2023年高考第二次模拟考试试卷物理（湖北A卷）（全解全析）.pdf

《2023年高考第二次模拟考试试卷物理（湖北A卷）（全解全析）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年高考第二次模拟考试试卷物理（湖北A卷）（全解全析）.pdf（22页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、 2023年高考物理第二次模拟考试卷物理全解全析注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回一、选择题：本题共11小题，每小题4 分，共 44分。在每小题给出的四个选项中，第 17 题只有一项符合题目要求，第 811题有多项符合题目要求。全部选对的得4 分，选对但不全的得2 分，有选错的得。分。1.如图所示，把一块锌板连接在验电器上，并使锌板

2、带上负电，验电器指针会张开角度0。接着，用高频短波紫外线灯（波长范围280nmmOOnm）持续照射锌板，已知锌的极限频率为8.06xl0Hz、真空中光速为3.0 xl（）8血s,观察验电器指针的变化，则（）A.验电器指针张开的角度，会一直变大B.验电器指针张开的角度6 先变大后变小C.验电器指针张开的角度0先变小后变大D.验电器指针张开的角度。不会发生变化【答案】C【解析】锌的极限频率对应的光波的波长为2=0.372xl0-6m=372nmf用高频短波紫外线灯（波长范围280nm100nm）持续照射锌板，锌板会发生光电效应，逸出光电子，由于锌板原来带负电，可知验电器指针张开的角度6 逐渐变小，

3、足够长时间后，锌板开始带正电且电荷量持续增加，故验电器指针张开的角度，逐渐变大，即整个过程中验电器指针张开的角度e先变小后变大。1 故选C o2.A、B两颗卫星在同一平面内沿同一方向绕地球做匀速圆周运动，如 图(a)所示。两卫星之间的距离即 随时间周期性变化，如 图(b)所示。仅考虑地球对卫星的引力，下列说法A.图(a)A、B的轨道半径之比为1：5图(b)B.A、B的线速度之比为1：2C.A的运动周期大于B的运动周期D.在相同时间内，A与地心连线扫过的面积小于B与地心连线扫过的面积【答案】D【解析】A B.由图知r2-i=2r +弓=6厂解得4 =2 r r2=4 r所 以A、B的轨道半径之比

4、为1:2：设地球质量为M,卫星质量为加，卫星的轨道半径和线速度分别为r、八由GMm-=m厂 r得v=GMA、B的线速度之比 为 收：1,故A B错误;C.由GMm 冗、2丁 二 咛 得7 =2花GMA的轨道半径小于B的轨道半径，A的运动周期小于B的运动周期，C错误;2 D.绕地球运动的卫星与地心的连线在相同时间，内扫过的面积S=-vt-r2由万有引力提供向心力，可知GMm v2-=mr r解得S=-4GMr2可知，在相同时间内，A与地心连线扫过的面积小丁 B与地心连线扫过的面积，D正确。故选Do3.一定质量的理想气体由状态。变为状态c,其过程如p-V图中a-c直线段所示，状态人对应该线段的中点

5、。下列说法正确的是()A.a、c两点的温度不相同B.、方两点的温度之比为3:4C.过程中外界对气体做功D.4 C过程中气体向外界放热【答案】B【解析】A.根据理想气体状态方程气体的温度与pV值成正比，由于农 两 点 值 相 等，故 於 两点温度相等，A错误;B.由P,Y“_Ta Th得5=3：4B正确;C D.由。到c气体体积变大，气体对外做功，内能不变，气体从外界吸热，CD错误。故选Bo3 4.如图所示，不可伸长的轻绳一端悬挂在天花板上的。点，另一端系者质量为加的小球，给小球一定的速度v,使之在水平面内做周期为T的匀速圆周运动。不计空气阻力，下列说法正确的是（）A.小球运动半周的过程中，动量

6、不变B.小球运动半周的过程中，合力的冲量大小为2根uC.小球运动一周的过程中，重力的冲量为零D.小球运动一周的过程中，拉力的冲量为零【答案】B【解析】A B.小球运动半周的过程中，小球动量的改变量为p=-mv mv=2mv根据动量定理/合=Ap=-2mv故A错误，B正确；C.小球运动一周的过程中，重力的冲量大小为/G=mg t=mgt故c错误；D.小球运动一周的过程中，小球动量的改变量为零，又由动量定理得/T=-/G=-mgt故D错误。故选B5.如图所示，理想变压器原线圈接入电压恒定的正弦交流电，副线圈接入最大阻值为2R的滑动变阻器和阻值为R的定值电阻，在变阻器滑片从。端向b端缓慢移动过程中（

7、）R一 一4=1-，2Ro _：a_ _4 A.电流表Ai示数变大 B.电流表A2示数减小C.原线圈输入功率增大 D.定值电阻R消耗的功率增大【答案】B【解析】A B.由于原线圈所接电压恒定，匝数比恒定，副线圈的输出电压恒定，变阻器滑片从。端向端缓慢移动的过程中，副线圈所接的电阻值逐渐增大，由欧姆定律,U,R制可知副线圈的电流逐渐减小，由州=4%/,知变压器原线圈的电流力也逐渐减小，故A错误，B正确：C.原线圈的输入功率为山于乙逐渐减小，则原线圈的输入功率逐渐减小，故c错误；D.由于副线圈的电流逐渐减小，流过定值电阻的电流逐渐减小，则由公式PR=FR可知，定值电阻/?消耗的电功率逐渐减小，故D

8、错误。故选B6.工人用如图所示的装置匀速吊起石球，装置底部ABCZ)为圆形绳套，A、B、C、。是圆上四等分点，侧面A、O B、。是四条完全相同、不可伸长的轻绳。点在石球球心正上方0.5m处，石球半径为0.3m,石球表面光滑、重力大小为G。下列说法正确的是()5GA.绳的张力大小为百B.若侧面绳长不变，减小绳套的半径，绳的张力减小C.若绳套不变，将侧面四根绳子各增加相同的长度，绳的张力增大5GD.若加速向上提升石球，以 绳的张力大于而5 【答案】D【解析】A.对石球受力分析，绳与石球相切于点4,设0A绳与竖直方向夹角为e,如下图0所以4cos 0=5对结点。受力分析，由平衡条件得4TA COS

9、0=G解得，0A绳的张力大小为T_ G _ 51 A C-74cos夕 16A 错误；B.由题意可知T4 cos。若侧面绳长不变，减小绳套的半径，则6 变大，cos。变小，则。4绳的张力增大，B 错误;C.若绳套不变，将侧面四根绳子各增加相同的长度，变小，8 S。变大，由T=-A 4 cos 6可得，3 绳的张力减小，c 错误；D.当石球平衡时，绳子拉力为T-G _ 5 -“4cos8 16所以，若加速向上提升石球，加速度向上，由牛顿第二定律4 1 cos O-G=tna可得，3 绳的张力TAG4 16D 正确。故选D。6 7.如图甲所示，水平放置的平行极板A、8 间加如图乙所示的交变电场，=

10、0 时刻，。处粒子源水平向右发射速度相同的、。两粒子，穿过极板后水平向右垂直进入有竖直边界的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，“粒子恰好不从磁场右边界飞出，、匕 两粒子的运动轨迹交于C 点，且在C 处时。、力速度方向垂直，C 到左右磁场边界的距离相等，不计粒子重力及粒子间的相互作用。下列说法正确的是()甲乙A.”、力 在电场中运动的时间可能不同B.a、穿过极板的时间可能为八的奇数倍C.。、方 粒子的比荷为1：6D.。、人穿过极板竖直方向上的位移大小之比为1:2【答案】C【解析】A B.因为“、粒子都是以相同的速度，垂直进入电场，在电场中，沿初速度方向不受力，做匀速直线运动，由L-vQt可得，“、

11、匕在电场中运动的时间一定相同；又因为两粒子穿过极板后水平向右垂直进入有竖直边界的匀强磁场，则两粒子在离开电场时，竖直方向速度为零，根据图乙可知，穿过极板的时间为4 的偶数倍。AB错误；C.由下图可知7 见 口 2 1sinO=*-=(2可得8=30。由几何关系可知tan 0=3在磁场中，由洛伦兹力提供向心力v2qvB=tnR可得，粒子的比荷为旦=上m BR在本题中，两粒子进入磁场时的速度大小相等，则q 1-x m R所以、粒子的比荷之比为%R 3 V3mbC 正确；D.在竖直方向，“、。粒子先加速度再减速，由运动学公式得1。1 q E)y at-1 2 2 m因为。、匕粒子在电场中运动时间相等

12、，场强E 相等，则y oc,tn所以，”、匕穿过极板竖直方向上的位移大小与两粒子的比荷成正比，则%&=四 二券正V3D 错误。故选C。8.如图所示，铁芯上有两个导线圈A 和 B,线圈A 跟电源和开关S 相连，LED(发光二极管，具有单向导电性)M 和 N 并联后接在线圈B 两端，图中所有元件均正常，则()8 A.S闭合瞬间，A中有感应电动势 B.S断开瞬间，A中没有感应电动势C.S闭合瞬间，M亮一下，N不亮 D.S断开瞬间，M和N二者均不亮【答案】AC【解析】A.闭合开关S的瞬间，穿过线圈A的磁通量增加，线圈A中将产生自感电动势，故A符合题意；B.开关断开的瞬间，穿过线圈A的磁通量减小，线 圈

13、A中将产生自感电动势，故B不符合题意；C.闭合开关S的瞬间，穿过线圈A的磁通量增加；线圈外侧的电流方向向右，根据安培定则可知，A中产生的磁场的方向向上；穿过B的磁通量向 二增大时，根据楞次定律可知，B中感应电流的磁场的方向向下，根据安培定则可知，B中感应电流的方向在外侧向左，所以线圈下端的电动势高，电流能通过二极管M,不能通过二极管N,故C符合题意；D.结合C的分析可知，S断开瞬间，穿过线圈B的磁通量减小，产生感应电流的方向与C中感应电流的方向相反，所以感应电流能通过二极管N,不能通过二极管M,故D不符合题意。故选AC9.甲乙两质点在同一直线上运动，从f=0时刻起同时出发，甲做匀加速直线运动，

14、X T图像如图甲所示，已知甲图像过（，一2）、（1，）、（2,6）三个点。乙做匀减速直线运动，整个运动过程的x-F图像如图乙所示，下列说法正确的是（）v2/m2s-29 A.1=0时刻，甲的速度2 m/s B.甲的加速度大小4 m/s 2叵sC.经 过2二 甲追上乙 D.经过2.5 s,甲追上乙【答案】B C【解析】AB.对甲图有1 ,x=vot+-alr +xo将（0,-2）、（1,0）、（2,6）三个点代入上式解得v0=0 ，a.=4 m/s2，xQ=-2 mA错误，B正确；CD.对乙图有v2-v l0=2a2x变形为X =5 v22a2 2a2结合图像可知v乙o =l m/s a2-4

15、m/s2由运动学公式均 =*乙+国代入数据解得，甲追上乙的时间为C正确，D错误。故选B C o1 0.如图，坐标原点。有一粒子源，能向坐标平面一、二象限内发射大量质量为，、电量为夕的正粒子（不计重力），所有粒子速度大小相等。圆心在（R）,半径为R的圆形区域内，有垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为8。磁场右侧有一长度为R,平行于y轴的光屏，其中心位于（2RR）。已知初速度沿y轴正向的粒子经过磁场后，恰能垂直射在光屏上，则（）10 qBRA.粒子速度大小为？B.所有粒子均能垂直射在光屏上C.能射在光屏上的粒子，在磁场中运动时间最长为%BD.能射在光屏上的粒子初速度方向与x轴夹角满足45。(

16、64135。【答案】AC【解析】A.由题意，初速度沿轴正向的粒子经过磁场后，恰能垂直射在光屏上，有V2qBv=tnrmv 八r=RBq解得v理mA正确；B.由于所有粒子的速度大小相等，但方向不同，且离开磁场区域的出射点距离圆心的竖直高度最大值为2 R,并不会垂直打在光屏上，B错误；2一 7 1C.如图，由几何关系可得，运动时间最长的粒子，对应轨迹的圆心角为311 根据周期公式T 2t冗丫1 =-V可得t=JLT=LT=-2兀3 3B qC正确；D.粒子初速度方向与x轴夹角为6时;若能打在光屏下端，如图12 由几何关系可得圆心角0=60即初速度与x轴夹角为4=6 0同理，粒子打在光屏上端时(图同

17、B),初速度与x轴夹角为劣=1 2 0D错误。故选A C o1 1.如图所示，光滑水平面上有一倾角为。的斜面体，在水平向右的力F的作用下，斜面体和其上一质量为机的物块一起向右运动，加速度与时间的关系为。=右，其中上为大于0的常量。物块和斜面体之间动摩擦因数为，重力加速度为g。6时刻，物块和斜面体刚要发生相对运动，此 时 物 块 动 能 为 心 则()A.乙时刻之后，物块相对于斜面体向下运动g(c o s 6-s i n 0)B (/s i n e +c o s。)m g 2(c o s 6-s i n J，c.时间内物块受到斜面体作用力的冲量为2以s i n e +c o s 6尸13 D.若

18、力F 大小不变，方向改为水平向左，物块与斜面体开始相对运动时的动能线2 线 1【答案】ABD【解析】A.在不时刻，物块受重力，垂直于斜面向上的支持力以及沿斜面向上的摩擦力，它们的合力方向与力F 一致，若力尸继续增大，斜面的加速度将大于物块的加速度，物块相对斜面体向卜运动，A 正确；B.设物块所受支持力为M，摩擦力为力，将它们沿着水平和竖直方向进行分解，有NCOs0+sine=mg cos0-N sin 0 =a=ktx 工=4 2联立以上各式可得MN、-_ mg y f -_ mg G,-_ g(MCOsO-sinO)cos 0+/sin 0 cos+/sine Z(sin+cos。)B 正确

19、；c.0-4 时间内物块受到重力与斜面体作用力的冲量，由动量定理mg2(cosO-sin。)Ic+/=mv=mat.=-六Msin6+cose)mg?(cos。一 sin。)由矢量关系可知物块受到斜面体作用力的冲量大于Msin+cos。)一 ,c 错误；D.若改变力的方向，加速度较大时，则物块会受到沿斜面向下的摩擦力和垂直于斜面向上的支持力，分别设为力，M，设在72时刻，物块和斜面体刚要发生相对运动，将力沿水平和竖直方向进行分解，有co s+A 2sin0=2 cos 0=f2sin0+mg 力=因地面光滑，则力/换方向后加速度依旧满足题干所给关系式，则有a2=kt2联立以上各式可得_ g(c

20、ose+sin&)2 k(cos。一 sin。)则有则在f2时刻的速度要大于“时刻的速度，则有%4D 正确。故选ABDo二、非选择题：本题共5 小题，共 56分。12.(7 分)某实验小组设计了如图甲所示的实验装置来验证机械能守恒定律。绳和滑轮的14 质量忽略不计，轮与轴之间的摩擦忽略不计。（1）实验时，该同学进行了如下操作：用天平分别测出物块A、B的质量，川和m2（A 的质量含遮光片）：用 20分度游标卡尺测量遮光片的挡光宽度d,示数如图乙所示，游标卡尺的示数为0 1 2 3 4 5 主尺儿蜴l|lH吊吊中丫山2 kL山L“LL_0_ 后_ 2oJ 游标尺乙将重物A、B用轻绳按图甲示连接，跨

21、放在轻质定滑轮上，一个同学用手托住重物B,另一个同学测量出挡光片中心到光电门中心的竖直距离h,之后释放重物B使其由静止开始下落。测 得 遮 光 片 经 过 光 电 门 的 时 间 为 则 重 物 A 速 度 的 大 小 为,重物B 速度的大小为 O（2）要验证系统（重物A、B）的机械能守恒，应 满 足 的 关 系 式 为 （用质量加八m2,重力加速度为g,遮 光 片 经过光电门的时间为遮光片的宽度d和距离表示）。（2 叫-叫）=S明+:叫 修【答案】1 0.5 5 2 2【2 ）t）【解析】（1）游标甘尺的示数为d=1 0 m m+1 1 x 0.0 5 m m =1 0.5 5 m m由光电

22、门测速原理，A 通过光电门的速率为d则 B 的速率为、2d%=2=五15 （2）如 果 系 统（重 物4、B）的机械能守恒，应满足的关系式为w2g-2/z-wlg/z=n?1vA2+/n2vB2整理得(2/M2-m g h =lm2213.（9分）现要尽量准确地测量量程为00.6A、内 阻 约 为2 C的 电 流 表A i的 内 阻 私，实验室提供的其他器材如下:电 流 表A 2（量 程0 3 A,内 阻,=10C）；滑 动 变 阻 器R/（最 大 阻 值10Q，最 大 电 流3.5A）；电 阻 箱/?2（阻 值0 999C）；电 源E（电 动 势3 0 V,内 阻 约0.5C）；开 关、导线

23、若干。选用上述的一些器材，两个同学分别设计了图甲、图乙所示的电路图。A.5Q B.50Q C.500Q（2）在图甲的电路中，测 得 电 流 表Ai、A?的示数分别为/八/2，电阻箱的示数为七，则电流 表A i的 内 阻 心 的测量值为o （用所给物理量表示）（3）按图乙的电路进行如下操作:先 将 滑 动 变 阻 器R I的滑动触头移到使电路安全的位置，再 把 电 阻 箱&的 阻 值 调 到（填“最大”或 最小 闭 合 开 关Si、S,调 节 滑 动 变 阻 器R 使两电流表的指针有较大幅度偏转，记录电流表A2的 示 数L 断 开S”保 持S闭合、不 变，再 闭 合S 2,调 节 使 电 流 表

24、A2的示数,读出此时电阻箱的阻值R。，则 电 流 表A i的 内 阻&=（4）从实验测量精度的角度分析，用图.电路较好，原因是16 ，2-/R2【答案】B 人 最 大 再 次 为/（或仍为/）Ro甲 图 乙 电 路 受 电阻箱取值限制，阻值只能精确到个位【解析】（1）为了减小测量误差，图甲中两个电流表应同时偏转较大角度，电阻箱心 的阻值应为5 0 C。故选Bo（2）在图甲的电路中，测得电流表Ai、A2的示数分别为/八/2，电阻箱的示数为&,则电流表Ai两端的电压为hr-hR2则 RA的测量值为&=-.（3）实验前色的阻值应该调节到最大，以保证电表安全；替代法最简单的操作是让A2示数不变，则可直

25、接从&的读数得到电流表Ai的内阻。所以使电流表A2的示数再次为/（或仍为/）,电流表Ai的内阻RA=RO。（4）两个电路都没有由仪器引起的系统误差，但用图乙电路测量时，受电阻箱取值限制，阻值只能精确到个位，误差较大，所以用图甲电路较好。1 4.（9分）在折射率为=&的液体内部有一点光源S,点光源可以向各个方向移动，初始时刻，在液面上观察到半径为尺=0-2 m的圆形光斑。（1）求点光源S的初始深度力；（2）让点光源S向某个方向匀速移动，发现光斑最右侧边沿5位置不动，最左侧边沿。向左侧移动，经 过2 s,左侧边沿。向左移动了 x =0 4 m,侧面图如下图所示，求点光源S的移动速度、2-2液面I

26、S 液体内部【答案】（1）0.2 m；（2）1 m,方向沿左下方4 5。角【解析】（1）在8处发生全反射，如图DB液面液体内部临界角C满足17 .1s i n C=n由几何关系得c Rta n C=h联立解得，点光源S 的初始深度为/z =0.2 m(2)由图可知液面液体内部光源移动的位移s 满足xcosC=s由公式Sv=t联立解得，光源移动速度为7 2v-m1 0方向为光源S沿着左下方4 5 角。1 5.(1 3 分)如图所示，与 P O Q 是一组足够长的平行光滑导轨，间距L =lm,MC、尸。倾斜，CN、QQ在同一水平面内，C D 与C N垂直，C、。处平滑连接。水平导轨间有竖直向下的匀

27、强磁场，磁感应强度5 =1 T。质量 2 k g、电阻R=IC、长度为L的硬质导体棒。静止在水平轨道上，与a完全相同的导体棒b 从距水平面高度h=0.2 m 的倾斜轨道上由静止释放，最后恰好不与棒相撞，运 动 过 程 中 棒 始 终 与 导 轨 垂 直 且 接 触 良 好。不计其它电阻和空气阻力，重力加速度g =l0m/s 2。Q)求力棒刚进入磁场时，。棒所受的安培力；(2)求整个过程中通过。棒的电荷量夕及。棒距离C O的初始距离与；(3)。、6 棒稳定后，在释放b 棒的初始位置由静止释放相同的棒打,所有棒运动稳定后，在同一位置再由静止释放相同的棒,所有棒运动再次稳定后，依此类推，逐一由静止释

28、放“、以、。当释放的瓦棒最终与所有棒运动稳定后，求从棒开始释放到与所有棒运动保持相对稳定时，。棒 上 产 生 的 焦 耳 热 并 算 出 =3 时。棒上产生的总焦耳热?。18 Qn=!-J _41_【答案】（1）1 N,方向水平向右；（2）0.1 C,0.2 m；（3）+,7 2 0 j【解析】（1）匕棒卜滑/，时“出 =g 或b刚切割磁感线时干路电流有BLvn=I（R+R）。棒的所受安培力Fa=B I L =W方向水平向右（2）“、匕 在水平导轨上运动共速前，。的速度为匕，力的速度为 力,电路满足或（T）=&（R+R）a、b在水平导轨上运动共速后速度为“满足对于。棒，取时间微元，有Ba/L

29、t=mAv-（V.-v,）-Ar =w AvR+R a）对分别求和可得q=Z L*=*=o i cDLX。=Z（%-匕）.=m V 卷 R）=-2m（3）当棒运动达到稳定后的%=（a +1）加匕此过程中损失的动能满足1 9 由电路可知由焦耳定律可得0=(/+皿此过程中。棒上产生的焦耳热Qa=-r +g机吃I 一(+1)机dn+|_2 2 2 J(n)联 立 颂C(1 丫 1 2 1 ,Qun=-T-=7T-TJI +nj 2 5n(n+l)V 2=丁1 7+J ,+-7 m v0乙 12-22 22-32 n2.(n+l)-J 2 当=3 时，代入数值可得十八 F 1 1 i l l 2 41

30、Z。，_|_p.22+22-32+32-42 J-2 WV0-72016.(18分)如图所示，长为L2=2m的水平传送带以m2m/s的速度逆时针匀速转动，紧靠传送带两端各静止一个质量为，g=，c=lkg的物块B和 C,在距传送带左端s=0.5m的水平面上放置一竖直固定挡板，物块与挡板碰撞后会被原速率弹回，右端有一倾角为37。且足够长的粗糙倾斜轨道加，斜面底端与传送带右端平滑连接。现从距斜面底端L/=2m处由静止释放一质量?A=0.6kg的滑块A,一段时间后物块A 与 B 发生弹性碰撞，碰撞时间忽略不计，碰撞后B 滑上传送带，A 被取走，已知物块B、C 与传送带间的动摩擦因数从二 0 2,与水平

31、面间的动摩擦因数从二0 0 2,物 块 A 与斜面间的动摩擦因数=2 5,物块间的碰撞都是弹性正碰，不计物块大小，g 取 lOm/s?。sin37=0.6,cos37=0.8o求：(1)物块8 与物块C 第一次碰撞前，物块B 在传送带上滑行过程中因摩擦产生的内能；(2)整个过程中，物块C 与挡板碰撞的次数；(3)整个过程中，物块8 在传送带上滑行的总路程，20 【解析】（1）物块A 在下滑到斜面底端的过程中，由动能定理得mAgLx sin 37-mAgLl cos 37代入数据可得vA=4m/sA、8 两物块发生弹性碰撞，设碰后A 的速度为为,8 的速度为 力,有mAVA=mAVAi+mBVB

32、1 2 1 2 1 2耳 7 八 5 二/办|+耳机”6代入数据得以=3m/s物块B 在传送带上运动的速度大于传送带速度，物块8 做匀减速运动，对物块8=mBaB解得%=Mg=2m/s2物块8 经时间 后，速度与传送带速度相等，设向左运动的位移为x,则有公 出 口 =0枭x=1 1 +V t.=1.25m2 由于物块8 与传送带速度相等后一起与传送带做匀速运动，此过程传送带向左的位移M =%=1m因此物块与传送带间因摩擦而产生的内能代入数据得Q=O.5J（2）物块8 与物块C 在传送带左端发生弹性碰撞，取向左为正方向，有mBV=mBVB+mCVC 1 2 1 2 1 ,2WBV =2WVBI+

33、2，MCV代入数据得=0vCI=2m/s21 由此可知，以后每次B 9C相碰，速度都发生交换.对物块C,设来回运动了 次，由动能定理可知-ju2mcg x 2ns=O mcv代入数据得 =1 0（3）由（2）知，物块C第火次返回至传送带左端时速度平方大小为由运动学公式得=哈-2 2 g x 2 抬=4-（）.4 4（m，s2）（后=1，2,，1 0）物 块B获得速度后在传送带上先向右做匀减速运动，后向左做匀加速运动，回到传送带左端时速度大小不变，物块8第人次在传送带上来回一次运动的路程2xk=x 2 =2 -0.2 A（m）2 M g （=1,2,1 0）所以整个过程物块B在传送带上滑行的总路程%=乙+（玉+玉。）代入数据得%=U m22