2023年三年高考2016_2018高考化学试题分项版解析专题11水溶液中的离子平衡含解析.pdf

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1、 专题 11 水溶液中的离子平衡 1【2018 新课标 3 卷】用 0.100 molL-1 AgNO3滴定 50.0 mL 0.0500 molL-1 Cl-溶液的滴定曲线如图所示。下列有关描述错误的是 A根据曲线数据计算可知Ksp(AgCl)的数量级为 10-10 B曲线上各点的溶液满足关系式c(Ag+)c(Cl-)=Ksp(AgCl)C相同实验条件下，若改为 0.0400 molL-1 Cl-，反应终点 c 移到 a D相同实验条件下，若改为 0.0500 molL-1 Br-，反应终点 c 向 b 方向移动【答案】C【解析】C滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子，所以滴定的终点应该由原溶液中

2、氯离子的物质的量决定，将 50mL 0.05mol/L 的 Cl-溶液改为 50mL 0.04mol/L 的 Cl-溶液，此时溶液中的氯离子的物质的量是原来的 0.8 倍，所以滴定终点需要加入的硝酸银的量也是原来的 0.8 倍，因此应该由 c 点的 25mL变为 250.8=20mL，而 a点对应的是 15mL，选项 C错误。D 卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小，所以 KSP(AgCl)应该大于 KSP(AgBr)，将 50mL 0.05mol/L的 Cl-溶液改为 50mL 0.05mol/L的 Br-溶液，这是将溶液中的氯离子换为等物质的量的溴离子，因为银离子和氯离子或溴离子都是

3、 1:1 沉淀的，所以滴定终点的横坐标不变，但是因为溴化银更难溶，所以终点时，溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小，所以有可能由 a 点变为 b 点。选项 D正确。考点定位：考查沉淀溶解平衡以及图像分析等【试题点评】本题应该从题目所给的图入手，寻找特定数据判断题目中的沉淀滴定的具体过程。注意：横坐标是加入的硝酸银溶液的体积，纵坐标是氯离子浓度的负对数。本题虽然选择了一个学生不太熟悉的滴定过程沉淀滴定，但是其内在原理实际和酸碱中和滴定是一样的。这种滴定的理论终点都应该是恰好反应的点，酸碱中和滴定是酸碱恰好中和，沉淀滴定就是恰好沉淀，这样就能判断溶液发生改变的时候，滴定终点如何变化了。2【20

4、18 北京卷】测定 0.1 molL-1 Na2SO3溶液先升温再降温过程中的 pH，数据如下。时刻 温度/25 30 40 25 pH 9.66 9.52 9.37 9.25 实验过程中，取时刻的溶液，加入盐酸酸化的 BaCl2溶液做对比实验，产生白色沉淀多。下列说法不正确的是 ANa2SO3溶液中存在水解平衡：+H2O+OH B的 pH与不同，是由于浓度减小造成的 C的过程中，温度和浓度对水解平衡移动方向的影响一致 D与的Kw值相等【答案】C【解析】考点定位：考查水解方程式的书写、影响盐类水解的因素、水的离子积影响因素等知识。【试题点评】思路点拨：Na2SO3属于强碱弱酸盐，根据水解规律“

5、有弱才水解”，即 SO32发生水解：SO32-+H2OHSO3-+OH-、HSO3-+H2OH2SO3+OH-，根据信息，对 Na2SO3溶液进行升温，盐类水解是吸热反应，即升高温度，促进水解，c(OH)增大，pH增大，和温度相同，但 pH不同，根据信息取的溶向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 液，加入盐酸酸化的 BaCl2溶

6、液，中产生白色沉淀多，沉淀是 BaSO4，说明在升温过程中 SO32被氧化成SO42，然后再进行合理判断即可。3【2018 天津卷】LiH2PO4是制备电池的重要原料。室温下，LiH2PO4溶液的 pH随c初始（H2PO4）的变化如图 1 所示，H3PO4溶液中 H2PO4的分布分数 随 pH的变化如图 2 所示，下列有关 LiH2PO4溶液的叙述正确的是 A溶液中存在 3 个平衡 B含 P元素的粒子有 H2PO4、HPO42、PO43 C随c初始（H2PO4）增大，溶液的 pH明显变小 D用浓度大于 1 molL-1的 H3PO4溶液溶解 Li2CO3，当 pH达到 4.66 时，H3PO4

7、几乎全部转化为 LiH2PO4【答案】D【解析】考点定位：考查弱电解质电离、盐类水解、物料守恒等知识。【试题点评】思路点拨：H3PO4属于中强酸，LiH2PO4溶液中 H2PO4发生电离 H2PO4HHPO42，H2PO4属于弱酸根，也能发生水解，HPO42属于酸式根离子，能发生电离：HPO42H PO43，HPO42也能发生水解，PO43只能发生水解，该溶液中存在水，水是弱电解质，存在电离平衡，根据物料守恒，P在水中存在的微粒有 H3PO4、H2PO4、HPO42、PO43，C和 D两个选项根据图像判断即可。4【2018 天津卷】下列叙述正确的是 A某温度下，一元弱酸 HA的Ka越小，则 N

8、aA的Kh(水解常数)越小 B铁管镀锌层局部破损后，铁管仍不易生锈 C反应活化能越高，该反应越易进行 D不能用红外光谱区分 C2H5OH和 CH3OCH3 向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考【答案】B【解析】考点定位：考查水解的规律、金属的腐蚀和防护、活化能、红外光谱等知识。【试题点评】思路点拨：反应的活化能是指普通分子达到活

9、化分子需要提高的能量，则活化能越大，说明反应物分子需要吸收的能量越高（即，引发反应需要的能量越高），所以活化能越大，反应进行的就越困难。5【2018 江苏卷】根据下列图示所得出的结论不正确的是 A图甲是 CO(g)+H2O(g)CO2(g)+H2(g)的平衡常数与反应温度的关系曲线，说明该反应的 Hc(H2C2O4)c(C2O42)c(H+)CpH=7 的溶液：c(Na+)=0.1000 molL 1+c(C2O42)c(H2C2O4)Dc(Na+)=2c(总)的溶液：c(OH)c(H+)=2c(H2C2O4)+c(HC2O4)【答案】AD【解析】精准分析：A项，H2C2O4溶液中的电荷守恒为

10、 c（H+）=c（HC2O4-）+2c（C2O42-）+c（OH-），0.1000 molL 1H2C2O4溶液中 0.1000mol/L=c（H2C2O4）+c（HC2O4-）+c（C2O42-），两式整理得 c（H+）=0.1000mol/L-c（H2C2O4）+c（C2O42-）+c（OH-），A项正确；B 项，c（Na+）=c（总）时溶液中溶质为 NaHC2O4，HC2O4-既存在电离平衡又 存 在 水 解 平 衡，HC2O4-水 解 的 离 子 方 程 式 为HC2O4-+H2OH2C2O4+OH-，HC2O4-水 解 常 数Kh=1.8510-13Ka2（H2C2O4），HC2O4

11、-的电离程度大于水解程度，则 c（C2O42-）c（H2C2O4），B项错误；C项，滴入 NaOH 溶液后，溶液中的电荷守恒为 c（Na+）+c（H+）=c（HC2O4-）+2c（C2O42-）+c（OH-），室温 pH=7即 c（H+）=c（OH-），则 c（Na+）=c（HC2O4-）+2c（C2O42-）=c（总）+c（C2O42-）-c（H2C2O4），由于溶液体积变大，c（总）0.1000mol/L，c（Na+）0.1000mol/L+c（C2O42-）-c（H2C2O4），C项错误；D项，c（Na+）=2c（总）时溶液中溶质为 Na2C2O4，溶液中的电荷守恒为 c（Na+）+c（

12、H+）=c（HC2O4-）+2c（C2O42-）+c（OH-），物料守恒为 c（Na+）=2c（H2C2O4）+c（HC2O4-）+c（C2O42-），两式整理得 c（OH-）-c（H+）=2c（H2C2O4）+c（HC2O4-），D项正确；答案选 AD。向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 考点定位：本题考查电解质溶液中粒子浓

13、度的大小关系和守恒关系。【试题点评】思路点拨：确定溶液中粒子浓度大小关系时，先确定溶质的组成，分析溶液中存在的各种平衡，弄清主次（如 B项），巧用电荷守恒、物料守恒和质子守恒（质子守恒一般可由电荷守恒和物料守恒推出）。注意加入 NaOH 溶液后，由于溶液体积变大，c（总）0.1000mol/L。7【2017 新课标 1 卷】常温下将 NaOH 溶液滴加到己二酸（H2X）溶液中，混合溶液的 pH与离子浓度变化的关系如图所示。下列叙述错误的是 AKa2（H2X）的数量级为 106 B曲线 N表示 pH与2(HX)lg(H X)cc的变化关系 CNaHX 溶液中(H)(OH)cc D当混合溶液呈中性

14、时，2(Na)(HX)(X)(OH)(H)ccccc【答案】D molL1，代入Ka2得到Ka2=105.4，因此Ka2（H2X）的数量级为 106，A正确；B根据以上分析可知曲线 N表示 pH与2(HX)lg(H X)cc的关系，B正确；C 曲线 N是己二酸的第一步电离，根据图像取 0.6 和 5.0 点，2(HX)(H X)cc=100.6 molL1，c(H)=105.0 molL1，代入Ka1得到Ka1=104.4，因此 HX的水解常数是w1aKK=1014/104.4向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对

15、应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 Ka2，所以 NaHX溶液显酸性，即c(H)c(OH)，C正确；D根据图像可知当2(X)lg(HX)cc0 时溶液显酸性，因此当混合溶液呈中性时，2(X)lg(HX)cc0，即c(X2)c(HX)，D错误；答案选 D。【名师点睛】该题综合性强，该题解答时注意分清楚反应的过程，搞清楚 M和 N曲线表示的含义，答题的关键是明确二元弱酸的电离特点。电解质溶液中离子浓度大小比较问题，是高考热点中的热点。多年以来全国

16、高考化学试卷几乎年年涉及。这种题型考查的知识点多，灵活性、综合性较强，有较好的区分度，它能有效地测试出学生对强弱电解质、电离平衡、水的电离、pH、离子反应、盐类水解等基本概念的掌握程度以及对这些知识的综合运用能力。围绕盐类水解的类型和规律的应用试题在高考中常有涉及。解决这类题目必须掌握的知识基础有：掌握强弱电解质判断及其电离，盐类的水解，化学平衡理论(电离平衡、水解平衡)，电离与水解的竞争反应，以及化学反应类型，化学计算，甚至还要用到“守恒”来求解。8【2017 新课标 2 卷】改变 0.11mol L二元弱酸2H A溶液的 pH，溶液中的2H A、HA、2A的物质的量分数(X)随 pH的变化

17、如图所示 已知22(X)(X)(H A)(HA)(A)cccc。下列叙述错误的是 ApH=1.2 时，2(H A)(HA)cc B22lg(H A)4.2K CpH=2.7 时，22(HA)(H A)(A)ccc DpH=4.2 时，2(HA)(A)(H)ccc【答案】D 向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 【名师点睛】该题综

18、合性强，该题解答时注意利用守恒的思想解决问题。电解质溶液中离子浓度大小比较问题，是高考热点中的热点。多年以来全国高考化学试卷几乎年年涉及。这种题型考查的知识点多，灵活性、综合性较强，有较好的区分度，它能有效地测试出学生对强弱电解质、电离平衡、水的电离、pH、离子反应、盐类水解等基本概念的掌握程度以及对这些知识的综合运用能力。围绕盐类水解的类型和规律的应用试题在高考中常有涉及。解决这类题目必须掌握的知识基础有：掌握强弱电解质判断及其电离，盐类的水解，化学平衡理论(电离平衡、水解平衡)，电离与水解的竞争反应，以及化学反应类型，化学计算，甚至还要用到“守恒”来求解。9【2017 新课标 3 卷】在湿

19、法炼锌的电解循环溶液中，较高浓度的Cl会腐蚀阳极板而增大电解能耗。可向溶液中同时加入 Cu和 CuSO4，生成 CuCl 沉淀从而除去Cl。根据溶液中平衡时相关离子浓度的关系图，下列说法错误的是 ASP(CuCl)K的数量级为710 B除Cl反应为 Cu+Cu2+2Cl=2CuCl C加入 Cu越多，Cu+浓度越高，除Cl效果越好 D2Cu+=Cu2+Cu平衡常数很大，反应趋于完全【答案】C 向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液

20、变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 【名师点睛】本题考查溶度积常数的计算及平衡的移动，难点是对溶液中平衡时相关离子浓度的关系图的理解，通过图示可以提取出Ksp(CuCl)，2CuCu2Cu 的平衡常数，并且要注意在化学平衡中纯物质对反应无影响。10【2017 江苏卷】常温下，Ka(HCOOH)=1.7710 4，Ka(CH3COOH)=1.7510 5，Kb(NH3H2O)=1.7610 5，下列说法正确的是 A浓度均为 0.1 molL 1的 HCOONa 和 NH4Cl 溶液中阳离子的物质的量浓度之和：前者大于后者 B用相

21、同浓度的 NaOH 溶液分别滴定等体积 pH均为 3 的 HCOOH 和 CH3COOH 溶液至终点，消耗 NaOH 溶液的体积相等 C0.2 molL 1 HCOOH 与 0.1 molL 1 NaOH 等体积混合后的溶液中：c(HCOO)+c(OH)=c(HCOOH)+c(H+)D0.2 molL 1 CH3COONa 与 0.1 molL 1盐酸等体积混合后的溶液中(pH c(Cl )c(CH3COOH)c(H+)【答案】AD 乙酸消耗的氢氧化钠溶液较多，B错误；C两溶液等体积混合后得到甲酸和甲酸钠的混合液，由电荷守恒得c(H+)+c(Na+)=c(OH)+c(HCOO)，由 物 料 守

22、 恒 得 2c(Na+)=c(HCOOH)+c(HCOO)，联 立 两 式 可 得2c(H+)+c(HCOOH)=2c(OH)+c(HCOO)，C错误；D两溶液等体积混合后，得到物质的量浓度相同的乙酸、乙酸钠和氯化钠的混合液，由于溶液 pHc(Cl)c(CH3COOH)c(H+)，D正确。【名师点睛】本题以 3 种弱电解质及其盐的电离、反应为载体，考查了酸碱中和滴定和溶液中离子浓度的向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为

23、溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 大小比较。电解质溶液中离子浓度大小比较问题，是高考热点中的热点。这种题型考查的知识点多，灵活性、综合性较强，有较好的区分度，它能有效地测试出学生对强弱电解质、电离平衡、水的电离、pH、离子反应、盐类水解等基本概念的掌握程度以及对这些知识的综合运用能力。高考试题常围绕盐类水解的类型和规律的应用出题。解决这类题目必须掌握的知识基础有：掌握强弱电解质判断及其电离，弱电解质的电离平衡常数的意义及其重要应用，盐类的水解，化学平衡理论(电离平衡、水解平衡)，电离与水解的竞争反应，要用到三个“守恒”（物料守恒、电荷

24、守恒、质子守恒）来求解。很多大小关系要巧妙运用守恒关系才能判断其是否成立。11【2016 新课标 1 卷】298 K 时，在 20.0 mL 0.10 mol/L氨水中滴入 0.10 mol/L的盐酸，溶液的 pH与所加盐酸的体积关系如图所示。已知 0.10 mol/L氨水的电离度为 1.32%，下列有关叙述正确的是 A该滴定过程应该选择酚酞作为指示剂 BM点对应的盐酸体积为 20.0 mL CM点处的溶液中 c(NH4)c(Cl)c(H)c(OH)DN点处的溶液中 pH 12【答案】D【解析】)，所以 c(NH4)c(Cl)。盐是强电解质，电离远远大于弱电解质水的电离程度，所以溶液中离子浓度

25、关系是：c(NH4)c(Cl)c(H)c(OH)，错误；DN点氨水溶液中已经电离的一水合氨浓度等于溶液中氢氧根离子的浓度，c(OH-)=0.1 mol/L1.32%=1.3210 3 mol/L，根据水的离子积常数可知：N处的溶液中氢离子浓度14310mol1.32 107.6 1012 mol/L，根据 pH=lgc(H+)可知此时溶液中 pH 12，正确。【考点定位】考查酸碱中和滴定、弱电解质的电离以及离子浓度大小比较等知识。【名师点睛】酸碱中和滴定是中学化学的重要实验，通常是用已知浓度的酸(或碱)来滴定未知浓度的碱(或向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液

26、中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 酸)，由于酸、碱溶液均无色，二者恰好反应时溶液也没有颜色变化，所以通常借助指示剂来判断，指示剂通常用甲基橙或酚酞，而石蕊溶液由于颜色变化不明显，不能作中和滴定的指示剂。酸碱恰好中和时溶液不一定显中性，通常就以指示剂的变色点作为中和滴定的滴定终点，尽管二者不相同，但在实验允许的误差范围内。进行操作时，要注意仪器的润洗、查漏、气泡的排除，会进行误差分析与判断。判断

27、电解质溶液中离子浓度大小时，经常要用到三个守恒：电荷守恒、物料守恒、质子守恒，会根据相应的物质写出其符合题意的式子，并进行叠加，得到正确的算式。掌握水的离子积常数的计算方法、离子浓度与溶液 pH的关系等是本题解答的关键所在。本题难度适中。12【2016 新课标 3 卷】下列有关电解质溶液的说法正确的是 A向 0.1mol1LCH3COOH 溶液中加入少量水，溶液中3(H)(CH COOH)cc减小 B将 CH3COONa 溶液从 20升温至 30，溶液中33(CH COO)(CH COOH)(OH)ccc增大 C向盐酸中加入氨水至中性，溶液中4(NH)1(Cl)cc D向 AgCl、AgBr

28、的饱和溶液中加入少量 AgNO3，溶液中(Cl)(Br)cc不变【答案】D【解析】【考点定位】考查弱电解质的电离平衡，盐类水解平衡，难溶电解质的溶解平衡【名师点睛】本试题考查影响弱电解质电离平衡移动、盐类水解移动、离子浓度大小比较、难溶电解质的溶解平衡等知识，属于选修 4 的知识点，这部分题考查学生对上述知识的运用、分析、审题能力，平时训练中需要强化这部分知识的练习，因为它是高考的重点。醋酸属于弱电解质，CH3COOHCH3COOH，影响弱电解质的因素：（1）温度：升高温度促进电离；（2）加水稀释，促进电离；（3）同离子效应：加入相同离子抑制电离；（4）加入反应离子：促进电离；因为是都在同一溶

29、液，溶液体积相同，因此看物质的向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 量变化，加水稀释促进电离，n(H)增大，n(CH3COOH)减小，则比值增大。影响盐类水解的因素：温度、浓度、加入反应离子、同离子等，依据水解常数的表达式，得出：33(CH COO)(CH COOH)(OH)ccc=1/K，K只受温度的影响，盐类水解是中和反应的

30、逆过程，属于吸热反应，升高温度促进水解，K 增大，则比值变小。离子浓度大小比较中，有“三个守恒”：电荷守恒、物料守恒、质子守恒，根据相应的物质写出其符合题意的式子，并进行叠加，即得到正确的算式。因为是溶液显中性，常用电荷守恒的思想解决，即 c(NH4)c(H)=c(OH)c(Cl)，溶液显中性则 c(H)=c(OH)，即 c(NH4)=c(Cl)，比值等于 1；依据溶度积的表达式得出：Ksp(AgCl)=c(Ag)c(Cl)，Ksp(AgBr)=c(Ag)c(Br)，则两式相比得到 c(Cl)/c(Br)=Ksp(AgCl)/Ksp(AgBr)，溶度积只受温度的影响，温度不变，则比值不变，溶度

31、积和离子积的关系：Qc=Ksp溶液达到饱和，QcKsp溶液过饱和有沉淀析出，QcKsp溶液未达到饱和。本题难度适中。13【2016 北京卷】在两份相同的 Ba(OH)2溶液中，分别滴入物质的量浓度相等的 H2SO4、NaHSO4溶液，其导电能力随滴入溶液体积变化的曲线如图所示。下列分析不正确的是 A代表滴加 H2SO4溶液的变化曲线 Bb 点，溶液中大量存在的离子是 Na+、OH Cc 点，两溶液中含有相同量的 OH Da、d 两点对应的溶液均显中性【答案】C【解析】【考点定位】本题主要考查酸碱溶液混合时溶液的酸碱性的判断以及图像分析等【名师点睛】该题以氢氧化钡与硫酸以及硫酸氢钠的反应为载体，

32、侧重考查溶液的导电性、离子判断以及向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 溶液酸碱性判断。明确反应的原理，正确书写出相应的化学反应方程式是解答的关键，特别是氢氧化钡和硫酸氢钠的反应，应用顺序的不同或量的不同而导致方程式变化，是解答本题的难点和易错点。注意溶液的导电能力只与溶液中离子浓度的大小和离子所带电荷数有关系，与离子种类无关。

33、14【2016 浙江卷】苯甲酸钠（，缩写为 NaA）可用作饮料的防腐剂。研究表明苯甲酸（HA）的抑菌能力显著高于 A。已知 25 时，HA的 Ka=6.25105，H2CO3的 Ka1=4.17107，Ka2=4.901011。在生产碳酸饮料的过程中，除了添加 NaA外，还需加压充入 CO2气体。下列说法正确的是（温度为 25，不考虑饮料中其他成分）A相比于未充 CO2的饮料，碳酸饮料的抑菌能力较低 B提高 CO2充气压力，饮料中 c(A)不变 C当 pH为 5.0 时，饮料中(HA)(A)cc=0.16 D碳酸饮料中各种粒子的浓度关系为：c(H+)=c(HCO3)+c(CO32)+c(OH)

34、c(HA)【答案】C【解析】【考点定位】考查弱电解质的电离。【名师点睛】弱电解质的电离平衡和盐类水解平衡都受外加物质的影响，水解显碱性的盐溶液中加入酸，促进水解，加入碱抑制水解。在溶液中加入苯甲酸钠，苯甲酸钠存在水解平衡，溶液显碱性，通入二氧化碳，促进水解，水解生成更多的苯甲酸，抑菌能量增强。提高二氧化碳的充气压力，使水解程度增大，c(A)减小。15【2016 海南卷】向含有 MgCO3固体的溶液中滴加少许浓盐酸（忽略体积变化），下列数值变小的是 Ac(CO32)Bc(Mg2+)Cc(H+)DKsp(MgCO3)【答案】A【解析】试题分析：MgCO3固体的溶液中存在溶解平衡：MgCO3(s)M

35、g2+(aq)+CO32(aq)，加入少量稀盐酸可与 CO32反应促使溶解平衡正向移动，故溶液中 c(CO32)减小，c(Mg2+)及 c(H+)增大，Ksp(MgCO3)只与温度有关，不向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 变。故选 A。考点：考查难溶电解质的溶解平衡及 Ksp【名师点睛】难溶电解质的溶解平衡是这几年高考的热点

36、，掌握难溶电解质的溶解平衡及溶解平衡的应用，并运用平衡移动原理分析、解决沉淀的溶解和沉淀的转化问题，既考查了学生的知识迁移能力、动手实验的能力，又考查了学生实验探究的能力和逻辑推理能力。本题较基础，只需把握平衡移动原理即可得到结论。16【2016 江苏卷】下列说法正确的是 A氢氧燃料电池工作时，H2在负极上失去电子 B0.1 mol/L Na2CO3溶液加热后，溶液的 pH减小 C常温常压下，22.4 L Cl2中含有的分子数为 6.021023个 D室温下，稀释 0.1 mol/L CH3COOH 溶液，溶液的导电能力增强【答案】A【解析】【考点定位】本题主要是考查燃料电池，电解质溶液中的离

37、子平衡，阿伏加德罗常数计算等【名师点晴】该题考查的知识点较多，综合性较强，但难度不大。明确原电池的工作原理、碳酸钠的水解、气体摩尔体积以及弱电解质的电离是解答的关键，易错选项是 D，注意理解溶液导电性影响因素，溶液的导电能力强弱取决于溶液中离子浓度的大小和离子所带电荷的多少，离子浓度越大，离子所带的电荷越多，溶液的导电性越强。若强电解质溶液中离子浓度很小，而弱电解质溶液中离子浓度大，则弱电解质溶液的导电能力强，因此电解质的强弱与电解质溶液的导电性并无必然联系。17【2016 江苏卷】下列图示与对应的叙述不相符合的是 A图甲表示燃料燃烧反应的能量变化 B图乙表示酶催化反应的反应速率随反应温度的变

38、化 向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 C图丙表示弱电解质在水中建立电离平衡的过程 D图丁表示强碱滴定强酸的滴定曲线【答案】A【解析】【考点定位】本题主要是考查化学图像分析，热化学，化学反应速率，溶液中的离子平衡等有关判断【名师点晴】掌握有关的化学反应原理，明确图像中曲线的变化趋势是解答的关键。注意酶的催化效率与温度的关系，温

39、度太高或太低都不利于酶的催化。注意电离平衡也是一种动态平衡，当溶液的温度、浓度以及离子浓度改变时，电离平衡都会发生移动，符合勒夏特列原理。18【2016 江苏卷】H2C2O4为二元弱酸。20时，配制一组 c（H2C2O4）+c（HC2O4）+c（C2O42）=0.100 molL1的 H2C2O4和 NaOH混合溶液，溶液中部分微粒的物质的量浓度随 pH的变化曲线如图所示。下列指定溶液中微粒的物质的量浓度关系一定正确的是 ApH=2.5 的溶液中：c（H2C2O4）+c（C2O42）c（HC2O4）Bc（Na+）=0.100 molL1的溶液中：c（H+）+c（H2C2O4）=c（OH）+c（

40、C2O42）Cc（HC2O4）=c（C2O42）的溶液中：c（Na+）0.100 molL1+c（HC2O4）DpH=7的溶液中：c（Na+）2c（C2O42）【答案】BD【解析】向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 【考点定位】本题主要是考查电解质溶液中的离子平衡以及离子浓度大小比较【名师点晴】该题综合性强，难度较大。电解质溶

41、液中离子浓度大小比较问题，是高考热点中的热点。多年以来全国高考化学试卷几乎年年涉及。这种题型考查的知识点多，灵活性、综合性较强，有较好的区分度，它能有效地测试出学生对强弱电解质、电离平衡、水的电离、pH、离子反应、盐类水解等基本概念的掌握程度以及对这些知识的综合运用能力。围绕盐类水解的类型和规律的应用试题在高考中常有涉及。解决这类题目必须掌握的知识基础有：掌握强弱电解质判断及其电离,盐类的水解,化学平衡理论(电离平衡、水解平衡),电离与水解的竞争反应,以及化学反应类型,化学计算,甚至还要用到“守恒”来求解。解题的关键是运用物料守恒、电荷守恒和质子守恒原理计算相关离子浓度大小。19【2016 上

42、海卷】能证明乙酸是弱酸的实验事实是 ACH3COOH 溶液与 Zn反应放出 H2 B0.1mol/L CH3COONa 溶液的 pH大于 7 CCH3COOH 溶液与 NaCO3反应生成 CO2 D0.1 mol/L CH3COOH 溶液可使紫色石蕊变红【答案】B【解析】试题分析：A只能证明乙酸具有酸性，不能证明其酸性强弱，错误；B该盐水溶液显碱性，由于 NaOH是强碱，故可以证明乙酸是弱酸，正确；C可以证明乙酸的酸性比碳酸强，但是不能证明其是弱酸，错误；D可以证明乙酸具有酸性，但是不能证明其酸性强弱，错误。【考点定位】考查酸性强弱比较的实验方法。【名师点睛】强酸与弱酸的区别在于溶解于水时是否

43、完全电离，弱酸只能部分发生电离、水溶液中存在电离平衡。以 CH3COOH 为例，通常采用的方法是：测定 0.1mol/LCH3COOH 溶液 pH，pH 1，说明 CH3COOH 没有完全电离；将 pH=1CH3COOH 溶液稀释 100 倍后测定 3pH 1，说明溶液中存在电离平衡，且随着稀释平衡向电离方向移动；测定 0.1mol/L CH3COONa 溶液的 pH，pH 7，说明 CH3COONa 是强碱弱酸盐，弱酸阴离子 CH3COO水解使溶液呈碱性。20【2016 四川卷】向 1 L 含 0.01 mol NaAlO2和 0.02 mol NaOH 的溶液中缓慢通入 CO2，随 n(C

44、O2)增大，先后发生三个不同的反应，当 0.01 molc(AlO2-)+c(OH-)B 0.01 c(Na+)c(AlO2-)c(OH-)c(CO32-)C 0.015 c(Na+)c(HCO3-)c(CO32-)c(OH-)D 0.03 c(Na+)c(HCO3-)c(OH-)c(H+)【答案】D【解析】【考点定位】考查电解质溶液中的离子平衡，钠、铝及其化合物的性质【名师点睛】本题将元素化合物知识与电解质溶液中离子浓度大小比较综合在一起考查，熟练掌握相关元素化合物知识，理清反应过程，结合相关物质的用量正确判断相关选项中溶液的成分是解题的关键。电解质溶液中微粒浓度大小比较要抓住两个平衡：电离

45、平衡和盐类的水解平衡，抓两个微弱：弱电解质的电离和盐类的水解是微弱的，正确判断溶液的酸碱性，进行比较。涉及等式关系要注意电荷守恒式、物料守恒式和质子守恒式的灵活运用。21【2016 天津卷】室温下，用相同浓度的 NaOH溶液，分别滴定浓度均为 0.1molL1的三种酸(HA、HB和 HD)溶液，滴定的曲线如图所示，下列判断错误的是()向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离

46、子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 A三种酸的电离常数关系：KHAKHBKHD B滴定至 P点时，溶液中：c(B)c(Na)c(HB)c(H)c(OH)CpH=7时，三种溶液中：c(A)=c(B)=c(D)D当中和百分数达 100%时，将三种溶液混合后：c(HA)c(HB)c(HD)=c(OH)c(H)【答案】C【解析】【考点定位】考查中和滴定图像、弱电解质的电离平衡、离子浓度大小比较【名师点晴】本题考查了酸碱混合时的定性判断、弱电解质的电离平衡、离子浓度大小比较等。在判断溶液中微粒浓度大小的比较时，要重点从三个守恒关系出发，分析思考。（1）两个理论依据：弱电解质电离理论：电离微粒的浓

47、度大于电离生成微粒的浓度。例如，H2CO3溶液中：c(H2CO3)c(HCO3)c(CO32)(多元弱酸第一步电离程度远远大于第二步电离)。水解理论：水解离子的浓度大于水解生成微粒的浓度。例如，Na2CO3溶液中：c(CO32)c(HCO3)c(H2CO3)(多元弱酸根离子的水解以第一步为主)。（2）三个守恒关系：电荷守恒：电荷守恒是指溶液必须保持电中性，即溶液中所有阳离子的电荷总浓度等于所有阴离子的电荷总浓度。例如，NaHCO3溶液中：c(Na)c(H)=c(HCO3)2c(CO32)c(OH)。物料守恒：物料守恒也就是原子守恒，变化前后某种元素的原子个数守恒。例如，0.1 molL1 Na

48、HCO3溶液中：c(Na)c(HCO3)c(CO32)c(H2CO3)0.1 molL1。质子守恒：由水电离出的 c(H)等于由水电离出的 c(OH)，在碱性盐溶液中 OH守恒，在酸性盐溶液中 H守恒。例如，纯碱溶液中 c(OH)c(H)c(HCO3)2c(H2CO3)。质子守恒的关系式也可以由电荷守恒式与物料守恒式推导得到。解答本题时，能够从图像的起向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考 始点得出三种酸的相对强弱是解题的关键。向移动答案解析滴定的过程是用硝酸银滴定氯离子所以滴定的终点应该由原溶液中氯离子的物质的量决定将的溶液改由点的变为而点对应的是选项错误卤化银从氟化银到碘化银的溶解度应该逐渐减小所以应该大于将的溶液改为的溶液变但是因为溴化银更难溶所以终点时溴离子的浓度应该比终点时氯离子的浓度更小所以有可能由点变为点选项正确考