高考物理板块模型典型例题答案3.pdf

《高考物理板块模型典型例题答案3.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《高考物理板块模型典型例题答案3.pdf（18页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)）的内容能够给您的工作和学习带来便利。同时也真诚的希望收到您的建议和反馈，这将是我们进步的源泉，前进的动力。本文可编辑可修改，如果觉得对您有帮助请收藏以便随时查阅，最后祝您生活愉快 业绩进步，以下为(完整)高考物理板块模型

2、典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)的全部内容。(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)1。（8 分）如图 19 所示，长度 L=1.0 m 的长木板 A 静止在水平地面上，A 的质量m1=1。0 kg，A 与水平地面之间的动摩擦因数1=0.04 在A 的右端有一个小物块 B(可视为质点）现猛击 A 左侧,使 A 瞬间获得水平向右的速度 0=2.0 m/sB 的质量 m2=1。0 kg，A 与 B 之间的动摩擦因数2=0。16取重力加速度 g=10 m/s2（1)求 B在 A上相对 A滑行的最远距离；（2）若只改变物理量 0、2中的一个，使 B刚好从 A上滑

3、下请求出改变后该物理量的数值（只要求出一个即可）2、（8 分）如图 13 所示，如图所示,水平地面上一个质量 M=4.0kg、长度 L=2.0m的木板，在 F=8。0N的水平拉力作用下，以 v0=2.0m/s 的速度向右做匀速直线运动某时刻将质量 m=1。0kg 的物块（物块可视为质点）轻放在木板最右端（g=10m/s2)(1）若物块与木板间无摩擦，求物块离开木板所需的时间；（保留二位有效数字）（2）若物块与木板间有摩擦，且物块与木板间的动摩擦因数和木板与地面间的动摩擦因数相等,求将物块放在木板上后，经过多长时间木板停止运动。3。(2009 春会考）（8 分）如图 15 所示，光滑水平面上有一

4、块木板，质量 M=1.0 kg，长度 L=1.0 m 在木板的最左端有一个小滑块（可视为质点），质量 m=1。0 kg 小滑块与木板之间的动摩擦因数 =0。30开始时它们都处于静止状态某时刻起对小滑块施加一个 F=8。0 N 水平向右的恒力，此后小滑块将相对木板滑动。（1）求小滑块离开木板时的速度；B A v0 L 图19(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)（2）假设只改变 M、m、F中一个物理量的大小，使得小滑块速度总是木板速度的 2 倍，请你通过计算确定改变后的那个物理量的数值（只要提出一种方案即可).4.（2009 夏）(8 分）如图 15 所示,水平桌面

5、到地面的高度 h=0.8 m.质量 m=0。2 kg 的小物块（可以看作质点）放在桌面 A端。现对小物块施加一个 F0。8 N的水平向右的恒力,小物块从静止开始运动.当它经过桌面上的 B 点时撤去力 F，一段时间后小物块从桌面上的 C端飞出,最后落在水平地面上.已知 AB=BC=0.5 m，小物块在A、B间运动时与桌面间的动摩擦因数 1=0。2，在 B、C间运动时与桌面间的动摩擦因数 2=0.1。（1）求小物块落地点与桌面 C端的水平距离；（2）某同学作出了如下判断：若仅改变 AB段的长度而保持 BC段的长度不变，或仅改变 BC段的长度而保持 AB段的 长度不变，都可以使小物块落地点与桌面 C

6、端 的水平距离变为原来的 2 倍。请你通过计算说明 这位同学的判断是否正确。5。(2010 春）如图 14 所示，光滑水平面上有一木板槽（两侧挡板厚度忽略不计），质量 M=2。0kg，槽的长度 L=2.0m,在木板槽的最左端有一个小滑块（可视为质点），质量 m=1.0kg，小滑块与木板槽之间的动摩擦因数20.01.开始时它们都处于静止状态,某时刻起对木板槽施加一个 F=10.0N 水平向左的恒力，此后小滑块将相对木板槽滑动。（1）求小滑块滑到木板槽中点时速度的大小；（2）水平面光滑是一种理想化的情况，实际上木板槽与水平面间是有摩擦的，经测定木板槽与水平面间的动摩擦因数2=0.05。如果使m M

7、 F 图 15 F h A B C 图 15(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)小滑块滑到木板槽中点时的速度与第（1）问所求速度相同，请你通过计算确定一种方案：即只改变 M、m、F中一个物理量的大小，实现上述要求（只要提出一种方案即可）。6（8 分)如图 17 所示，质量 M=5 kg 的平板静止在光滑的水平面上,平板的右端有一竖直挡板，一个质量 m=2 kg的木块静止在平板上,木块与挡板之间的距离 L=0。8 m，木块与平板之间的动摩擦因数 =0.4 （1）若对木块施加 F 12 N 水平向右的恒力，直到木块与挡板相撞，求这个过程经历的时间 t；（2）甲同学说

8、，只增大平板的质量 M，可以缩短上述时间 t;乙同学说，只减小平板的质量 M,可以缩短上述时间 t 请你通过计算，判断哪位同学的说法是正确的 7.(2011 年夏）如图 17 所示，光滑水平面上有一块质量 M=3。0kg，长度 L=1。0m的长木板，它的右端有一个质量 m=2。0kg 的小物块（可视为质点），小物块与长木板之间的动摩擦因数=0。20小物块与长木板都处于静止状态。从某时刻起对长木板施加一个水平向右的恒力F，使小物块将相对长木板滑动，经过时间 t=1.0s，小物块恰好滑到木板的中点。取重力加速度 g=10m/s2（1）求恒力 F的大小；（2）假设改变 M、m、F中一个物理量的大小，

9、使得经过时间 t=1.0s，小物块恰好滑到木板的 左端。请你通过计算确定改变后的那个物理量 的数值(只要提出一种方案即可）8。(2011 年春）如图 17 所示，长度 L=1.0 m的长木板 A静止在水平地面上,A 的质量 m1=1.0 kg，A与水平地面之间的动摩擦因数F L 平板 木块 图 17(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)1=0.04 小物块 B（可视为质点)以 0=2.0 m/s的初速度滑上 A的左端，B的质量 m2=1.0 kg，A与 B之间的动摩擦因数 2=0.16 取重力加速度 g=10 m/s2（1）求 B在 A上相对 A滑行的最远距离；（

10、2)若只改变物理量 0、1、2中的一个，使 B刚好从 A上滑下，请确定改变后该物理量的数值（只要提出一种方案即可）9。（2012 年春)如图 19 所示,光滑水平面上有一块静止的长木板，木板的长度 L=2.4 m，质量 M=3。0 kg.某时刻，一个小物块（可视为质点）以 0=3。0 m/s 的初速度滑上木板的右端，与此同时对木板施加一个 F=6。0 N的水平向右的恒力。物块的质量 m=1。0 kg，物块与木板间的动摩擦因数 =0。30取重力加速度 g=10 m/s2（1）求物块相对木板滑动的最大距离；（2）若只改变物理量 F、M、m中的一个，使得物块速度减为零时恰好到达木板的左端，请确定改变

11、后该物理量的数值(只要提出一种方案即可）10(8 分）如图 19 所示，光滑水平面上放着一块长木板，木板处于静止状态，其长度 L=16 m质量 M=3 0 kg，质量 m=1 0 kg 的小物块放在木板的最右端（小物块可视为质点)，小 物块与木板之间的动摩擦因数=010现对木板施加一个 F=10 N方向水平向右的恒力,木板与小物块发生相对滑动.取 g=10m/s2 B A 0 图 17 L F m M 0 图 19(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)（1)求木板开始运动时加速度的大小；(2)如果把木板从物块下方抽出来,那么 F持续作用的时间至少需要多长?11.（

12、2013 丰台会考模拟）如图 16 所示，一上表面光滑的木箱宽L1 m、高 h3。2 m、质量 M 8 kg.木箱在水平向右的恒力 F16N作用下,以速度 v03m/s 在水平地面上做匀速运动。某时刻在木箱上表面的左端滑上一质量 m 2 kg，速度也为 3m/s 的光滑小铁块（视为质点），重力加速度 g 取 10 m/s2。求：（1）小铁块刚着地时与木箱右端的距离 x；（2）若其它条件均不变，木箱宽L至少为多 长，小铁块刚着地时与木箱右端的距离最远.12。（2013 海淀会考模拟）如图 17 所示，在高出水平地面 h0。80m的平台上放置一质量 m20。20kg、长 L=0.375m的薄木板

13、A。在 A最右端放有可视为质点的小金属块 B，其质量 m10.50kg.小金属块 B与木板 A、木板 A与平台间、小金属块与平台间的动摩擦因数都相等,其值0。20。开始时小金属块 B与木板 A均静止，木板 A的右端与平台右边缘的距离 d=0.49m.现用水平力将木板向右加速抽出。在小金属块从木板上滑下以前,加在木板上的力为水平向右的恒力 F.小金属块落到平台上后，将木板迅速取走，小金属块又在平台上滑动了一段距离，再从平台边缘飞出落到水平地面上，小金属块落地点到平台的M h L v0 m F 图 16(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)水平距离 x=0.08m。(

14、取 g10 m/s2,不计空气阻力)求：小金属块 B离开平台时速度 vB的大小;(2)小金属块 B从开始运动到刚脱离木板 A时，小金属块 B运动的位移 xB;（3)作用在木板上的恒力 F的大小。13。（2013 东城南片模拟）如图 19 所示，质量 M=2.0 kg的长木板静止在光滑水平面上，在长木板的左端放一质量 m=1.0 kg 的小滑块（可视为质点)，小滑块与长木板之间的动摩擦因数=0。10.现用水平恒力 F=3.0 N向右拉小滑块，使小滑块与长木板发生相对滑动,当小滑块滑至距长木板的左端3m时撤去力F.已知小滑块在运动过程中始终没有脱离长木板.取 g=10m/s2.求:撤去力 F 时小

15、滑块和长木板的速度各是多大;运动中小滑块距长木板左端的最远距离.滑块参考答案 B x F A h d 图 17 图 19 F(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)1.2.(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)3。解：（1）小滑块受到 F=8。0 N水平向右的恒力后，向右做匀加速直线运动,所受向左的摩擦力 f=mg 根据牛顿第二定律,小滑块的加速度 a1=mfF=5。0 m/s2 设经过时间 t 后小滑块离开木板。在这段时间内小滑块的位移21121tax 木板所受向右的摩擦力 f =f，向右做匀加速直线运动.根据牛顿第二定律，木板的加速

16、度 a2=Mf=3。0 m/s2 在时间 t 内木板的位移22221tax 由图可知 L=x1 x2，解得 t=1。0 s 则小滑块离开木板时的速度 v=a1t=5.0 m/s (2）小滑块做匀加速直线运动的速度tmmgFtav11 木板做匀加速直线运动的速度 tMmgtav22 任意时刻小滑块与木板速度之比gmMmgFvv221)(欲使小滑块速度是木板速度的 2 倍，应满足2)(2gmMmgF 若只改变 F，则 F=9 N 若只改变 M，则 M=1.2 kg 若只改变，则=0.27 若只改变m，则 m=0.93 kg 4。F F x2 x1 L(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(w

17、ord版可编辑修改)5。解：（1)木板槽受到 F=10。0N水平向左的恒力后，向左做匀加速直线运动，所受向右的摩擦力mgf1,增 根据牛顿第二定律，木板槽的加速度21s/m0.4MfFa 设经过时间 t 后小滑块滑到木板槽中点，在这段时间内木板槽的位移2t1ta21x 小滑块因受向左的摩擦力ff，将向左做匀加速直线运动,根据牛顿第二定律，小滑块的加速度22s/m0.2mfa 在时间 t 内木板的位移222ta21x 由图可知 21xx2L 解得 s0.1t 则小滑块滑到木板槽中点时的速度s/m0.2tav2（2）由于小滑块滑到木板槽中点时的速度与第（1)问所求速度相同，而小 滑块的加速度不变,

18、所以当木板槽与水平面间有摩擦时，要求木板槽的加速度也不变，即1211aMg)mM(mgFa 若只改变 F，则 F=11.5N；若只改变 M，则 M=1.67kg；若只改变 m，则 m=0.40kg。6.解：(1）对木块施加推力作用后，木块和平板的受力情况如图所示 N1 F f1 f2 N N2(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)木块受到的滑动摩擦力 f1=N1=mg=0.40 2。010 N=8。0N 根据牛顿第三定律，有 f1=f2，N1=N2 根据牛顿第二定律，木块的加速度 a1=0.20.8121mfFm/s2=2。0m/s2 平板的加速度 a2=50.8

19、2Mfm/s2=1。6m/s2 设经过 t，木块恰好与挡板相撞，则 L=2121ta2221ta 解得 t2s（2）根据（1）可以求得时间 t MmgmmgFLt2 如果只改变平板的质量 M，从上式可知，当 M增大时，时间 t 减小，所以甲同学说法正确 7。解：木板在外力 F的作用下，与小物块发生相对滑动。小物块做匀加速直线运动，没小物块加速度的大小为 a1.对小物块 f=mg=ma1 即 a1=2。0m/s2 木板做匀加速直线运动，没木反加速度 的大小为 a2.在 t=1。0s 内,小物块向右运动的距离为21121tax 木板向右运动的为 22212xa t 依据题意 x2x1=2L x1

20、2L x2 M M m m(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)解得 a2=3.0m/s2 对木板 F-mg=Ma2 得 F=13N 小物块做匀加速直线运动的加速度1a=2。0m/s2 经过时间 t,小物块向右运动的距离为21112xa t 木板向右运动的距离为22212xa t 欲使经过时间 t=1。0s，小物块恰好滑到木板的左端，要求 21xxL 即 222FmgtgtLM 则 M、m、F满足关系 F=4M+2m 若只改变 F，则 F=16N；若只改变 M，则 M=2。25kg；若只改变 m，则 m=0。50kg.8.解：（1)B 滑上 A后,A、B在水平方向

21、的受力情况如答图所示 其中 A受地面的摩擦力的大小 Ff1=1(m1+m2)g A、B之间摩擦力的大小 Ff2=2 m2 g 以初速度 0的方向为正方向 A的加速度 21211221m/s8.0)(mgmmgma B的加速度 22222m/s6.1mgma 由于 a1 0，所以 A会相对地面滑动,经时间 t，A的速度 ta11 A的位移 21121tax B的速度 ta202 Ff2 Ff1 Ff2 A B 答图(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)B的位移 220221tatx 当 1=2 时，B相对 A静止，解得 x2x1=0.83 m 即 B在 A上相对 A

22、滑行的最远距离为 0。83m (2）要使 B刚好从 A上滑下,即当 1=2时,有 x2x1=L 解得 Lg)(41220 （i）只改变 0,则30520 m/s=2。2 m/s；（ii)只改变 1，则 1=0.06；（iii）只改变 2，则 2=0.14.4分 4分 9。解：（1）小物块先向左做匀减速直线运动,设小物块加速度的大小为 a1 对小物块，根据牛顿第二定律得 f=mg=ma1 a1=3。0 m/s2 经时间 t1=10a=1。0 s，速度减为零.位移大小 211101)-(21+=tatx=1。5 m 之后,小物块向右做匀加速直线运动,设经时间t2与木板相对静止，此时它们的速度大小为

23、,物块向右运动的位移大小为 x2.21=ta，221221=tax 对木板，水平方向的受力情况如答图 2 所示.木板向右做匀加速直线运动，设木板的加速度大小为 a2 根据牛顿第二定律得 F-mg=Ma2 答图 2 F f(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)MmgFa-=2=1.0 m/s2)+(=212tta 木 板 的位移大小 22123)+(21=ttax 可解得 t2=0.50 s,83=2xm，89=3xm 物块相对木板滑动的最大距离 231-+=xxxx=2.25 m 答图 3 x1 x2 x3 x(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word

24、版可编辑修改)（2）若物块速度减为零时恰好到达木板的左端，则 212121+=taxL=211mg-21+tMFx F、M、m满足关系 F=1。8M+3m 若只改变 F，则 F=8.4 N 若只改变 M，则 M=1。7 kg 若只改变 m，则 m=0.20 kg 10。11。解：（1）未放小铁块，木箱受到的摩擦力为 f1，有 Ff1，f1Mg 放上小铁块,木箱受到的摩擦力为 f2，此时木箱的加速度大小为 a,有 Ff2Ma 联立得 a 0。5m/s2 （1分）设小铁块经过 t1从木箱右端滑落，有 20 10 1112v tv tatL （1 分）小铁块滑落时，木箱的速度 v1，则 v1v0a

25、t1 （1 分）小铁块滑落后，木箱在 F作用下以速度 v1作匀速运动，小铁块以初速度 v0作平抛运动，下落时间为 t2，有 2212hgt 0 21 2xv tvt （1 分）(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)联立得 x 0.8m （1分)（2)小铁块在水平方向的速度不变，平抛运动时下落时间也不变,因此，小铁块刚滑落时，要求木箱速度刚好为零，此后木箱就停止了运动，小铁块的落地点距木箱右端最远。设小铁块在木箱上运动时间为 t3，有 0 v0a t3 （1分)2/0 30 3312v tv tatL (1分）联立得 L 9m 12（8 分）解答：（1)小金属块经历

26、了三段运动过程：在木板上的匀加速直线运动，从木板上滑落后在平台上的匀减速直线运动，离开平台后的平抛运动。设小金属块做平抛运动的时间为 t3，由2321gth s4.01080.0223ght 设平抛运动的初速度为 vB，由 x=vBt3 解得m/s2.04.008.03Btxv 2分（2）小金属块B在长木板上运动时的受力如答图3所示,小金属块B做匀加速直线运动，设它的加速度为 a1。N0.11050.020.0111gmFf 答图3 f1 m1g F1(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)2111m/s0.25.00.1mfa 小金属块离开长木板后在桌面上运动时的

27、受力如答图 4 所示，小金属块做匀减速直线运动，设它的加速度的大小为1a。N0.1105.02.0111gmFf 2111m/s0.25.00.1mfa 1 分 11aa 设小金属块在木板上运动时,相对于地面运动的距离为 x1，末速度为 v1，所用时间为 t1，则12112avx 111tav 设小金属块在平台上运动时，相对于地面运动的距离为 x2,末速度为 v2,v2=vB=0.20m/s 2122212vvxa 由题意知 dxx21 联立以上四式，解得 x1=0.25m x2=0。24m t1=0.5s v1=1。0m/s 所以小金属块 B 从开始运动到刚脱离木板 A时，小金属块 B 运动的位移 xB=x1=0。25m 答图 4 f1 m1g F1(完整)高考物理板块模型典型例题+答案(2)(word版可编辑修改)2 分（3）取木板为研究对象，小金属块在木板上运动时，木板受力如答图 5 所示。N4.11070.020.0)(2122gmmFf 木板在t1时间内向右运动距离为 L+x1，设木板的加速度为 a2，则 212121taxL 2222112m/s0.5m/s5.0)25.0375.0(2)(2tsLa1 分 根据牛顿定律 F（f1+f2)=m2a2 解得 F=3.4N 2 分 答图 5 f1 m2g F2 F F1 f2