2021年高考物理押题预测卷02（辽宁卷）（考试版+全解全析）.pdf

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1、oo绝密启用2021年高考押题预测卷0 2【辽宁卷】物理（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）注意事项：1.本试卷分第I 卷（选择题）和第H 卷（非选择题）两部分。答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答第1卷时，选出每小题答案后，用 2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。3.回答第H卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第17题只有一项符合题目要求，每小题4分；第810题有多项符合题目要求

2、，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。1.如图所示电路中，已知R r，闭合开关S,当滑动变阻器的滑动触头?从 最 上端向下滑动时（）o挥oA.电源输出功率不断增大B.电源输出功率先增大后减小C.电压表V 读数先变小后变大，电流表A 读数变小D.电压表V 读数先变大后变小，电流表A 读数变大2.甲、乙两列横波在同一介质中分别从波源M、N 两点沿x 轴相向传播，波速为4 m/s,振幅相同；某时刻的波形图像如图所示。则下列说法正确的是（）o，乙甲A.甲、乙两波的起振方向相同B.甲、乙两波的频率之比为2:3C.甲、乙两波在相遇区域会发生干涉D.再经过3 s,平衡位置在x=

3、6m 处的质点处于平衡位置3.如图所示，有个竖直薄壁圆筒，内壁光滑且半径为R上部侧面4 处的正下方人 处 有 个小孔8,个大小合适的小球刚好可以穿过小孔，现使小球从小孔A 处以某一初速度沿切线方向水平出发，使小球紧贴筒内壁运动，到达底部时恰好从8 孔飞出，下列判断正确的是（）A.小球沿着筒内侧运动时，对圆筒内侧的压力大小不变B.小球从B孔穿出的时间会因为初速度的不同而不同D.无论初速度多大小球到达底部时都刚好从B孔穿出4.一粗糙的绝缘的无限长斜面固定在正交的匀强磁场和匀强电场的叠加场中，磁场方向垂直纸面向里，电场方向竖宜向下，个带负电的物块轻轻地放在斜面上释放后沿斜面下滑。就下滑过程，下列说法

4、正确A.释放瞬间，物块受到5 个力的作用 B.运动后，物块一定受到5 个力作用C.速度较小时，物块才受到5 个力作用 D.速度很大时，物块可能受到3 个力作用5.北 京时间2 月 10号 19时 52分，中国首次火星探测任务“天问一号 探测器实施近火捕获制动，发动机点火工作约15分钟后，探测器顺利进入近火星点高度约400千米、周期约10个地球日、倾角约10。的大椭圆环火星轨道，这是中国第一颗人造卫星实现此次任务“绕、着、巡”目标的第一步，成功开启环绕火星模式，后续“天问一号”还将经过多次轨道调整，进入火星停泊轨道，开展预选着陆区探测，计划于 2021年5 月至6 月择机实施火星着陆，开展巡视探

5、测。若探测器登陆火星前，除 P 点在自身动力作用下改变轨道外，其余过程中仅受火星万有引力作用，经 历 从 椭 圆 轨 道 椭 圆 轨 道 口今圆轨道in 的过程，如图所示,则探测器（）轨 道L-，一 厂 一 工轨道H、轨道1 1卜、A.a 点的电势比b 点的高 B.a 点的电场强度比b 点的小C.c 点的电势比d 点的高 D.c 点的电场强度比d 点的大8.如图所示，。、b 为两束颜色不同的单色光，它们以不同的入射角射入等腰梯形玻璃棱镜，两条射出光能 合 为 束，下列说法正确的是（）A.在轨道I 运行时，探测器在Q 点的机械能比在P点的机械能大B.探测器在轨道m 上运行速度大于火星的第宇宙速度

6、C.探测器在轨道I 上运行的周期小于在轨道口上运行的周期D.探测器分别沿轨道n 和轨道m 运行时，经过p 点的向心加速度大小相等6.质量分别 为 叫=3 kg、nt,=2kg s吗=lk g 的a、b、c 三个物体按照图所示水平叠放着，与匕之间、b 与C之间的动摩擦因数均为0.1,水平面光滑，不计绳的重力和绳与滑轮间的摩擦，g 取 lOm/s?。若作用在b 上的水平力产=8 N,则与c 之间的摩擦力大小为（）A.b 光在玻璃中的折射率小B.b 光在玻璃中的光速大C.对于同种金属，。光能发生光电效应，则 b 光一定也能发生光电效应D.若两束光通过同双缝装置且都能形成干涉图样，则。光条纹间距较大9

7、.如图所示，在光滑绝缘水平桌面上有一正方形区域，区域内有竖直向上的匀强磁场。在桌面上有一边长为1 的正方形闭合刚性导线框M N P Q,导线框在外力F 的作用下，沿对角线A C 的方向以速度v 匀速运动，=0 时刻，其四个顶点加、N、P、Q 恰好在磁场各边界中点。下列图像中能正确反映尸。边产生的感应电动势入线框中的感应电流入 外力F 的大小、线框的电功率P随时间t 变化规律的是（）7.两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图所示，c 是两负电荷连线的中点，d 点在正电荷的正上方，c、d 到正电荷的距离相等，则（）物 理 试 题 第3页（共2 2页）物 理 试 题 第4页（共2 2页）1

8、 0.如图所示，质量为M的长木板静止在光滑水平面上，上表面。八段光滑，A 8段粗糙且长为/,左端。处固定轻质弹簧，右侧用不可伸长的轻绳连接于竖直墙上，轻绳所能承受的最大拉力为F。质量为m的小滑块以速度v从4点向左滑动压缩弹簧，弹簧的压缩量达最大时细绳恰好被拉断，再过段时间后长木板停止运动，小滑块恰未掉落。则下列选项正确的是（）A.细绳拉断前，细绳拉力对木板的冲量为02B.滑块与木板4 8间的动摩擦因数为工2 C.细绳被拉断瞬间弹簧的弹性势能为!，D.弹簧恢复原长时滑块的动能为:小/二、非选择题：本题共5 小题，共 54分。11.（6 分）图1是探究加速度与力关系的实验装置。提供器材如下：带有刻

9、度尺的气垫导轨、气泵、光电门2个、数字计时器、带挡光片滑块（其上可放跌码），祛 码 盘（质量5 g）、质量5 g的祛码5个。硅码盘及联码实验步骤：固定光电门，测出光电门间的距离；调节导轨水平，将滑块用细线跨过轻质滑轮与破码盘相连；将5个祛码放到滑块上，释放滑块，测出其经过光电门1和2的挡光时间；取滑块上一个祛码放入硅码盘，释放滑块，测出挡光时间；再次取滑块上一个破码，依次重复上述操作，直至将5个破码全部转移到法码盘。描点作图分析加速度与力的关系。1）图2、图3分别为甲、乙同学用各自实验数据绘制的a-F图像。上述图像中只有_ _ _ _ _ （填 图2或 图3）能正确反映加速度和力的关系。错误图

10、像形成的原因可能是A.滑块释放时具有一定的初速度B,绘制a-F图像时，将跌码盘中的跌码重量作为合力FC.滑块上固定的挡光片发生倾斜（2）依据上述正确图像计算出滑块的质量为_g,（结果保留三位有效数字）12.（8 分）某同学利用伏安法测量电池的电动势和内阻，所用电压表的内阻为Ik C，电流表内阻为0.5 C。该同学采用两种测量方案，如图甲、乙。测量得到如图丙所示的两条电源的特征曲线，其中U与/分 别为电压表和电流表的示数。回答下列问题：（1）图丙中标记为I的图线是采用（填 甲 或 乙”）方案测量得到的；（2）图丙中图线I中测量的电源电动势E =V,电源内阻厂=Q：3）研究表明，甲图方案中电池电阻

11、测量值为电池内阻与电压表内阻并联值，乙图中电池电阻测量值为电池内阻与电流表内阻串联值。实验中测量内阻的相对误差可表示为，7 =匕旬、1 0 0%，乙图的相对误r差为%；（保留到整数）（4）若选择实验方案时，只考虑让内阻测量的相对误差较小，根据丙图和计算结果，实验应采用（填“甲 或 乙）方案。1 3.（1 0 分）如图所示，根重力为G的上端封闭下端开口的横截面积为S的薄壁玻璃管静止直立于可视为无限大无限深的水槽中，己知水的密度为P，重力加速度为g,管内空气柱的长度为L,空气柱长度大于管内外液面高度差。大气压强为外，求：（1）管内外液面高度差；（2）若在A端施加竖直向下大小也为G的作用力，待平衡后

12、，4端下移的高度。（A端依然在水面上）P甲0.501 5.(1 8 分)x 炉 x-0.5躯;2兀 J 0 r t 4 n /(x|0 4s)rr：nr乙如图所示，一块足够长的薄木板C质量为M=2 k g,放在光滑的水平面上，右端与固定墙之间距离x=12.5 m,在木板上自左向右放有A、B两个完全相同的炭块（在木板上滑行时能留下痕迹），炭块A和B的质量均为?=l k g,A、B与木板间的动摩擦因数均为=0.3,开始时木板静止不动，炭块A的初速14.（12 分）如图甲所示，在平面直角坐标系xO y的第二象限中，有平行了 v轴向下的匀强电场，在v轴的右侧区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直坐标平面，磁

13、感应强度大小B随时间变化的关系如图乙所示，在t=0时刻有一比荷为l xl（）4 c/k g的带正电粒子（不计重力）从坐标原点。沿x轴 正方向以初速度V o=2xl（）3 m/s进入磁场，开始时，磁场方向垂直纸面向里，粒子最后到达x轴上坐标为（-2 m,0）的P点，求：粒子在磁场中运动的轨迹半径；（2）粒子到达y轴时与。点的距离S；匀强电场的电场强度大小Eo物 理 试 题 第7页（共2 2页）度为=12m/s,炭块B的初速度y=20 r n/s。A、B两炭块运动过程中不会相碰且均未脱离木板，C与固定墙碰撞后原速率反弹，重力加速度g u l O m/s?。求:（1）木板C刚开始运动瞬间的加速度的大

14、小:（2）木板C的最大速度%,以及墙对木板C作用力的总冲量的大小;（3）若要求两炭块与木板C的划痕不重段，求木板C的最小长度。Vnkc77777777777777777777777777777777777777Z77777777/物 理 试 题 第8页（共2 2页）2021年高考押题预测卷0 2【辽宁卷】A B.该电路为滑动变阻器的上下两部分并联与电阻R串联，当滑动变阻器的上下两部分电阻相等时并联部分电阻最大，因此划片向下滑动时电路总电阻先增大后减小，电源的输出功率和外电阻的关系如图密O电源输出功率先减小后增大，所以 A、B 错误;C D.外电阻先增大后减小，电压表V 读数先变大后变小，触头尸

15、由上往下滑至中点，并联部分电压增大而电流表所在支路电路在减小，电流表A 读数变大，触头尸由中点往下滑的过程中，外电阻减小,总电流增大，与电流表并联的支路电流在减小，电流表A 读数变大，所以C 错误，D 正确。挥故选D。B 错误：C.甲、乙两波频率不同，在相遇区域不会发生干涉，C 错误:D.乙波的周期为所以再经过3 s,乙波在x=6 m 处的质点仍然处于平衡位置。对于甲波，波速为4 m/s,所以再经过I s,甲波传播到广6 m 处，此时入=6 m 处的质点处于平衡位置且向下振动。而由于甲波的周期为7 4 7i=-=1s1 v 4所以再经过3 s,甲波在户6 m 处的质点仍然处于平衡位置。根据波的

16、叠加原理得到，再经过3 s 平衡位置在l6m处的质点处于平衡位置，D 正确。故选D。3.【答案】A【解析】A.小球的运动是水平匀速圆周运动和竖直自由落体运动的合成，小球水平匀速圆周运动的速度大小没变,则向心力大小不变，那么对圆筒内侧的压力不变，A 正确；B.小球竖直方向做自由落体运动，由于竖直方向高度确定，则小球自由落体的时间是确定的，与初速度大小没有关系，B 错误：C D.小球在整直方向做自由落体运动，所以小球在桶内的运动时间为O【答案】D【解析】A.根据波的传播方向，由波形图可得：甲波起振方向向下，乙波起振方向向上，故两波起振方向相反，A错误;B.由图可得甲、乙两波波长之比为A=2&3根

17、据/=:可知频率之比为A在水平方向，以圆周运动的规律来研究，则得2冗Rt=n-（=1、2、3.）%所以2 冗 R%=7=2啊万CD错误。故选An4.【答案】B【解析】A.释放瞬间，物块速度为零，物块只受到竖直向下的重力，贱直向上的电场力，垂直斜面向上的支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力的作用，即只受到4 个力的作用，故 A 错误：B.运动后，还要受到垂宜斜面向下的洛伦兹力的作用，即受到5 个力的作用，故 B 正确：C D.物块加速运动一段时间后最终将做匀速直线运动，即运动后一直受到5 个力的作用，故 CD错误。故选 B。5.【答案】D【解析】A.在轨道I 上从户点到Q 点的过程中，只有万有引力做功

18、，探测曜机械能不变，选 项 A 错误；B.万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得_ Mm v2G=m 广 r解得“=再由于在轨道H I上运行时的轨道半径大于火星的半径，因此在轨道in 上运行时的速度小于火星的第一宇宙速度，选项c 错误；D.根据（;曾=ma=，二 可知探测器分别沿轨道II和轨道UI运行时，经过P 点的向心加速度大小相等，r r-选 项 D 正确。故选Do6.【答案】B【解析】由题意可知，。与之间的滑动摩擦力大小为1x3x10 N=3Nb 与。之间的滑动摩擦力大小为物 理 试 题 第 I I 页（共 22页）（in+mi）=0.1x5x10 N=5N由于力72,而地面光滑，则物体的

19、运动情况为：。向左加速，b 与c 整体向右加速。根据牛顿第二定律，对。有3N=3a而对方与C有尸-厂 3N=3a解得1a=3设与c 之间的摩擦力大小为/，隔离。分析有8N-3N 户 2x；解得13产一 N 3故选B。7.【答案】D【解析】A.电场线从正电荷到负电荷，沿着电场线电势降低，所以8 点的电势比。点的高，故 A 错误；B.由图看出，。点处电场线比力点处电场线密，则 a 点的场强大于6 点的场强，故 B 错误；C.由正电荷在d,c 两点产生的电势相等，但两个负电荷在d 点产生的电势高于c 点，所以。点的总电势低于d 点.故 C 错误：D.负电荷在c 点的合场强为零，c 点只有正电荷产生的

20、电场强度，在 d 点正电荷产生的场强向上，两个负电荷产生的场强向下，合场强是它们的差值，所以c 点的电场强度比d 点的大，故 D 正确。故选D。8.【答案】AB【解析】物 理 试 题 第 12页（共 22页）b尸=交=2BIvt=452V7OoR图象是开口向上的抛物线。第二段时间如图乙所示，线框的右端M2M刚好出磁场时，左 端 0 P 2恰好与MP共线，此后一段时间内有第A.根据题意画出光路图，两光束出棱镜时，折射角相同，。光的入射角小，/，光入射角大，可得。光的折射率大，6 光的折射率小，A 正确：B.在同种介质中的 光 速，折射率越大，光速越小，在同种介质中b 光的速度较大，B 正确：C.

21、折射率越大，光子频率越大，光子能量越大，光能发生光电效应，但 b 光折射率更小，故/，光不一定效长度不变，直到线框的左端与M N重合，这段时间内感应电流不变，安培力大小不变，则外力F 不变。最后一段时间如图丙所示，从匀速运动至此M 开始计时，有效长度为A C =L-2vtf电动势为oooo*o三o挥oo也能发生光电效应，C 错误；D.折射率大的光束波长小，根据条纹间距公式口 X=较大，力光折射率较小，故力光条纹间距较大,dD 错误。9.【答案】BC【解析】A B C.过程分析如图M第一段时间从初位置到M N离开磁场，图甲表示该过程的任意一个位置，切割磁感线的有效长度为M/与M 8 之和，即 为

22、 长 度 的 2 倍，此时电动势为E=2Bvtv设线框的电阻为R,则线框中的感应电流为,E 2Bv2tI=-=-R R”图象为过原点的倾斜直线，线框受到的外力为r =B(L-2vf)v感应电流为 BLv-2Bv2t,1=-RR线框受到的外力为B2(L-2vf)2vR图像是开口向上的抛物线。由过程分析可知，电动势开始时E=2 8 i加与时间成正比，故 A 错误，BC正确:D.第过程中线框的电功率为R图像是开口向上的抛物线；第二过程电流不变，安培力不变，速度不变，则功率不变；第三过程中线框的电功率为R图像是开口向上的抛物线，故 D 错误。故选BCO10.【答案】BC【解析】A.细绳拉断前，根据/=

23、&可知细绳拉力对木板的冲量不为0,A 错误:C.滑块以速度I，从A点向左滑动压缩弹簧，到弹簧压缩量最大时速度为0,由系统的机械能守恒得：细绳被拉断瞬间弹簧的弹性势能 为;M F,C正确；B.由于细绳被拉断后，长木板停止运动，小滑块恰未掉落，说明木板速度为零，小滑块速度为零，所以小滑块的动能全部转化为弹簧的弹性势能，即Ep=m v2小滑块恰未掉落时滑到木板的右端，且速度与木板相同，设 为 取 向 左 为 正 方 向，由动量守恒定律和能量守恒定律得0 =（/+M）KEp=+A f ）v 2+jLungl联立解得v2u=-2 g/B正确；D.弹簧恢复原长时木板获得的动能，所以滑块的动能小于,w、D错

24、误。2故选B C oI I.【答案】图2 B 1 9 0 3【解析】F（1）根据牛顿第二定律4=一 知，加速度和合外力成正比，。一户图像应该是过原点的一条直线，所以上m述图像中只有图2能正确反映加速度和力的关系：图3不是过原点的一条直线，形成的原因可能是绘制aF图像时，将祛码盘中的酷码重量作为合力凡没有考虑祛码盘（质量5 g）本身的重量，使得实际的合力比绘制。一尸图像时的合力偏大，故选B：（2）设滑块的质量为M,硅码盘及硅码的质量为?，细线上的拉力为尸T,据牛顿第二定律，对祛码盘及硅码mg 一耳二 ma对滑块4=Ma八 _ mg Fci tn+M m+M即图2图像斜率即为一!一，有m+M1 0

25、.1 3 6 i-=-=4.5 3 k gm+M 0.0 3 0变形为m+M=k g=0.2 2 0 k g=2 2 0 g由题知当产=3OX1O-2N时，即5个硅码全部转移到破码盘，这时破码盘及破码的质量?=3 0 g,所以滑块的质量A/=1 9 0 g【答案】乙 6.6 5 5 1 乙【解析】通过图比较【的斜率大于I I斜率，所 以I的内阻测量值大，因 此I的图线是采用乙方案;根据图像数据，当路端电压为零时，短路电流为1 2 0 m A ,当电流为2 0 m A时，路端电压为5.5 V,根据U=E-Ir解得r =5 5 QE =6.6 V（3）相对误差为7 7=1 x 1 0 0%=1%（

26、4）若采用甲方案，内阻测量值约为5 2。，相对误差大于乙方案。1 3.悟 案】躲H=L+氤-卷甯【解析】设空气柱压强为P，大气压强为 外,对玻璃管则有可得加速度物 理 试 题 第15页（共2 2页）G+PqS=pS物 理 试 题 第16页（共2 2页）另外乂有6P=Pu+Pgh联立两式得到宅h=pgs(2)设空气柱压强为“，大气压强为P。，对玻璃管则有2G=pS-PQS6此时的管内外液面高度差为，亦有又有pL=pL!A端下移高度为H=L-h-(L,-h,)O解得G(G+Mn L+pgS 2G+pQS14.电【答案】(】)0.4m；(2)1.6 m；(3)3.2xl02 V/m【解析】(1)粒子

27、进入磁场后在磁场中做圆周运动，轨迹半径为七O喟得*6R=g 0.4 mqB(2)粒子在磁场中做圆周运动的周期为。则2亢mT=47rxlO 4 sqB由洛伦兹力提供向心力有O40-一0 x IO s时间内,粒子运动的周期数为3 x l O-4.运动轨迹对应的圆心角为120。：43 4 x 1 0 7 2*10-匕 内，粒子运动的周期数为 xlO-4.N=12 4乃 x16运动轨迹对应的圆心角为60；27tx i0一4竺;TX10飞 内，粒子运动的周期数为3也X 1 0 T,M=-7=3 44X107 3运动轨迹对应的圆心角为1 2 0,故粒子运动轨迹如图所示粒子恰好在，=与*10*s时到达y轴，

28、由图知粒子到达y轴时与。点的距离5=47?=1.6m(3)粒子进入电场后做类平抛运动，则s=-a r2 =qE r22 2m解得E=3.2xl02V/m15.【答案】（1）=3m/s2;（2）7m/s,/=32N-s；（3）L=m【解析】（1）C刚开始运动时，收到A、B对其向右的摩擦力+tng=Ma得a=3m/s2（2）刚开始阶段,A和B减速运动mg=ma得ax=3m/s2若A和C共速时C还未与墙碰撞，应满足v0-a J=at得z=2s而在2s内，木板C的位移1、,x1-a t =6m符合条件；所以应该为A、C先共速，设为匕，V -at-6m/s之后A、C 一起向右加速，B继续减速，若B未和A

29、、C共速，对A、C整体=（M+rn）a2得q=lm/s:设还需要乙时间A、C与墙碰撞1 ,XT-5 砧4=ls解得物 理 试 题 第19页（共22页）此时A、C整体速度为匕v2=V）+a4i=7 m/s而此时%=v-a tx 4-r2）=l Im/sc与墙碰后原速率反弹，则墙对C的冲量Z,=1MV2=28N-S,方向向左之后A、B继续向右减速运动，而C向左减速运动，可知A和C的加速度大小相等，减速到0所需时间为G0=v2-at2得7此时B的速度为v3=%a t2 =4m/s分析可知，此后B继续向右减速，A、C整体向右加速，三者共速之后和墙发生第二次碰撞，设三者的共同速度为也由动量守恒应有m=（

30、M+2m）v4解得v4=Im/s再次和墙碰撞后C原速率反弹所以墙对C的冲量A=2M匕=4Ns,方向向左A、B向右减速运动，C向左减速运动，由于三者的初速度均为lm/s,由前面的分析可知三者同时减速到0所以增对C的总冲量大小为Z =Z1 +/2=32N-S物 理 试 题 第20页（共22页）（也可以判断出最终:者速度为0之后得出墙对C的总冲量大小等于系统最开始的总动量）（3）要求划痕不重叠，即相对位移没有重合的部分，由（2）可知，在运动过程中A、B始终相对于C向右运动，所以木板的最小长度为A、B与C的相对位移之和，最终速度均为0,设A和C的相对位移为入土，B和C的相对位移为Af，全过程能量守恒解得C的最小长度L满足272L=x.+6x,=-m-3