；(2)电热水壶在额定电压下工作时的电流5.5A；(3)电热水壶的热效率80%.