大学物理课后习题答案赵近芳下册.pdf
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1、习题八8-1电量都是夕的三个点电荷,分别放在正三角形的三个顶点.试问:(1)在这三角形的中心放一个什么样的电荷,就可以使这四个电荷都达到平衡(即每个电荷受其他三个电荷的库仑力之和都为零)?(2)这种平衡与三角形的边长有无关系?解:如题8-1图示(1)以A处点电荷为研究对象,由力平衡知:/为负电荷2 1 二 c o s 3 0 =4兀4 a-4兀4 /.试证正点的场强E在r方向上的分量Er和垂直于r的分量Eg分别为_ p c o s 0 _ p s i n 6 2兀 o,,0 4九%/证:如 题8-5所示,将万分解为与产平行的分量p s i n。和垂直于尸的分量p s i n。.r I场点P在
2、r 方向场强分量_ pcosd 2兀(/3垂直于r 方向,即。方向场强分量8-6 长I=1 5.0cm的直导线A B 上均匀地分布着线密度2 =5.0 x 1 0-9C m 的正电荷.试求:(1)在导线的延长线上与导线8 端相距q =5.0 c m 处P点的场强;(2)在导线的垂直平分线上与导线中点相距“2=5.0 c m 处Q点的场强.解:如题8-6 图所示(1)在带电直线上取线元网,其上电量d q 在 P点产生场强为,1 AdxaEp=-4兀%(a -X)/I r 1_ _ _ _ _ _ 4 兀 /,o a a+2 22/ns0(4 a2-/2)用/=1 5 c m,2 =5.0 x 1
3、 0-9 c.m l a =1 2.5 c m代入得Ep=6.7 4 x l02 N-C-1方向水平向右(2)同理 d Eo=1-型 二 方向如题8-6图所示4兀x+d2二0由于对称性即 思0只有y分量,d“卜 1 A d x d2_O 4/Y+d;次+d;以4 =5.0 x 1 0-9 C e m_ 1,/=1 5 c m,d2=5 c m代入得Eo=Eg y=1 4.9 6 x lO2 N-C1,方向沿 y 轴正向8-7 一个半径为R的均匀带电半圆环,电荷线密度为4,求环心处。点的场强.题8-7图d q=2 d/=R 2 d e,它在。点产生场强大小为d E=Rd。方向沿半径向外4n s0
4、R2则 d Ex=d E s i n (p =-s i n(p d(p4TI()R-Ad E=d E c o s Qr-(/)=-c o s(p d(p4兀积分 E.=f -s in(p d(p =-小4兀/?2兀4/?E、=-c o s m 0 =0,)4兀4R2E=E=-,方向沿x轴正向.8-8均匀带电的细线弯成正方形,边长为/,总电量为g.(1)求这正方形轴线上离中心为r处的场强E;(2)证明:在r/处,它相当于点电荷q产生的场强E.解:如8-8图示,正方形一条边上电荷幺在P点产生物强d Ep方向如图,大4小为d Ep2(c o s 1 -c o s 2)2F产+了cos q2COS%=
5、-COS 4题 8-8 图由于对称性,尸点场强沿。P方向,大小为Ep=4 义 dE12q4/EP=-口 2方向沿OP4兀在+8-9 (1)点电荷q 位于一边长为a 的立方体中心,试求在该点电荷电场中穿过立方体的一个面的电通量;(2)如果该场源点电荷移动到该立方体的一个顶点上,这时穿过立方体各面的电通量是多少?*(3)如题8-9(3)图所示,在点电荷q的电场中取半径为R的圆平面.q在该平面轴线上的A点处,求:通过圆平面的电通量.(a =a rc t a n )x解:(1)由高斯定理4百出5=幺立方体六个面,当q在立方体中心时,每个面上电通量相等.各面电通量=-6%(2)电荷在顶点时,将立方体延伸
6、为边长2 a的立方体,使q处于边长2 a的立方体中心,则边长2 a的正方形上电通量,=26%对于边长。的正方形,如果它不包含4所在的顶点,则,=,一2 4如果它包含q所在顶点则,=0.通过半径为A的圆平面的电通量等于通过半径为V7?2+%2的球冠面的电通量,球冠面积*yS =2兀(废 +/)_ 4 7/?2+%2=久-2-=1-4 +x2)2s0 JR2+X2*关于球冠面积的计算:见题8-9(C)图S=12 兀 rs i n a r d z=2 n r2 J sna-da=2;c r2(l-c o s a)8-1 0 均匀带电球壳内半径6 c m,外半径1 0 c m,电荷体密度为2 义l O
7、 c 山 小求距球心5 c ll1,8 c m ,1 2 c m 各点的场强.解:高斯定理但 dS=Z2,E4 nr2=。%当 r=5 cm时,2=0,百=。r=8cm时,=p(r3-4)4E=-3-3.4 8 x l04 N-C-1,方向沿半径向外.4 兀 4广、4 兀r=1 2 c m 时,2_,q=p (j -淄。事(履 一 喟),E=-3-4.1 0 x l04 N-C-1 沿半径向外.4 nsor8-1 1 半径为R 1 和 7?2(氏 2 与)的两无限长同轴圆柱面,单位长度上分别带有电量/I和-2,试求:(1)与;(2)RtrR2;(3)此处各点的场强.解:高斯定理取同轴圆柱形高斯
8、面,侧面积S=271r l则 E-d S=E2n r l对(1)rRx=0 1=0(2)/?,r R,q=0E=0题 8-12图8-1 2 两个无限大的平行平面都均匀带电,电荷的面密度分别为力和。2,试求空间各处场强.解:如题8 T 2 图示,两带电平面均匀带电,电荷面密度分别为名与CT?,两面间,巨=一(巧一 CT?)五2%-1|仰 外,E =-(7|+b 2)几2号_ 1内 面外,E -(4JI%广 4兀%i r2=-6.55xl0-6 J外力需作的功A=A=6.55x10 j题 8-1 6 图8-1 6 如题8 T 6 图所示,在 A,8 两点处放有电量分别为+q,-q的点电荷,AB间距
9、离为2 R,现将另一正试验点电荷先 从 O点经过半圆弧移到C点,求移动过程中电场力作的功.解:如题8 T6图示A=q0(UUc)=qq6rt s0R8-1 7如题8-1 7图所示的绝缘细线上均匀分布着线密度为2的正电荷,两直导线的长度和半圆环的半径都等于R.试求环中心。点处的场强和电势.解:(1)由于电荷均匀分布与对称性,A3和CO段电荷在。点产生的场强互相抵消,取 出=R d。则dq =2 R d e产生。点d E如图,由于对称性,。点场强沿y轴负方向-A2RR(2)AB电荷在。点产生电势,以Adx融Adx4 兀()X4 兀 4TIO21。-In 2同理c o产生半圆环产生U,=ln2 4兀
10、%.TIRX X八-二-4兀小 4 4U0/+U2+U322J IOI,n 2C +-4-4%8-1 8 一电子绕一带均匀电荷的长直导线以2 X 1 0%s 的匀速率作圆周运动.求带电直线上的线电荷密度.(电子质量用o=9.I X 1 0 kg,电子电量e=1.6 0 X 1 0 气)解:设均匀带电直线电荷密度为2,在电子轨道处场强E=A2兀/电子受力大小F,=eE=-2itQr.eX v2 -=m 2 兀 r得2 =幺生竺I =1 2.5 xlO-3 C-m-e8-1 9 空气可以承受的场强的最大值为E=3 0 kV-cm l 超过这个数值时空气要发生火花放电.今有一高压平行板电容器,极板间
11、距离为d=0.5 c m,求此电容器可承受的最高电压.解:平行板电容器内部近似为均匀电场.U=E d =1.5 x l(y*v8-2 0 根据场强后与电势U 的关系左=-V U ,求下列电场的场强:(1)点电荷 q的电场;(2)总电量为q,半径为R 的均匀带电圆环轴上一点;*(3)偶极子p =4/的r /处(见题8-20图).解:(1)点 电 荷 u=一4 ns0rP(r.题 8-20图1.左=一也无=八dr 4兀4产后为r 方向单位矢量.(2)总电量q,半径为H 的均匀带电圆环轴上一点电势q4冗 飞UR2+,Um=_&=_ _3x 4 7t0(/?2+x2)?/2(3)偶 极 子/=在 r
12、/处的一点电势i qlcos6二11u=4兀4)(/一,cos 6)(1+1 cos6)2 2l dU pcos。dr 2nsor3 dU _ p sin 0r dO 4 714/8-21证明:对于两个无限大的平行平面带电导体板(题8-21图)来说,(1)相向的两面上,电荷的面密度总是大小相等而符号相反;(2)相背的两面上,电荷的面密度总是大小相等而符号相同.证:如题8-21图所示,设两导体A、B 的四个平面均匀带电的电荷面密度依次为 o,T2,cr3,4 _ 02 4 2 4 2 4 2%又=0 (J j=(7*4说明相背两面上电荷面密度总是大小相等,符号相同.8-2 2 三个平行金属板A
13、,8和C的面积都是200c m。A和 8相距4.0m m,A与。相距2.0 m m.B,。都接地,如题8-22图所示.如果使A板带正电3.0X I OC,略去边缘效应,间 8板和C板上的感应电荷各是多少?以地的电势为零,则 A板的电势是多少?解:如题8-22图示,令 A板左侧面电荷面密度为3,右侧面电荷面密度为C A B打。ri题 8-22图(1)VU A C =U A B,即 A CUAC A fiuAH6 _ E/*c _ d-s _ 2%E AB d AC且5 +/飞得6=包,3s 3s2而qc=-orS=-=-2x 107 CqB=_/S =-lx lO7 C(2)UA=E.cd.c=
14、d,c=2.3xl03 V08-23 两个半径分别为/?,和R2(R,此)的同心薄金属球壳,现给内球壳带电+q,试计算:(D 外球壳上的电荷分布及电势大小;(2)先把外球壳接地,然后断开接地线重新绝缘,此时外球壳的电荷分布及电势;*(3)再使内球壳接地,此时内球壳上的电荷以及外球壳上的电势的改变量.解:(1)内球带电+小 球壳内表面带电则为-q,外表面带电为+7,且均匀分布,其电势题 8-23 图U=E-d r=q入 4 兀%/2 4714/?外壳接地时,外表面电荷+q 入地,外表面不带电,内表面电荷仍为-q .所以球壳电势由内球+q 与内表面q 产生:u=WW =04 兀 4 兀 4/?2(
15、3)设此时内球壳带电量为/;则 外 壳 内 表 面 带 电 量 为 外 壳 外 表 面 带电量为-7+/(电荷守恒),此时内球壳电势为零,且4 兀 分 叫 47lf0/?2 47lf0/?2得q 一 R外球壳上电势UB qq4兀4/?2 4 兀%/?+-2-q +q,_(Rt-R2)q4 兀 4 兀 j)R:8-2 4 半径为R 的金属球离地面很远,并用导线与地相联,在与球心相距为d=3R 处有一点电荷+q,试求:金属球上的感应电荷的电量.解:如题8-24图所示,设金属球感应电荷为/,则球接地时电势U 0=0由电势卷加原理有:U。AH0R 4TI0 3R得q38-2 5 有三个大小相同的金属小
16、球,小球1,2 带有等量同号电荷,相距甚远,其间的库仑力为此.试 求:(1)用带绝缘柄的不带电小球3 先后分别接触1,2 后移去,小球1,2 之间的库仑力;(2)小球3 依次交替接触小球1,2 很多次后移去,小球1,2 之间的库仑力.2解:由题意知 一4 j i 0r2(1)小球3 接触小球1 后,小球3 和小球1 均带电,qq=3 小球3 再与小球2接触后,小球2与小球3 均带电“3q =4q:.此时小球1 与小球2间相互作用力3 2代$一 工 二F。4 兀 2 0 r 之 4 兀 4*8(2)小球3 依次交替接触小球1、2很多次后,每个小球带电量均为名.32 2,小球1、2间的作用力1=3
17、 3=工4n or2 9*8-2 6 如题8-2 6 图所示,一平行板电容器两极板面积都是S,相距为d,分别维持电势U/U ,U=0 不变.现把一块带有电量q的导体薄片平行地放在两极板正中间,片的面积也是S,片的厚度略去不计.求导体薄片的电势.解:依次设A,C,8从上到下的6个表面的面电荷密度分别为力,c r2,%,,,4,S i 如图所示.由静电平衡条件,电荷守恒定律及维持U B=U可得以下6个方程s。|题 8-26图(7,+7,=(T3+%+%念 C U=2S S dq_sq B _S=0=0ai=。2+%+。4+%+a6解得()U _ qd 2S所以C 8 间电场邑=2=。+4/d Is
18、QS*=却+热)注意:因为C 片带电,所以U c H”,若 C 片不带电,显然U c=c 2 c 28-2 7 在半径为/?,的金属球之外包有一层外半径为R2的均匀电介质球壳,介质相对介电常数为j,金属球带电。.试求:(1)电介质内、外的场强;(2)电介质层内、外的电势;(3)金属球的电势.解:利用有介质时的高斯定理弧否(1)介 质 内(&,此)场强行二旦P Q r4 T l z 3 内 4 兀 4尸介质外(r /?2)电势介质内(&r /?2)电势。=12内 击+瓦卜 西q/1、,Q=-(-)H-4 兀 4=r R2 4 兀 4&4 兀 4 j r R2金属球的电势fR y 。=1 岛 5+
19、1侬一呢.出_ p Q d r|r Q d rL 4 n,0rr2 h 4 兀 /4 兀 分 邑&R28-2 8 如题8-2 8 图所示,在平行板电容器的一半容积内充入相对介电常数为冬的电介质.试求:在有电介质部分和无电介质部分极板上自由电荷面密度的比值.解:如题8-2 8 图所示,充满电介质部分场强为后2,真空部分场强为耳,自由电荷面密度分别为e r?与力由亚.西得=(71 D、o-而)1 =QE,D2=0rE2题 8-2 8 图题 8-2 9 图8-2 9 两个同轴的圆柱面,长度均为/,半径分别为叫和/?2(R 2 R,且l R2-R,两柱面之间充有介电常数 的均匀电介质.当两圆柱面分别带
20、等量异号电荷。和-Q时,求:(1)在半径r 处(叫 r 仆=,厚度为d r,长为/的圆柱薄壳中任一点的电场能量密度和整个薄壳中的电场能量;(2)电介质中的总电场能量;(3)圆柱形电容器的电容.解:取半径为r 的同轴圆柱面(S)则d S =l it r l D4s)当(&r /?2)时,q=QD2(D 电场能量密度 w =2sD =-2 7n 7Q2 8/夕2/2薄壳中 dW=w d。=2 7t r d r l =0 版 2 夕2/2 4兀口/(2)电介质中总电场能量“唐 4兀 夕/4兀 目 R(3)电容:Q22C丁 4 2 二 2 7r.2 W l n(/?2/7?,)*8-3 0 金属球壳A
21、和 8 的中心相距为r,A和 3 原来都不带电.现在A的中心放一点电荷4 1,在 B 的中心放一点电荷/,如题8-30 图所示.试求:(1)/对/作用的库仑力,阴 有无加速度;(2)去掉金属壳8,求知作用在%上的库仑力,此时私 有无加速度解:(1)%作用在矽 的库仑力仍满足库仑定律,即.二 1 一。24兀 4 r 但私处于金属球壳中心,它受合力为零,没有加速度.(2)去掉金属壳8 ,%作用在弦 上的库仑力仍是F=_1_华,但此时q,4兀 4 r 受合力不为零,有加速度.8-31 如题8-31 图所示,G=d 2 5 F,C2=0.1 5/F,C3=0.2 0/F.G 上电压为50 V.求:UA
22、B,解:电容G 上电量a=G4电容C,与 C3并联。2 3=c2+c3其上电荷0 2 3 =0.J,_。2 3 _ G G .2 5 x 5 0C23 C23 3525力8=5+力=50(1+行)=86 V8-32 G 和 两 电 容 器 分 别 标 明 2 0 0 p F、50 0 V”和“30 0 p F、90 0 V”,把它们串联起来后等值电容是多少?如果两端加上1 0 0 0 V 的电压,是否会击穿?解:(1)与。2串联后电容G+0 2200 x300200+300=120 pF(2)串联后电压比t/,_ C2 _ 3UC2而 q+4=1 0 0 0Ut=60 0 V,t/2=40 0
23、 V即电容G 电压超过耐压值会击穿,然后。2 也击穿8-3 3 将两个电容器G 和。2 充电到相等的电压U 以后切断电源,再将每一电容器的正极板与另一电容器的负极板相联.试求:(1)每个电容器的最终电荷;(2)电场能量的损失.解:如题8-33图所示,设联接后两电容器带电分别为4,%,山 1 cA 2h题 8-33图则V%+2 =41 0 42 0/GS-=-7?C*2GU-gu解得“罟”L岩产7(2)电场能量损失8-34半径为A】=2.0 c m 的导体球,外套有一同心的导体球壳,壳的内、外半径分别为/?2=4 0cm和&=5.0cm,当内球带电荷Q=3.OX 10 fte时,求:(1)整个电
24、场储存的能量;(2)如果将导体壳接地,计算储存的能量;(3)此电容器的电容值.解:如图,内球带电。,外球壳内表面带电-。,外表面带电。(1)在 r/和 危 r 区域E=O在 Ri r 此 时4兀4广2,4兀4广r&时.,.在 R r/?3区域W2=0()247tr2dr=-2 4兀1 8兀4 R3.总能量 w =+%=-(-+)8兀。&R2 R3=1.82xl()7 J(2)导体壳接地时,只 有 与 r A?时后=-8,卬,=0-4 itQr3-n2 i iw=WX=-(-)=1.O1X1O-4 J8 7 rR R2W 1 1电容器电容 C=r=4 兀 4/(-)Q2 R&=4.4 9x1()
25、72 F习题九9-1 在同一磁感应线上,各点月的数值是否都相等?为何不把作用于运动电荷的磁力方向定义为磁感应强度B的方向?解:在同磁感应线匕各点月的数值一般不相等.因为磁场作用于运动电荷的磁力方向不仅与磁感应强度B的方向有关,而且与电荷速度方向有关,即磁力方向并不是唯一由磁场决定的,所以不把磁力方向定义为B的方向.Aar-Kf i l j ”2I Id-Jc题 9-2图9-2(1)在没有电流的空间区域里,如果磁感应线是平行直线,磁感应强度与的大小在沿磁感应线和垂直它的方I句上是否可能变化(即磁场是否一定是均匀的)?(2)若存在电流,上述结论是否还对?解:(1)不可能变化,即磁场定是均匀的.如图
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