2023年历年高考物理力学牛顿运动定律高频考点知识梳理.pdf

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1、1 (文末答案)历年高考物理力学牛顿运动定律高频考点知识梳理 单选题 1、如图所示，一个倾角为=37的斜面固定在水平面上，斜面底端固定一垂直于斜面的挡板，一劲度系数为=100N/m 的轻弹簧下端固定在挡板上，上端与物块A接触，物块A与物块B接触且均不粘连，弹簧与斜面平行，物块B通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块C连接，物块A、B和C的质量均为 1kg，物块A、B与斜面之间的动摩擦因数均为=0.25，且三个物块都可以视为质点。刚开始，用手托住C使细线恰好伸直时，A、B处于静止状态且与斜面间静摩擦力刚好为 0，然后松开手，物块C下落时A、B上升，重力加速度为g，cos37=0.8，

2、sin37=0.6。下列说法中正确的是（）A物块C下落速度最大时物块A、B分离 BA、B物块分离时细线的拉力为 9N C从释放C到A、B分离，物块A的位移为 12cm D从释放C到A、B分离，物块A的位移为 9cm 2、如图，用一细绳将条形磁铁 A竖直挂起来，A的下端吸起一小铁块 B。A、B质量相等并处于静止状态。现将细绳烧断，不计空气阻力，在 A、B同时下落的过程中（）A小铁块 B的加速度为零 B磁铁 A的加速度为 2g CA、B之间弹力为零 DA、B整体处于完全失重状态 2 3、武直-10（如图所示）是中国人民解放军第一种专业武装直升机，提高了中国人民解放军陆军航空兵的航空突击与反装甲能力

3、。已知飞机的质量为m，只考虑升力和重力，武直-10在竖直方向上的升力大小与螺旋桨的转速大小的平方成正比，比例系数为定值。空载时直升机起飞离地的临界转速为0，此时升力刚好等于重力。当搭载质量为3的货物时，某时刻螺旋桨的转速达到了20，则此时直升机在竖直方向上的加速度大小为（重力加速度为g）（）A3BgC2gD3g 4、下列说法正确的是（）A伽利略发现了万有引力定律，并测得了引力常量 B根据表达式=122可知，当r趋近于零时，万有引力趋近于无穷大 C在由开普勒第三定律得出的表达式32=中，k是一个与中心天体有关的常量 D两物体间的万有引力总是大小相等、方向相反，是一对平衡力 多选题 5、如图甲所示

4、，质量为M=0.5kg 的木板静止在光滑水平面上，质量为m=1kg的物块以初速度vo=4m/s 滑上木板的左端，物块与木板之间的动摩擦因数为 =0.2，在物块滑上木板的同时，给木板施加一个水平向右的恒力F。当恒力F取某一值时，物块在木板上相对于木板滑动的路程为s，给木板施加不同大小的恒力F，得到1 的关系如图乙所示，其中AB与横轴平行，且AB段的纵坐标为 1m-1。将物块视为质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是（）连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重

5、力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度3 A若恒力F=0，物块滑岀木板时的速度为 3m/s BC点纵坐标为 1.5m-1 C随着F增大，当外力F=1N 时，物块恰好不能木板右端滑出 D图像中D点对应的外力的值为 4N 6、如图甲所示，一水平传送带沿顺时针方向旋转，在传送带左端A处轻放一可视为质点的小物块，小物块从A端到B端的速度时间变化规律如图乙所示，t6 s 时恰好到B点，重力加速度g取 10 m/s2，则（）A物块与传送带之间的动摩擦因数为 0.1 BA、B间距

6、离为 16 m，小物块在传送带上留下的痕迹是 8 m C若物块质量m1 kg，物块对传送带做的功为 8 J D若物块速度刚好到 4 m/s 时，传送带速度立刻变为零，物块不能到达B端 7、科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用。下列说法符合历史事实的是（）A亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变 B伽利略通过“理想实验”得出结论：一旦物体具有某一速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物

7、块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度4 C笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向 D牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质 8、如图所示，一质量为m的物块，在水平地面上原来静止，现在对物体施加一个斜向上与水平方向成 的拉力F，使物体向右在地面上匀加速直线运动，已知物体与地面之间的动摩擦因数为 ，重力加速度为g，则下列分析正确的是（）A地面对物体的支持力大小为mg-Fsin B地面对物体的支持力大小为mg

8、 C物体运动的加速度大小为cos D物体运动的加速度大小为cos（sin）填空题 9、如图所示，一只质量为的小鸟停在圆弧形的树枝上休息，如果小鸟要停在树枝的A、两点，你认为小鸟停在哪一点更轻松_（填“A”或“”）；已知弧形树枝A点位置切线的倾角为，则小鸟停在该位置时对树枝的作用力大小为_（重力加速度为）。10、如图所示:在水平平直公路上匀速行驶的小车顶上，用绳子悬挂着一个小球。连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等

9、并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度5 (1)若剪断绳子，小球将落至、中的_点；(2)若小车速度突然减小，小球将偏向_方；(3)若小车速度突然增大，小球将偏向_方。11、如图所示:在水平平直公路上匀速行驶的小车顶上，用绳子悬挂着一个小球。(1)若剪断绳子，小球将落至、中的_点；(2)若小车速度突然减小，小球将偏向_方；(3)若小车速度突然增大，小球将偏向_方。12、一物体从倾角为 的固定长直斜面顶端由静止开始下滑，已知斜面与物体间的动摩擦因数 与物体离开斜面顶端距离x之间满足 =kx（k为已知量）。物体刚下滑时加速度大小为_，当下滑距离为_时，

10、物体有最大速度。（重力加速度为g）解答题 13、如图甲所示，水平地面上有一足够长的木板 C，质量为m3=2kg。木板 C上静置一物块 B，质量为m2=1 kg。现有一质量为m1=2 kg的物块 A以v0=5 m/s 的速度从左端滑上木板 C，木板 C 与地面间的动摩擦因数为3=0.2,物块 A与木板 C间的动摩擦因数为1=0.4。物块 A滑行一段距离后与物块 B发生弹性正碰，碰撞时间极短。从物块 A滑上木板 C开始计时，木板 C的速度随时间t变化的关系如图乙所示，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，物块 A、B大小可忽略。取g=10 m/s2，求：连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面

11、顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度6 （1）木板 C刚开始运动时的加速度大小；（2）物块 B与木板 C间的动摩擦因数2；（3）物块 A、B间的最终距离。14、如图甲是武装直升机救助受伤的游客的一个画面，设受伤的游客质量m60 kg，重力加速度g10 m/s2，缆绳及其挂钩等质量不计，忽略空气阻力。（1）直升机悬停在空中放下缆绳，若受伤的游客被缆绳向上提起过程中沿竖直方向，缆绳拉

12、力随时间变化的图象如图乙所示，求悬停在空中的直升机距离地面的高度h；（2）直升机悬停在空中放下缆绳，在受伤的游客刚系好缆绳脱离地面时，风力使缆绳偏离竖直方向的角度为 ，假设此时受伤的游客处于静止状态，求此时风力大小F和缆绳中的拉力大小FT。15、如图甲所示，传送带以0=10m/s的速度逆时针转动，一质量=10kg的物体（可视为质点）以水平向右的速度 冲上传送带。从物体冲上传送带开始，物体在02 s内受到与物体运动方向相反的水平恒力作用，24s将水平外力反向，大小不变，物体的对地速度与时间的关系图象如图乙所示，取=10m/s2。求：传送带与物体之间的动摩擦因数；连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行

13、的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度7 16、平直的公路上有两个停止线相距 187.5m 的红绿灯，在沿某一方向行驶时前一个红绿灯变为绿灯后经 10s，后一个红绿灯变为红灯，该路段限速为 108km/h。一辆汽车在前一红绿灯停止线处停车等红绿灯，在该红绿灯变为绿灯时立即加速向前驶出，达到限速后匀速行驶，在后一个红绿灯变为红灯时恰好通过。汽车的质量为1.0t，行驶

14、时所受阻力为车重的 0.05 倍，加速和减速过程中可近似看成是匀变速直线运动，且加速过程中所受牵引力与减速过程中所受制动力大小恒定且相等，汽车遵守交通规则行驶。重力加速度g取 10m/s2，忽略汽车自身长度。（1）汽车加速时的加速度为多大？（2）若该汽车司机因为低头看手机并未及时驶出，只能在后一个红绿灯停止线前减速停车，请问汽车减速时的加速度为多大？（3）在（2）问中请问该司机在两红绿灯间行驶的时间为多长？实验题 17、如图(甲)所示为某同学测量物块与水平长木板之间动摩擦因数的实验装置示意图 实验步骤如下：A用天平测出物块质量1、重物质量2 B调整长木板上的轻滑轮，使滑轮与物块间的细线水平 C

15、打开电源，让物块由静止释放，打点计时器在纸带上打出点迹 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度8 D多次重复步骤（C），选取点迹清晰的纸带，求出加速度 E.根据上述实验数据求出动摩擦因数 回答下列问题：（1）在实验步骤 A中是否一定需要满足重物质量2远小于物块质量1。_(填“是”或“否”)（2）实验中打出的一条纸带如图(乙)所示，

16、标出的每相邻两个计数点间都还有四个计时点未画出，则物块的加速度=_m/s2(结果保留三位有效数字)（3）实验中已知21=，根据实验原理，得动摩擦因数的表达式=_(用字母k、和重力加速度g表示)18、在探究物体质量一定时加速度与力的关系实验中，小明同学做了如图甲所示的实验改进，在调节桌面水平后，添加了力传感器来测细线中的拉力。（1）实验时，下列操作或说法正确的是_。A需要用天平测出砂和砂桶的总质量 B小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数 C选用电磁打点计时器比选用电火花计时器实验误差小 D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量 连

17、弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度9 （2）实验得到如图乙所示的纸带，已知打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz，相邻两计数点之间还有四个点未画出，由图中的数据可知，小车运动的加速度大小是_m s2。（计算结果保留三位有效数字）（3）由实验得到小车的加速度 与力传感器示数 的关系如图丙所示。则小车与轨道的滑动摩擦力f=_N。1

18、9、如图甲所示为阿特武德机的示意图，它是早期测量重力加速度的器械，由英国数学家和物理学家阿特武德于 1784 年制成。他将质量同为（已知量）的重物用轻绳连接后，放在光滑的轻质滑轮上，处于静止状态。再在一个重物上附加一质量为的小重物，这时，由于小重物的重力而使系统做初速度为零的加速运动并测出加速度，完成一次实验后，换用不同质量的小重物，重复实验，测出不同时系统的加速度。（1）若选定如图甲左侧物块从静止开始下落的过程进行测量，则不需要测量的物理量有_ A绳子的长度 B小重物的质量 C重物下落的距离及下落这段距离所用的时间（2）经过多次重复实验，得到多组、数据，作出11图像，如图乙所示，已知该图像斜

19、率为，纵轴截距为，则可求出当地的重力加速度=_，并可求出重物质量=_。20、某实验小组利用如图甲所示的实验装置测量物体的质量：一根跨过轻质定滑轮的轻绳一端与质量为的重物 P 相连，另一端与待测物块 Q（Q 的质量大于）相连，重物 P 的下端与穿过打点计时器的纸带相连，已知当地重力加速度大小为g。连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速

20、度10 （1）某次实验中，先接通频率为50Hz的交流电源，再由静止释放待测物块Q，得到如图所示的纸带，已知相邻计数点之间的时间间隔是，AB、BC、CD.FG之间的间距分别是x1、x2、x3.x6。则由纸带可知待测物块Q下落的加速度大小a=_（用题目和图中已知字母表示）；（2）在忽略阻力的情况下，待测物块Q的质量可表示为M=_（用字母、表示）；（3）若考虑空气阻力、纸带与打点计时器间的摩擦及定滑轮中的滚动摩擦，则待测物块Q质量的测量值会_（填“偏大”或“偏小”）。连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上

21、升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 11 (文末答案)历年高考物理力学牛顿运动定律_01B参考答案 1、答案：B 解析：CD刚开始时物块A、B在弹簧弹力、重力和斜面的作用力共同作用下保持平衡，设弹簧的压缩量为0，根据平衡条件有 2sin=0 得到 0=2sin=12cm 释放物块C后，三个物块一起做加速运动，当物块A、B分离瞬间，根据牛顿第二定律，对整体有 +2sin 2cos=3 对物块B、C整体分析有 sin cos=2 联立得到分离时加速度为=1m/s

22、2 此时弹簧的压缩量为=9cm 所以物块A在这段时间内上升的位移为 =0=3cm 故 CD错误；B对B分析有 Tsin cos=连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 12 得到细线的拉力 T=9N 故 B正确；A因为物块A与B分离时C还有向下的加速度，所以其速度还没有达到最大，故 A错误。故选 B。2、答案：D 解析：AB细绳烧

23、断后，以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到(A+B)=(A+B)加速度大小为=方向竖直向下，故 A、B错误。C由于条形磁铁 A对 B有向上的吸引力，则 A对 B一定有向下有弹力，大小等于磁铁的引力，故 C错误。D细绳烧断后，A、B同时下落，不计空气阻力，重力加速度为g，属于完全失重状态，故 D 正确。故选 D。3、答案：C 解析：空载时直升机起飞离地的瞬间，升力刚好等于重力，设比例系数为k，则有 02=当搭载质量为3的货物，螺旋桨的转速达到20时，竖直方向上由牛顿第二定律可得 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后

24、松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 13 (+3)=(+3)其中升力=(20)2 联立解得此时直升机在竖直方向上的加速度大小为=2 故 C正确，ABD错误。故选 C。4、答案：C 解析：A牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了引力常量G，A错误；B万有引力表达式=122，只适用于质点之间的相互作用，当r趋近于零时，万有引力定律不再适用，B错误；C在由开普勒第三定律得出的表达式32=中，k是一个与中心天体有关的常量，C正确；D两物体间的万有引

25、力总是大小相等、方向相反，是一对作用力与反作用力，D 错误。故选 C。5、答案：BC 解析：结合物体运动以及图形分析可知，总共分三个阶段。第一阶段（AB段），拉力较小时，物块从木板的右侧滑出；第二阶段（BC段），拉力稍大一些，物块滑动一段距离后，与木板一起加速向右运动；第三阶段（DE段），拉力过大，物体滑动一段距离后，摩擦力提供的加速度不够，不能随木板一起运动，最终从左侧滑出。连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等

26、并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 14 A物块刚滑上木板时，物块加速度a1有 1=得到 1=2m/s2 物块刚滑上木板时，木板的加速度a2有 2=得到 2=4m/s2 由题意可知，当F=0 时，物块，木板的位移差为 1m，则 1=0 1212 2=1222 12=1 解得 =1s 物块滑出木板时的速度=0=4 2m/s=2m/s A错误；C当物块恰好不能从木板右端滑出时，设木板加速度为a3，此时有 3=+3=0 1212 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开

27、手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 15 4=1232 34=1 01=3 解得=1N C正确；DC、D两点对应的为恰好可一起匀加速运动，则有+=4 =4 解得=3N 则C、D点拉力为 3N，D错误；B此时物块刚滑上木板时，木板的加速度a5有 5=+=3+20.5m/s2=10m/s2 两者速度相等时，位移差有 5=01 0 12121252=解得=23 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为

28、物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 16 故 1=32m1=1.5m1 B正确；故选 BC。6、答案：AB 解析：A由图乙可知，物块加速过程的加速度大小=44m/s2=1m/s2 由牛顿第二定律可知 ag 联立解得 0.1 故 A正确；B由于 4 s 后物块与传送带的速度相同，故传送带速度为 4 m/s，A、B间距离=(2+6)42m=16m 小物块在传送带上留下的痕迹是 l44 m 442m8m 故 B正确；C物

29、块对传送带的摩擦力大小为 mg，加速过程传送带的位移为 16 m，则物块对传送带所做的功为 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 17 Wmgx0.111016 J16 J 故 C错误；D物块速度刚好到 4 m/s 时，传送带速度立刻变为零，物块将做减速运动，且加速度与加速过程的加速度大小相同，则减速过程的位移为 8 m，则物块

30、可以到达B端，故 D 错误。故选 AB。7、答案：BCD 解析：A亚里士多德认为物体的运动需要力来维持，选项 A错误；BCD牛顿根据选项 B 中伽利略的正确观点和选项 C 中笛卡儿的正确观点，得出了选项 D 的正确观点，选项 B、C、D正确。故选 BCD。8、答案：AD 解析：AB物体的受力如图所示 由竖直方向的平衡可得，地面对物体的支持力大小为 FN=mg-Fsin 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静

31、止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 18 A正确，B错误；CD水平方向由牛顿第二定律可得 cos N=联立解得，物体运动的加速度大小为=cos（sin）C错误，D正确。故选 AD。9、答案：B 解析：1停在树枝的A点要避免滑落，需抓牢树枝，故小鸟停在B点更轻松。2小鸟停在该B点时由平衡条件可得，树枝对小鸟的作用力竖直向上，大小等于mg，由牛顿第三定律可知，小鸟对树枝的作用力大小为mg。10、答案：B 前 后 解析：(1)1小球落下时，由于具有惯性，保持原来的水平速度，车速不变，落在正下方，即B点；(2)2若车速减小，小球在水平方向相对小车向前运动，所

32、以小球将偏向前方；(3)3若车速突然增大，小球在水平方向相对小车向后运动，所以小球将偏向后方。11、答案：B 前 后 解析：(1)1小球落下时，由于具有惯性，保持原来的水平速度，车速不变，落在正下方，即B点；连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 19 (2)2若车速减小，小球在水平方向相对小车向前运动，所以小球将偏向前方；(3)

33、3若车速突然增大，小球在水平方向相对小车向后运动，所以小球将偏向后方。12、答案：gsin tan 解析：1=0时，动摩擦因数为零，则物体不受摩擦力，所以加速度大小为=sin 2速度最大时，加速度为零，有 cos=sin 此时 cos=sin 解得=sincos=tan 13、答案：（1）1m/s；（2）0.4；（3）=2815m 解析：（1）由图乙可知木板 C开始运动时的加速度大小=1m/s2（2）物块 A与木板 C之间的摩擦力 1=11=8N，1=11 木板 C与地面之间的最大静摩擦力 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦

34、力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 20 3=3(1+2+3)=10N 所以开始物块 A滑动时，木板 C静止不动。物块 A、B碰撞后都向右滑动的过程中，物块 B与木板 C之间的摩擦力 2=22，2=22 木板 C的加速度=1+233 解得 2=0.4（3）由图乙可知木板在 0.5s 时开始滑动，说明物块 A滑行 0.5s 时与物块 B碰撞，碰撞前瞬间物块 A的速度 2=111=3m/s 物块 A与物块 B发生弹性碰撞，根据动量守

35、恒定律得 12=13+24 由机械能守恒定律得 12122=12132+12242 解得 3=1m/s，4=4m/s A、B碰撞后物块 A向右减速，加速度大小为a1，物块 B向右减速，加速度大小为a2，木板 C向右加速，加速度大小为a，经时间t，物块 A与木板 C共速，则 5=31=此时物块 B的速度大小 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为

36、零磁铁的加速度 21 6=42 此过程 A运动的位移 1=3+52 B运动的位移 2=4+62 此后 A、C整体相对静止和 B分别减速至零，以 A、C整体为研究对象，由牛顿第二定律得 32=(1+3)共 此过程 A、C整体的位移 3=522共 B的位移 4=6222 由以上各式联立，解得 A、B间的最终距离 =(2+4)(1+3)=2815m 14、答案：（1）375 m；（2）mgtan ；解析：（1）010 s 的时间内，游客加速上升，设加速度大小为a1，由牛顿第二定律有 F1mgma1 解得 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与

37、斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 22 a13 m/s2 上升高度 1=12112=150m 10 s 末速度 va1t130 m/s 在 1025 s 的t215 s 时间内，游客减速上升，设加速度大小为a2，由牛顿第二定律有 mgF2ma2 解得 a22 m/s2 上升高度 2=212222=225m 悬停在空中的直升机距离地面的高度 hh1h2375 m。（2）画出缆绳偏离竖直方向角度为 时游客的受力图，如图所示

38、 由几何关系有 cos=T 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 23 tan=解得 T=cos，Fmgtan 15、答案：=0.3 解析：由图像可知02 s 内物体做匀减速直线运动，加速度大小为 1=11=102m/s2=5m/s2 由牛顿第二定律有 +=2 24 s 内物体做匀加速直线运动，加速度大小为 2=22=22m/s

39、2=1m/s2 由牛顿第二定律有 =2 联立并代入数据解得=30N 又=解得=0.3 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 24 16、答案：（1）4m/s2；（2）5m/s2；（3）15 32s 解析：（1）加速和匀速总位移 21+2=加速和匀速总时间 1+2=解得 1=7.5s 加速段加速度为 1=11=4m/s2（2）加速

40、段由牛顿第二定理可得 =1 减速段由牛顿第二定理可得+=2 可得 2=5m/s2（3）若加速和减速过程能达到最大速度 30m/s，则加速和减速阶段总位移为=221+222=202.5m 因此不能加速到最大速度 30m/s，且中间没有匀速阶段 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 25 =221+222=50 33m/s 在两红绿

41、灯间行驶时间为 =1+2=15 32s 17、答案：否 1.51 (1+)解析：（1）1把物块和重物作为整体根据牛顿第二定律求得加速度，故不需要满足重物质量m2 远小于物块质量m1；（2）2各点间还有 4 个点未标出，所以时间间隔是T=5t0=50.02s=0.1s，根据逐差法有：=2 得物块的加速度：=4+32142=1.51m/s2（3）3对M、m组成的系统，由牛顿第二定律得：21=(1+2)解得：=(1+)18、答案：B 2.40 1.0 解析：（1）1AD本实验中可以通过力传感器获取小车所受拉力大小，所以不需要用天平测出砂和砂桶的总质量，也不需要小车所受拉力近似等于砂和砂桶的总重力，即

42、不需要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故 AD错误；连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 26 B小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数，故 B 正确；C电磁打点计时器由于振针的作用，纸带和复写纸之间阻力相对较大，实验误差比较大，而电火花计时器使用的是火花放电，纸带运动时受到的阻力

43、比较小，实验误差也比较小，故 C错误。故选 B。（2）2根据逐差法可得小车运动的加速度大小是=42=(28.81 9.61 9.61)1024 0.12m/s22.40m/s2（3）3根据牛顿第二定律有 2f=将题图横截距数据代入可得 f=1.0N 19、答案：1 2 解析：（1）1对整体分析，根据牛顿第二定律得 =(2+)解得=2+根据=122 联立解得 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细

44、绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 27 =2(2+)2 所以需要测量的物理量有：小重物的质量m，重物下落的距离及下落这段距离所用的时间，不需要测量绳子的长度，故选 A。（2）23因为=2+则 1=12+1 知图线斜率=2=1 解得=1=2 20、答案：4+5+612392 (+)偏小 解析：（1）1物体 P 和 Q 一起做匀加速运动。故对于相等时间间隔的相邻的两个点之间位移差有 =2 所以 连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落

45、速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度 28 =4+5+612392（2）2忽略阻力的情况下，根据牛顿第二定律有 =(+)整理得到=(+)（3）3若考虑各种阻力，则测到的加速度偏小，故物体 Q 质量的测量值会偏小。连弹簧与斜面平行物块通过与斜面平行的轻质细线跨过斜面顶端的定滑轮与物块连接物块和的质量均为物块与斜面之擦力刚好为然后松开手物块下落时上升重力加速度为下列说法中正的是物块下落速度最大时物块分离物块分离时细线一小铁块质量相等并处于静止状态现将细绳烧断不计空气阻力在同时下落的过程中小铁块的加速度为零磁铁的加速度