2021届浙江省杭州高中高考物理模拟试卷（5月份）附答案详解.pdf

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1、2021届浙江省杭州高中高考物理模拟试卷（5月份）一、单 选 题（本大题共14小题，共 41.0分）1.下列说法正确的是（）A.电容器外壳上标的工作电压比击穿电压要低B.英国科学家泊松在实验中观察到了著名的“泊松亮斑”C.法拉第通过严密的数学推理最早给出法拉第电磁感应定律D.在LC振荡电路中，仅增大电容器的极板距离会使振荡电路的固有频率减小2.请阅读下述文字，完成第19题、第20题。第24届冬季奥林匹克运动会将在2022年由北京和张家口市联合举办，跳台滑雪是比赛项目之一。如图所示，运动员从跳台边缘的0 点水平滑出，落到斜坡CO上的E 点。运动员可视为质点，忽略空气阻力的影响。运动员在运动过程中

2、，所受重力的瞬时功率随时间变化的图象可能正确的是（）3.如图所示，小物体A 与水平圆盘保持相对静止，随圆盘一起做匀速圆周运动,则关于4 的受力情况，下列说法正确的是（）A.只受重力、支持力B.只受向心力、摩擦力C.受重力、支持力、向心力、摩擦力D.受重力、支持力、摩擦力ITt4.如图所示，一物体4置于光滑的水平面上，一弹簧下端固定在物体上，上端固定在天花板上，此时弹簧处于竖直且为自然长度。现对物体施加一水平拉力，使物体沿水平面向右缓慢运动，运动过程中物体没有离开水平面，则关于此运动过程中物体的受力情况，下列说法正确的是（）A.物体所受拉力尸一定增大B.物体所受弹簧的拉力先变大后变小C.地面对物

3、体的支持力一定增大D.物体所受的合力一定增大5.下列属于防止静电危害的是（）A.静电除尘 B.油罐车拖铁路 C.静电喷漆 D.静电复印机6.在图（a）所示的螺线管中通以如图（b）所示的电流，取电流沿图中箭头2 子方向为正值、与图中箭头方向相反为负值；竖直向上为磁感应强度正方向，线圈中心的磁感应强度B随时间t的变化关系可能为（）7.如图所示，小车上固定着三角硬杆，杆的端点处固定着质量为m的小球.当小车有水平向右的加速度且从零开始增大时，杆对小球作用力的变化（用6至居表示变化）可能是下列图中的（。0沿杆的方向）（）8 .用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列表达中不属于比值法定义物

4、理量的是（）A.电势差8=等 B.电容C =*C.电场强度E =：D.电容C =品q 4nka9.一汽车质量为3 x 1 0 3 k g,它的发动机额定功率为6 0 k W,它以额定功率匀速行驶时速度为1 2 0 k m/i.若汽车行驶时受到的阻力大小不变，下列说法中错误的是（）A.汽车行驶时受到的阻力大小为1.8 x 1 03 NB.汽车消耗功率为4 5 k W时，若其加速度为0.4 m/s2则它行驶的速度为1 5 m/sC.汽车以5 4 k m 的速度匀速行驶时消耗的功率为3 0 k WD.若汽车保持额定功率不变从静止启动，汽车启动后加速度将会越来越小1 0.如图甲，小球用不可伸长的轻绳连

5、接后绕固定点。在竖直面内做圆周运动，小球经过最高点时的速度大小为，此时绳子的拉力大小为7,拉力7与速度发的关系如图乙所示，图象中的数据a和b包括重力加速度g都为已知量，以下说法正确的是（）V0 M/图乙A.数据a与小球的质量有关B.数据b与圆周轨道半径无关C.比值2只与小球的质量有关，与圆周轨道半径无关aD.利用数据a和g能求出小球质量和圆周轨道半径1 1.在匀强磁场中，有一条与磁场垂直，长为1.5m的通电直导线，导线中的电流为5.04所受安培力的大小为1.8N,该磁场磁感应强度的大小为（）A.0.37 B.0.24T C.4.27 D.0.54T1 2.将导体放在沿z方向的匀强磁场中，并通有

6、沿y方向的电流时，在导体的前后两侧面间会出现电势差，此现象称为霍尔效应.利用霍尔效应的原理可以制造磁强计，测量磁场的磁感应强度.磁强计的原理如图所示，电路中有一段长为c的金属导体，它的横截面宽为a,高为b的长方形，其金属电阻率为P，放在沿z正方向的匀强磁场中，导体中通有沿y轴正方向、电流强度为/的电流，己知金属导体单位体积中的自由电子数为n,电子电量为e,金属导体导电过程中，自由电子所做的定向移动可以认为是匀速运动，以下说法正确的是（）A.稳定后导体中自由电子的速度为7ncabB.为保持通入该强度的电流，则需要在左右两侧面44上加恒定电压，该电压值为翳C.导体后侧面的电势低于前侧面的电势D.若

7、稳定后测得导体前后侧面的电压为U,则所加磁场的磁感应强度是竺产13.如图所示，电阻=30,R2=6 H,线圈的直流电阻不计.电源电动势 aIE=5 V,内阻丁=1。，开始时开关S闭合.则（）.A.断开S前，电容器带电荷量为零B.断开S前，电容器电压为 v3C.闭合S的瞬间，电容器a板上带正电D.断开S的瞬间，电容器b板上带正电14.一列简谐横波在t=1 s时的波形如图甲所示,图乙是该波中质点a的振动图象，则甲 乙A.这列波沿x轴负方向传播，波速为。=0.02 m/sB.这列波沿x轴负方向传播，波速为u=0.5 rn/sC.t=0至t=I s的时间内，质点b的位移始终在增大D.t=4s时刻，质点

8、c在平衡位置向下振动二、多 选 题（本大题共2小题，共4.0分）15.下面的说法中正确的是（）A.圆盘阴影中心的亮斑（泊松亮斑）是光的衍射现象造成的B.单色光通过某一狭缝形成的衍射条纹为间距相等的亮条纹C.肥皂泡呈现彩色条纹是光的衍射现象造成的D.光的干涉现象表明光是一种波16.下列说法正确的是（）A.在光电效应实验中，入射光强度越强，遏止电压和饱和光电流越大B.电子的发现使人们认识到原子不是组成物质的最小微粒，原子本身也具有结构C.a粒子散射实验中，a粒子大角度偏转的主要原因是粒子与电子的碰撞造成的D.放射性原子核发生a衰变、口衰变后产生的新核处于高能级，它向低能级跃迁时产生y射线,因此y射

9、线经常伴随a射线和0射线产生E.一重原子核衰变成a粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能三、填 空 题（本大题共1小题，共7.0分）1 7.如图所示为一小球做平抛运动的闪光照相照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm.如果取g=10m/s2,那么，(1)闪光时间是 S.(2)小球运动中水平分速度的大小是 m/s.(3)小球经过8 点时的速度大小是 m/s.四、实验题(本大题共1 小题，共 7.()分)1 8.某一充电宝的产品参数如图甲所示.假设充电宝就是跟蓄电池和干电池一样的可移动直流电源。某同学想测量该充电宝在充满电后的电动势和内电阻，他剥开充电宝连接线的外绝缘层，

10、里面有四根导线，红导线为充电宝的正极，黑导线为负极，其余两根导线空置不用。实验室还提供了如下器材：A.量程是3.0 4 内阻约为0.20的电流表及量程是6人 内阻约为6k。的电压表C.量程是15叭内阻约为30k0 的电压表。.阻值为0额定电流为0.54的滑动变阻器阻值为010。，额定电流为34的滑动变阻器反阻值为2.50的定值电阻G.阻值为200的定值电阻”.开关一个，导线若干型号PB20重量约 449g锂电池容量20000mAh兼容性大部分智能手机和平板电脑颜色白色充满电时间 约12h尺寸158mm x 81mm x 22.8mm输入t):5 V2.1 A输出0:5 Vl A 坳：5 V:2

11、.1 A。+坳=2.1 A(1)实 验 中 滑 动 变 阻 器 应 选 用;电 压 表 应 选(选 填 相 应 器 材 前 的 字 母)。(2)根据所给器材，该同学设计了如图甲所示的电路，其中心应选择,它在电路中的作用是 O(3)该同学记录的8组数据，如表所示，请在图乙所示的坐标纸上画出该充电宝的U-/图线。由图线可知该充电宝的电动势E=V,内电阻r=(结果保留3位有效数字)。次数12345678I/A0.170.310.660.931.181.371.631.89U/V5.055.035.004.974.944.934.904.86(4)如果用该充电宝给一款电池容量标明为2000mA-八 的

12、手机充电，下列说法正确的是4 理论上手机电池充满电有2000C的电荷量8.理论上手机电池充满电有7200C的电荷量C 如果该手机使用时电流为100爪4理论上充电宝满电可以保证手机使用20h图乙五、简答题(本大题共1小题，共12.0分)1 9.某电视台娱乐节目在游乐园举行家庭搬运砖块比赛活动。比赛规则是：如图甲所示向滑动行驶的小车上搬放砖块，且每次只能将一块砖无初速度(相对地面)地放到车上，车停止时立即停止搬放，以车上砖块多少决定胜负。己知每块砖的质量m=0.8 k g,小车的上表面光滑且足够长，比赛过程中车始终受到恒定牵引力F=20N的作用，未放砖块时车以为=3771/S的速度匀速前进,获得冠

13、军的家庭上场比赛时每隔7=0.8s搬放一块砖，从放上第一块砖开始计时，图中仅画出了0 0.8s内车运动的u-t图象，如图乙所示，g 取lOm/sZ.求：(1)小车的质量及车与地面间的动摩擦因数;(2)车停止时，车上放有多少块砖1 I六、计 算 题（本大题共3小题，共29.0分）20.如图所示，与水平面成37。的倾斜轨道4 C,其延长线在。点与半圆轨道相切，轨道半径R=1 m,全部轨道为绝缘材料制成且位于竖直面内，整个空间存在水平向左的匀强电场，MN的右侧存在垂直于纸面向里的匀强磁场（C点在MN边界上）.一质量为0.4kg的带电小球沿轨道4C下滑，至C点时速度为%=m/s,接着沿直线CD运动到。

14、处进入半圆轨道，进入时无动能损失，且恰好能通过尸点，在尸点速度盯=4 m/s,（不计空气阻力，g=10m/s2,cos37。=0.8）求：（1）小球带何种电荷；（2）小球在半圆轨道部分克服摩擦力所做的功.（3）小球从F点飞出时磁场同时消失，小球离开F点后的运动轨迹与直线4 c（或延长线）的交点为G（G点未标出），求G点到。点的距离.2 1.如图所示，间距L=1m的两平行金属导轨由倾角。=37。倾斜导轨和水平导轨组成，两导轨平滑连接，倾斜导轨的顶端接有定值电阻R=2 0,水平部分处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=0.87。金属棒的质量分别为巾1 =0.2kg、m2=0.4 k g,电阻

15、均为r=l。初始时金属棒ab位于倾斜导轨上，距水平面高九=1.35m,金属棒cd位于倾斜导轨与水平导轨交界处，现让金属棒ab由静止开始下滑，下滑到交界处时（此时速度水平）与金属棒cd发生弹性碰撞。碰撞后金属棒cd沿水平轨道向右运动到最远的过程中电阻R上产生的焦耳热Q=0.17,金属棒协速度减到零后用钾钉固定。已知金属棒ab与倾斜轨道间的动摩擦因数%=0.5,金属棒cd与水平轨道间的动摩擦因数42=0，金属棒始终垂直于两导轨，导轨电阻不计，取g=10m/s2。sin370=0.6,cos370 0.8。求：（1）两金属棒碰撞前瞬间ab的速度大小;(2)金属棒c d 沿水平轨道向右运动的最远距离;

16、(3)金属棒c d 在水平导轨上运动的时间。2 2.如图所示，坐标空间中有匀强电场和匀强磁场，电场方向沿y 轴负方向，磁场方向垂直于纸面向里，y 轴是两种场的分界面，磁场区的宽度为d,现有一质量为小、电荷量为-q 的带电粒子从x 轴上久=-L的N点处以初速度火沿x 轴正方向开始运动，然后经过y 轴上y =之 的 M点进入磁场，不计带电粒子重力，求：(1)求y 轴左侧电场的场强E；(2)若要求粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中，求磁感应强度应满足的条件。n X X XXXXBXXXXXXXXXXXX参考答案及解析1.答案：A解析：解：4、电容器外壳上标的工作电压值为额定电压，比击穿电压低，故A正

17、确；8、泊松亮斑是泊松根据数学知识算出来的，他并没有首先在实验中观测到的，故8错误；C、法拉第通过大量的实验研究发现了电磁感应现象，后来的科学家利用他大量的实验数据用科学计算得到了法拉第电磁感应定律，故C错误；。、在LC振荡电路中，仅增大电容器的极板距离，则电容器的电容减小，根据公式/=备，可知振荡频率会增大，故。错误。故选：Ao电容器外壳上标的工作电压值为额定电压；泊松亮斑是泊松根据数学知识算出来的；法拉第电磁感应定律不是法拉第自己计算得到的；根据公式/=d正判断。ZnyLC本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.答案：C解析：

18、解：运动员离开平台后做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，竖直方向的速度为%=gt,运动员所受重力的瞬时功率为：P=mgvy=m g2t,故重力的瞬时功率P与时间t成正比，故ABO错误，C正确；故选：C。运动员从离开平台做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，竖直方向的速度为%=g t,重力的瞬时功率P=mgvy=mg2t即可判断。本题主要考查了平抛运动的特点和重力的瞬时功率的计算，明确平抛运动竖直方向做自由落体运动,重力的瞬时功率利用公式P=僧9%即可判断。3.答案：D解析：解：物体在水平面上，一定受到重力和支持力作用，物体在转动过程中，有背离圆心的运动趋势，因此受到指向圆心的静摩擦力，且静摩

19、擦力提供向心力，故ABC错误，O正确。故选：D。向心力是根据效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力来充当，不是真实存在的力，不能说物体受到向心力.本题学生很容易错误的认为物体受到向心力作用，要明确向心力的特点，同时受力分析时注意分析力先后顺序，即受力分析步骤.4.答案：A解析：解：物体4受到重力、支持力、水平拉力、弹簧弹力。4 8.设某一位置时弹簧与竖直方向的夹角为。，物体处于平衡状态，根据正交分解得：竖直方向N m g F 弹c os水平方向F =F sind物体沿水平面向右缓慢运动的过程中，弹簧长度逐渐变长，所以弹力变大，又因为。变大，所以物体所受拉力产一定增大，故A正确，B错 误;C.

20、竖直方向：N=m g -F cosd,根据几何关系可得：?亦。S。=依.热 =k.岛X当x逐渐增大时，竖直分量F岸cos。增大，支持力N逐渐减小。故C错误；/).物体沿水平面向右缓慢运动的过程中，一直处于平衡状态，合外力为零，故力错误。故选：Ao对4物体进行受力分析，因为4做缓慢直线运动，每一个位置都可以看成平衡状态，运用正交分解法求出支持力的大小，以及拉力的大小。本题主要是考查了共点力的平衡问题，解答此类问题的般步骤是：确定研究对象、进行受力分析、利用平行四边形法则进行力的合成或者是正交分解法进行力的分解，然后在坐标轴上建立平衡方程进行解答。5.答案：B解析：解：4、利用静电把空气电离，除去

21、烟气中的粉尘，属于静电的应用，故4错误8、利用运油车尾部的铁链将油与油筒摩擦产生的静电导，防止静电积累到一定程度引起爆炸，这是静电的防止，故8正确；C、静电喷漆是利用静电吸附，将涂料微粒均匀地喷涂在接地金属物体上，属于静电的应用，故C错误；。、静电复印，是利用静电达到复印的目的，故是静电的利用，故。错误.故选：B静电对人类有利的方面就加以利用，对人类有危害的方面就避免和防止.利用还是防止主要看是有利的还是有害的.静电对人有利的就是利用，对人有害的就是防止，如：油罐车拖一条铁链、飞机机轮用导电橡胶制成、织地毯时夹一些不锈钢丝都是为了防止静电的危害.而静电复印是利用静电为人类服务.6.答案：B解析

22、：解：图中为同一直导线正反缠绕螺旋管，任一时刻螺旋管中两导线中电流方向相反，根据右手螺旋定则可知，任一时刻两导线电流产生的磁场方向相反，大小相等，故任一时刻线圈中心的磁感应强度均为零，故 ACD错误，B 正确。故选：B。根据通电导线的缠绕特点，利用右手螺旋定则可以判断磁感应强度随时间的变化。在判断通电导线在某点的磁感应强度时，要注意利用的是右手螺旋定则，再者要注意磁场也可以叠加。7.答案：C解析：解：小球与小车的运动情况保持一致，故小球的加速度也水平向右且逐渐增大，对小球进行受力分析，竖直方向受平衡力，所以杆子对小球的力的竖直向上的分量等于重力且不发生变化，水平方向合力向右并逐渐增大，所以杆子

23、对小球的作用力的水平分量逐渐增大，故 C 正确，ABO错误。故选：Co小球与小车的运动情况保持一致，当小车有水平向右的加速度且逐渐增大时，小球的加速度也水平向右且逐渐增大，对小球进行受力分析，根据牛顿第二定律和力的分解即可解题.本题要求同学们能根据运动情况分析物体的受力情况，并能结合牛顿第二定律及力的分解解题，难度适中.8.答案：D解析：解：4、电势差与放入电场中的电荷无关，所以为B=等属于比值定义法；从 电容C由本身的性质决定，与所带的电荷量及两端间的电势差无关。所以。=与属于比值定义法；C、电场强度与放入电场中的电荷无关，所以E=；属于比值定义法；D、电容器的电容的决定式：。=盘与极板之间

24、的正对面积成正比，与极板之间的距离成反比，不属于比值定义;本题选不属于比值法定义的，故选：D比值法就是应用两个物理量的比值来定量研究第三个物理量.它适用于物质属性或特征、物体运动特征的定义用比值法定义物理量是物理上常用的思想方法，可以根据定义出的物理量与两个物理量有无关系，判断是否是比值法定义9.答 案:C解析：解：4：汽车匀速时应有尸=/,根据P =F u 可知，应有P=/u,解得汽车受到的阻力/=1.8 x 1 03/V,所以A正确；B：由F -f =m a 可得：F =/+m a =1.8 x 1。3 +3 x x 0,4=3.0 x 1 03N,再由P =F u 可得：v=3=m/s

25、=1 5 n t/s,所以 8 正确；C：匀速时应有尸=f,所以P =F v =fz代入数据可得P =2 7 k W,所 以 C错误；D：由=?，若汽车保持额定功率不变启动，则牵引力将逐渐减小，再由F-/=m a 可知，加速度将会越来越小，所以。正确.本题选择错误的，故选：C.本题的关键是明确：P =F v 中，F 是牵引力，匀速时满足F =f,此时应满足P =/i 7nI，涉及到加速度时应满足F -f =m a,然后再进行计算即可.应明确动力机械有以恒定功率启动和以恒定加速度启动两种方式，讨论时需用到P =F u、F-f =m a,特别是匀速时应满足P =/即，然后讨论即可.10.答案：B解

26、析：解：4、由图可知，当/=。时，此时绳子的拉力为零，物体的重力提供向心力，则m g =7 7 1 口解得/=gr,故。=9 ，与物体的质量无关，故 A错误；B、当/=2 a 时，有m g +b =m?,解得b =mg,与轨道半径无关，故 B正确；C、根据上述可知2 与小球的质量有关，与圆周轨道半径有关，故 C错误；a rD、若尸=0,由图知：v2=a,则有m g =m亍，解得丁 =,若苏=2 a,则b +m g =m亍=m与解得血=，故。错误。故选：B。在最高点，若 2 =a时，则F =b；若尸=7,则=联立即可求得小球质量和当地的重力加速度大小：若。2 =2 a。根据向心力公式即可求解。本

27、题主要考查了圆周运动向心力公式的直接应用，要求同学们能根据图象获取有效信息，从而利用向心力公式和牛顿第二定律列式求解。11.答案：B解析：解：（1）由安培力的公式F =81得，匀强磁场的磁感应强度为：B =-=-T=0.2 4 7IL 5x1.5故选：B当8 1 L时，安培力的公式为F =8/3列式求磁感应强度B.本题比较简单，考查了安培力的大小计算，应用公式尸=8时注意公式适用条件和公式中各个物理量的含义.12.答案:B解析：解：C、电子定向移动的方向沿x轴负向，所以电子向前表面偏转，则前表面带负电，后表面失去电子带正电，后侧面的电势较高，故C错误；人 稳定后电子受洛伦兹力和电场力平衡，有：

28、evB=e-a电流的微观表达式为：I=neSv其中：S =a b联立解得：v=,故A错误；nebB、为保持通入该强度的电流，则需要在左右两侧4 4 上加恒定电压，根据欧姆定律，有：UAA,=1R根据电阻定律，有：R=P*ab联立解得：UAA，=M故8正确；。、若稳定后测得导体前后侧面的电压为U,稳定后电子受洛伦兹力和电场力平衡，有:evB=e-电流的微观表达式为：I=neSv其中：S=ab联立解得：8=等，故。错误；故选：B.电子定向移动形成电流，根据电流的方向得出电子定向移动的方向，根据左手定则，判断出电子的偏转方向，在前后两侧面间形成电势差，最终电子在电场力和洛伦兹力的作用下平衡：电流的微

29、观表达式为：/=neSv.解决本题的关键会利用左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道稳定时电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡.13.答案：A解析：对于电容器来说能通交流隔直流，而频率越高越容易通过.对于线圈来讲通直流阻交流，通低频率交流阻高频率交流。当电容器的电容越小，频率越低时，容抗越高；而线圈的自感系数越大，频率越高时，感抗越高.开关断开后产生瞬间电压，相当于电源与电容器相连。人断开开关S前，线圈电流稳定，线圈的直流电阻不计，则电容器两端电压为零，所以电容器没有电荷 量.故 A 正确；B.当断开开关S前，线圈电流稳定，且线圈的直流电阻不计，则电容器两端电压为零，所以电容器没有电荷量.故8 错误；

30、C.当开关闭合瞬间，线圈电流增大，由于线圈的自感现象，导致线圈中产生感应电动势，从而对电容器充电，因此a板带负电.故C 错误；。.当开关断开瞬间，线圈电流减小，由于线圈的自感现象，导致线圈中产生感应电动势，且左端电势高于右端，从而对电容器充电，因此a 极带正电，b板带负电.故拉错误。故选A。14.答案：B解析:由题意简谐横波在t=1.0s时的波形图如图2所示，图甲是该波中质点a 的振动图象,则由乙图读出t=1.0s时刻质点a 的速度方向和周期，在图甲上判断出波的传播方向和波长，再求出波速.分析t=0至t=ls 的时间内，质点b的运动情况，判断其位移的变化情况。本题考查理解振动图象和波动图象的能

31、力，以及把握两种图象联系的能力。4B.由题意，简谐横波在t=1.0s时的波形图如图乙所示，图乙是该波中质点a 的振动图象，则由1图读出t=1.0s时刻质点a 的速度方向沿y轴负方向，该波的周期为7=2s.在图甲上判断出波的传播方向为沿X轴负方向，波长为4=1 m,则波速为V=4/7=0.5m/s.故4 错误，B 正确；C.在t=1.0s时质点b正经过平衡位置向上运动，则 =0至t=1s=0.571的时间内，质点b的位移先增大后减小.故C 错误；D.t=4s=27时刻，质点c的状态与t=1s=0.57时刻状态相反，时间经过了 1.5T,所以t=4s时刻，质点c在平衡位置下方向上振动.故。错误。故

32、选B。15.答案：AD解析：解：4、泊松亮斑是光绕过圆盘产生的衍射现象造成的，故A 正确；B、单色光通过某-狭缝形成的衍射条纹为间距不等的亮条纹，故 B错误；C、肥皂泡呈现彩色是光在前后膜的反射光叠加产生的干涉形成的，故 C 错误；D,干涉是波的特有现象，光的干涉现象表明光是一种波，故。正确。故选：AD.干涉现象是频率相同的两列光相遇时发生叠加的现象，衍射现象指的是波绕过障碍物偏离直线传播的现象，干涉和衍射现象是波两种特有现象。解决本题的关键知道衍射、干涉的原理，知道它们的区别，并能掌握它们的特点。16.答案：B DE解析：解：4、在光电效应实验中，入射光强度越强，饱和光电流越大，但遏止电压不

33、变，故 A错误;B、电子的发现使人们认识到原子不是组成物质的最小微粒，原子还能再分，故 8 正确；C、a粒子散射实验中，a粒子大角度偏转的主要原因是粒子与原子核的碰撞造成的，故 C 错误；。、在放射性元素的原子核中，2个中子和2个质子结合得比较紧密，有时会作为一个整体从较大的原子核中抛射出来，这就是放射性元素发生的a衰变现象，原子核里虽然没有电子，但是核内的中子可以转化成质子和电子，产生的电子从核内发射出来，这就是0衰变；放射性的原子核在发生a 衰变和夕衰变后产生的新核往往处于高能级，这时它要向低能级跃迁，因此y射线经常伴随a 射线和 射线产生；故。正确；E、结合能是核子结合成原子核放出的能量

34、，一重原子核衰变成a粒子和另一原子核，根据能量守恒定律，衰变产物的结合能之和一定大于原来重核的结合能，故 E 正确；故选：B DEA、在光电效应实验中：入射光的频率越大，遏制电压越大；入射光越强，饱和光电流越大；8、汤姆逊发现电子，使人们认识到原子不是组成物质的最小微粒；C、a粒子散射实验是原子核式结构的实验基础；。、y射线是原子核从高能级向低能级跃迁时产生的；E、结合能是核子结合成原子核放出的能量.本题考查了光电效应、电子的发现、a粒子散射实验、原子核的衰变、结合能等，知识点多，关键是多看书，记住基础知识.17.答案：(1)0.1;(2)1.5;(3)2.5解析：解：(1)在竖直方向上有：h

35、=gT?,其中无=(5-3)x 5cm=10cm=0.1m,代入求得：T=陛=0.1s,弋io(2)水平方向匀速运动，有：s=vot,其中s=31=15cm=0.15m,t T=0.1s,代入解得：%=誉=L5m/s.(3)根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程的平均速度，在B点有：hAC 8 x 0.05%F=F-=2m/s以B点速度为：ve=JVQ+Vgy=J l.52+22=2.5m/s故答案为：(1)0.1；(2)1.5；(3)2.正确应用平抛运动规律：水平方向匀速直线运动，竖直方向自由落体运动；解答本题的突破口是利用在竖宜方向上连续相等时间内的位移差等于常数解出闪光周期，

36、然后进一步根据匀变速直线运动的规律、推论求解.对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题.18.答案：E B F 保护充电宝与电流表不被损坏5.07 0.111/2 B解析：解：(1)由充电宝参数可知，输出电压为5 V,电压表应选择B；充电宝正常输出最大电流为14电路最小总电阻约为5 0,考虑电路中接有变化电阻，为保护电路安全且方便实验操作，滑动变阻器应选择E。(2)为防止滑动变阻器接入电路的阻值为零时损坏充电宝，在电路中接入保护电阻R o,由于电路最小总电阻约为5。，因此保护电阻岛应选择产。(3)根据表中实验数据在坐标系内描出对

37、应点，让尽可能多的点过直线，不能过直线的点对称分布在直线两侧，作出U-/图象如图所示，由图示图象可知，充电宝电动势E=5.07V,内阻=当=晅 泮 0=0.1110；/1.98(4)48、理论上手机电池充满电有9=2000巾4 /1=26/1=2 乂 3600。=7200。的电荷量，故 4 错误，3 正确；C、如果该手机使用时电流为/=100mA=0.U,理论上充电宝满电的电荷量Q=20000mA-h=20/九=20 x 3600C=72000C,充电宝可以保证手机使用的时间t=号=答s=7.2 x 105s=200/1,故 C错误；故选：Bo故答案为：(1)E；8；尸；保护充电宝与电流表不被

38、损坏；(3)。一/图象如图所示；5.07；0.11112；(4)8。(1)为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器，根据充电宝的输出电压选择电压表。(2)根据电路最大总阻值选择保护电阻。(3)根据表中实验数据应用描点法作出图象，根据图象求出充电宝的电动势与内阻。(4)根据充电宝参数分析答题。本题考查了测充电宝电动势与内阻实验，考查了实验器材选择与实验数据处理，理解实验原理是解题的前提，应用图象法处理实验数据是常用的实验数据处理方法，要掌握应用图象法处理实验数据的方法。1 9.答案：解：(1)没有放砖时对车受力有：F =Mg.放上第一块砖时，板车减速，设加速度大小为的，对车受力&=M g +

39、m gfi-F =Ma1fi=N i解得M%=林 m g.由图有：Q i=,=0.2 5m/s2.由解得：4=0.2 5M =8kg；(2)放第二块砖后，受力分析有：M a2=2p.mg所以g=2%,在第二个0.8 s 内车速度变化为：V2=2A V I=2X 0.2m/s=0.4m/s同理，%=3 2 k i；i=3 x 0.2m/s=0.6m/s V4=4A V1=4X 0.2m/s=0.8 m/s vn=nAv1=nx 0.2m/s=0.2nm/s停下时有%+v2+v3+vn=30.2 x (1 +2 +3 +n)=3 得n(l +n)0.2 x -=3解得：n =5所以车停时有5块砖答

40、：(1)木板的质量为8/c g 及板与地面间的动摩擦因数为0.2 5。(2)木板停止时，木板上放有5块砖。解析：(1)开始木板做匀速直线运动，知拉力和木板的摩擦力相等，放上一物块后，木板做匀减速运动，合力等于增加的摩擦力，根据牛顿第二定律有png=M%,以及尸=求出木板的质量和动摩擦因数。(2)每放上一块砖，摩擦力都要增大，小车的合力就是增大的摩擦力，求出加速度的通项式，根据为-a j -a2T-a3T-anT 0求出所放砖的数目。解决本题的关键知道小车所受的合力等于增加的摩擦力，会根据牛顿第二定律求出加速度的通项式。20.答案：解：(1)小球受到重力、电场力与洛伦兹力作用，如果小球带负电，电

41、场力水平向右，洛伦兹力斜向左下方，重力竖直向下，小球受到的合力不可能为零，也不可能与速度方向在同一直线上，小球不可能做直线运动，则小球带正电.(2)小球在CD间做匀速直线运动，则有C点的速度与。点的速度相等，即：v0=电场力与重力的合力：F=%=5N；cos37从。到F过程，对小球，由动能定理可得：一切一尸.2R=：小 印 一 诏,代入数据解得：Wf=27.6/.(3)在CD段，设重力与电场力合力为F,则：F =q v B,重力与电场力合力：?=，为=胃 券=5%,C0S 57 U.o小球离开尸后做类平抛运动，加速度：a=,m.2 R=a t2,代入数据解得：t=0.4&s,s=vFt=4 x

42、 0.4V2 x 2.26m:答：(1)小球带正电荷；(2)小球在半圆轨道部分克服摩擦力所做的功27.6人(3)G点到。点的距离为2.26巾.解析：带电粒子在只有电场的倾斜轨道上做匀加速运动后，进入电场与磁场混合的场中做匀速直线运动，重力、洛伦兹力与电场力处于平衡状态，接着沿半圆轨道运动刚好能达到。点，最后从D点做类平抛运动，此时所受到的合力正好与速度相互垂直.因此由电场力与电场强度方向可确定小球所带电性，同时利用平抛运动规律可得小球垂直与速度方向上发生的位移，从而求出运动的时间，最终确定沿速度方向的运动的位移.小球在半圆轨道上由运动定理可得克服摩擦力做功多少.小球从尸点飞出后，正好受到重力与

43、电场力且这两个力的合力与速度垂直，所以刚好做类平抛运动.因此可以将倾斜轨道等效看成水平面，相当于小球做平抛运动，从而可以运用平抛运动规律来处理.21.答案：解：(1)对ab下滑到底端的过程，由动能定理得：m h -n1m1gcos37 -0解得：Vi=3m/s；(2)ab与cd碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律得：m1v1 +m2v2根据机械能守恒定律可得：说=+|m2v2,2解得：%=lm/s,v2=2m/s碰撞后金属棒cd沿水平轨道向右运动到最远的过程中，通过R的电流有效值为/,则通过必 的电流有效值为2/、通过cd的电流有效值为3/,由于电阻R上产生的焦耳热Q=I2Rt=0.17则

44、根据电路知识可知ab棒产生的焦耳热为：Qab=(2/)2rt=2Q=2 x 0.1/=0.2/棒产生的焦耳热为：Qcd=(3/)2r t,解得：Qm=0.27=0.45/回路中产生的总的焦耳热为：2 总=Q+Qab+Qca=0.1/+0.27+0.45/=0.75/对cd棒，从开始运动到停止的过程，设位移为,则有：|m2V 2=Elti+ii2m2gx解得：x=0.125m；(3)对c d,从开始运动到停止，设运动时间为3由动量定理得：-2M2gt=0-爪 2 2又：7t=q=白t=F 电路的总电阻为：R4=+=，解得：R#=|。可解得：t=1.88s。答：(1)两金属棒碰撞前瞬间ab的速度大

45、小为3m/s：(2)金属棒cd沿水平轨道向右运动的最远距离为0.125m；(3)金属棒cd在水平导轨上运动的时间为1.88s。解析：(1)对ab下滑到底端的过程，由动能定理列方程求解碰撞前瞬间ab的速度大小；(2)ab与cd碰撞过程，由动量守恒定律、机械能守恒定律求解碰撞后速度大小，根据电路知识求解回路中产生的总的焦耳热，再根据能量守恒定律求解金属棒cd沿水平轨道向右运动的最远距离；(3)对c d,从开始运动到停止，由动量定理列方程求解金属棒cd在水平导轨上运动的时间。本题主要是考查电磁感应现象，关键是弄清楚导体棒的运动情况和受力情况，根据动能定理、功能关系等列方程求解；对于安培力作用下导体棒

46、的运动问题，如果涉及电荷量、求位移问题，常根据动量定理结合法拉第电磁感应定律、闭合电路的欧姆定律列方程进行解答.22.答案：解：(1)粒子在电场中受到的电场力的方向向上，粒子做类平抛运动，水平方向做的是匀速运动，竖直方向做的是匀加速直线运动，设运动的加速度为a.由牛顿运动定律得：qE =ma.又有L=vot,|=at2则E=强qL(2)设粒子出电场、入磁场时速度的大小为，此时在y轴方向的分速度为%,粒子在电场中运动的时间为3速度方向与y轴的夹角为。，粒子的运动轨迹如图所示，则有：Vy=at,cose=解得：vy=v0,v=IVQ+=V2v0,9 =45粒子进入磁场后在洛伦兹力作用下做圆周运动，

47、由牛顿第二定律得qvB=穿解 得:R嘴当磁场的运动的轨迹恰好与磁场的右边沿相切时，此时的磁场的宽度最大，根据粒子的运动的轨迹可以知要使粒子穿越磁场区域，磁场的宽度应满足的条件d R(1+cosd)结合已知条件解以上各式可得：B (丁。故要使带电粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中，磁感应强度应满足的条件B 包 警.qd2答：(l)y 轴左侧电场的场强E为 华；(2)若要求粒子能穿越磁场区域而不再返回电场中，磁感应强度应满足的条件B n 誓 也。解析：粒子在电场中受到的电场力的方向向上，粒子做类平抛运动，水平方向做的是匀速运动，竖直方向做的是匀加速直线运动；粒子进入磁场后在洛伦兹力作用下做圆周运动，当磁场的运动的轨迹恰好与磁场的右边沿相切时，此时的磁场的宽度最大，磁感应强度最小。本题考查带电粒子在匀强磁场中的运动、带电粒子在匀强电场中的运动、牛顿第二定律、向心力、运动的合成与分解、左手定则等知识，意在考查考生处理类平抛运动及匀速圆周运动问题的能力.